电机与拖动(许晓峰)课后答案

1、第一章 直流电动机答：电枢绕组为单叠绕组时，运行时去掉一个或相邻两个电刷，并联支路数减少一半，电枢电流将减少一半。电枢绕组为单波绕组时， 并联支路数不受影响，电枢电流不变,但每个电刷通过的电流将增大，致使换向困难答：感应电动势（参见图）。电刷两端得到总的感应电动势为零。P 10 .83图题图答：由Tem=CTD Ia知：对于已制造好的直流电机，其电磁转矩与电枢电流和气隙磁通的乘积成正比。可用左手定则判断电枢导体的受力方向，从而确定电磁转矩的实际方向。对于直流发电机而言，电磁转矩为制动转矩，与转子转向相反；而对于直流电动机而言，电磁转矩为驱动性质，与转子转向相同。答：并励直流发电机正转时能自励，

2、反转时则不能自励。如果把并励绕组两头对调，且 电枢反转，此时能自励。答：换向元件里合成电动势汇 e为零时，换 向元件里的换向电流随时间线性变化，这 种换向称为直线换向。 直线换向时不产生火花。换向过程中换向元件里的合成电动势大于零，使换向电流变化延缓，不再是线性的，出现了电流延迟现象，这时的换 向称为延迟换向。延迟换向时电刷下产生电火花。Pn 10 103 A43.48A入 功I NA解：额定电流：额 定I U N 230负 载 时 的 输Pi1.17PnN10kW11 .76 kW0.85解：额定负载时的输入功率:17kW20 .48 kW额定电流：解：(1)绕组节距计算Z222y12V74

3、y yk 1y2 y1 y 514(2)绕组展开图如图所示(采用右行短距绕组)(3)并联支路数如下:a p 2, 2a 4Z19y12p4解：（1）绕组节距计算Z19y12p4yyky2 yK1191p2y1954图题图（2）绕组展开图如图所示（采用左行长距绕组）（3）并联支路数如下：2 a 2解：（1） n=1500r/min 时pN60 a3 398603_22.1 101500 V209 V解：（1）额定电流（2） n=500r/min 时pN60 a33986032.1 10 2 500 V69 .65 V解：（1）电枢绕组为单叠绕组a=3TempNCT Ia M I3 3982.12

4、 3.14 31010Nm 13.31N（2）电枢绕组为单波绕组 a=1TemCt1apN3 3982 3.14 12.1 10 2 10N m 39.93N m(2)P NU N电枢电动势171023073 . 91 AEaC e nNpN2 468解：（1）发电机运行时60 a601 .03102 _1500 V 241 VaN23015 .7245 .7V所以2452000励磁电流| fN230 人A610（2）电动机运行时 电枢电动势：220| aN15.7 A又E a所以Ra IaN22015.7 V204 .3V励磁电流：I fD因为所以得220610245 .7204 .3200

5、0Rd204.3V| fN / | fD230220610610n D 1738 r / min1.24解：（1）额定负载时电枢电动势:Ea URaI aN220 0.2675 V 200.5V因为额定负载时电磁功率:Pem Ea I aN 200.575W15037 .5W所以额定负载时输出功率:P 2 P emP 0 P em15037.52589Femec12448.5W所以额定负载时输出转矩为12448 .51000N60m 118.93 N m(2)励磁电流I fNU_ R220 人A912 .42所以输入功率:Pi U N I aNfN22075 2.42 KW17 .03 KW所

6、以额定效率:P2 P12 .45 17 .030.73解：(1)额定负载时电枢电动势:RaIaN2200.65 45 V190 .75V额定负载时电磁转矩:P emaN190 .7545 W8583 .75 W额定负载时电磁功率:T emP emP em2 n N / 608583 .75额定励磁电流:I fN220 A 1 . 1200(2)电源电压降为U=160V时的励磁电流1040N m / 6078 .82 NJa 200所以158电枢电动势:电枢电磁功率:10401581040对应电磁转矩:15810402 n60Ce解:(1) 电枢电动势:E aNaN电枢电流Ia=20A 时,所以由磁路不饱合，所以1581040T em16012478 .82 Na 54 .33 A54 .330.65124.68 V.68-15810402202001000210/ min820 rmin220所以.