动量+波粒二象性试卷(ffffffff含答案)

1、波粒二象性练习题一、选择题 1-7 为单项选择题。 8-10 为双选题班级 1、关于光的本性，以下说法中不正确的选项是A.光电效应反映光的粒子性 B 光子的能量由光的强度所决定C.光子的能量与光的频率成正比D 光在空间传播时，是不连续的，是一份一份的，每一份光叫做一个光子2 、一束可见光 a是由m n、p三种单色光组成的。其中， n、p两种色光的频率都大于 m色光；n色光能 使某金属发生光电效应， 而p色光不能使该金属发生光电效应。 那么，光束a通过三棱镜的情况是图中的 m'P11 ；3. 研究光电效应规律的实鴨装置如團3所示.用频率为¥的光照射光电WUIWK时，有光电子产&

2、#39;L.由I光电管伽加的是反向电压，光电子从開诙发射后将向阳齡做絨速运动.光电超由国中电流电乐表曲示数称九反向截止电压，在以下表示光电效减理骏规律的图象中，错误的截止业压L/顿率v时.光电44 耳匝向电压U的关系c光强f和顾率V 一定 时r此电流i弓产生光 电子的时间F的关索计G测出，反向电压DEh电FK衣V测出.当电流计的示数恰好为零时I反向电IE和恤率v 一定时，光电流丨与 比强/的关系A4、对爱因斯坦光电效应方 H=hv-W程，下面的理解正确的有 A. 只要是用同种频率的光照射同一种金属，那么从金属中逸出的所有光电子都会具有同样的初动能吕B. 式中的W表示每个光电子从金属中飞出过程中

3、克服金属中正电荷引力所做的功C. 逸出功W和极限频率V c之间应满足关系式 W= hv cD. 光电子的最大初动能和入射光的频率成正比5、 当具有5.0eV能量的光子照射到某金属外表后，从金属外表逸出的电子具有最大的初动能是1.5eV。为了使这种金属产生光电效应，入射光的最低能量为6、如右图所示，一验电器与锌板相连，在A处用一紫外线灯照射锌板，关灯后，指针保持一定偏角。现用一带负电的金属小球与锌板接触，那么验电器指针偏角将;使验电器指针回到零，再用相同强 度的钠灯发出的黄光照射锌板，验电器指针无偏转。那么，假设改用强度更大的红外线灯照射锌板，可观察到验电器指针 偏转A增大无 B 减少 有 C

4、增大 有 D 减少 无7、用不同频率的紫外光分别照射钨和锌的外表而产生光电效应，可得到光电子最大初动能 Ek随入射光频率 变化的Ek -v图.钨的逸出功是3.28eV,锌的逸出功是3.34eV,假设将二者的图线画在同一个Ek-v坐标图中1实线表示钨、|虚线表示令锌1厂,那么正确反映这一过程的/. JJJLQAT o弋O C"r D8、用如以下图的装置演示光电效应现象当用某种频率的光照射到光电管上时,电流表G的读数为i .假设改用更高频率的光照射，此时A. 将电池正的极性反转，那么光电管中没有光电子产生B. 将电键S断开，那么有电流流过电流表 GC. 将变阻器的触点 c向b移动，光电子

5、到达阳极时的速度必将变小D. 只要电源的电动势足够大，将变阻器的触点光电符9、10AC某金属在单色光的照射下发生光电效应，这光子的最大初动能A.随照射光的强度增大而增大BC.随照射光的波长增大而增大D、以下关于光电效应的说法正确的选项是.假设某材料的逸出功是 W那么它的极限频率为.光电子的最大初动能和照射光的频率成正比c向a端移动，电流表 G的读数必将变大随照射光的频率增大而增大与照射光的照射时间无关w/hDB .光电子的初速度和照射光的频率成正比光电子的最大初动能随照射光频率的增大而增大二计算题动量守恒单元12. 18分如以下图，在水平轨道右侧安放半径为R的竖直圆槽形光滑轨道，水平轨道的PQ

6、段铺设特殊材料，调节其初始长度为I ;水平轨道左侧有一轻质弹簧左端固定，弹簧处于自然伸长状态。小物块A静止放置在弹簧右端，A与弹簧接触但不拴接；小物块B从轨道右侧以初速度 V0冲上轨道，通过圆形轨道、水平轨道后与物块 A发生对心碰撞且瞬间粘连，之后A、B 一起压缩弹簧并被弹簧以原速率弹回，经水平轨道返回圆形轨道。物块A、B均可视为质点。R=0.2m, l=1.0m , v°=6m/s，物块A、B质量均为m=1kg，与PQ段间的动摩擦因数均为尸0.2，轨道其他局部摩擦不计。取g=10m/s2。求：1物块B与物块A碰撞前速度大小；2物块B与物块A碰后返回到圆形轨道的高度；3调节PQ段的长

7、度I, B仍以v0从轨道右侧冲上轨道，当I满足什么条件时，A、B物块能返回圆形轨道且 能沿轨道运动而不会脱离轨道？V0IA 冬 R B、nPVl_*! Q班级一、单项选择题每题评分座号4分，共16分1、如以下图，两个质量相等的物体沿同一高度、倾角不同的两光滑斜面顶端从静止自由下滑，到达斜面底端，两个物体具有的相同物理量是A.下滑的过程中重力的冲量B.下滑的过程中弹力的冲量C.下滑的过程中合力的冲量D.刚到达底端时的动量大小2、在光滑水平面上的一平板车上站着一个人，人与车一起做匀速直线运动，此人手中拿着一个球，如用以下两种方法将球水平抛出：一次沿车前进的方向抛出，对球做功为Wi，所施冲量大小为i

8、i ；另一次沿与车运动相反的方向抛出，对球做功为W2，所施冲量大小为 I2，假设两次球离手时对地的速率相同,那么两次抛球过程比拟，可以肯定的是a. W W2，I1I2b. WW2,I1 I2C.W1 W2 , I1 I2d. w W2, I1 I23、甲乙两球在光滑水平轨道上同向运动，它们的动量分别是7kg m s，甲追乙并发生碰撞，碰后乙球的动量变为p乙10kg m s ,那么两球质量m甲与m乙的关系可能是A.m甲mtB.mt 2m 甲C.4 m甲D.m乙6m甲4、如图滑水平面上，现有一质量为甲所示，一质量为 M的木板静止在光m的小滑块以一定初V。速度Vo从木板的左端开始向木板的右端滑行，滑

9、所示，根据图像可知块和木板的水平速度大小随时间变化的情况如图乙乙A.木块始终与木板存在相对运动m大于木块的质量M11时刻滑块从木板上滑出二双选题每题6分，共30分5、质量为m的人站在质量为 M的车的一端，车相对于光滑地面静止，那么：A .人从车的一端走向另一端的过程中，车向相反方向运动B 人在车上往返行走时，车的运动方向保持不变C 人在车上走动时，假设人相对车突然静止，那么车因惯性沿人运动的相反方向做匀速运动D .人在车上走动时，假设人相对车突然静止，那么车也同时停止运动U沿光滑的水平面运动，6、 在质量为M的小车中挂着一个单摆，摆球的质量为mo,小车和单摆以恒定的速度与位于正对面的质量为 m

10、的静止木块发生碰撞， 碰撞时间极短，在此碰撞过程中，以下可能发生的是u=Mv i+mv2+moV3A .小车、木块、摆球的速度都发生变化，分别变为V1、V2、V3,满足：M+moB .摆球的速度不变，小车和木块的速度变为V1和V2,满足：Mu=Mv 1+mV2C .摆球的速度不变，小车和木块的速度都变为v,满足：Mu=M+mvvi+mv2t ,那么在碰撞过程中,D .小车和摆球的速度都变为w，木块的速度为 V2,满足：M+m ou= M+m o7、一个小球从距地面高度 H处自由落下，与水平地面发生碰撞。设碰撞时间为一个定值 小球与地面的平均作用力与弹起的高度h的关系是A .弹起的最大高度 h越

11、大，平均作用力越大B .弹起的最大高度 h越大，平均作用力越小C .弹起的最大高度 h = o，平均作用力最大D .弹起的最大高度 h = o，平均作用力最小8、 如以下图，半径为 R、质量为M内外表光滑的半球物体放在光滑的水平面上，左端紧靠着墙壁，一个质量为 的物块从半球形物体的顶端a等高的顶点，关于物块 M和m的运动，以下说法正确的有 (A . m从a点运动到b点的过程中，B . m从a点运动到b点的过程中，C. m释放后能到达右侧最高点cD .当m首次从右向左到达最低点9、 如以下图，与轻弹簧相连的物体A停放在光滑的水平面上。物体B沿水平方向向右运动，相碰。在B跟弹簧相碰后，对于 A、B

12、和轻弹簧组成的系统，以下说法中正确的选项是A .弹簧压缩量最大时，A、B的动量之和最小簧压缩量最大时，A、B的动能之和最小K 簧被压缩的过程中系统的总动量不断减小 f体A的速度最大时，弹簧的弹性势能为零-三、计算题每题18分，共54分18分如以以下图所示，固定在地面上的光滑圆弧面底端与车C的上外表平滑相接，在圆弧面上有一滑块A，其质量mA=2kg，在距车的水平面高 h=1.25m处由静止下滑，车 C的质量为mc=6kg。在车C的左端有一 质量mB=2kg的滑块B,滑块B与A均可视作质点，滑块A与B碰撞后立即粘合在一起共同运动，最终没有从车 C上滑落。滑块 A、B与车C的动摩擦因数均为 尸0.5

13、，车C与水 平面间的摩擦忽略不计，取 g=10m/s2。求：1滑块A滑到圆弧面底端时的速度大小；2滑块A与B碰撞后瞬间的共同速度大小；3车C的最短长度。a点无初速释放，图中b点为半球的最低点，c点为半球另)m与M系统的机械能守恒、动量守恒m的机械能守恒b时，M的速度到达最大 A停放在光滑的水平面上。物体10、跟与 A相连的轻弹簧B 弹C 弹D .物11 18分如图，水平地面和半圆轨道面均光滑，质量M = 1kg的小车静止在地面上，小车上外表与R 0.24 m的半圆轨道最低点 P的切线相平。现有一质量m= 2kg的滑块可视为质点以0 = 6m/s的初速度滑上小车左端， 二者共速时小车还未与墙壁碰

14、撞，当小车与墙壁碰撞时即被粘 在墙壁上，滑块与小车外表的滑动摩擦因数尸，g取10m/s2. 1求小车的最小长度。k op-iT2讨论小车的长度 L在什么范围，滑 块能滑上P点且在圆轨道运动时不脱离圆轨道?物理选修3-5粤教版第一章碰撞与动量守恒单元测试题1D 2B 3C 4A 5AD 6BC 7AD 8BD 9BD10 18 分.解：1设滑块A滑到圆弧末端时的速度大小为 vi,由机械能守恒定律有：1mAgh二mAVi23 分2代入数据，由式解得：w=5(m/s)2分2设A、B碰撞后瞬间的共同速度为V2，滑块A与B组成的系统动量守恒，由 动量守恒定律可得：mAW=(mA+mB)V2 3 分代入数

15、据，由式解得：V2=2.5(m2分3设车C的最短长度为L,滑块A与B最终没有从车C上滑出，三者的最终 速度相同，设其共同速度为 V3，根据动量守恒和能量守恒定律可得：(mu+mBM =(mA+mB+mc)V33 分1 1(mA+mB)gL= - (mA+mB)v22- (mA+mB+mC)v323 分联立式可解得：L=0.375(m) 2分11解：1设滑块与小车的共同速度为 V1，滑块与小车相对运动过程中动量守恒，有:m 0 (m M) 1代入数据解得：1 4m/s 设小车的最小长度为L1，由系统能量守恒定律，有: 1 2 1mgL1 m o (m M)2 22分2分2分代入数据解得：L 3m

16、 2分(2)设小车与墙壁碰撞时，滑块与P点的距离为L2,假设滑块恰能滑过圆的最高点，设滑至最高点 的速度为v,临界条件为：2mg m y R根据动能定理，有:mgL2 mg ?2R联立并代入数据解得:这种情况下小车的长度为:11 2 1 2m m 12 2L2=1mL1 L2 4m购1分1 分L假设滑块恰好滑至1圆弧到达T点时就停止，贝U滑块也能沿圆轨道运动而不脱离圆轨道. 根据动能定理，4 有:mg ? R 0L22.8 mmgL2代入数据解得：这种情况下小车的长度为： 假设滑块滑至P点时速度恰好为零，mgL20 m 12解得：L2 4m这种情况下小车的长度为：L L1 L2 7m综上所述，

17、滑块能沿圆轨道运动而不脱离圆轨道，半圆轨道的半径必须满足：3m L 4m 或 5.8m L <7m分1分L25.8m由动能定理，有:1分1分2分12解：1物块B冲上圆形轨道后回到最低点速度为vo=6m/sI1212与a碰撞前，有mgi2mv12mv°2分可得，物块b与a碰撞前速度大小V14 2m/s2分得A、B碰后速度v22V12'2m/S1分A、B整体向右经过PQ段，有gl1分2A、B碰撞粘连，有mvi2mv2 1分得a、b速度v32m/ sA、B整体滑上圆形轨道，有2mgh0 2mv31分也可以应用2mg|2mgh1 n 2 1 2mv32 222mv2可得，返回到右边轨道的高度为h0.2m R符合实际。1分3物块B以vo冲上轨道直到回到 PQ段右侧，有V12 V02 glmvi2mv2V32V22gl2联立可得，B回到右侧速度 V32V042 91(925l)(m/s)22分要使A、B整体