2017年度人教版本物理九年级下学期月考试题（4月份）

1、2012-2013学年重庆市沙坪坝区南开中学九年级（下）月考物理试卷（4月份）参考答案与试题解析一选择题：（本题共8个小题，每小题只有1个正确选项，每小题3分，共24分）1（3分）下列数据中，最接近实际情况的是（）A初中生掷实心球的距离约为30mB将一枚鸡蛋从地面举过头顶做功约为l0JC教室里日光灯正常发光通过的电流约为10AD饺子煮熟即将出锅时的温度约为100考点：长度的估测；温度；功的计算；电流的大小专题：估算综合应用题分析：根据生活常识及对物理知识的积累对选项逐一分析，作出判断解答：解：A、初中生掷实心球的距离约为8m，30m不符合实际；B、将一枚鸡蛋从地面举过头顶做功约为W=mgh=0

2、.05kg×10N/kg×2.5m=1.25J，10J不符合实际；C、P=UI，教室里日光灯正常发光通过的电流约为I=0.18A，10A不符合实际；D、饺子煮熟即将出锅时的温度约为100，符合实际；故选D点评：此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活中物理量的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可2（3分）（2012成都）关于如图甲、乙所示的实验，下列说法正确的是（）A甲可以研究通电导体在磁场中的受力情况B甲实验的过程中，其它形式能转化为电能C乙可以研究电磁感应现象D乙实验的过程中，其它形式能转化为电能考点：电磁感应；磁场对通电导线的作用专题：应用题；压轴题分析

3、：（1）甲装置中没有电源，即开关闭合时，当金属棒ab在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，故是电磁感应装置，发电机就是利用该原理制成的，其是将机械能转化为电能的过程；（2）乙装置中有电源提供电能，通电的导体棒ab在磁场中要受到力而运动，这是研究通电导体在磁场中受力的装置，是电动机的工作原理，因电而动，所以其能量转化为电能转化为机械能解答：解：A、甲可以研究电磁感应现象，故错误；B、甲实验是电磁感应实验过程中，即是将机械能转化为电能的过程，故正确；C、乙装置是研究通电导线在磁场中受力的作用的实验装置，故错误；D、乙实验过程中是将电能转化为机械能的过程，故错误故选B点评：装置中有电池

4、是研究通电导体在磁场中受力的实验，电能转化为机械能，制成电动机；装置中没有电池是研究电磁感应现象的实验，机械能转化为电能，制成发电机3（3分）春天到了，小欣和小红相约去爬南山，赏樱花，以下说法错误的是（）A闻到花香是因为分子在永不停息的做无规则运动B用相机拍照利用了凸透镜成像C早晨山间的雾是空气液化形成的D小欣和小红并肩行走时是相对静止的考点：分子的运动；液化及液化现象；运动和静止的相对性；凸透镜成像的应用专题：其他综合题分析：（1）一切物质的分子都在不停的做无规则运动；（2）凸透镜可以成倒立、缩小的实像；（3）雾是水蒸气遇冷液化形成的；（4）判断物体运动和静止的相对性，关键是看参照物的选择解

5、答：解：A、闻到花香是因为分子在永不停息的做无规则运动，故A正确，不符合题意；B、用相机拍照利用了凸透镜成像，故B正确，不符合题意；C、早晨山间的雾是水蒸气液化形成的，故C错误，符合题意；D、小欣和小红并肩行走时，两人之间的位置没有发生变化，所以是相对静止的，故D正确，不符合题意故选C点评：本题考查分子的运动、凸透镜成像、液化、参照物等问题，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力4（3分）水是生命之源，在生产生活中扮演着很重要的角色，下面关于水的说法错误的是（）A发动机用水来冷却是因为水的比热容大B冰在熔化成水的过程中温度不变，所以内能不变C高原地区用高压锅煮饭是为了增大水的沸点D用燃气灶烧

6、水是通过热传递来改变内能考点：水的比热容的特点及应用；沸点及沸点与气压的关系；热传递改变物体内能专题：分子热运动、内能分析：（1）水的比热容较大；（2）晶体熔化过程中，吸收热量，但温度不变；（3）水的沸点随着气压的升高而增大；（4）改变物体内能的方式：做功和热传递解答：解：A、发动机用水来冷却是因为水的比热容大，故A正确，不符合题意；B、冰在熔化成水的过程中温度不变，但内能增加，故B错误，符合题意；C、高原地区用高压锅煮饭是为了增大水的沸点，故C正确，不符合题意；D、用燃气灶烧水是通过热传递来改变内能的，故D正确，不符合题意故选B点评：本题考查水的有关问题，考查的知识点比较多，主要考查学生学以

7、致用的能力5（3分）（2012遵义）2012年5月19日在国际田联钻石联赛上海站男子110m栏比赛中，我国选手刘翔以12秒97的成绩卫冕冠军下列描述正确的是（）A起跑时，刘翔用力向后蹬起跑器，起跑器反过来给他一个向前的作用力B刘翔在赛道上，速度越快，惯性越大C刘翔冲过终点，不能立即停下来，是由于他受到惯性力的作用D站在领奖台上，刘翔对领奖台的压力与领奖台对他的支持力是一对平衡力考点：平衡力和相互作用力的区分；力作用的相互性；惯性专题：应用题分析：（1）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；（2）惯性指物体保持原来运动状态不变的性质，惯性是物体本身固有的属性，其大小只与质量有关；（3）二

8、力平衡的条件是：作用在同一物体上，若这两个力大小相等，方向相反，且作用在一条直线上解答：解：A、起跑时，刘翔用力向后蹬起跑器，给起跑器一个向后的力，物体间力的作用是相互的，起跑器反过来给他一个向前的作用力，故该选项说法正确；B、刘翔惯性只与他的质量有关，与他的速度无关，故该选项说法不正确；C、刘翔冲过终点，不能立即停下来，是由于他具有惯性，而不是受到惯性力，故该选项说法不正确；D、站在领奖台上，刘翔对领奖台的压力与领奖台对他的支持力，作用在两个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，这两个力是一对相互作用力，故该选项说法不正确故选A点评：（1）惯性是物体本身固有的一种性质，任何物体在任何

9、情况下都具有惯性，并且注意它不是一种力；（2）平衡力和相互作用力的区别就在于是否作用在同一物体上，作用在同一物体上的是平衡力，作用在两个不同物体上的力是相互作用力；一般说来，重力和支持力是平衡力，压力和支持力是相互作用力6（3分）如图所示，水平桌面上放有一个鱼缸，鱼缸质量为0.9kg，底面积为300cm2，鱼缸里装有4.5kg水，水深12cm，则（）A水对鱼缸底部的压力为45NB水对鱼缸底部的压强为1500PaC鱼缸对桌面的压力为54ND鱼缸对桌面的压强为1500Pa考点：压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算专题：计算题；应用题；压强、液体的压强分析：（1）已知水的质量和鱼缸的质量，利用

10、G=mg计算水和鱼缸的重力；（2）已知水的深度和水的密度，利用压强的计算公式p=gh计算水对鱼缸底部的压强；再利用公式F=PS求出水对鱼缸底部的压力；（3）已知鱼缸重力和水的重力即对桌面的压力，又知受力面积，利用压强的公式p=计算压强p解答：解：（1）水的重力 G水=m水g=4.5kg×10N/kg=45N；鱼缸的重力G鱼缸=m鱼缸g=0.9kg×10N/kg=9N；（2）鱼缸底部受到的水的压强 P液=gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.12m=1.2×103Pa；水对鱼缸底部的压力F1=P液s=1.2×103

11、Pa×0.03m2=36N；故A、B错误；（3）鱼缸对桌面的压力 F=G水+G鱼缸=45N+9N=54N；故C正确；鱼缸对桌面的压强 p=1800Pa故D错误故选C点评：本题考查了对压强公式的理解和应用对处理液体压强和固体压强，处理的方法不同利用的公式也不同7（3分）（2005重庆）A、B两物体叠放在水平桌面上，在如图所示的三种情况下：甲图中两物体均处于静止状态；乙图中水平恒力F作用在B物体上，使A、B一起以2m/s的速度做匀速直线运动；丙图中水平恒力F作用在B物体上，使A、B一起以20m/s的速度做匀速直线运动比较上述三种情况下物体A在水平方向的受力情况，以下说法正确的是 （）A三

12、种情况下，A在水平方向都不受力B三种情况下，A在水平方向都受力且受力相同C中A在水平方向不受力，、中A在水平方向都受力但受力不同D中A在水平方向不受力，、中A在水平方向都受力但受力相同考点：平衡状态的判断；力的示意图；力与运动的关系专题：应用题；压轴题；整体思想；分割思想分析：（1）物体处于静止或匀速直线运动状态时，有可能不受力或者受到的力是平衡力；（2）本题中分别对三个图中的物体A进行受力分析，得出正确的结论解答：解：甲图中，物体A和B都静止在水平桌面上，在水平方向上处于静止状态，受到的合力为零，所以物体A水平方向不受力；乙图中，物体A和B一起做匀速直线运动，物体B受到拉力和摩擦阻力的作用，

13、二力平衡；物体A水平方向上不受拉力作用，因此也不受摩擦力的作用，所以物体A水平方向不受力；丙图中，尽管速度增大，物体A和B仍然一起做匀速直线运动，分析过程与乙图相同，物体A在水平方向仍然不受力故选A点评：物体做匀速直线运动时，受到力就是平衡力，受力情况和速度的大小没有关系，这一点要特别注意，不要以为速度增大了，受到的力就大了8（3分）（2009雅安）如图所示，电源两端电压保持12V不变，小灯泡L上标有“6V 3W”字样，滑动变阻器最大电阻值R=60不考虑灯丝电阻随温度的变化，下列说法正确的是（）AS闭合后，使电压表的示数减少1V，小灯泡L两端的电压就增加1VBS闭合后，小灯泡L的最小实际电功率

14、为2WC小灯泡L正常发光时，变阻器R消耗的电功率为6WD开关S断开时，电压表的示数为12V考点：串联电路的电压规律；电压表的使用；电功率的计算；实际功率专题：压轴题分析：首先要分清电路的连接方式：灯泡和滑动变阻器串联，电压表并联在灯泡的两端；S闭合前，灯泡所在电路构不成通路，电压表所测电压接近电源电压；S闭合后，电压表测灯泡两端的电压，且灯泡的实际功率随滑动变阻器阻值的增大而减小；可先利用电功率的变形公式求得灯泡阻值，再结合上面的分析来逐项求解解答：解：开关断开时，电压表测的是电源电压，已知电源两端电压保持12V不变，所以电压表的示数为12V，D符合题意；开关闭合时，灯泡与滑动变阻器的左端串联

15、，电压表测的是灯泡两端电压，当灯泡正常发光时，通过它们的电流相等，因灯泡的额定电压是6V，所以此时滑动变阻器的电压为12V6V=6V，因此变阻器R消耗的电功率等于灯泡的功率，大小为3W，C不符合题意；当滑动变阻器的电阻最大时，整个电路中的电流最小，I=0.17A，则小灯泡L的实际电功率最小，即P=I2R=（0.17A）2×120.35W，B不符合题意；开关闭合后电压表测的是灯泡的电压，所以电压表示数会减小，最小为U=0.17A×12=2.04V，A不符合题意；故选D点评：此类题目结合滑动变阻器进行考查，要结合串并联电路知识，利用欧姆定律进行求解二、填空题：（将正确答案填在横

16、线上，第15题作图题2分，其余每空1分，共17分）9（3分）马德堡半球实验证明了大气压的存在；牛顿第一定律说明了力是改变物体运动状态的原因；家庭电路中，照明灯泡与控制它的开关之间是串联的考点：大气压强的存在；牛顿第一定律；家庭电路的连接专题：其他综合题分析：马德堡半球实验有力的证明了大气压的存在；牛顿第一定律指明了力与物体运动的关系；火线首先过开关再进入开关控制的用电器，零线直接进入用电器，开关和被控制的用电器之间是串联的解答：解：（1）马德堡半球实验用两个中间抽成真空而压合在一起的铜半球有力地证明了大气压强的存在；（2）牛顿第一定律说明：物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因；

17、（3）开关和被控制的用电器之间是串联的，开关才能控制用电器故答案为：大气压；改变；串点评：本题考查了对物理学常识、物理学史的掌握与应用，是一道基础题10（2分）（2010恩施州）如图所示，光滑地面上有一小车，其上放一条形磁体，左侧地面固定一螺线管，当开关闭合时，小车将向右运动考点：磁极间的相互作用；通电螺线管的极性和电流方向的判断专题：压轴题；学科综合题分析：先根据安培定则（用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的N极）判断出通电螺线管的南北极，然后根据磁极间的相互作用（同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引）判断出小车的受力方向，从而得出小车的运动方向解答：

18、解：电流从电源的正极流出，在正面流下，背面流上，根据安培定则可知，通电螺线管的右端是N极，小车上的磁铁左端为N极，同名磁极相互排斥，小车受到了一个向右的排斥力，小车就会向右运动故答案为：右点评：这是一道综合题，很巧妙的将安培定则和磁极间的相互作用联系起来，是一道好题11（2分）如图所示，定滑轮重4N，动滑轮重2N物体A在拉力F的作用下，1s内将重为8N的物体A沿竖直方向匀速提高了0.2m如果不计绳重和摩擦，则滑轮组的机械效率为80%，拉力F的功率为2W考点：滑轮（组）的机械效率；功率的计算专题：计算题；功、功率、机械效率分析：（1）根据=×100%=×100%计算滑轮组的机

19、械效率，其中W额=G动h，W有用=Gh；（2）根据公式P=计算拉力F的功率，拉力F做的功是总功解答：解：W有用=Gh=8N×0.2m=1.6J；W额=G动h=2N×0.2m=0.4J；W总=W有用+W额=1.6J+0.4J=2J；=×100%=×100%=×100%=80%；P总=2W故答案为：80%；2点评：此题是有关机械效率及功率的计算，关键是掌握有用功、额外功、总功的概念，搞清它们之间的关系12（2分）（2011盘锦）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关电路正常工作，但过一段时间，小灯泡L1发生断路，这时电流表的示数变小，电压表

20、的示数不变（填“变大”、“变小”或“不变”）考点：欧姆定律的应用；并联电路的电流规律专题：动态预测题分析：电源电压保持不变，闭合开关时，两只灯泡L1和L2正常发光，并且两灯泡并联，电压表测量电源电压，电流表测量干路电流，当灯泡L1发生断路后，灯泡L2两端的电压不变，所以正常发光，此时电路电阻增大，根据公式I=可知电路电流的变化解答：解：因为电压表测量电源电压，所以当小灯泡L1发生断路后，电源电压不变，电压表示数也不变，此时电路电阻变大，而电流表原来是测量干路的电流，根据公式I=可知电路电流变小，也就是说电流表示数变小故答案为：变小；不变点评：本题考查欧姆定律及其公式变形的应用，关键是明白电流表

21、和电压表时测量那部分的电流和电压，难点是知道并联电路电阻的规律13（4分）水平桌面上放有一边长为1dm的正方体物块，重为8N，则它对桌面的压强为800Pa；用2N的水平拉力使它以0.1m/s的速度匀速运动了5s，则物体移动了0.5m，它所受的摩擦力为2N；把这个物体轻轻放入水中，静止时物体所受的浮力为8N考点：压强的大小及其计算；速度公式及其应用；浮力大小的计算专题：计算题；长度、时间、速度；压强、液体的压强；浮力分析：（1）已知正方体物块的边长为1dm，求出与桌面的接触面积，此时物体对桌面的压力即为其重力，再利用p=即可求出它对桌面的压强（2）已知速度和运动时间，利用s=vt求物体移动的距离

22、（3）只有做匀速直线运动的物体，此时拉力才等于摩擦力（4）根据正方体物块的重力和边长，可以求出密度；比较密度和水的密度关系，可以得到物体的浮沉，最后根据物块的状态根据漂浮条件或阿基米德原理计算浮力解答：解：（1）已知s=a2=（1dm）2=1×102m2，F=G=8N，所以它对桌面的压强p=800Pa（2）已知v=0.1m/s，t=5s，则s=vt=0.1m/s×5s=0.5m；（3）由“用2N的水平拉力拉动时，物体以0.1m/s的速度做匀速直线运动”，可知此时拉力与摩擦力是一对平衡力则木块受到的摩擦力大小与拉力大小相等，即为2N（4）因为物块的密度为：=0.8×

23、103kg/m3，所以物块的密度小于水的密度，所以物块处于漂浮在水中，则受到的浮力：F浮=G=8N故答案为：800；0.5；2；8点评：本题考查了压强、速度和浮力的计算此题的易错点在于，学生在求物块受到的摩擦力时只有做匀速直线运动的物体，此时拉力才等于摩擦力14（2分）（2013重庆模拟）伦敦奥运会即将拉开大幕，这是所有热爱体育的人的一大盛事，请你对你所热爱或关注的一个体育比赛项目，说出相应的物理现象，并指出其对应的物理知识：（不得与示例重复）示例：物理现象：射击项目中，运动员瞄准时做到“三点一线”物理知识：光的直线传播物理现象：皮划艇运动员划艇比赛物理知识：物体间力的作用是相互的考点：光在均

24、匀介质中直线传播；惯性专题：应用题；其他综合题分析：（1）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；（2）力的作用效果有两点：可以改变物体的形状，可以改变物体的运动状态（3）做功的两个必要条件：一是物体要受力的作用，二是物体要在力的方向上通过一定的距离解答：解：（1）皮划艇运动员用力向后划水，对水有一个向后的作用力，根据物体间力的作用是相互的，运动员会受到水对它们一个向前的作用力，使人前进；（2）射箭运动员用力拉弓，是力使弓的形状发生改变，这是力的作用效果之一；（3）举重运动员向上举起杠铃的过程，既有力，又有距离，就是克服杠铃重力做功的过程故答案为：皮划艇运动员划艇比赛；物体间力的作用是相

25、互的点评：观察和思考是科学发现的基础，也学习物理应该具备的基本能力，本题主要是考查学生的这种能力15（2分）（1）如图甲所示，是一个Z形杠杆，请在图中画出力F对支点O的力臂L：（2）在图乙中做出入射光线的反射光线，并标出反射角考点：力臂的画法；作光的反射光路图专题：作图题；光的传播和反射、平面镜成像；简单机械分析：（1）掌握力臂的概念，知道力臂是从支点到力的作用线的距离由支点向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂（2）光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角；入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角解答：

26、解：（1）首先沿力F的方向作出F的作用线，由支点O向F的作用线做垂线，垂线段的长度为F的力臂（2）先过入射点垂直平面镜作出法线，再根据反射角等于入射角在法线的下侧画出反射光线，入射光线与平面镜的夹角为40°，所以入射角为90°40°=50°，故反射角也为50°如图所示：点评：此题主要考查了（1）有关力臂的画法，首先要掌握力臂的概念，找出支点和力的作用线从而正确地画出力臂（2）了光的反射定律的应用，首先要熟记光的反射定律的内容，并要注意入射角与反射角的概念三、实验探究题：（第16题5分，第17题7分，第18题8分共20分）16（5分）（1）如图甲

27、，小明家的室温计的示数为36，如图乙，小明家电能表的示数为8633.5kWh，小明家允许接通的用电器总功率最大为2200W（2）小明为验证阿基米德原理，他先用弹簧测力计测出物体重为5N；当把物体浸没到水中时，测量工具的示数如图丙所示，此时物体所受的浮力为3N考点：温度计的使用及其读数；浮力大小的计算；电能表参数的理解与电能的求法专题：基本仪器的使用专题分析：（1）使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下电能表是测量用电器消耗电能多少的仪表，常用的计量单位是kWh，也就是“度”，数字的最后一位是小数；已知额定电压

28、和最大电流，可以得到电能表允许接通的用电器最大总功率；（2）弹簧测力计是测量力的大小的工具；使用弹簧测力计时，首先要明确其分度值，读数时视线与指针所在刻线相垂直；已知物重和浸没在水中受到的拉力，利用称重法得到浮力解答：解：由图知：（1）温度计上10之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1，即此温度计的分度值为1；“30”在“40”的下方，液柱最高处在两者之间，所以显示的温度高于0，为36电能表表盘标有“kWh”，表示采用的计量单位是kWh，也就是“度”，此时的数字是“8633.5”，所以用电器消耗的电能为8633.5kWh；电能表允许接通的用电器最大总功率为P最大=UI最大=220V

29、15;10A=2200W；（2）小明为验证阿基米德原理，他先用弹簧测力计测出物体重为5N；弹簧测力计上1N之间有5个小格，所以一个小格代表0.2N，即此弹簧测力计的分度值为0.2N此时指针指在“2”处，所以拉力为2N，物体受到的浮力为F浮=GF=5N2N=3N故答案为：（1）36；8633.5；2200；（2）弹簧测力计；3点评：物理测量中有很多的测量工具，刻度尺、秒表、电流表、电压表、天平、量筒、弹簧测力计、温度计等，任何一种工具，一定要注意每一个大格和每一个小格各代表多少刻度尺需要估读，其他的测量工具不需要估读，读出最接近的数值17（7分）小明利用一个烧杯、天平、水，测出了一小块不规则小石

30、块的密度请将他的步骤补充完整（1）把托盘天平放在水平台上，将标尺上的游码移到左端零刻线处，调节天平右端的平衡螺母，使天平平衡（2）用天平测量小石块的质量，天平平衡时，右盘中的砝码和标尺上的游码如图1所示，则小石块的质量为52g（3）如图2所示，A、往烧杯中加入适量的水，把小石块浸没，在水面到达的位置做上标记；B、取出小石块，测得烧杯和水的总质量为122g；C、往烧杯中加水，直到水面与标记相平，再测出此时烧杯和水的总质量为142g（4）计算出小石块的体积为20cm3（5）用密度公式计算出小石块的密度为2.6×103kg/m3考点：固体的密度测量实验专题：实验题分析：（1）对天平的调节和

31、使用的方法为“水平放置游码零，指针居中横梁平（衡）；左物右码轻放置，质量等于砝（码）游（码）和”即天平测量物体质量前要调节横梁平衡，先将游码移至零刻度线；（2）根据天平的读数方法，物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度，而要准确读出游码所对刻度，必须明确标尺的分度值及以游码左端所对刻度为准（3）石块的体积等于烧杯中加入水的体积（4）石块的体积与倒入水的体积相同，我们可以根据烧杯中倒水前后的质量，根据密度公式，求出倒入水的体积；（5）根据密度公式，已知石块的质量，体积，求出石块的密度解答：解：（1）根据天平的调节和使用方法，天平测量物体质量前要调节横梁平衡，先将游码移至左端零刻度线处；（2）根

32、据天平的读数方法，如图1所示，天平标尺的分度值是0.2g，则m石=游码质量+游码对应刻度值=50g+2g=52g；（3）根据图2示，我们可以发现，石块的体积就是要加入水的体积，也就是要使取出石块烧杯中水的水面与石块在烧杯中水的标记相平；（4）已知烧杯和水质量m1=122g，加入水与标记相平时，烧杯和水的质量m2=142g，加入水的质量m加=m2m1=142g122g=20g；根据密度公式=，已知水的密度是常量，即水=1.0gcm3，V加=20cm3，又V石=V加V石=20cm3，（5）石=2.6gcm3=2.6×103kgm3故答案为：（1）左端零刻线；（2）52；（3）水面与标记相

33、平；（4）20；（5）2.6×103点评：本题中天平使用、固体密度的测量属基础问题，因初中物理对固体密度的测量要求较高，体积用到补充水的方法，给本题带来了一定难度18（8分）（2010南昌）在“测定2.5V小灯泡功率”的实验中，小红设计了如图所示的电路（1）请在图的“”内填入合适的“灯泡”和“电表”符号（2）小红按电路图连接电路，进行实验，测得数据如右表所示断开开关时，发现电表如图所示，其中电流表出现这种现象的原因是电流表使用前未校零U/V22.53I/A0.220.260.30（3）假如不重新实验，请你利用小红已获取的信息，计算出该灯泡的额定功率是0.75W若小灯泡两端的实际电压为

34、3V，则小灯泡的实际功率大于额定功率（选填“大于”、“等于”或“小于”）考点：电功率的测量；电流表的使用；电流表的读数方法；电压表的使用；电压表的读数方法；电功率的计算；实际功率专题：实验题；作图题；压轴题分析：（1）根据伏安法测小灯泡的电功率时，电压表测量灯泡两端电压，电流表测量通过小灯泡的电流分析，将电压表、电流表以及灯泡按要求填入电路中；（2）使用电流表或电压表时，应先校零，使指针指在零刻线处；（3）根据表中电流值分析电流表的量程，然后读出额定电压下对应的电流值，结合指针的初始位置求出额定电流，再利用P=UI求出额定功率；当灯泡两端电压大于额定电压时，实际功率将大于额定功率解答：解：（1

35、）电压表与小灯泡并联，电流表串联在电路中；如图所示（2）开关断开时，电流的指针在零刻线左边，因此电流表使用前未校零；（3）从表中数据读出，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为I=0.26A+0.04A=0.3A，因此灯泡的额定功率为 P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；因为灯泡的额定电压为2.5V，所以当灯泡两端电压为3V时，其实际功率大于额定功率故答案为 （2）电流表使用前未校零；（3）0.75，大于点评：本题考查伏安法测小灯泡的电功率掌握情况，本题的关键是会设计电路以及知道实验步骤和注意事项，不同的实验都有相应的步骤，严格按照步骤进行分析四、论述与计算题：（第1

36、9题6分，第20题6分，第21题7分，共19分，解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不给分）19（6分）（2009青海）如图所示的电路，电源电压为12V且保持不变，当S1、S2都闭合时电流表的示数为0.3A；当S2闭合，S1断开时，电流表的示数为0.1A求：（1）电阻R2的阻值（2）当S2闭合，S1断开时电阻R1两端的电压考点：欧姆定律的应用专题：计算题；压轴题分析：当S1、S2都闭合时，电路为R2的简单电路，根据欧姆定律求出电阻R2的阻值；当S2闭合，S1断开时，电阻R1、R2串联，根据欧姆定律求出R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电阻R1两端的电压解答：解：当S1

37、、S2都闭合时，电路为R2的简单电路，电阻R2的阻值为R2=40；当S2闭合，S1断开时，电阻R1、R2串联，R2两端的电压为U2=I2R2=0.1A×40=4V，R1两端的电压为U1=UU2=12V4V=8V答：（1）电阻R2的阻值为40；（2）当S2闭合，S1断开时电阻R1两端的电压为8V点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的计算，关键是开关、闭合时电路串并联的辨别20（6分）（2011大庆）在公园有一种测量瞬间打击力的游戏机，其原理示意图如图（a）所示，游人手戴拳击手套，击打可水平移动的A装置，A通过压杆与压力传感器接触，压力传感器的电阻值R会随所受压力大小发生变化电压表的

38、示数可反映出打击力的大小已知电阻R0=120，压力传感器表面能承受的最大压力为4000N压杆与压力传感器的接触面积为4cm2压力传感器的电阻值随所受压力变化的图象如图（b）所示若在某次游戏过程中，游人用2000N的力击中装置，此时电压表的示数为1.5V设电源电压恒定不变（1）该压力传感器能承受的最大压强有多大？（2）电源电压是多少？（3）当装置A不受打击力作用时，电压表的示数是多少？考点：压强的大小及其计算；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用专题：计算题；应用题；压轴题；信息给予题分析：（1）已知最大压力和接触面积，根据公式P=可求最大压强；（2）电阻R与R0串联，电压表测量R0两端的电压；根据欧姆定律可求电路电流，再利用公式U=IR求出电阻R两端的电压；进一步求出电源电压；（3）根据欧姆定律先求出不受打击力作用时电路电流；再利用公式U=IR求出R0两端的电压，也就是电压表的示数解答：解：（1）能承受的最大压强P=1×107 Pa；（2）电路中的电流I=0.0125A；从图象上可以看出当压