广东省广州市2020年中考物理模拟试题(详细解析)

1、2020年中考物理模拟试题广东省广州市2020年中考物理模拟试题（二）一.选择题（共12小题，满分36分，每小题3分）每小题给出的四个选项中，只有 最符合题意。1 . （ 3分）成年人大拇指指甲的面积约为（）1. 4m2B . 4cm2C. 4dm2D. 4mm2【答案】B24cm。【解析】成年人大拇指指甲的长、 宽都在2cm左右，指甲面积在S= ab= 2cm x 2cm 选B o2. （3分）在一次班级的才艺秀表演中，小芳演奏了一曲赛马博得了大家的热烈掌声， 细心的小明发现在小芳的演奏过程中，她的左手在不停地上下移动。当小芳的左手手指 向下移动时，我们听到的声音发生了怎样的变化（）【解析】

2、演奏二胡的过程中，她的左手在不停地上下移动，当小芳的左手手指向下移动时，振动部分的长度变小，所以振动的频率变大，音调变高。选 Co3. （3分）1911年，卢瑟福建立了原子的核式结构模型。下列关于这个模型的说法中正确的 是（）A .原子核位于原子的中心B.原子核带负电C.电子静止在原子核周围D.原子核占据了原子内大部分空间【答案】A【解析】A、B、C、原子是由位于中心带正电的原子核和绕原子核高速运动的带负电电 子构成。故A正确，BC错误；D、原子核非常小，原子核体积只占原子体积的很小一 分。故D错误。选Ao4. （3分）华为5G “黑科技”凭借着它的高传输速率，低时延、多终端广连接数等各项优势

3、在此次抗疫复产行动起到了积极作用，5G智能巡检机器人，空中课堂，“智能快递小哥”5G越来越深入我彳门的生活，5G技术也是依靠电磁波传递信息的，下列有关电磁波的说法正确的是（）A.太空中是真空，电磁波不能传播B.电磁波在空气中的传播速度是340m/sC.光是一种电磁波D.电磁波的频率越高，传播的速度就越大【答案】C【解析】A.太空中是真空，电磁波可以在真空中传播，故 A错误；B.电磁波在空气中 的传播速度是3X108m/s,故B错误；C.光的实质是一种电磁波，故 C正确；D.电磁 波的速度与介质有关，与电磁波的频率无关，故 D错误。选Co5. （3分）对于分别标有“ 6V 3W”和“ 9V 3W

4、”字样的灯泡，如果把它们并联接入同一电路，则它们发光的情况是（）A.两灯都不正常发光，但一样亮B.两灯都能正常发光，且一样亮C.可能有灯正常发光，但前者亮D.可能有灯正常发光，但后者亮【答案】CU?）3_U,（gy） 2产 H2皿析瓦士号山冒雪> 卜舒圜, 2=9=发黑.Pl>P2当电源电压为其中一个灯泡的额定电压时，该灯泡会正常2 , ,发光。若不是额定电压，两灯泡都不会正常发光，但前者亮。所以 A, B, D错误，C正 确。选Co6. （3分）如图所示，无风条件下卡通造型的铝箔气球两次均向带电棒靠近但未接触，气球A .不带电B.带正电C.带负电D.带电情况无法判断【答案】A【解

5、析】如图，两次用带有不同电荷的带电棒靠近卡通造型的铝箔气球，均发生了相互吸引，根据异种电荷相互吸引和带电体能吸引轻小物体的性质可知，气球不可能两次带不同电荷，因此，气球一定不带电。选 Ao7. （3分）下列说法正确的是（）A .内燃机在做功冲程把内能转化为机械能B.内燃机是利用电能做功的机械C.内燃机在压缩冲程把内能转化为机械能D.随着技术的进步，内燃机的效率能达到100%【答案】A【解析】A、据课本可知，内燃机在做功冲程把内能转化为机械能，故 A正确；B、内燃 机是利用内能做功的机械，故 B错误；C、热机的压缩冲程中机械能转化为内能，故 C 错误；D、不管技术怎么进步，内燃机的效率都不能达到

6、100%,故D错误；选Ao8. （3分）将杯中的液态氮（沸点为-196C）倒入盛有奶浆的碗制作冰淇淋，观察到杯中液态氮沸腾，杯外壁出现白霜，则（）A .杯中液态氮放热B.杯中液态氮温度不断上升C.杯中液态氮不断吸热，温度保持-196 cD.白霜是空气中水蒸气液化形成的【答案】C【解析】A、液态氮的沸点为-196C,在常温下立即沸腾，此时会吸收热量。此选项错误；BC、液态氮的沸点为-196C,沸腾过程中液态氮迅速成为气体，吸收热量温度保持不变。C选项正确、B选项错误；D、液态氮沸腾过程中吸收大量的热，使奶浆和杯子的温度急速降低，空气中的水蒸气遇到温度很低的杯子，在其表面凝华形成霜。此选项错误。选

7、Co9. （3分）如图所示，水平地面 。点两侧粗糙程度不同，物体一直受到沿水平方向3N的力F,物体经过 M点开始计时，每经过相同时间，用虚线框记录物体的位置，物体在 MO 段做匀速直线运动，物体在（） ： iJ 7*_； 771ji *i i加阳/“N疝f-1L 3m*1 H 3mHMNOPqA. OQ段做匀速直线运动B. MN段的速度大于 OP段的C. MN段受到的摩擦力为 3ND. OQ段受到摩擦力大小等于 F【答案】C【解析】A、由图可知，物体在 OQ段，在相同的时间内通过的路程不相等，所以， OQ 段不是做匀速直线运动；故 A错误；B、由图可知，物体在 MN段通过的路程等于在 OP 段

8、通过的路程，OM所用时间大于 OP,所以MN段的速度小于 OP段的。故B错误；C、 物体在MO段做匀速直线运动，摩擦力与拉力是一对平衡力，大小相等，所以 MN段受 到的摩擦力为3N.故C正确；D、由A知，物体在OQ段不是做匀速直线运动，受力不 平衡，所以OQ段受到摩擦力大小不等于 F,故D错误。选Co10. （3分）如图所示，用大小相等的拉力F,分别沿光滑的斜面和粗糙的水平面拉木箱，在力的作用下移动的距离 Sab=Scd,比较两种情况下拉力 F所做的功及其功率（）A . AB段做功较多B . CD段做功较多C . AB段与CD段做的功一样多D. AB段的功率比CD段的功率大【答案】C【解析】由

9、物体做功公式：W=Fs, F相同，s相等，则 W相等；斜面角度不能确定，水平面粗糙程度不能确定，时间不能确定，根据P=：,则AB段段功率和CD段段功率不能确定。选Co11. （3分）如图所示，从倒置的漏斗口用力向上吸气或向下吹气，乒乓球都不会掉下来。下列说法正确的是（）A .吸气或吹气都增大了乒乓球下方气体的压强B .吸气或吹气都减小了乒乓球上方气体的压强C.吸气减小了乒乓球上方气体的压强，吹气增大了乒乓球下方气体的压强D.吸气增大了乒乓球下方气体的压强，吹气减小了乒乓球上方气体的压强【答案】B【解析】从漏斗口向下用力吹气时，乒乓球上部空气流速大、压强小，而乒乓球下部空 气流速小压强大；吸气时

10、，乒乓球上方空气压强小，这样在乒乓球的上、下部就会产生 一个向上的压力差，从而托起乒乓球。选 B。12. （3分）如图所示，规格相同的容器装了相同质量的纯净水，用不同加热器加热，忽略散热，得到如图所示的水温与加热时间的图线，则（A .甲杯的水加热2min与乙杯的水加热3min吸收的热量相同产典化I23时间/minB.吸收相同的热量，甲杯的水升温比乙杯多C.加热相同的时间，两杯水吸收的热量相同D.乙中温度计的示数为 32 C【答案】A【解析】A、根据图乙可知，甲杯的水加热2min与乙杯的水加热3min升高的温度相同，且两杯水的质量相同，根据 Q=cmAt可知，两杯水吸收白热量相同，故 A正确；B

11、、两杯中水的质量相同，吸收相同的热量时，根据t=±!邑可知，两杯水升高的温度相同，cm故B错误；C、实验中，用不同加热器加热，相同时间内，加热器放出的热量不同，所以相同时间内两杯水吸收的热量不同，故C错误；D、由图知：温度计上10c之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1C,即此温度计的分度值为1C； “40”在“30”的上方，液柱最高处在两者之间， 所以显示的温度高于 0C,为37C,故D错误。选Ao二.填空题、作图题（共 7小题，满分29分）13. （2分）一条光线与凸透镜主光轴夹角为60° ,斜向上入射到放在主光轴上方的平面镜上，如图所示，入射光线与镜面夹角为30

12、。，请完成光线经平面镜反射后的光路，并标明光射向平面镜时反射角的度数。【答案】见解析【解析】首先作出法线，入射角=90° - 30° =60° ,由反射角等于入射角作出反射光线，所以反射角是60。；入射光线与主光轴夹角 60。，反射光线与入射光线夹角为120。，同旁内角互补，所以反射光线平行于凸透镜的主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后过焦点，如下图所示：14. （4分）利用材料A制造强力磁铁。（1）加热材料A,温度一直低于其熔点，一段时间后， A质量不变、体积减小，此过程中，A处于 （选填“固态”、“液态”、“固液混合态”），依据公式 , A的密度 （选填“

13、增大”、“减小”、“不变”）。（2）如图1所示，A的每个原子都有 N、S极，相当于磁性很弱的“小磁铁”，“小磁铁”杂乱无章排列时，A对外不显磁性，当“小磁铁”按图2所示同向排列时，A具有磁性（如图3）,强力磁铁不耐高温，高温加热会使磁性消失，从分子热运动的角度解释为什么高温会让强力磁铁磁性消失， 【答案】（1）固态;P=,；增大；（2）低温时，磁铁内的原子是同向排列的，对外显磁性；高温加热时，原子运动加快，原子排列杂乱无章，对外不显磁性。【解析】（1）加热材料A,由于温度低于其熔点，所以 A处于固态；因为加热后质量不 变，体积减小，根据公式 p=£知物体的密度增大；（2）低温时，磁铁

14、内的原子是同向排 列的，对外显磁性；高温加热时，原子运动加快，原子排列杂乱无章，对外不显磁性。15. （4分）高压起重气垫是一种适合于地震救灾的起重工具。它由如图甲所示的高压气瓶、气管、阀门与气垫连接而成。起重时，气垫放入重物与地面的间隙之间，由高压气瓶向气垫内充气，气垫在短时间内可把重物举起一定高度。（1）高压气瓶向气垫内充气时，气瓶内的气体温度 ,内能。（2）图乙中，质地均匀的长方体石板长为2m、重为6X104N.当气垫内最高气压比外界高106Pa时，石板恰好被顶起，此时气垫和石板的接触面是边长为20cm的正方形。在图乙中画出气垫恰好顶起石板时的阻力臂12。气垫恰好顶起石板时，气垫的中心至

15、少离石板右端的支点O多远？【答案】（1）降低；减少；（1）见解答图；气垫的中心至少离石板右端的支点。的距离为1.5m。【解析】（1）高压气瓶向气垫内充气时，气体会对外做功，内能转化为机械能，气瓶内的气体的内能减小，温度降低；（2）由定义可知阻力臂是指支点到阻力作用线的距离,气垫刚好顶起石板时的阻力臂 L2如图所示:根据p =可得 Fi=pS= lQ6PaX 0.2mX0.2m = 4X104N,根据 FiL i = F2L2 得:=1.5m;16. （4分）“神六”太空船是由“长征二号F”运载火箭运送升空的，当火箭发射升空时，飞船的动能 （填“变大”、“变小”或“不变”），重力势能 （填“变大

16、”、“变小”或“不变”）；“神舟六号”绕地球旋转的示意图如图所示，它在进入太空后，将先以远地点350km左右、近地点200km左右的椭圆形轨道运行， 则当它从远地点向近地点运动时，能转化为 能。【答案】变大；变大；重力势；动。【解析】当火箭发射升空时，飞船的速度增加，动能增大；飞船的高度升高，重力势能 变大。当“神舟六号”从远地点向近地点运动时，所处高度减小，重力势能减小，减小 的重力势能转化为动能，使它的速度变快。17. （4分）拆开图1中玩具，发现电源、开关、发光二极管（简称“ LED”）、电动机（符 号“M”）各一个及连接导线，闭合开关，电动机顺时针转动，LED亮，将电动机一端连线断开，

17、闭合开关，LED亮。（1）在方框内画出玩具的电路图。（2）把电动机断开的连线接回原处，将电源正、负极反接，闭合开关，电动机 转动（选填“不”、“顺时针”、“逆时针”），LED （选填“亮”、“不亮”）。图上【答案】（1）如下图所示；（2）逆时针；不亮。【解析】（1）进分析可知，电动机和 LED并联，且开关位于干路，电路图如下图所示:（2）把电动机断开的连线接回原处，将电源正、负极反接,闭合开关,电动机反向转动,即逆时针转动；晶体二极管具有单向导电性，将电源正、负极反接时，该支路相当于断路，LED不亮。18. （5分）如图所示，质量为 3X 104kg的鲸静止在海里，g取10N/kg。海水密度不

18、变。（1）在方框内画出此时鲸的受力示意图（以点代替鱼鲸）。（2）求此时鲸受到的浮力大小为 No（3）鲸在下潜过程中，海水的压力会让鲸的胸腔塌陷，使鲸体积逐渐变小，分析鲸在下潜过程中所受浮力的变化。 海面【答案】（1）见解答图；（2）此时鲸受到的浮力为3X105N; （3）鲸在下潜过程中，海水的密度一定，但海水的压力会让鲸的胸腔塌陷，使鲸体积逐渐变小，即鲸鱼排开海水的体积变小，根据 F浮=液gV排可知，鲸在下潜过程中所受浮力变小。【解析】（1） （2）由图可知，鲸静止在海水中，处于悬浮状态，则鲸鱼受到的重力和浮力是一对平衡力，大小相等，即F浮=G= mg= 3X 104kgX 10N/kg =3

19、X 105N,过鲸鱼的重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用 G和F浮表示，如 图所示：（3）鲸在下潜过程中，海水的密度一定，但海水的压力会让鲸的胸腔塌陷，使鲸体积逐渐变小，即鲸鱼排开海水的体积变小，根据 F浮=p液gV排可知，鲸在下潜过程中所受浮力 变小。19. （3分）被细绳拴着的小球在水平面绕。点做圆周运动，轨迹图如图中虚线所示，不计阻力，某时刻细绳断，小球速度为v,过一段时间小球出现在 P点，速度为v'（如图）。v V, （选填、" ="、“V”）。作图找出细绳断时小球的位置，用点在轨迹图上表不。【答案】=;见解答图。【解析】被细绳拴着

20、的小球在水平面绕。点做圆周运动，由于不计阻力，某时刻细绳断时，小球由于具有惯性，将按照原来的速度在水平方向做匀速直线运动，所以过一段时间小球出现在P点的速度为v'等于v;做P的反向延长线，与圆相切于点 M, M即为 细绳断时小球的位置。如图所示：三.解析题：(共2小题，满分16分，每小题8分)解题应写出必要的文字说明、公式和 重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，演算过程及结果都要在数 字的后面写上正确的单位。20. (8分)如图所示，是我军目前最新型63A1式两栖主战坦克，是我军两栖装甲师和海军陆战队的主要突击力量，被称为中国的两栖王牌。 该坦克战斗全重22t,外观

21、体积28m3,发动机功率420kW.陆地最大速度54km/h,水中最大航速28.8km/h .两条履带总着陆面 积为4m2.火力配置：装有一门105mm低后坐力坦克炮， 在2000m距离上发射新型穿甲 弹时，穿甲能力达 560mm装甲钢板水平或能穿透 2100mm厚的钢筋混凝土火力点。请根据以上信息解答以下问题：(g均取10N/kg, ( p水=1.0X103kg/m3)(1)坦克安装的较宽履带及履带上带有凸起的棱它们的作用分别是什么？ (2)在“火力配置”的介绍中，体现出的物理知识有哪些？(请说出两条) (3)坦克在陆地行驶时对地面的压强有多大？(4)计算坦克在水中浮航时，至少还有多大体积可

22、以露出水面？(5)分别计算出坦克在陆地以最大速度匀速行驶的牵引力大小和在水中以最大航速匀速 航行时所受到的水的阻力大小？(空气阻力不计)【答案】(1)较宽履带是为了增大受力面积，减小压强(或减小压强) ；凸起的棱是为了增大摩擦力；(2)力可以改变物体的运动状态；力可以改变物体的形状；物体具有惯性；(3)坦克在陆地行驶时对地面的压强有5.5X104Pa； (4)坦克在水中浮航时，至少还有6m3体积可以露出水面；(5)坦克在陆地以最大速度匀速行驶的牵引力大小为28000N ,在水中以最大航速匀速航行时所受到的水的阻力大小为52500N【解析】(1)坦克安装了履带，这样做的目的是在压力一定时，增大受

23、力面积来减小压 强；履带做成凹凸状的棱，这是为了在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦。(2)穿甲弹受到火药推力由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态；能穿透2100mm厚的钢筋混凝土，说明力可以改变物体的形状；穿甲弹离开坦克炮能继续前进，说明穿甲弹具有惯性；(3)坦克对地面的压力：F = G=mg=22X 103kgX 10N/kg = 2.2X 105N,坦克对地面的压强：口=£=22叉=5.5X 104Pa；Si41n2(4)坦克在水中浮航时，受到的浮力： F浮=p液gV排=6 = 2.2* 105N,则排开水的体积：V排='浮 =N 2乂 11瓦=22m3

24、,P 水 W IX 103kg/m3X lON/kgV 露=丫 总V 排=28m3 22m3=6m3。(5)在陆地上、水上的最大速度vi = 54km/h = 15m/s, v2= 28.8km/h = 8m/s,由P=Fv得，坦克在陆地以最大速度匀速行驶的牵引力：Fi=上- = 4200°QW =28000N。v 115m/ s因为坦克在水中匀速行驶，所以受到的阻力和受到的牵引力是一对平衡力，在水中以最大航速匀速航行时所受到的水的阻力:f=F2=-铉QQUQWSm/s= 52500N。21. (8分)为倡导节能环保，某科研机构设计了新型路灯。工作原理如图所示，控制电路中R2为半导体

25、硅制成的光敏电阻，R2阻值随光强(国际单位坎德拉，符号：cd)变化的规律如下表所示，工作电路中开关S2的状态由R2两端的电压决定，光照足够强时，R2两端的电压很小，开关 S2和与b点接触，处于断开状态，路灯 L关闭；当光强降为20cd时，R2两端的电压刚好升至 2V,开关S2与c点接触，电路接通，路灯 L正常工作。已知，控制电路和工作电路中电源电压分别为6V和220V,路灯L正常工作时流为1A。光强/cd510202540电阻/ Q40201085求：(1)若路灯L每天正常工作8小时，其消耗的电能；(2)工作电路刚好接通时，R1接入电路的阻值；(3)保持R1接入电路的阻值不变，当 R2两端的电

26、压为1V时，R2的阻值是多大？分析表格中光强与电阻数据的规律，确定此时光强是多大；(4)为了节约能源，使路灯 L要晚一些打开，应怎样调节 R1。控制电路工作电路【答案】(1)若路灯L每天正常工作8小时，其消耗的电能为 6.336X 106J； (2)工作电 路刚好接通时，R1接入电路的阻值 20 Q; (3)保持R1接入电路的阻值不变，当 R2两端 的电压为1V时，R2的阻值是4Q,此时光强是50cd; (4)为了节约能源，使路灯 L要 晚一些打开，R1的阻值应适当调大。【解析】(1)由题路灯两端电压 U=220V,正常工作电流1A,所以正常工作8小时消耗 的电能： W= UIt = 220V

27、 X1AX 8X 3600s=6.336X 106J；(2)当光强度为20cd时，R2两端的电压刚好升至 2V,开关S2与c点接触，电路接通， 路次T L正常工作。由表格数据可知，当光照强度为20cd时，R2的阻值为10 Q,由图控制电路R1与R2串联，所以11 = 12 =2V=0.2A ,U2=6V -2V =4V,所以 R14V0. 2A20 Q;(3)保持R1接入电路的阻值不变，当 R2两端的电压为1V时,U1' = UU2' = 6V- 1V=5V,所以 I2' = I1'/土 U/ IV I 上+3山皿“35 一目 t上R2的阻值：R2="

28、A-=7- = 4Q;由表格数据可知，R2的电阻与光强成反比，由 X 2U. / S A表格第一次电阻 40时，光强为5cd,则电阻为4时，光强为50cd;(4)使路灯L要晚一些灯打开，即光强变小，R2阻值变大，为使其电压仍为 2V时接通工作电路，根据串联电路的分压原理，R1的阻值应适当调大。四.实验探究题(共 3小题，满分22分)22. (10分)某同学想用电流表、电压表测量一段电阻丝R的电阻，他已连接了部分电路，如图甲所示。请你接着完成下列步骤：(1)用笔画线代替导线，将电路补画完整。(2)当电压表示数为2.4V时，电流表的示数如图乙所示， 这时电路中的电流是 A, 电阻丝的电阻为Qo（3

29、）这位同学通过改变被测电阻两端的电压，共测得三组对应的电压值和电流值，最后算出电阻的平均值，这样做的目的是： 。（4）若连好电路闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电流表和电压表的示数都不变，且较小，分析可能出现的问题是： 。（5）若连好电路闭合开关后，发现电流表无示数，而电压表的示数接近于电源电压，则 可能出现的故障时。（6）不改变上面连好的电路，用它还可以完成的实验是 。（7）若将上面实验中的定值电阻 R换成小灯泡，在多次测电阻的过程中， 发现当电压表 的示数增大时，电压表与电流表示数的比值将 （选填“变大”、“变小”或“不 变”）,造成这一现象的原因是：。甲乙【答案】（1）实物

30、图如下图所示；（2） 0.24; 10; （3）减小误差；（4）将变阻器下面的两个接线柱连入了电路中了；（5）测量电阻的电功率；（6）测量电阻的电功率（7）变大;灯丝电阻随温度升高而变大。【解析】（1）因为1节干电池电压为1.5V,电源电压为3V,所以电压表选择03V;使滑动变阻器与定值电阻串联，电压表并联在被测电阻两端，注意滑动变阻器按一上一下的原则接线；如下图所示:（2）根据图乙可知，电流表量程是U = 2. 4V 五二0. 24A00.6A,分度值是 0.02A,示数为 0.24A;由 R =10Q; （3）测量三组电压与电流值，其目的是多次测量求平均值，以减小实验误差；（4）连好电路闭

31、合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电流表和电压表的示数都不变，说明变阻器失去了变阻的作用；两表示数较小，说明变阻器连入电路中的电阻较大，所以分析可能出现的问题是：将变阻器下面的两个接线柱连入了电路中了，导致将变阻器的最大阻值连入了电路中了；（5）经分析，连好电路闭合开关后，发现电流表无示数，而电压表的示数接近于电源电压， 可能出现的故障是灯泡断路了；（6）伏安法既可以测量电阻的阻值R=苧，又可以测量电阻的功率P= UI; （7）由电路图及欧姆定律得：电压表与电流表的示数比为灯的电阻Rl=/，通过灯的电流随灯电压的增大而增大，灯的功率 P=UI变大，温度升高，因灯的电阻随温度的升高而变大，所以，灯丝的电阻变大，电压表与电流表示数的比值将增大；23. （5分）（1）近几年中国动车发展迅猛，我国自行研制的动车组采用了许多节能方法， 其中之一为“再生制动”，在车速从200km/h减到90km/h的速度过程中，不采用机械刹 车而是关闭电源，由于动车具有惯性仍将继续行驶，把动车组的能转化为能。它的工作原理如图所示闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动，观察到灵敏电流计的指针发生偏转，导体中能产生感应电流， 机就是利用这种原理制