2017中考物理试题分类汇编专题18电功率、电热(含解析)

1、专题18电功率、电热Ri、R2 均10、 2021?潍坊某型号电饭锅具有保温与加热两种功能，其简化电路如下列图,为电热丝。以下说确的是 AA. S 1、S2闭合时，电饭锅处于加热状态B. Si、S2闭合时，电饭锅处于保温状态C. S1闭合、S2断开时，电饭锅处于加热状态D. S1断开、S2闭合时，电饭锅处于保温状态5、 2021?潍坊以下家用电器中，利用电流热效应工作的是CA.抽油烟机乩电视执16、 2021?潍坊多项选择题如下列图，R为定值电阻，F2为滑动变阻器，电源电压恒定。当闭合开关，滑动变阻器滑片向b端移动时，以下判断正确的选项是CDA. 电流表的示数变大B. R1与R消耗的电功率之和

2、增大C. R1与F2消耗的电功率之和减小D. 电压表V示数的减少量等于 M示数的增加量21、 2021?潍坊4分现要测量小灯泡的功率。小薇同学选择了满足这个实验要求的 器材，并连接了局部电路，如图甲所示。1请添加一根导线，完成图甲所示的实验电路的连接。T乙2闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑至 端选填“ a或“ b。3闭合开关，调节滑动变阻器，当电压表示数为1.9V时，电流表示数如图乙所示，为A,此时小灯泡的功率为 W21、 1如下列图2b 30.2 0.3811 2021?多项选择题.如下列图，电源电压保持 2V不变，小灯泡 L标有“ 字样，小灯泡的阻值保持不变。闭合开关Si、S2,以下说确的

3、是：ADA. 电源工作时，将其他形式的能转化为电能B. 此时小灯泡L正常发光C. 假设只断开开关 S，小灯泡L变得更亮D. 假设开关S2由闭合变为断开，电流表的示数变小12. 2021?威海多项选择题 如下列图.电源电压为 4.5V，电流表量程为“ 00.6A' 滑动变阻器规格为“ 10Q, 1A",小灯泡L标有“ 2.5V, 1.25W''不考虑温度对灯丝电阻 的影响在保证通过小灯泡L的电流不超过恒定电流的情况下，移动滑动变阻器的滑片，以下选项正确的选项是A. 小灯泡的额定电流是 0.6AB. 电流表的示数变化围是 0.30.5AC. 电压表的示数变化围是

4、03VD. 滑动变阻器连入电路的阻值变化围是410Q【考点】IH :欧姆定律的应用；J9 :电功率与电压、电流的关系.【分析】知道灯泡的额定功率和额定电压，根据P=UI求出灯泡的额定电流；灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的最小电压，即电压表的最小示数；根据串联电路的电流特点可知电路中的最大电流为灯泡额的电流和滑动变阻器允许通过最大电流中较小的一个，根据欧姆定律求出电压表的最大示数，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值.【解答】 解：小灯泡的额定电流l=0.5A，故A错误；由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联

5、，电压表测滑动变阻器两端的电压.灯泡正常发光时的电压为 2.5V ,功率为1.25W,当灯泡正常发光时，串联电路总电压等于各分电压之和，此时电压表的最小示数U>=U- UL=4.5V - 2.5V=2V,此时电路中的最大电流I ma>=0.5A ,此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，最小为：R滑min=4Q；滑动变阻器接入电路中的电阻最大，灯泡的电阻：R_=5Q，电路中的最小电流：I min=0.3A ,电路中电流变化的围是 0.3A0.5A，故B正确；此时灯泡分担的电压最小 U L小=1 minR_=0.3A X 5Q =1.5V,滑动变阻器两端的最大电压：U滑maFU- U L小

6、=4.5V - 1.5V=3V，即电压表最大示数，电压表的示数围为 2V3V,故C错误；此时滑动变阻器的最大阻值RmaF=10Q,所以滑动变阻器的围是 4Q10Q,故D正确.应选BD.(1) 2021?电炉子工作时，通过导线和电炉丝的电流相等，电炉丝电阻比导线电阻 ,根据 焦耳定律可知，一样时间电炉丝产生的热量比导线 ，所以电炉丝热得发红而导线不太热。大多(3)2021?将定值电阻 R和R串联后接在电压为 6V的电源两端，R: R=1:2 ,只的电功率 为2W,那么R两端的电压U=V, R=Q。2 426. 2021?枣庄如下列图，电源电压保持不变， R1=10 Q,闭合开关S。开关S0拨至b

7、时电 压表示数是拨至a时的三分之一，那么Q;假设电源电压为 3V,当开关S0拨至b时，R在10min产生的热量是J。26. 20 609. 2021?枣庄如下列图，电源电压恒为5V,电压表的量程为“ 03V",电流表的量程为“ 00.6A ",滑动变阻器的规格为“20 Q 1A",灯泡标有“ 3V 1.8W"字样。闭合开关，在电路平安的情况下不考虑灯丝电阻的变化，那么以下说法中正确的选项是CA. 滑动变阻器的电阻允许调节的围是020 QB. 电流表示数的变化围是 0.10.6AC. 电压表示数的变化围是 1V3VD. 灯泡的最小功率是 1W31.2021

8、?枣庄6分图甲是智能怀旧灯，与灯串联的调光旋钮实质是滑动变阻器，图乙是简化的电路原理图。灯L标有“ 12V 3W'字样，当滑动变阻器的滑片P在a点时，灯L正常发光，电源电压不变，不考虑温度对灯丝电阻的影响。问：1电源电压U是多少？2当滑动变阻器接入电路中的电阻是12Q时，灯L消耗的实际功率是多少？3当滑片P位于中点b和最右端c时，灯两端电压之比是 3:2，那么滑动变阻器的最大 值是多少？27. 1当滑片在最左端 a点时灯泡正常发光，所以U=U额=12VU 2(2)灯泡正常发光的电阻 Rl- 48灯泡与滑动变阻器串联 P实I RlRl 1.92W(3)滑片在中点b点时，灯两端电压URl滑

9、片在最右端b点时灯两端电压UURlRlRURl根据题意：23 解得R=96QURl2Rl R18. 2021?威海一个标有“ 22 0V 1200W"的电热水壶.要在 1个标准大气压下将 2kg 温度为20C的水烧开，水需要吸收的热量是6.72 X 105J,假设不计热损失，电热水壶正常工作时烧开这壶水需要的时间是560 s.水的比热容为4.2 X 103J/kg?C【考点】JK:电功与热量的综合计算.【分析】1知道水的质量、水的比热容和水温的变化值，利用吸热公式求水吸收的热量；2不计热损失，消耗的电能全转化为能被水吸收，利用Q=W=P计算烧开这壶水需要的时间.【解答】解：1在标准大

10、气压下，水的沸点为100C,水吸收的热量：Q 吸=cm t - to=4.2 X 103J/ kg?Cx 2kg X =6.72 X 105J；2因为电热水壶正常工作，所以P=P额=1200W不计热损失，Q吸=W=Pt,所以电热水壶正常工作时烧开这壶水需要的t=560s .故答案为：56.72 X 10 J; 560.20. 2021?聊城定值电阻R : R=2: 3,假设把它们并联在同一电路中，通电后.它们的电流之比11： 12=;假设把它们串联在同一电路中，通电1分钟，巳、F2产生的热量之比Q: Q=。3: 2 2 : 313. 2021?聊城多项选择题 如甲图所示的电路中，电源电压为16

11、V恒定不变，R为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关 S后，在滑片P滑动的过程中，电压表与电流表示数 的变化关系如图乙所示，根据图象信息可知，以下判断正确的选项是屮A. R的阻值是10 B .电路的最大总功率是 25.6WC. R的最小功率是3.2W D .滑动变阻器的最大阻值是ABD6V保持不变.所26.2021?聊城6分在“测量小灯泡的电功率"实验中.电源电压为用小灯泡的额定电压为 2. 5V.小灯泡的电阻约为 10 。甲乙(1) 用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整，要求滑动变阻器滑片P向右滑动时小灯泡变亮。(2) 闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移到最端(选填“左或“右

12、)。(3) 闭合开关S后，发现小灯泡不亮，但电流表和电压表均有示数，接下来首先应该操作的是(填序号)A 检查电路是开断路B .检查电路是开短路C .移动滑动变阻器的滑片P,观察小灯泡是否发光(4) 通过小灯泡的电流随它两端电压的变化如图乙所示.分析图象可知，当小灯泡两端的电压增大时，灯丝的电阻会 (选填“增大'、“不变'或“减小")；小灯泡的额定功率为Wo(5) 假设将小灯泡换成定值电阻，该电路还可以进展的实验有 (清写出一个即可)。(1)(2) 左(3)C (1)增大 0.5(5) 伏安法测电阻或电阻一定时，研究通过导体的电流与导体两端电压的关系29. 2021?聊

13、城(9分)如下列图，电源电压保持 12V不变，电阻R=50 ，只闭合开关S3, 将滑动变阻器滑片 P移到中点时.电流表示数为 0. 2A,小灯泡L的实际功率为1. 8W电 流表的量程为0 0. 6A,电压表的量程为 0 3Vo (不考虑温度对灯丝电阻的影响 )求：(1) 当开关S、S2、S3都闭合时，通过 R的电流是多少？(2) 小灯泡的电阻是多少？只闭合开关S3,滑片P在中点时，电压表的示数是多少？(3) 在保证电路平安的条件下，电路消耗的最小功率是多少？ WlW当开关都间合吋"肚槪矩路r小灯泡L与艮并联I2V=0. 24A只周合开关5时.小刘泡1与滑动变粗器M联I-OEA P-L

14、BW 由 Pi=UdL = lL1Rt 得巧0 *-C2 分-门分UZ UA 12F 9V3V *'1 分或：只閒合开关色时，小灯泡L与淆幼变翅器申联U$= Ua12V9V= 3T.T.*.*.*分'J?l=J?d -¥=$QCI- 15O=45nC3 '要性电路中的电功率风小电源电乐龙朋由P0=U斥卿"最应眾小賦半应星大 <1分P3 R- =500 尺丄=-1巾30Q 大于 150所以K应口汕圾大阻值爭联K. = 300在保证电路平安的条件下 电流衣的J数不能趙过仏电n.叢的示数不能超过3VR J =R H-Pj 士冷门 +Uj =IjR厂

15、A 15AX 30Q 1. 5VL5V >3Vtad r电尽兴的制凰那么出 Ui - JV 时-12V-3V-3V<1分9VKon0. lt3A<0. 6A电流表平安=LrZ/ 12VX 0. 18A=5?. 16 W |分19. 2021?威海如下列图，电源电压 12V保持不变，小灯泡 L的规格为"6V 3W，滑动变 阻器的最大阻值为12Q，电流表的量程为 03A.当开关S、S2都断开时，小灯泡 L恰能正 常发光，R的阻值为 12 Q,当开关S、S2都闭合时，要保证电路各元件平安，整个电路电功率的变化围是24W- 36 W【考点】JA:电功率的计算；IH :欧姆定

16、律的应用.【分析】1当开关S、S都断开时，Ri与L串联，灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出R两端的电压，再根据欧姆定律求出R的阻值；2当S、S均闭合时，L短路，R、R,并联，电流表测量的是干路中的电流，根据电流表 的量程确定电路中的最大电流，根据P=UI求出电路的最大总功率；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路的总功率最小，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用P=UI=求出电路的最小总功率，然后得出答案.【解答】解：1当S、S都断开时，Ri与L串联，灯正常发光时的电压U=6V,功率Pl=3W,因串联电路中各处的

17、电流相等， 所以，由P=UI可得，电路中的电流：I=I l=0.5A ,因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压：U=U- UL=12V- 6V=6V,由I=可得，R的阻值：R=12Q;2当S、Sa均闭合时，L短路，R、R并联，电流表测量的是干路中的电流，因电流表的量程为 03A,所以，电路中的最大电流为3A,因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，整个电路的最大电功率：Pk=UI 大=12VX 3A=36Vy当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路的总电阻最大，电路的总功率最小， 因并联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻：R=6Q,电路消耗的最小总功率:P小=24

18、v,所以，整个电路电功率的变化围是24W 36W故答案为：12; 24W 36.25. 2021?威海根据以下两个实验，答复相关问题:1电流做功的过程是把电能转化为其他形式能的过程，一般情况下电流做功的多少我们无法直接观察出小明同学为了 “探究影响电流做功的因素，设计了如图1所示的实验，通过此实验可以较形象的比较出电流做功的多少该实验是通过观察物体被提升的高度比较电流在不同情况下做功多少的，此过程中是把电能转化为机械 能;将滑动变阻器的滑片P向左调节时，电流表和电压表的示数都变大，一样时间物体被吊起的度度也变大了， 这说明 当时间一样时，电压越大，通过的电流越大，电流做功越多.2实际生活中，用

19、电器接通电源后，都伴有热量的产生，小明在“探究电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关'时，采用了如图2所示的实验装置，其中 a、b、c、d四个一样的容器密闭着等量空气并与 U形管严密相连，实验前 U形管两端液面相平，将 1、2和 3、4导线分别接到电源两端.在实验过程中，通过观察U形管中液面高度 的变化来比较电流通过电阻丝产生热量的多少：图甲所示的装置是用来研究电流通过电阻丝产生的热量与电阻大小的关系,图乙所示的装置是用来研究通过电阻丝产生的热量与电流大小 的关系，综合分析图甲乙两装置的实验现象，可以得出的结论是电流通过导体产生热量与通过导体的电流和电阻大小有关，通过导体的电流越大，

20、导体的电阻越大，产生的热量越多.【考点】J6:电功的测量；JH:焦耳定律.【分析】1电流做的功过程中，将电能转化为物体的机械能；根据W=UIt进展分析，即当时间一样时，电压越大，电流越大，电流做的功就越多，电流转 化为物体的机械能就越多；2电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差 的变化来反映，这种研究方法叫转化法； 电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关探究电流产生热量跟电阻关系时， 控制通电时间和电流不变； 探究电流产生热量跟电流关系时，控制电阻和通电时间一样； 综合分析图甲乙两装置的实验现象得出结论【解答】 解： 1图 1 所示的实验是通过观察

21、物体被提升的高度来比较电流在不同情况下 做功多少的；由 W=UIt 可知，当时间一样时，电压越大，通过的电流越大，物体被吊起的高度也越大，说 明电能转化为物体的机械能越大，即电流做功越多2电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差 的变化来反映，这种研究方法叫转化法； 如图甲，两个电阻串联在电路中，电流一样，通电时间一样，电阻不同，根据控制变量法可 知，这是探究电流产生热量跟电阻的关系； 通过一段时间后， b 容器中 U 形管液面高度差大， 电流产生的热量较多；图乙装置中两个5Q的电阻并联后再与一个 5Q的电阻串联，由串联电路的电流特点可知， 右端两个电阻的总电

22、流和左端电阻的电流相等，即I右=1左；两个5Q的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I左=1+1外，所以，I左I，烧瓶的电阻值都是 5Q,阻值相等，通电时 间相等，电流不同，根据控制变量法可知，这是探究电流产生热量跟电流的关系；通过一段时间，c容器中U形管液面高度差大，电流产生的热量多；综合分析图甲乙两装置的实验现象， 可以得出的结论是： 电流通过导体产生热量与通过导体 的电流和电阻大小有关，通过导体的电流越大，导体的电阻越大，产生的热量越多故答案为： 1物体被提升的高度；机械；物体被提升的高度；当时间一样时，电压越大， 通过的电流越大，电流做功越多；2液面高度；电阻大小；电流大小；电流通过导体

23、产生热量与通过导体的电流和电阻大 小有关，通过导体的电流越大，导体的电阻越大，产生的热量越多27 2021?威海 某生态园设计了模拟日光和自动调温系烧，实现照明、保温和加热的功能，其原理如下列图，电源电压恒为220V, R和R,是两个电热丝不考虑温度对电阻的影响，F2=30Q, L是标有“ 220V 160W的照明灯泡，白天有日光的时候，只开启该系统的 保温功能并连续工作 10h,此时R与艮的电功率之比为1: 3，晚上温度较低的时候，需开启加热和照明功能.灯泡正常发光此状态下系统也需连续工作10h, q沼气=1.8 x 107j/m3，请解答以下问题：1 晚上工作时电路的总功率是多大？2假设一

24、天中工作的 20h 电热丝放出的热量完全由该生态园自产的沼气提供，其热效率为50%那么每天需要完全燃烧多少m的沼气？【考点】JA:电功率的计算；GJ:燃料的热值；J3 :电功的计算.【分析】1由电路图分析电路的工作状态，白天保温状态时，R、R2串联，晚上加热时L与 R1 并联.由白天工作时两电阻功率计算出R的阻值，再计算晚上时 R电功率，从而得到晚上工作时电路的总功率；2由P=十算白天保温的总功率，由Q=W=Pt计算一天电热丝放出的热量，由沼气效率和Q=qV计算需要燃烧沼气的体积.【解答】 解: 1 由题知，白天有日光时，系统处于保温状态，灯泡不工作，此时两开关应断开，两电阻R、R2串联，总电

25、阻最大，总功率最小；由串联电路的特点可知，通过两电阻的电流相等，且Ri与Rz的电功率之比为1: 3,由 P=I2R可得：=,由题知 Rz=30Q，所以 Ri=10Q;晚上系统处于加热状态，且灯泡正常工作，由电路图可知，此时两开关应都闭合，灯泡L与 R1 并联；由并联电路的特点可知，此时U=U=220V,且灯泡正常工作，所以R的功率：R' =4840W所以晚上工作电路的总功率：P总=P额+R'=160W+4840W=5000W/2由串联电路的特点和 P=可得，白天系统在保温状态时电热丝的总功率：P 保温 =1210W，由题可知白天和晚上系统的工作时间一样，那么一天电热丝放出的热量

26、：Q=W=P t +P保温 t= P1' +P 保温t= x 10X 3600s=2.178 x 108J,由沼气燃烧的热效率为 50%可得：50%C放=Q由QM=qV可得需要燃烧沼气的体积：V=24.2mf.答:1晚上工作时电路的总功率是5000W；2每天需要完全燃烧 24.2m3的沼气.18. 2021?甲、乙两只电炉标有“ 220V 500W和“ 220V 1000W 字样，把它们串联在220V的电路中.在一样时间产生热量较多的是甲，将它们并联在电路中，产生热量较多的是 乙 选填“甲或“乙.串联时甲电炉消耗的电功率与并联时甲电炉消耗的电功率之比为111: 250【考点】JI :焦

27、耳定律的计算公式与其应用；JA:电功率的计算.【分析】1知道两只电炉的额定电压和额定功率，根据R=比较两只电炉的电阻，根据串联电路的电流特点和焦耳定律比较两电炉的产生热量关系；根据并联电路中各并联支路两端的电压相等和Q=W=P比较两电炉的产生热量关系;2分别计算两种情况下甲消耗的实际功率并确定其比例关系.【解答】解:1由卩=得，电炉的电阻 R=因为甲、乙两只电炉的额定电压一样，额定功率P甲v P乙,所以甲、乙两只电炉的电阻：R甲R 乙,又因为串联电路中的电流处处相等,即通过甲、乙两只电炉的电流：I甲=1 乙,根据Q=I2Rt可知，在一样时间产生的热量Q甲Q乙，故串联时产生热量较大的是甲;将它们

28、并联在220V电路上,根据并联电路中各支路两端的电压相等，即U 甲=U 乙=220V,那么两电炉的实际功率等于额定功率，即:P 甲=500W； P 乙=1000W根据Q=W=P可知，在一样时间产生的热量Q甲v Q乙，故并联时产生热量较大的是乙;2甲电炉的电阻为 R甲=96.8 Q，乙电炉的电阻为R乙=48.4 Q，串联在220V电路中甲消耗的实际功率为P实甲=1实2R甲=丨2X R甲=丨2 X 96.8222W当甲电炉并联在 220V电路中，P实甲=P额甲=500V，所以两种情况下甲消耗的功率之比为P实甲：P实甲=222W 500W=111: 250. 故答案为：甲；乙；111: 250.27

29、. 2021?我们生活在电的时代，电能的广泛使用，使电能的社会需求日趋紧.节约电能，提高能源的利用率是一个在国民经济中具有重要战略意义的问题.改造和淘汰旧的设备、采用高压输电是节约能源的重要措施.其电站与用户间距离为10km输送的电功率为 6.0x 104kW每米输电导线的电阻为 1.8 x 103Q,假设输电电压从1.0 x 105V提高到3.0 x 105V.1求输电线路损耗的电功率减少了多少？2现输电导线在某处发生了短路，为确定短路位置，检修员在电站利用电压表、电流表和电源接成如图1所示电路进展检测.电压表的示数为3.0V，电流表的示数为 0.5A，那么短路的位置离电站的距离为多少？3平

30、安用电的常识之一是不靠近高压电，而双脚站在高压线上的小鸟两脚间距离为5cm,电阻为104Q居然安然无恙图 2，计算说明小鸟为什么不会触电死亡？在你的计算中 运用了什么近似条件？【考点】JA:电功率的计算；IH :欧姆定律的应用.【分析】1根据输送功率 P=UI求出输电电流，再计算出输电导线电阻，根据p=i2r可得输电线上减少的电功率；2根据欧姆定律求出导线的总电阻，由此求出导线的长度，再根据导线是两根从而确定出短路的位置离电站的距离；3小鸟双脚站在高压线上时，小鸟与两脚间输电线并联，先求出长5cm输电线的电阻，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出小鸟两端的电压，再根据欧姆定律求出通过小鸟的电流

31、，根据通过小鸟的电流很小判断出小鸟不会触电死亡的原因.【解答】解：1采用高压输电时，输送功率不变，由P=UI可得提高输电电压前后导线上的电流：11 =600A,I2=200A,每米输电导线的电阻为 1.8 x 103Q，电站与用户间距离为10km输电电线有两根，所以电站与用户间输电导线的电阻：R=1.8 x 103q/mx 10X 103mx 2=36Q,由p=i2r可得输电线上减少的电功率：22227 P=R- R=l i R - l2R=X 36Q- x 36 Q =1.152 x 10 W2由l=可得，短路的位置与电站间导线的电阻：R =6Q,短路的位置与电站间导线的长度：L=x io3

32、m那么短路位置离电站的距离：s=L=xx 103m 1.67 x 103m;3由题可知，小鸟与两脚间的输电线并联，长 5cm输电线的电阻：R线=1.8 x 10-3Q/mx 5x 10-2m=9X 10-5Q,并联电路中各支路两端的电压相等，由1小题可知提高输电电压后的电流l=200A ,由1=可得：U鸟=2线'=IR 线'=200AX 9x 10-5Q =1.8 x 10-2V,通过小鸟的电流：I 鸟=1.8 x 10-6A=1.8 卩 A,由此可知，通过小鸟的电流很小，所以小鸟不会触电死亡.小鸟两脚间的导线与小鸟是并联的，干路电流为200A,计算时小鸟两脚间导线上的电流取值

33、近似等于干路中的电流.答：1输电线路损耗的电功率减少了1.152 x 107W2短路的位置离电站的距离为1.67 x 103m；3通过小鸟的电流很小，所以小鸟不会触电死亡；计算时小鸟两脚间导线上的电流取值 近似等于干路中的电流.15 . 2021?滨州多项选择题如图甲所示，两电热丝 R与Rz并联，R=20Q，电源电 压保持不变，闭合开关，电流表 A和电流表 A表盘指针均指如图乙所示位置，那么以下判断正确的选项是Ri1 2 -=7 1fji t!科 Au *«i H HF1ht 1 -；'L. J 1V .L i / . *< 廿.z丰IVI _-兔1(i*UG0.6 3

34、甲1 L乙A R1： R2=5： 1B. 电源电压是 10VC. R2的电功率是20WD. Ri工作2分钟所放出的热量为 600J【考点】IH :欧姆定律的应用；JA:电功率的计算；JI :焦耳定律的计算公式与其应用.【分析】由电路图可知，Ri与R2并联，电流表 Ai测干路电流，电流表 A测R支路的电流， 根据并联电路的电流特点结合两电流表指针的位置一样确定电流表量程，根据分度值读出示数，进一步求出通过 R2 的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压，再 根据欧姆定律求出 F2的阻值，进一步求出两电阻的阻值之比，利用P=UI求出R2的电功率，根据Q=I2Rt求出Ri工作2分钟所放

35、出的热量.【解答】 解：由电路图可知，Ri与R并联，电流表 Ai测干路电流，电流表 A测Ri支路的电 流.因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两电流表指针的位置一样，所以，电流表 Ai的量程为03A,分度值为O.iA，干路电流l=2.5A ,电流表A的量程为00.6A，分度值为0.02A，通过R的电流I i=0.5A ,根据并联电路的电流特点可得，通过R2的电流：12=1 - I i=2.5A - 0.5A=2A,因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I=可得，电源的电压：U=IiRi=0.5A X 20Q =i0V,故 B 正确；那么R的阻值：R2=5Q，那么 R : F2=20Q

36、： 5Q =4： i,故 A 错误；R2 的电功率：R=Ul2=i0VX 2A=20Vy 故 C正确；Ri 工作 2 分钟所放出的热量：Q=Ii2Rit= 0.5A2X 20QX 2 X 60s=600J，故 D正确.应选 BCD.17. 2021?滨州如图甲所示,将额定电压为2.5V 的小灯泡接入电源电压为 4.5V 的电路中，闭合开关，调节滑动变阻器滑片P,记录相应电压表和电流表示数绘制成如图乙所示的u- I图象，那么小灯泡的额定功率为0.625 W小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻是 8 Q.【考点】JA:电功率的计算；IH :欧姆定律的应用.【分析】由图象可知，当小灯泡两端的电

37、压为2.5V时对应的电流，根据 P=UI求出小灯泡的额定功率；根据串联电路电流、电压规律和欧姆定律的变形公式求出滑动变阻器接入电路的电阻.【解答】解：1由图乙可知，当小灯泡两端的电压为U额=2.5V时，通过小灯泡的电流 I额=0.25A ,那么小灯泡的额定功率：P=U额I额=2.5V X 0.25A=0.625W.2由电路图可知，小灯泡与滑动变阻器并联，电压表测小灯泡两端的电压，当小灯炮正常发光时，U额=2.5V，电路中的电流I=I额=0.25A ,根据串联电路电压规律可知，此时滑动变阻器两端的电压：U滑=U- U 额=4.5V - 2.5V=2V,由欧姆定律得，滑动变阻器接入电路的电阻：R

38、滑=8Q.故答案为：0.625 ; 8.17. 2021?充电宝是一个可充放电的锂聚合物电池.某充电宝局部相关参数如下表所示.该充电宝完全充满电时储存的电能为3.6 X 104J，输出功率为5 W完全充电100mA/20V/5h输出电压5V输出电流1000mA【考点】JA：电功率的计算；J3:电功的计算.【分析】由充电宝的铭牌可知完全充电参数，根据W=Ult求出完全充满电时储存的电能，又知道输出电压和输出电流，根据P=UI求出输出功率.【解答】 解：该充电宝完全充满电时储存的电能:一 34W=Ult=20VX 100X 10 AX 5 X 3600s=3.6 X 10 J,输出功率：一 3P=

39、U I' =5VX 1000X 10 A=5W故答案为：3.6 X 10 开关闭合前，使滑片变阻器的滑片处于最 端填“左或“右。 根据小美记录的数据信息，要让小灯泡正常发光，电压表的示数应是V。 电路中电流表与导线的电阻都很小，对电路的影响忽略不计，且小美所测量的数据准确无误，通过对实验记录中的数据计算分析，你发现的新问题是：。导致此问题产生的根本原因是：； 5.6. 2021?以下用电器中，利用电流热效应工作的是A. B.C. D.6、A 解析：电流的热效应指的是，用电器将电能转化为能。电饭锅工作时就是将电能转化为能来工作的，A正确；抽油烟机将电能转化为动能，B不符合题意；电视机和笔

40、记本电脑工作时，主要将电能转化为声和光，C D不符合题意。26. 2021? 5分小美在做“测量小灯泡的电功率"实验时，选用的器材如下：二节干电池，一个电流表，一个电压表，一个滑动变阻器，额定电压为2.5V的小灯泡，开关，导线假设干。设计的电路图如甲图所示。实验次数灯泡两端电压Uj电流表示数10.5V0.1A21V0.15A31.5V0.21A(1) 请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物电路连接完整。26、 1如下列图:2右 32.5阻受温度的影响4随着小灯泡两端电压的增大，灯泡的电阻变大灯丝的电28. 2021? 8分LED灯发光的颜色与两端的电压之间的关系如表所示。小美用一个15

41、0的电阻与LED灯串联，接在电压为 6V的电源上，成功的让 LED灯发出了蓝光，如下列图。灯两端电压V22.43发光的颜色红绿问：1定值电阻R两端的电压是多少？2通过定值电阻R的电流是多少？3LED灯的实际功率是多少？4LED灯工作1小时，消耗的电能是多少？5小美通过电阻与 LED灯串联，实现了 LED灯发蓝光。请你在不使用电阻的情况下，设 计一个让LED灯发出蓝光的方法。28. 1LED发蓝光，它两端的电压为UL=3V,电源电压U=6V R1与LED灯串联，根据串联电路中电压的特点可知 U=UL+U1所以灯泡两端的电压5= U-UL=6V-3V=3VU 3V=0.02A2通过定值电阻R的电流

42、：R 1503LED灯的实际功率:P UI =3VX 0.02A=0.06W(4) LED灯工作的t=1h=3600s消耗的电能：W=pt=0.06WX 3600s=216J5LED等发蓝光是所加电压应为3V,所以可以直接将 LED灯接到3V的电源上；也可以将两个同样的LED等串联接到6V的电源上。20.2021?小可将电源、开关、导线、滑动变阻器、电流表和电压表接入电路，用“伏安法"测额定电压为 2.5V小灯泡的功率.1请在方框图1画出实验电路图.2小可根据实验数据绘制了U- I图象，如图2甲所示.观察图象，发现AB局部为线段，BC局部为曲线为便于分析，将线段AB延长作出图象，如图

43、 2乙所示.比较甲、乙两图象，发现两图象间的距离随着电流的增大而增大，说明 温度越高，灯丝电阻越大 3根据图象中B点对应的电压和电流值，计算小灯泡的电阻R= 5 Q.当电压为2.5V时，根据甲图象计算小灯泡的功率P甲=0.625 W根据乙图象计算小灯泡的功率P乙 = 1.254请结合以上分析和计算，解释白炽灯泡烧坏往往发生在开灯瞬间的原因：开灯时，灯丝的温度低，电阻相对较小，根据电功率公式P=可知，此时的功率较大，灯丝温度较高，灯丝易烧断 【考点】JF:电功率的测量.【分析】1电流表测出灯泡的电流，电压表测出灯泡两端的额定电压，从而测出额定功 率，据此分析电路图的画法；2灯丝电阻受到温度的影响

44、；3根据图象找出电流和电压值，根据欧姆定律求出电阻的大小；根据甲图象找出额定电 压下的电流值，利用公式 P=UI求出功率；根据 P= 求出乙图中灯泡的功率；4刚开灯时，灯丝温度低，电阻相对较小，功率较大，导致短时间产生的热量过多，温 度过高.【解答】解：1电流表、灯泡、滑动变阻器串联接入电流，电压表并联在灯泡两端，电路图为：2由图象可知，随着电压、电流的增大，小灯泡的电功率变大，小灯泡的电阻是增大的, 说明灯丝电阻受到了温度的影响；3图象中B点对应的电压值为 0.25V ,电流值为0.05A ,由欧姆定律可知，灯泡电阻值为R=5Q;当电压为 2.5V时，甲图象中的电流值为0.25A，计算小灯泡

45、的功率P甲=UI=2.5V X0.25A=0.625W;乙图象为一条直线，说明灯泡的电阻是不变的，那么根据乙图象可知小灯泡的功率P 乙=1.25W;4开灯时，灯丝的温度低，电阻相对较小，根据电功率公式P=可知，此时的功率较大，灯丝温度较高，灯丝易烧断故答案为： 1如图; 2温度越高，灯丝电阻越大;3 5; 0.625 ; 1.25; 4开灯时，灯丝的温度低，电阻相对较小，根据电功率公式P= 可知，此时的功率较大，灯丝温度较高，灯丝易烧断22. 2021?如图为一种测量酒精气体浓度的工作原理图，电源电压恒为12V,定值电阻R=40Q, R是酒精气敏电阻，阻值随酒精气体的浓度增大而减小，其阻值变化

46、围为10Q-20Q，电压表接入电路的量程为 0- 15V,电流表接入电路的量程为 0 - 0.6A .闭合开关S, 当环境的酒精气体的浓度增大时，以下说确的是 电流表的示数变小 电压表示数与电流表示数的比值不变 电压表示数的围为 8V- 9.6V 电阻R消耗的电功率围为 0.4W- 0.8W.A.只有正确 B 只有正确 C 只有正确 D 只有正确【考点】IH :欧姆定律的应用；JA:电功率的计算.【分析】由电路图可知，母与R串联，电压表测 R两端的电压，电流表测电路中的电流.1当环境的酒精气体的浓度增大时，R0 阻值随酒精气体的浓度增大而减小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R两端的电压变化

47、，根据串联电路的电压特点可知R两端的电压变化，由欧姆定律结合R的阻值判断电压表示数与电流表示数的比值变化；2当F0=10Q时，电路中的总电阻最小，电路中的电流最大即经过R的电流最大，根据电阻的串联和欧姆定律求出最大电流，根据U=IR求出电压表的最大示数；根据 P=I2R求出R消耗的电功率；当F0=20Q时，电路中的总电阻最大，电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出最小电流，根据U=IR求出电压表的最小示数；根据P=I2R求出Ro消耗的最小电功率.【解答】解：由电路图可知，R与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流.1当环境的酒精气体的浓度增大时，Ro阻值随酒精气体的浓度增大

48、而减小，由1=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故错误；由R= 可知，电压表示数与电流表示数的比值等于R的阻值，那么电压表示数与电流表示数的比值不变，故正确；2当F0=10Q时，电路中的总电阻最小，电路中的电流最大，即经过Ro的电流最大，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，经过 Ro的电流最大，I大=0.24A,那么电压表的最大示数为：U最大=1大R=0.24A X 40 Q =9.6V,R消耗的电功率： Pro大=I 大2Ro= 0.24A2x 10Q =0.576W当R大=20Q时，电路中的总电阻最大，电路中的电流最小，电路中的最小电流：I小=0.2A ,那么电压表的最小示

49、数为：U最小=I小R=0.2A X 40Q =8V,所以，电压表示数的围为8V- 9.6V，故正确；R消耗的电功率： 卩只。小=I小2R= 0.2A2X 10Q =0.4W所以，电阻Rd消耗的功率围为 0.4W0.576W,故错误.应选C.31. 2021?有一个小灯泡标有 5.0V字样，要测定它的额定功率. 小灯泡正常发光时的电 阻值约10Q，电源电压为 6V.1请你用笔画线代替导线，连接完成实验电路.2闭合开关前，滑动变阻器滑片应该在a端选填“a或“ b.3某次连接线路后，闭合开关灯不亮，电流表有示数，电压表没有示数，猜想以下3种故障，其中可能的是CA. 可能是灯丝断了 B.可能是开关接线

50、处断路 C.可能是小灯泡的灯座短路为防止出现上述故障时损坏电流表，选择的滑动变阻器的最大阻值应不小于10 Q.4排除故障后，移动变阻器滑片，观察当电压 表示数为5 时，再记录另一个电表的示数，可以计算小灯泡的额定功率.【考点】JF:电功率的测量.【分析】1从小灯泡的型号可以得出电压表应该选用015V这一量程的并联在小灯泡两端；根据小灯泡的额定电压和电阻求出电流， 从而判定电流表量程；滑动变阻器采用一上一 下的接法；2闭合开关前，滑动变阻器滑片调至阻值最大位置；3电流表有示数，说明电路出现了短路，电压表无示数，说明与电压表并联局部短路；根据电流表的最大电流求出滑动变阻器的最小阻值；4要注意电压表

51、示数，当电压表示数等于灯泡额定电压时，灯泡正常发光.【解答】 解：1小灯泡的额定电压为 5V,那么电压表应该选用 015V这一量程，电压 表并联在小灯泡两端；灯泡的额定电流为：I=0.5A，电流表量程为 0- 0.6A ；滑动变阻器采用一上一下的接法；如图：；2闭合开关前，滑动变阻器滑片调至阻值最大位置，即a端；3电流表有示数，说明电路出现了短路，电压表无示数，灯泡不发光，说明与电压表的 灯泡短路了；应选 C;电源电压为6V,电流表的最大值为 0.6A，那么滑动变阻器的最小阻值为：R'=10Q；4因为灯泡的额定电压为 5V,所以在实验过程中，眼睛应注意观察电压表当电压表示数是5V时，说

52、明灯正常发光，记下此时电流表的示数.故答案为：1如图；2a; 3C; 10; 4电压；5V.35 . 2021?小明同学设计了如图甲所示的汽车转向指示灯电路模型，接通相应指示灯后，指示灯会亮、暗微弱发光交替闪烁发光，电路中电源电压恒为6V, R为定值电阻，指示灯规格均为“ 6V 3W",电磁铁线圈和衔铁的电阻忽略不计， 指示灯的电压与电流的变化规律如表所示:电压/V0.51.22.03.04.05.05.5电流/A0.080.120.180.260.340.420.461假设让左转、右转指示灯同时工作，转向开关应与触点3和4 接通选填“1和2"、“2 和 3"、“

53、3 和 4"或 “4 和 5.2当转向开关与触点“2 和3"接通时，右转指示灯两端实际电压U灯随时间t变化规律如图乙所示，当右转指示灯微弱发光时，右转指示灯的功率与定值电阻R的功率之比是1:4,求定值电阻Ro的阻值.3右转指示灯交替闪烁工作15s时，求指示灯和 R消耗的电能分别是多少？【考点】J9:电功率与电压、电流的关系；HS:电路的根本连接方式；J3:电功的计算.【分析】1假设让左转、右转指示灯同时工作，应让两灯全部接入电路中；2当转向开关与触点“2 和3"接通时，右转指示灯与R串联接入电路中，根据功率之比、串联电路的电压规律可以求出F0两端的电压和电流，根据欧姆定律求出电阻；3根据图象分析指示灯和 R的工作时间，利用公式 W=Pt和W=Ult求出灯泡消耗的电能； 根据W=UIt求出R消耗的电能.【解答】 解：1假设让左转、右转指示灯同时工作，应让两灯并联后全部接入电路中， 故转向开关应与触点 3和4接通；2当转向开关与触点“2 和3"接通时，右转指示灯与R串联接入电路中，电流一样，右转指示灯的