2018高考全国卷物理模拟试题

1、-WOR曲式一专业资料-可编辑-高三高考物理模拟试卷（三）14.如图所示，匀强电场中有一个 O为圆心、半径为R的圆,AC为直径，电场方向与圆所在平面平行且 AB连线垂直斜向下，A、0两点电势差为 一带正电的粒子只在电场力作用下在电场 运动，经A、B两点时速度方向均沿圆的 线方向，速度大小均为V0.下列说法正确的A. A、C两点的电势相等B.粒子从A到B的运动过程中，电势能先减小后增大C.匀强电场的电场强度E=URD.匀强电场的电场强度E=4UR15.如图所示，一个可视为质点的物块，质量为 m=lkg,从光滑 四分之一圆弧轨道顶端由静止滑下，到达底端时恰好进入与圆弧 轨道底端相切的水平传送带，传

2、送带由电动机驱动着匀速逆时针 转动,速度大小为v=3m/s.已知圆弧轨道半径R=0.45m,物块与 传送带间的动摩擦因数为 u =0.1 ,两皮带轮之间的距离九二4m, 物块滑到圆弧轨道底端时对轨道的作用力为F,物块与传送带摩A. F=10NB. F=20N擦产生的热量为Q.重力加速度取g=10m/s2.下列说法正确的是C. Q=10J D. Q=4J16. t=0时，将小球a从地面以一定的初速度竖直上抛，t=0.3s时，将小球b从地面上方某处静止释放，最图g=终两球同时落地。a、b在00. 6s内的v-t 像如图所示。不计空气阻力，重力加速度 l0m/s2,下列说法正确的是A.小球a抛出时的

3、速率为12m/sB.小球b释放的高度为0. 45mC. t=0. 6s时,a、b之间的距离为2.25mD.从t=0. 3s时刻开始到落地，a相对b匀速直线运动17 .如图所示，用两根长度均为l的轻绳将一重物悬挂在水平的 天花板下，轻绳与天花板的夹角为e,整个系统静止，这时每根轻绳中的拉力为To现将一根轻绳剪断，当小球摆至最低点时， 轻绳中的拉力为T'o e为某一值时，T最大,此最大值为憎A. 4 B. 2C. 32-2D. 5518 .如图所示，质量均为m的A、B两物体通过劲度系数为k的 轻质弹簧拴接在一起竖直放置在水平地面上，物体A处于静止状 态在A的正上方h高处有一质量也为 m的小

4、球Co现将小球C 由静止释放，C与A发生碰撞后立刻粘在一起，弹簧始终在弹性 限度内，忽略空气阻力，重力加速度为 g下列说法错误的是©A. C与A碰撞后瞬间A的速度大小为 楞B.C与A碰撞时产生的内能为等等C. C与A碰撞后弹簧的最大弹性势能为 粤Id.要使碰后物体b被拉离地面，h至少为8mg k19.如图所示，理想变压器的原副线圈的匝数比为 4：1,原线圈 接有u=311sin100兀t（V）的交变电压，副线圈上接有定值电凰 线圈L、灯泡D及理想电压表以下说法正确的是A.副线圈中电流的变化频率为50HZB.灯泡D两端电压为55VC.若交变电压u的有效值不变，频率增大，则电压表 的的示

5、数将 减小D.若交变电压u的有效值不变，频率增大，则灯泡 D的亮度将 变暗20.如图（a所示，在半径为R的虚线区域内存在周期性变化的磁 场，其变化规律如图（b）所示。薄挡板MN两端点恰在圆周上，且 MN所对的圆心角为120 °。布=0时，一质量为m、电荷量为 +q的带电粒子，以初速度v从A点沿直径AOB射入场区，运动 到圆心。后，做一次半径为的完整的圆周运动，再沿直线运动 到B点，在B点与挡板碰撞后原速率返回（碰撞时间不计，电 荷量不变），运动轨迹如图（a所示。粒子的重力 不计，不考虑变化的磁场所产生的电场，下列说 法正确的是A.磁场方向垂直纸面向外0a图（bB.图（b）中 B0=2

6、mvC.图(b)中 T0=WRD.若t=0时，质量为m、电荷量为-q的带电粒子，以初速 度v从A点沿AO入射，偏转、碰撞后，仍可返回 A点它通 的质 为go2:121 .如图所示，光滑水平桌面放置着物块 A, 过轻绳和轻质滑轮悬挂着物块 B。已知A量为m, B的质量为3m,重力加速度大小 静止释放物块A、B后A.相同时间内，A、B运动的路程之比为B.物块A、B的加速度之比为1:1C.细绳的拉力为6mgD.当B下落高度h时，速度为咫 22.某物理兴趣小组利用如图中所示的装置进行验证动量守恒定律及平台上A点左侧与滑块a之间的动摩擦因数的实验在足够大的水平平台上的A点放置一个光电门，水平平台上 A点

7、右侧摩 擦很小，可忽略不计，左侧为粗糙水平面，当地重力加速度大小 为g。采用的实验步骤如下：A.在小滑块a上固定一个宽度为d的窄挡光片;B.用天平分别测出小滑块a合挡光片）和小球b的质量ma、mb；C.在a和b间用细线连接，中间夹一被压缩了的轻短弹簧，静止 放置在平台上；D.烧断细线后，a、b瞬间被弹开，向相反方向运动；E.记录滑块a通过光电门时挡光片的遮光时间 t;F.滑块a最终停在C点（图中未画出）用刻度尺测出AC之间的距离 冬；G.小球b从平台边缘飞出后，落在水平地面的B点，用刻度尺测 出平台距水平地面的高度h及平台边缘铅垂线与B点之间的水平 距离Sb；H.改变弹簧压缩量，进行多次测量。

8、（1）用螺旋测微器测量挡光片的宽度，如图乙所示，则挡光片的宽 度为 mm;（2眩实验要验证“动量守恒定律”，则只需验证两物体 a、b弹 开后的动量大小相等，即a的动量大小等于b的动量大小;（用上述实验所涉及物理量的字母表示）（3）改变弹簧压缩量，多次测量后，该实验小组得到小滑块 a的Sa 与r关系图象如图丙所示，图象的斜率为 k,则平台上A点左t侧与滑块a之间的动摩擦因数大小为 o （用上述实验 数据字母表示）23.某个同学设计了一个电路，既能测量电池组的电动势 E和内 阻r,又能同时测量未知电阻Rx的阻值。器材如下：A.电池组（四节干电池）B.待测电阻Rx10 Q）C.电压表V1 （量程3V

9、、内阻很大）D .电压表V2 （量程6V、内阻很大）E.电阻箱R （最大阻值99. 9 Q） F.开关一只，与线若干实验步骤如下：（1）W实验器材连接成如图（a所示的电路，闭合开关，调节电阻箱 的阻值，先让电压表 V1接近满偏，逐渐增加电阻箱的阻值，并 分别读出两只电压表的读数。网（司）图（bl图I（2艰据记录白电压表 V1的读数U1和电压表V2的读数U2,以学 U 2为纵坐标，以对应的电阻箱的阻值 R为横坐标，得到的实验结果 如图（b）所示。由图可求得待测电阻 Rx= Q （保留两位有效 数字）。（3）图分别是以两电压表的读数为纵坐标，以两电压表读数之差 与电阻箱阻值的比值 卡为横坐标得到结

10、果。由图可求得电池R组的电动势E=V,内阻r= Q;两图线的交点的横坐标为A,纵坐标为 Vo （结果均保留两位有效数字）24. 2018年2月在平昌冬奥会中，我国运动员李馨参加了两项越 野滑雪的比赛，成绩有所突破如图所示，某次滑雪训练，如果该 运动员站在水平雪道上第一次利用滑雪杖对雪面的作用获得水 平推力F=75N而从静止向前滑行，其作用时间为 t1=1.0so撤除 水平推力F后经过t2=2.0s,她第二次利用滑雪杖对面的作用获得 同样的水平推力，第二次利用滑雪杖对雪面的作用距离与第一次 相同已知该运动员连同装备的总质量为 m=60kg,在整个运动过 程中受到的滑动摩擦力大小恒为 Ff=15N

11、运动员可视为质点，不 考虑空气阻力。求：（1）运动员第一次利用滑雪杖对雪面作用后的速度大小及这段时 间内的位移大小；（2运动员第二次撤除水平推力后滑行的最大距离。25.如图所示的直角坐标系中，在直线 x= 8L到y轴区域内存 在着两个大小相等、方向相反的有界匀强电场，其中x轴上方的 电场方向沿、轴负方向，x轴下方的电场方向沿y轴正方向。在 x>0的区域内存在着垂直纸面的匀强磁场（图中未画出），磁感应强度的大小B=o在电场左边界坐标为（一 8L, 4L）的A点和 坐标为（一8L, L）的C点，将质量为m、电荷量为q的带正电 粒子，先后以相同的速度V0沿x轴正方向射入电场.从A点射入 的粒子

12、，恰好从y轴上坐标为（0, 4L）的A'点以速度V0沿x轴正 方向射出电场，其运动轨迹如图所示。不计粒子的重力及它们之间的相互作用。(1球匀强电场白电场强度E的大小；(2腰使两粒子在磁场中相遇，求在 A、C两点射入粒子的时间差 及两粒子在磁场中相遇点的坐标。33. (1)对于一定量的稀薄气体，下列说法正确的是A.气体分子间距离增大，分子势能可能先增大后减小B.若气体的压强和体积都不变，其内能也一定不变C.在完全失重的状态下，气体的压强为零D.如果气体从外界吸收热10J,同时对外做功8J则该气体的内能一定增大2JE.气体温度不变时，体积减小，则每秒撞击单位面积器壁的分子数增多(2)如图所

13、示粗细均匀的U形管左端封闭，。处由橡皮软管连 接，左右两端竖直管内有高为19cm的水银柱封住两部分理想气 体A和B,右端水银柱上方和大气相通。大气压强等于76cm汞柱，初始平衡时B部分气体总长度为96cm,现将U形管右边倾 斜二角，同时改变环境温度，重新达到平衡时发现左边水银 柱恰好在原位置，且右边水银柱没有进入水平管内。试求：U形管倾斜前后的环境的热力学温度之比为多少 右管内水银柱沿管移动的距离14.如图(a),超级高铁(Hyperloop)是一种以“真空管道运输”为 理论核心设计的交通工具，它具有超高速、低能耗、无噪声、零 污染等特点。如图(b),已知管道中固定着两根平行金属与轨 MN、

14、PQ,两号轨间距为局;运输车的质量为 m,横截面是半径为r 的圆。运输车上固定着间距为 D、与与轨垂直的两根导体棒1和 2,每根与体棒的电阻为 R,每段长度为D的导轨的电阻也为Ro 其他电阻忽略不计，重力加速度为 go（1）如图（c）,当管道中的与轨平面与水平面成e =30°时，运输车恰好能无动力地匀速下滑。求运输车与与轨间的动摩擦因数a ；（2堆水平与轨上进行实验，不考虑摩擦及空气阻力当运输车由静止离站时，在与体棒 2后间距为D处接通固定在与轨上电动势为E的直流电源，此时与体棒1、2均处于磁感 应强度为B,垂直与轨平向下的匀强磁场中，如图（d）。求刚接通 电源时运输车的加速度的大小

15、；（电源内阻不计，不考虑电磁感 应现象）当运输车进站时，管道内依次分布磁感应强度为 B,宽度为D 的匀强磁场，且相邻的匀强磁场的方向相反。求运输车以速度vo 从如图（e通过距离D后的速度v。参考答案14. D【解析】带电粒子仅在电场力作用下，由于粒子在 A、B两点动 能相等，则电势能也相等。因为匀强电场，所以两点的连线AB即为等势面，所以A、C两点不在同一等势面上，所以 A、C的 电势不相等，根据等势面与电场线垂直特性，从而画出电场线 CO,如图所示：由曲线运动条件可知，正电粒子所受的电场力沿着CO方向，因此粒子从A到B做抛体运动，速度方向与电场力方向夹角先大 于90°后小于90&#

16、176; ,电场力先做负功后做正功，电势能先增大 后减小，故AB错误；匀强电场的电场强度 U=Ed式中的d是沿 着电场强度方向的距离，因而由几何关系可知，Ua° = Ex§R,解得：E=qU,故C错误，D正确。15. C【解析】物块滑到圆弧轨道底端的过程中，由机械能守恒：mgR=2mv2,解得：v0 =T2gR=3m/s,在轨道的底端，由牛顿第二定 2律得：Fmg=m：,代入数据解得F=30N,故AB错误；物块滑 上传送带将作匀减速运动，设匀减速运动的最大距离Sm,加速度 大小为a,由牛顿第二定律得：mmg=ma, )0=<m/s2,可得：Sm=3=：£m=

17、4.5m,因为两皮带轮之间的距离为 L=4m ,所以物块 2a 2 1将从传送带的右端离开传送带。设物块在传送带滑行时间为t,则有：LFjt2,解得：t=2s,在t=2S时间内传送带的位移大 小为x=vt=2 x 3m=6m 物块相对于传送带的位移为 x=x+L=10m ,热量Q=u mg&=10J,所以C正确，D错误。所 以C正确，ABD错误。16. D【解析】由v-t图像可知，a球经0.6s到达最高点，则抛出时的 速率为Wa =gt =10x6m/s=6m/s ,选项A错误；两球同时落地,则小球 b落地的时间为tb=1.2s-0.3s=0.9s,则小球 b释放的高度为儿=24：=2

18、父10黑0.92m=4.05m,选项B错误；t=0. 6s时，a到达最高点， 距离地面的高度为ha1=gM10M0.62m=1.8m ； b距离地面的高度为 4.05m -：M10M0.32m=3.6m ,止匕时ab之间的距离为1.8m,选项C错误； 从t=0. 3s时刻开始到落地，两物体的加速度相同，则 a相对b 匀速直线运动，选项D正确；故选D.点睛：此题关键是能从v-t图像中获取信息，弄清两物体运动的 时间、速度及加速度关系；知道竖直上抛和自由落体运动的相对 运动是匀速直线运动.17. A【解析】剪断细线之前：2Tsin芹mg;剪断细线后，摆到最低点， ,一 、 / . 时：2mv2 =

19、mgl (1 -sine ),由牛顿弟一律：-mg=m不；联立斛得T=6sine_4sin26),由数学知识可知，此比值的最大值为 九 故选A.18. C【解析】对C自由下落过程，由机械能守恒得：mgh = ；mv<2,解得： 丫。=痛，对C与A组成的系统向下为正方向，由动量守恒 定律得：mv°=2mv1,解得：=当黑，故A正确；C与A碰撞时 产生的内能为：&E =；mv2 - ；2mv12 = ：mgh ,故B正确；当AC速度为 零时，弹簧的弹性势能有最大值，EPmax =12mv12 +22x A；2 mgh ,故C错误；开始时弹簧的压缩量为：H=詈，碰后物体B刚被

20、拉离地 k面时弹簧伸长量为：H=mg,则AC将上升2H,弹簧弹性势能 k 77不变，由系统的机械能守恒得：l2mv；=2mg.2H ,解得：h=等，2k故D正确。所以ABD正确，C错误。19. AD【解析】变压器不会改变电流的频率，电流的频率为 f=1 = 昙=用Hz=50Hz,故A正确；由瞬时值的表达式可知，原线T 2 二 2 二圈的电压最大值为311V,所以原线圈的电压的有效值为：Ui =3gv =220V ,在根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压的有 、2效值为55V,在副线圈中接有电阻R、电感线圈L和灯泡D,它 们的总的电压为55V,所以灯泡Li两端电压一定会小于55V,故 B错误；

21、在根据电压与匝数成正比可知副线圈的电压不变，所以 电压表的示数不变，故C错误；交流电的频率越大，电感线圈对 交流电有阻碍作用就越大，所以电路的电流会减小，灯泡 D的 亮度要变暗，故D正确。所以AD正确，BC错误。20. BC【解析】根据轨迹可知，带正电的粒子从 O点向上偏转做圆周 运动，由左手定则可知，磁场方向垂直纸面向里，选项 A错误; 粒子在磁场中做匀速圆周运动洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB0=m1,解得磁感应强度：B0=%v,选项B正确； 2虚线区域不加磁场时粒子做匀速直线运动， 粒子做匀速直线运动 的时间：虚线区域加速磁场后粒子做匀速圆周运动，粒R一 2 二子做匀速圆周运

22、动的时间：t2J=-2=,磁场变化的周期： v v vTo=ti+t2= 宁丑，选项C正确；若t=0时，质量为m、电荷量为 -q的带电粒子，以初速度v从A点沿AO入射，到达O点后向下，与板碰撞后，到达B板，与B碰撞后向上偏转900然后从磁 场中飞出，则不能返回A点，选项D错误；故选BC.点睛：此题关键是要搞清粒子在磁场中的运动情况即轨迹，结合圆周运动的知识求解运动时间；注意用左手定则判断洛伦兹力的 方向时要注意四指的指向.21. AC【解析】根据动滑轮的特点可知，相同时间内， A、B运动的路 程之比为2:1,选项A正确；根据s=2at2可知，物块A、B的力口 速度之比为2:1,选项B错误；设细

23、绳的拉力为T, B的加速度 为 a,贝U对 A: T=m?2a;对 B: 3mg -2T=3mq 解得 a=|g; T= |mg; 选项C正确；当B下落高度h时，速度为丫=后=新，选项D 错误；故选AC.点睛：此题是隔离法的应用问题；关键是先搞清两物体的位移关 系即可知道加速度和速度关系了；知道动滑轮的特点 .22.2 . 5 5 0 ,. 2h 2kg【解析】(1)螺旋测微器的读数为：2.5mm+0.050mm=2.550mm(2)烧断细线后，a向左运动，经过光电门，根据速度公式可知，a：, b离开及 Sb = Vbta经过光电门的速度为：Va=；,故a的动量为：Pa=m平台后做平抛运动，根

24、据平抛运动规律可得：h = ；gtV2 = 2aSa ,mg a= Ngm )立解得：vb=sb栈，故b的动量为：入=0%小凤段 (3)对物体a由光电门向左运动过程分析，则有：过光电门的速度：Va 1,由牛顿第二定律可得:22立可得：鸟=1M5,则由图象可知：、&。2gt 72kg23.8.0 6.0 4.0 0.50 4.0【解析】(2)由欧姆定律可知:U2=Ui+U1R, 即丛= 1+2R； 由图Rx， Ui Rx ，像可知图像与纵轴的截距等于1,则斜率 =即Rx=8.0QRx 168(3)由电路图可知 卡 =1 ,则过原点的直线表示电阻Rx的伏安 R线，函数关系为U=8I;倾斜的

25、直线表示电源的 U-I线，则由图像可知E=6.0V; r=4U=60建=4.0建；U-I关系为U=6-4I,解方程 I 1.5组可得，两图像的交点为：I=0.5A; U=4.0V.点睛；此题先要搞清电路图的结构，然后根据实验的步骤搞清实 验的原理，结合欧姆定律找出函数关系，结合图像的斜率和截距 的意义求解。24. (1) 0.5m (2) 2.5m【解析】试题分析：根据牛顿第二定律求出利用雪仗作用时的加 速度，根据速度时间公式求出第一次利用滑雪杖对雪面作用获得 的速度大小，根据位移与时间关系求出这段时间内的位移；根据牛顿第二定律求出撤去推力后的加速度，结合速度时间公式求出 2s后的速度，根据速

26、度位移公式求出雪仗第2次对雪面作用后的速度，再结合速度位移公式求出第二次撤除水平推力后滑行的最 大距离。(1)运动员在雪道上用滑雪杖对雪面作用时根据牛顿第二定律：F - f = ma, 解得加速度为：& =1m/s2t1 = 1.0s时的速度为：V1 = at =1m/s这段时间内的位移： X =；谪=0.5m(2)无雪仗后，运动员减速，根据牛顿第二定律：f = ma2解得加速度为：a2 = 0.25m/s2撤除水平推力F后经过2s时的速度为：V2 =w - a2t2 =0.5m/s 第二次利用滑雪杖对雪面的作用获得同样的水平推力，作用距离与第一次相同，则有：幅-V =2aXi解得：v

27、3=5m/s此后在水平方向仅受摩擦力作用做匀减速运动，滑行的最大距离 为：v32 =2ax2解得：X2 =2.5m点睛：本题主要考查了牛顿第二定律和运动学公式，加速度是解决问题的中间桥梁，明确运动过程是解决问题的关键。25. (1) mqL (2) a，-3.5L)(|®,6.5L：【解析】试题分析：将带电粒子的运用沿水平和竖直方向正交分 解，水平方向做匀速直线运动，竖直方向在X轴上下方都做匀变 速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学公式列式分析；画出轨迹根据牛顿第二定律和运动动学公式结合几何关系，即可求出在A、C两点射入粒子的时间差及两粒子在磁场中相遇点的坐标。(1)设从A点射入的粒

28、子在X方向：8L=v°t在y方向先做匀加速后做匀减速运动：4L = 2a。；加速度为：qE = ma解得：E，2qL(2)从C点入射的粒子在y轴上的C点射出与从A点射入的粒 子在电场中运动时间相同C的纵坐标为：y=1a；：J=-L 速度大小仍为Vo,方向沿X轴方向当粒子从A点先射入，磁场的方向垂直纸面向外才能相遇， 根据几何关系:根据牛顿第二定律：qv0B = m% r2圆周公式：T="Vo解得：5L时间差为：立Fa七三5-L3vo横坐标为：x = rsin600 =573l纵坐标为： y =T：L rcos600 = -3.5L所以相遇点为：2'3L，-3.5L当粒子从A点先射入，磁场的方向垂直纸面向外才能相遇,x = rsin600 =，、3l2横坐标:纵坐标:y = 4L