(物理)中考物理电功率专项训练及答案含解析

1、（物理）中考物理电功率专项训练及答案含解析一、电功率选择题1.如图所示是研究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关的实验，下列分析正确的是A.甲实验通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量更多B.乙实验通电一段时间后，左侧U形管中液面的高度差比右侧的大C.乙实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系D.乙实验右边密闭容器与左边密闭容器中的电阻丝产生热量之比为4: 1【答案】B【解析】 【解答】解：A、甲实验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同， 右侧电阻阻值大，由焦耳定律 Q=I2Rt可知，右侧电阻产生热量多；则右侧容器内空气吸 收的热量多。A不符合题意；B、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻

2、丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相 同，由焦耳定律 Q=I2Rt可知，左侧电阻产生热量多；则左侧容器内空气吸收的热量多， 气体压强大，即左侧 U形管中液面的高度差比右侧的大。B符合题意；C、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相 同，但通过电阻的电流不同，所以研究电流产生的热量与电流的关系。C不符合题意；D、装置乙中一个 5的电阻与两个 5的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可 知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=1左，两个5的电阻并联，根据并联电路的电流特点知 I右=Ii+l2 ,两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1=

3、I2 ,所以右边容器中通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，由Q= I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量是右侧容器电阻丝产生的热量的4倍，D不符合题意。故答案为：B【分析】探究热量与电流及电阻的关系，要求能正确分析电路，掌握串并联电路的特点， 并灵活应用焦耳定律根据控制变量法（两电阻中的电流相等，两电阻丝的阻值不同，根据 温度计示数的变化判断吸收热量的多少，可探究电流产生热量与电阻大小的关系；通过电 阻的电流不同，比较相同通电时间内两支温度计示数变化情况，可探究电流产生的热量与 电流是否有关）及转换法（探究影响电热的因素时，通过液体吸热的多少反应电阻丝产生 的热量）分析解答.2.将标有“6V

4、3W和“6X2W的甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6V的电源两端,接通电路后，以下说法正确的是（）A.两只小灯泡都不能正常工作，甲灯比乙灯亮C.通过乙灯的电流较大，所以乙灯较亮B.两只小灯泡都能正常发光 nD.两只小灯泡的总功率小于2W【解析】【解答】甲灯的电阻Rdj =1 =12 Q,乙灯的电阻【答案】D的实际功率P甲= I2R1 ,乙灯的实际功率P乙=I2R2 ,因为R1VR2 ,所以P甲VP乙，所以乙灯亮,两灯串联后电流相同，但两端的电压都小于额定电压，所以都不能正常工作，故ABC错误，|惮 （口万两灯消耗的总功率 P总也,敢 心口.话。=1.2W2W,故D正确.故选D.3.现有一个

5、电压不变的电源，两个定值电 R、R2 .先将这两个电阻以某种形式连接到电 源上，Ri消耗功率为P0；再将它们以另一种形式连接到该电源上，Ri消耗功率为9P0 .两种连接形式中均有电流通过 R2 ,则先后两种连接形式中（）A.另两端的电压比为1: 2B.两端的电压比为1: 3C.另消耗的功率比为1 : 9D.血消耗的功率比为2: 9【答案】B【解析】【解答】（1）将这两个电阻以某种形式连接到电源上，R消耗功率为：Po=吊-另一种形式连接到该电源上R消耗功率为：9Po="由可得：呵忖乃=9，解得R两端的电压比为：U1： U1' = 13, A不符合题意、B符合题意；因为R1、R2

6、接到同一电源上，且第 2次R两端的电压更大，所以，第一种以串联方式连则由并联电路的特点和前面的解答可得，电源电压U=U/ =3U因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以，串联时，R2两端的电压 U2=U-Ui=3Ui-Ui=2Ui ,并联时，&两端的电压 U2' =U=3U后则第一种连接时， R消耗的功率：P2=危1 ;竺第二种连接时，R2消耗的功率：P2' =11；石心 | 的/ U2 '2U14则P2 =&=（检）2=（正：r） 2= 5, C、D不符合题意。故答案为：Bow【分析】根据 P=A表示出两种情况下 R消耗的电功率，然后求出Ri两端的

7、电压关系；根据并联电路的电压特点可知电源的电压，进一步可知连接方式，根据串联电路的电压特点回求出串联时R2两端的电压，根据 P=k表示出R2消耗的电功率，进一步得出两次功率之比4.如图是探究 电流通过导体时产生热的多少跟什么因素有关”的实验装置.通电前， A、B两个U型管内的液面相平，通电一定时间后，通过Ri、R2的电流分别为|1、|2 ,则（）5 Q也向感A. Ii=l2, A管中的液面较低Bi=l2 , A管中的液面较高C.Ii>l2, A管中的液面较低II Di i> I2 , A管中的液面较高【答案】D【解析】【解答】解：由图可知，右侧两电阻丝并联后与左侧电阻丝串联，并联电

8、路中干路电流等于各支路电流之和，所以Ii>l2,故AB错误；由Q=I2Rt可知，通电时间相同时，Ii>l2 , Ri=R2=5 Q,所以左侧电阻产生的热量较多，密闭空气吸收热量后，体积不变，压强变大，左侧容器内气体的压强与大气压的差值较大，A测玻璃管液面较高.故选D.【分析】由电路图分析电阻丝的连接方式，根据串并联电路的电流特点可知通过它们的电流关系，根据 Q=PRt比较两电阻产生的热量关系，密闭空气吸收热量后，压强变大，U形管内两液面的差值变大，据此进行解答.5 .如图所示的电路，闭合开关后，当滑片P向右移动时，下列说法正确的是（）A.灯泡L变暗“B.电压表示数变小iC.电流表A

9、i示数变大“D.整个电路消耗的总功率变小【答案】D【解析】【解答】由电路图可知，灯泡 L与滑动变阻器 R并联，电压表 V测电源的电压， 电流表Ai测干路电流，电流表 A2测L支路的电流。因电源的电压不变，所以，滑片移动 时，电压表的示数不变，B不符合题意；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过 L的电流和实际功率不变，即L的亮度不变，A不符合题意；当滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，由 1=7可知，通过 R的电流变小，因 并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表Ai的示数变小，C不符合题意；由P= UI可知，整个电路消耗的总功率变小，

10、 D符合题意。故答案为：Do【分析】灯泡 L与电阻R并联，电压表测电源的电压，电流表Ai测干路电流，电流表 A2测L支路的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过L的电流和实际功率不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，根据P=UI可知电路总功率的变化.4.5V,电压表量程“0-“203A”，在不损坏6 .小芳同学在做电学实验时，实物图如图所示，电源电压恒为3V”，灯L标有“2.5V1.25W”（设灯丝电阻不变），滑动变阻器规格为 电路元件的情况

11、下进行实验，下列说法正确的是（）A.灯泡的最小功率是 0.162W" BM电路的最大功率是 4.05WC.电路中电流变化的范围是0.3A-0.4AD滑动变阻器的阻值应在4Q- 10 之间变化【答案】D【解析】【解答】解：A灯泡与滑动变阻器串联，滑动变阻器接入电路中的电阻最大（电压 表的示数是3V时），电路中的电流最小，灯泡的功率最小，此时灯泡两端的电压：UlU獴（2.5V）2一 =-U滑大=4.5V3V= 1.5V, “2.5V1.25W Rl=产 上上%/，电路中的最小电流：I小=尬 万口 =0.3A, Pl最小= 1.5V X 0.3A0.45W, A不符合题意；电路中的电流I最

12、大=2 5y =0.5A所以，电路中电流范围是 0.3A0.5A, C不符合题意；P最大=UI最大= 4.5V *1 0.5A = 品 52.25A,B不符合题意；电路中电流最大时电阻最小R最小=言 =9 口，则R滑小=9巴q 6口 =/,电路中电流最小时电阻最大R最大= 15限，则R滑大=15 q 5。，D符合题意。故答案为：D【分析】灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压；根据P=UI求出灯泡正常发光时的电流，根据串联电路的电流特点结合滑动变阻器允许通过最大电流确定电路中 的最大电流，根据 p=ui求出电路的最大功率，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的总 电阻，利用电阻的串联

13、求出变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，灯泡的功率最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，利用串联电路的 电压特点求出灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出电路中电流 变化的范围，根据 p=ui求出灯泡的最小功率，最后根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路 中的最大阻值即可得出滑动变阻器阻值变化的范围7 .关于家里的用电器，下列数据最符合实际的是（）A.白炽灯的正常工作电流约为0.1AB遥控器的干电池电压约为220VC.空调制冷时的功率约为 10WD电扇正常工作1h耗电约为1KW?h【答案】A/ 40n 【解析】【解答】解： A、白炽灯的额定功率为

14、40W,正常工作电流约为I=1 =三方=0.18A 0.1A相差不大，故 A符合实际；B、遥控器的干电池电压约为 1.5V,故B不符合实际；C、空调制冷时白功率约为1000W,故C不符合实际；D、电扇的额定功率为100W,正常工作1h耗电约为 W=Pt=0.1KWX 1h=0.11KW?h故D不符合实际.故选A.【分析】做这种题目，要对一些常见的物理量要有一定的估测能力，根据生活常识和必要 的计算去判断题目的对错.8 .如图所示，滑动变阻器的滑片P处于中间位置，闭合开关 S,两个灯泡均能发光（假设灯丝电阻不变），此时，将滑动变阻器的滑片P向右移动，则（）A. Li和L2都变亮B. L变暗，12

15、变亮C. L变亮，L2变暗D. L和L2都变暗【答案】B【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡Li串联，将滑动变阻器的滑片 P向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，并联部分的电阻变 大，电路的总电阻变大，b由1=堀可知，干路中的电流变小，由U=IR可知，Li两端的电压变小，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=UI可知，灯泡Li的实际功率变小，Li的亮度变暗，故 AC错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，并联部分的电压变大，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，灯泡L2两端的电压变大，*由P=冉可知，L2的实际功率变大，亮度变亮，故B正确

16、、D错误.故选B.【分析】由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡Li串联，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化和并联部分电阻的变化以及总电阻的变化，根据欧姆定律可知 电路中电流的变化和 Li两端的电压变化，根据P=UI可知Li实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化；根据串联电路的电压特点可知并联部分电压的变化，根据并联电路的电压特点和P=UI="可知L2实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化.9 .如图所示，电源电压恒定不变。闭合开关后，滑动变阻器的滑片P由b端移到某点c的过程中，电压表的示数由 4V变为3V,电流表的示数由0.2A变为0.3A,由此可知（）A.电源电压

17、为7VB. R的阻值为20 aC.电路消耗的最小功率为1.2WD.滑片P在b端时，10秒内R产生的热量为12J【答案】C【解析】【解答】解：由电路图可知，R与R2串联，电压表测 R2两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）由 闭合开关后，滑动变阻器的滑片P由B端移到某点C的过程中，电压表的示数由4V变为3V,电流表的示数由 0.2A变为0.3A, ”可知，R2两端电压为4V, ac两端电压Uac=3V,当滑动变阻器的滑片 P在b端时，电流I=0.2A,当滑片 P由b端移到某点c时，电流 酬产=IRi -徽 J = 0. 2 X - 41I=0.3A,设电源电压为U,则“一府 "=&q

18、uot;3XA7-3/，解得r=ioq,U=6V, AB不符合题意；（2）滑动变阻器滑片 P在b端时，Ri与R2串联，由P=UI可得， 电路消耗的最小功率 P=UI=6V< 0.2A=1.2皿C符合题意；（3）滑片P在b端时，根据串联 电路的电压特点可得，Ri两端电压U1=U-U2=6V-4V=2V, 10秒内R产生的热量 Q=W=UiIt=2V X 0.2A X 10S=4杯符合题意。 故答案为：Co【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据串联电路的电压特点，应用欧姆定律求出R的阻值和电源电压；滑动变阻器滑片P在b端时，此时电路中的电阻值最大，利用 P=UI可求得最

19、小功率，此时，根据串联电路的电压特点可求得R1两端电压，再利用 Q=W=UIt可求得R产生的热量.10 .下列电器中，利用电流热效应工作的是（）A.电风扇曲暖气Ct视机Dfe磁继电器【答案】B【解析】 【解答】A.电风扇的电动机工作时主要把电能转化为机械能，不是利用电流热 效应工作的，A不符合题意；B.电暖气工作时把电能转化为内能，是利用电流热效应工作 的，B符合题意；C.电视机主要是把电能转化为光能和声能，不是利用电流热效应工作 的，C不符合题意；D.电磁继电器主要利用了电流的磁效应工作的，D不符合题意。故答案为：B【分析】电流的热效应：电流通过电阻要发热，这叫做电流的热效应.如电灯、电炉、

20、电烙铁、电焊等，都是电流的热效应的例子.11 .某直流电动机标有“36V18W字样，经测量其线圈电阻为2 ，使电动机正常工作10min.则电动机在这段时间内产生的热量是（）A. 1.08 婢J0B. 300JC. 3.888 寸30, D. 1.05 /J0【答案】B【解析】【解答】解：直流电动机的电流1 =工=0.5A,所以电动机线圈产生的热量：Q=I2Rt= （0.5A） 2X2QX 10缶600J。故答案为：Bo【分析】先根据公式 1=10min内产生的热量。,计算出直流电动机的电流，再根据公式Q= I2Rt可求这台电动机12 .下列家用电器正常工作 20min消耗电能最多的是（）A.电

21、饭煲 B.电热毯C.电视机 D.电风扇【答案】A【解析】【解答】解：电饭煲的功率约为1000W,电热毯的功率约为100W,电视机的功率约为130W,电风扇的功率约为 60W,由此可见，电饭煲的电功率最大，由W=Pt可知，用电器正常工作相同时间，电饭煲消耗的电能最多。故答案为：A。【分析】根据生活常识及生活经验判断各用电器的功率大小，由W=Pt可知，工作相同时间，用电器功率越大，消耗的电能越多。13 .灯Li标有“8V16W，灯L2标有“12V36W，假设两灯电阻不随温度变化。现将两灯串 联后接在电压为 U的电路中，要保证两灯上的实际电压都不超过其额定电压，则电压 U的 最大值是（）A. 14

22、伏B. 16 伏iC 18 伏D. 20 伏【答案】B【解析】【解答】由 P=UI知道，两灯泡的额定电流分别是：I1 =P1/U1=16W/8V=2A, I2=P2/U2=36W/12V=3A ,由 I=U/R 知道两灯泡的 电阻分别是：R1 =U1/11=8V/2 A=4R2=U2/I2=12V/3A=4Q,因为串联电路中各处的电流相等，所以，两灯泡串联时，电路允许通过 两灯泡的最大电流I=I1 =2A,又因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路两端 允许加的最大电压是：U=I （ R1 +R2） =2AX （4 +4 Q =16V,故答案为：Bo【分析】两灯泡串联时电路中的最大电流

23、为两灯泡额定电流中较小的、两灯泡并联时电路 的最大电压为两灯泡额定电压中较小的据此结合欧姆定律计算即可14 .将标有“6 V 3 W”和“6 V2 W”的甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6 V的电源两端，接通电路后，以下说法正确的是（）B.两只小灯泡都能正常发光nD.两只小灯泡的总功率小于2 WA.两只小灯泡都不能正常工作，甲灯比乙灯亮C.通过乙灯的电流较大，所以乙灯较亮【答案】D【解析】【解答】解：（1）由P=UI可得，两灯泡的额定电流:=0.5A,由I二木可得，两灯泡的电阻:R甲=/乎="64=120, R乙=180;甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6V的电源两端时，因串

24、联电路中各处的电流相等，所以，通过两灯泡的电流相等，不符合题意；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：U6¥I=0.2A,因Iv I乙v I甲,所以，两灯泡均不能正常发光，B不符合题意；由P=I2R可知，乙灯泡的电阻较大，实际功率较大，灯泡较亮，A不符合题意；电路的总功率：P=UI=6VX 0.2A=1.2W 2W, D 符合题意.故答案为：D.【分析】根据公式 R，可求灯泡的电阻，因为串联电流相等，所以根据公式P=I2R可计算巴灯泡的实际功率，利用公式P=R可计算总功率.15 .如图所示，滑动变阻器的滑片P处于中间位置，闭合开关S,两个灯泡均能发光（假A. Li和

25、L2都变亮B. L变暗，L2变亮C. L变亮，L2变暗D. L和L2都设灯丝电阻不变），此时，将滑动变阻器的滑片P向右移动，则（）变暗【答案】B【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡Li串联,将滑动变阻器的滑片 P向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，并联部分的电阻变 大，电路的总电阻变大，由1=人可知，干路中的电流变小，由U=IR可知，Li两端的电压变小，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=UI可知，灯泡Li的实际功率变小，L1的亮度变暗，AC不符合题意；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，并联部分的电压变大，因并联电路中各支路两端的电压相

26、等，所以，灯泡L2两端的电压变大，附由P=斤可知，L2的实际功率变大，亮度变亮，B符合题意、D不符合题意。故答案为：B。【分析】结合电路图，理清元件的连接方式，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化L和并联部分电阻的变化以及总电阻的变化，根据欧姆定律1 =彳可知电路中电流的变化和Li两端的电压变化情况，根据P=UI可知Li实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化；根炉据串联电路的电压特点可知并联部分电压的变化，根据并联电路的电压特点和P三/可知L2实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化.16 .家庭电路中，计量用电器消耗电能多少的元件是（）A.试电笔曲能表Ct电保护器D总开关【答案】B【解析】【

27、解答】家庭电路中电能表是计量消耗电能多少的元件，B符合题意。故答案为：B.【分析】电能表是测量消耗电能多少的仪器。17 .有两只分别标有“ 6V3WWT' 9V3W勺小火T泡Li、L2 ,不考虑温度对灯丝电阻的影响， 下列说法正确的是（）A. Li和L2正常工作时的电流一样大B. Li和|_2串联在一起同时使用时，两灯一样亮C. Li和L2并联在一起同时使用时，两灯消耗的功率一样大 D.将Li串联在一个i2 Q的电阻，接在电源电压为 12V的电路中，Li也能正常发光【答案】D【解析】【解答】A.由P=UI可得，两灯泡正常发光时的电流分别为：Ii=的=川=0.5A, |2=件肾匕=切=3

28、 A,所以两灯泡正常发光时的电流不一样，A不符合题意；产艺.以F.(9V)2B.由P=UI=3可得，两灯泡的电阻分别为：Ri=司=1 =12 0, R2=心=2 =27 0,两灯泡串联时通过的电流相等，但灯泡的电阻不同，由P=Fr可知，两灯泡的实际功率不相等，亮度不同，B不符合题意；C.L1和L2并联在一起同时使用时，它们两端的电压相等，但灯泡的电阻不同，由P=1可知，两灯泡消耗的电功率不相等，C不符合题意；D.将Li串联在一个12 的电阻时，电路中的总电阻R总=R1+R=12 +12 =24,电路中的电U 12V流|= f营=?Tq =0.5A,因电路中的电流和灯泡L1正常发光时的电流相等，

29、所以L1能正常发光，D符合题意；故答案为：Do【分析】(1)根据P=UI求出两灯泡的正常发光时的电流；护(2)根据P=UI=E求出两灯泡的电阻，根据串联电路的电流特点和P=2R比较两灯泡的实际功率关系，实际功率大的灯泡较亮；曹(3) L1和L2并联在一起同时使用时，它们两端的电压相等，根据P'比较两灯泡消耗的电功率关系；(4)将L1串联在一个12 的电阻时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，然后与灯泡L1正常发光时的电流相比较判断其是否能正常发光18.下列常见电器中不是利用电流热效应工作的是()锅D. . .电熨斗【答案】B【解析】 【解答】解：电炉、电饭锅、电熨斗是根据电流的

30、热效应工作的，它们把电能主 要转化为内能；电动机是根据通电导线在磁场中受到磁场力的作用而工作的，电动机工作时主要把电能转 化为机械能，B符合题意.故答案为：B.【分析】利用电热工作的有电炉、电饭锅、电熨斗等，电动机是把电能转化为机械能19 .王楠同学在学习了滑动变阻器的知识后，决定将自己的台灯改为调光式，于是他从解放碑雅兰电子城买了“1W2k”的电位器一个，装在台灯(灯泡为“PZ22060”)上，一开灯，确实能调光，但电位器一会儿就冒起烟了，吓得他赶快扯下了插头。分析他失败的原因是（）A.因为一开灯能调光，说明电位器规格正确，主要是电位器的质量低劣B.电位器额定功率偏小C.电位器额定电流偏大D.电位器电阻偏小，应换用20k 【答案】B【解析】【分析】首先利