山东省济南一中2019届高三一轮复习资料电磁学实验

1、.电磁学实验一、单项选择题1.如下图，是一个多量程多用电表的简化电路图测电流和测电压时各有两个量程，还有两个挡位用来测电阻以下说法正确的选项是A. 当开关S调到位置1、2时，多用电表测量的是电流，且调到位置1时的量程比位置2的小B. 当开关S调到位置3、4时，多用电表测量的是电阻，且A为黑表笔C. 当开关S调到位置5、6时，多用电表测量的是电压，且调到位置6时的量程比位置5的大D. 多用电表各挡位所对应的表盘刻度都是均匀的2.如下图为一个多用电表的简化电路图，其中表头G的电阻Rg=30，满偏电流Ig=1mA，R1=0.05，R2=10k是滑动变阻器，R3=2970是定值电阻，电源电动势E=3V

2、，内阻忽略不计，以下说法正确的选项是A. 中选择开关接1时，测量的是电压B. 中选择开关接2时，测量的是电阻C. 中选择开关接3时，测量的是电流D. 测量时，电流是由A表笔流出，B表笔流入3.关于电源的电动势和内阻，以下说法正确的选项是A. 电源电动势越大，储存的电能越多B. 电源内部非静电力做功越多，电动势越大C. 电源的电动势就是闭合电路中电源两端的电压D. 电源电动势大小与内阻无关4.利用如图电路测量待测电阻Rx的阻值。定值电阻R1、R2阻值，闭合电键S，调节电阻箱接入电路阻值R3时，电流表示数为0，那么Rx阻值等于5.A. R2B. R1R2R3C. R1R3R2D. R2R3R16.

3、在使用多用表的欧姆挡测量电阻时，以下说法正确的选项是A. 双手捏住两表笔的金属杆，测量值将偏大B. 欧姆表内的电池使用时间过长时，只要能完成调零，测量值将不变C. 选择“×100倍率测量时发现指针位于20与30正中间，那么测量值等于2500D. 测量时发现指针偏离中央刻度过大，那么必须减小倍率，重新调零后再进展测量二、多项选择题本大题共4小题，共16.0分7.如下图是简化的多用电表的内部电路，转换开关S与不同接点连接，就组成不同的电表，R3R4以下说法正确的选项是A. S与1、2连接时，就组成了电流表，且S接1时量程较大B. S与3、4连接时，就组成了电流表，且S接3时量程较大C.

4、S与3、4连接时，就组成了电压表，且S接3时量程较小D. S与5连接时，就组成了欧姆表，此时红表笔与电源负极相连8.在“探究感应电流方向的规律实验中，需要用到以下的实验电路有A. B. C. D. 9.某同学想要描绘标有“2.5V，0.3A字样的小灯泡的伏安特性曲线，要求测量数据尽量准确，绘制曲线完好实验室提供的器材除了开关、导线外，还有电压表03V，内阻约3k、电流表00.6A，内阻约0.1、滑动变阻器R010，额定电流1A、滑动变阻器R0100，额定电流1A图甲是该同学实验中的实物连线图，图乙是测得数据后绘出的小灯泡伏安特性曲线以下选项中说法正确的选项是A. 图甲中的滑动变阻器选择R

5、9;调节效果较好B. 为了减小电表内阻带来的误差，图甲中导线应该连接b处C. 为了满足实验数据的测量要求，图甲中导线应该连接d处D. 由图乙可知，拐点两侧区域小灯泡阻值分别恒定，但两定值不等10.某种小灯泡的伏安特性曲线如图甲所示，三个完全一样的这种小灯泡连接成如图乙所示的电路，四个电表均为理想电表现闭合电键S，电压表V1的示数为4.0V，以下说法正确的选项是A. 电压表V2的示数为1.0VB. 电源的输出功率为3.0WC. 电流表A2的示数为0.60AD. 电源的电动势可能为8V，内阻为0.5三、填空题11.如下图电路可用来测量电阻的阻值。其中E为电源，R为电阻，Rx为待测电阻，V为理想电压

6、表，S0为单刀单掷开关，S1、S2为单刀双揽开关。   1当S0闭合时，S1、S2均向左闭合，电压表读数为U1；S1、S2均向右闭合，电压表读数为U2。由此可求出Rx=_。   2假设电源电动势E=1.5V.内阻可忽略，电压表量程为1.0V，R=100，此电路可测量的Rx的最大值为_。   3假设电源内阻可忽略但电压表不能看作理想电表，当S0闭合时，S1、S2均向左闭合，电压表读数为U1'，S1、S2均向右闭合，电压表读数为U2'.那么U1'+U2'_E(选填“>、“<或“-)，Rx=_(用

7、U1'、U2'、R表示)。四、实验题探究题12.在“测定金属丝的电阻率实验中，所用的测量仪器均已校准待测金属丝接入电路部分的长度约为50cm1用螺旋测微器测量金属丝的直径，某一次测量结果接近屡次测量的平均值如图1所示，其读数为_mm2用伏安法测金属丝的电阻Rx的阻值约为15，实验室提供了如下器材：A电池组E电动势为3V，内阻约为1B电流表A1量程为00.6A，内阻约为0.5C电流表A2量程为03A，内阻为0.02D电压表V1量程为03V，内阻约为5kE电压表V2量程为015V，内阻为15kF电阻箱R阻值范围为099.99，额定电流为1AG开关S，导线假设干为使测量尽可能准确，电

8、流表应选用_，电压表应选用_；填器材前的字母标号应采用图2给出的_电路进展测量3根据记录的电阻箱阻值R及对应电流表示数I和电压表示数U，在坐标纸上作IU-1R图象如图2所示，根据图象可得金属丝的电阻Rx=_保存两位有效数字4根据以上数据估算金属丝的电阻率约为_填选项前的字母标号A4×10-2m  B4×10-3m   C4×10-6m   D4×10-8m5关于本实验的误差，以下说法中正确的选项是_填选项前的字母标号A用螺旋测微器测量金属丝的直径时，由于读数引起的误差属于系统

9、误差B由电流表和电压表内阻引起的误差属于偶尔误差C假设将电流表和电压表内阻计算在内，可以消除由测量仪表引起的系统误差D用IU-1R图象处理数据求金属丝的电阻可以减小偶尔误差13.某同学要测量一节干电池的电动势和内电阻他根据老师提供的以下器材，画出了如图1所示的原理图电压表V量程3v，内阻Rv=10k电流表G量程3mA，内阻Rg=100电流表A量程3A，内阻约为0.5滑动变阻器R1O20，2A滑动变阻器R2O100，1A定值电阻R3=0.5开关S和导线假设干1该同学没有选用电流表A的原因是_2该同学将电流表G与定值电阻R3并联，实际上是进展了电表的改装，那么他改装后的电流 表对应的量程

10、是_A3为了能准确地进展测量，同时为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器是_填写器材编号4该同学利用上述实验原理图测得数据，以电流表G读数为横坐标，以电压表V读数为纵坐标绘出了如图2所示的翻线，根据图线可求出电源的电动势E=_V 保存三位有效数字；，电源的内阻r=_ 保存两位有效数字序号123456电流表GI1/mA1.371.351.261.241.181.11电流表AI2/A0.130.160.260.340.360.43五、计算题14.在“描绘小灯泡的伏安特性曲线的实验中，需测量一个“2.5V，0.3A的小灯泡两端的电压和通过它的电流现有如下器材：直流电源电动势3.0

11、V，内阻不计电流表A1量程3A，内阻约0.1电流表A2量程600mA，内阻约5电压表V1量程3V，内阻约3k电压表V2量程15V，内阻约15k滑动变阻器R1阻值010，额定电流1A滑动变阻器R2阻值01k，额定电流300mA在该实验中，电流表应选择_填“A1或“A2，电压表应选择_填“V1或“V2，滑动变阻器应选择_填“R1或“R2为了减小实验误差，应选择以下哪个实验电路进展实验如图1如表是学习小组在实验中测出的数据，某同学根据表格中的数据在方格纸上已画出除了第6组数据的对应点，请你在I-U图象上画出第6组数据的对应点，并作出该小灯泡的伏安特性曲线如图212345678910111213IA0

12、0.100.130.150.160.180.190.200.230.250.270.280.30UV00.100.200.300.400.600.801.001.401.802.002.202.50实验中，假如把这个小灯泡和一个阻值为9的定值电阻串联在电动势为3V，内阻为1的直流电源上那么小灯泡消耗的实际功率约为_W15.某同学要通过实验测定一根柱状金属丝的阻值，这根金属丝长约为20cm横截面积约为1mm，金属丝的电阻率是5×10m现有电动势为4.5V的电源，另有如下器材供选择：A量程为00.6A，内阻约为1的电流表B量程为01A，内阻约为10的电流表C量程为06V，内阻约为4k的电

13、压D量程为010V，内阻约为50k的电压表E阻值为020，额定电流为1A的滑动变阻器F阻值为01k，额定电流为0.1A的滑动变阻器以上器材应选用_填写器材前的字母出实验电路图图1图2所示器材连接成实验电路何实验都存在误差，根据你所画的电路图进展实验，在所有测量仪器都已校准的情况下，电阻的测量值与真实值相比将_选填“偏大、“偏小，或“相等；造成这种误差的原因是由于_的内阻的影响16.测量电源的电动势和内阻，提供的器材如下：A待测电源电动势约为8V、内阻约为2B电压表V03V，内阻约为3kC电流表A01AD电阻箱R099999.9E滑动变阻器020F滑动变阻器0100G开关、导线假设干1采用图甲所

14、示电路测量电压表的内阻Rv，调节电阻箱R，使电压表指针满偏，此时电阻箱示数为R1；再调节电阻箱R，使电压表指针指在满刻度的一半处，此时电阻箱示数为R2电压表内阻Rv=_关于上述实验，以下说法中正确的有_    A实验中电源可使用待测电源    B闭合开关S前，应将电阻箱阻值调到最小    C调节电压表满偏时，电阻箱的阻值是逐渐增大的    D实验中忽略了电源的内阻，会使测量值偏大2假设测得电压表内阻Rv=3010，与之串联R=_的电阻，将电压表的量程变为9V3为测量电源的电动

15、势和内阻，请用笔画线代替导线，将图乙电路连接完好，实验中滑动变阻器应选择_选填“E或“F，并指出产生实验误差的一个原因_17.某实验小组研究半导体元件的电阻率随温度的变化，设计了如下实验：取一根半导体材料做成的细丝，用刻度尺测其长度为1.00m，用螺旋测微器测其横截面直径如图甲所示，利用伏安法测其电阻值，可以根据电阻定律计算出该半导体材料在此时的电阻率1由图甲可知，该半导体细丝的直径为_mm2假设测出某时刻电压为64V，电流为0.32A，那么此时该半导体材料的电阻率为_m保存两位有效数字3测出不同温度下的半导体电阻，作出电阻随温度变化的关系图象如图乙所示，由图可知，在60-120范围内，该半导

16、体的电阻率随温度的增加而_填“增大或“减小或“不变1.C解：A、电流表应与电阻串并联，由图可知当转换开关S旋到位置1、2位置是电流表，并联电阻越小，量程大，即调到位置1时的量程比位置2的大，那么A错误； B、欧姆表要联接电源，那么开关S调到3、4两个位置上时，多用电表测量的是电阻，但A为红表笔故B错误； C、要测量电压，电流表应与电阻串联，由图可知当转换开关S旋到位置5、6时，测量电压，电流表所串联的电阻越大，所测量电压值越大，故当转换开关S旋到6的量程比旋到5的量程大故C正确 D、电流、电压挡的刻度都是均匀的，电阻挡的刻度不均匀，左边密右边疏，故D错误 故选：C多用电表测电流和电压时使用外部

17、电源，测电阻时内部电源才接通；测电流和电压时的内部结构根据电表的改装原理判断什么档位为大量程本题考查多用电表的内部结构，电压档和电流档的内部结构与前面所学习的电压表电流表的改装原理一样，而欧姆档启用时内部电源被接通2.B解：A、由图示电路图可知，选择开关置于1时表头G与电阻并联，此时多用电表测电流，故A错误； B、由图示电路图可知，选择开关置于2时多用电表有内阻电源，此时多用电表可以测电阻，故B正确； C、由图示电路图可知，选择开关置于3时表头G与电阻串联，此时多用电表测电压，故C错误； D、由图示电路图可知，测量时电流由A流入由B流出，故D错误； 故选：B灵敏电流计与分流电阻并联可以改装成电

18、流表；灵敏电流计与分压电阻串联可以改装成电压表；欧姆表有内置电源；电流从正接线柱流入从负接线柱流出多用电表，分析清楚图示电路图答题本题考查了多用电表的应用，知道多用电表的结构与原理是解题的前提与关键，掌握基础知识、分析清楚电路结构即可解题；平时要注意基础知识的学习与掌握3.D解：A、电动势是描绘电源做功才能的大小，与电能无关，故A错误；B、E=，故电源内部非静电力做功与电量的比值越大，电动势越大，电动势与做功多少无关，故B错误；C、电源的电动势就是闭合电路中电源两端的电压与内部电压的和，电动势要大于路端电压，故C错误；D、电源的电动势大小与内阻无关，故D正确故选：D明确电动势的定义，知道电动势

19、是描绘电源做功才能的物理量，其大小由电源本身的性质决定，与电路和内电阻以及电量无关对于电动势，可以结合电动势的物理意义、定义式和闭合电路欧姆定律等知识理解，特别注意电动势与电路组成无关，由电源本身决定4.D【分析】根据欧姆定律和串并联电路的特点可知，假设灵敏电阻计的示数为零，即说明电流表两端电势相等，即变阻箱两端电压R3两端电压应相等。本题考查欧姆定律的应用，要注意明确表头的电流为零时其两端的电势相等，故分别分析两并联支路中的电压规律即可明确电阻关系，本题所用的方法又称为“电桥法。【解答】根据串并联电路特点及欧姆定律可知：I1R1+R2=I2Rx+R3；由于电流表示数为零，那么说明G两端的电势

20、相等，那么一定有：I1R1=I2R3；两式联立可得：；故ABC错误，D正确。故选D。5.D【分析】本题考查了多用表的使用，准确掌握多用表的工作原理及注意事项是解题的关键。根据多用表原理逐步分析。【解答】A、人是导体，假设双手捏住两表笔金属杆，待测电阻与人体并联，测量值将偏小，故A错误；C、当两表笔短接即Rx=0时，电流表应调至满偏电流Ig，设此时欧姆表的内阻为R内，电流：，内阻，当指针指在刻度盘的正中央时，代入数据可得；当电池电动势变小、内阻变大时，欧姆得重新调零，由于满偏电流Ig不变，由公式，欧姆表内阻R内得调小，待测电阻的测量值是通过电流表的示数体现出来的，由，可知当R内变大时，I变小，指

21、针跟原来的位置相比偏左了，欧姆表的示数变大了，故C错误；B、测量时发现指针偏转角度过大，那么说明所选倍率过大，那么必需减小倍率，重新调零后再进行测量，故B错误；D、欧姆表内的电池使用时间太长，假设电动势略减小，内阻变大，虽然完成调零，由C中分析可知，电流偏小，所以指针位置偏左，故测量值将变大，故D正确故选：D6.ACD解：A、由图可知，当S与1、2连接时，多用电表就成了电流表，电阻与表头并联，当并联电阻越小时，量程越大，因此前者量程较大，故A正确，B、由图可知，当S与3、4连接时，G与电阻串联，多用电表是电压表，R3R4，前者量程小，后者量程大，故B错误，C正确。D、由图可知，S与5连接时，G

22、与内置电源、滑动变阻器串联，此时多用电表是成为欧姆表，此时红表笔与电源负极相连，故D正确。故选：ACD。要熟悉多用表的原理和结构，根据电表的结构选出欧姆表、电压表和电流表本题考查多用表的原理，应熟练掌握其测量原理，及电表的改装办法，注意电表与电阻串联是电压表，而并联是电流表，同时注意欧姆表内部有电源，电源的负极与红表笔，是解题的难点7.ABD解：如下图所示， 当在闭合电键时，发现灵敏电流计的指针偏转方向，从而确定电流的流向与指针的偏转方向关系； 在按下图所示，可通过开关通断，获得磁通量变化，从而断定大线圈的电流方向。 综上所述，在“探究感应电流方向的规律实验中，需要用到的实验电路有ABD， 故

23、选：ABD。穿过闭合回路的磁通量发生变化，闭合回路中产生感应电动势；根据题意判断磁通量变化情况与电流计指针偏转方向的关系，然后根据磁通量的变化情况判断指针偏转方向。由楞次定律来确定感应电流的方向，而闭合线圈中的磁通量发生变化有几种方式：可以线圈面积的变化，也可以磁场的变化，也可以线圈与磁场的位置变化。8.CD解：A、由于本实验采用分压接法，故应采用总阻值较小的滑动变阻器R便于调节，故A错误； B、由于灯泡内阻较小，故为了减小误差应采用电流表外接法，故导线应该连接a处，故B错误； C、本实验要求电压从零开场调节，故为了满足实验数据的测量要求，图甲中导线应该连接d处，故C正确； D、由图乙可知，拐

24、点两侧区域均为直线，故说明小灯泡阻值分别恒定，但对应的斜率不同，故定值不同，故D正确 故选：CD分析给定仪器，同时根据实验要求明确滑动变阻器以及电流表接法； 明确本实验中要求电流从零开场调节，故应采用分压接法；根据灯泡电阻随温度的变化规律进行分析，同时明确I-U图象中图象的斜率表示电阻的倒数本题考查描绘小灯泡伏安特性曲线的实验，要求能正确掌握本实验中电路的接法；注意分压接法以及电流表接法的正确判断，同时掌握图象的应用方法，明确I-U图象中图象的斜率表示电阻的倒数9.AB解：AC、电压表V1的示数为4V，由U-I图象得到其电流为0.6A，故另外两个灯泡的电流均为0.3A，再根据U-I图象得到电压

25、为1V，故电压表V2的示数为1.0V，电流表A2的示数为0.30A，故A正确，C错误； B、路端电压为4V+1V=5V，干路电流为0.6A，故输出功率为P=UI=5×0.6=3.0W，故B正确； D、路端电压为U=E-Ir，根据甲的图象可知4=E-0.6r，电动势可能为8V，但此时内阻为5，故D错误。 故选：AB。图中灯泡L2与L3并联后与灯泡L1串联，根据电压表V1的示数和U-I图象求解出干路电流，得到通过另外两个灯泡的电流，再结合U-I图象得到并联灯泡的电压本题关键明确电路结构，结合U-I图象得到干路电流和各个灯泡的电压、电流，然后可求解输出功率10.1U1RU2 22

26、00 3<； U1'RU2'【分析】1可先明确电路的链接情况，每个状态电压表测的是哪个电阻的电压，最后使用欧姆定律表示出电阻值。2当Rx的电阻最大时，电压表示数为最大，明确这一点后将数据代入1中Rx的表达式即可。3电源内阻不可忽略时，内阻上也有电压降，根据总电压等于个电阻电压之和判断电压的大小关系，再利用1中电阻关系求出Rx的表达式。【解答】1当闭合时，、均向左闭合，电压表测Rx电压，读数为U1，、均向右闭合，电压表测R电压，读数为U2，Rx与R串联，所以。2Rx值最大时，电压表读数U1=1V，U2=0.5V，代入1中Rx的表达式可知Rx=200。3电源内阻不可

27、忽略，那么在内阻上有一定的电压降，所以<E；。故答案为：1 2200 3； 11.0.399；B；D；甲；17；C；CD解：1由图示螺旋测微器可知，其读数为：0mm+39.9×0.01mm=0.399mm2电源电动势为3V，那么电压表选D，通过电阻丝的最大电流约为：I=0.2A，电流表选择B；由题意可知，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应选择外接法；由题意可知，待测电阻阻值约为15，电阻箱最大阻值为99.99，为测多组实验数据，电阻箱应与待测电阻并联，假如串联所测实验数据太少，应选择图甲所示实验电路3由图甲所示实验电路，根据并联电路特点与欧姆定律得：I=

28、+，整理得：=+，-图象的截距：b=0.06，那么待测电阻阻值：RX=17；4由电阻定律可知：RX=，电阻率：=4×10-6m，故选C；5A、读数引起的误差是由人为因素引起的，属于偶尔误差，用螺旋测微器测量金属丝的直径时，由于读数引起的误差属于偶尔误差，故A错误；B、由电流表和电压表内阻引起的误差属于系统误差，不是偶尔误差，故B错误；C、假设将电流表和电压表内阻计算在内，可以消除由测量仪表引起的系统误差，故C正确；D、用-图象处理数据求金属丝的电阻可以减小偶尔误差，不能消除系统误差，故D正确；故选：CD故答案为：10.399；2B；D；甲；317；4C；5CD1螺旋测微器固定刻度与可

29、动刻度示数之和是螺旋测微器的示数2根据电源电动势选择电压表，根据通过金属丝的最大电流选择电流表；根据根据待测电阻与电表的内阻关系确定电流表接法，然后选择电路图3根据实验电路图应用欧姆定律求出图象的函数表达式，然后根据图示图象求出电阻4根据电阻定律求出电阻率5明确偶尔误差是由人为因素引起的，可以通过屡次测量或利用图象来减小偶尔误差，但不能消除误差；系统误差是由仪器本身因素或实验原理不准确引起的误差，系统误差可以通过采用精细仪器和完善实验原理来消除要掌握螺旋测微器的读数方法；明确电学实验中，当要求电流从零调时，滑动变阻器应用分压式接法；当满足待测电阻阻值远小于电压表内阻时，电流表应用外接法，当电流

30、表内阻远小于待测电阻阻值时，电流表应用内接法12.量程太大；0.603；R1；1.48；0.84解：一节干电池的电动势约E=1.5V，为方便实验操作，滑动变阻器应选R1，它的阻值范围是0-10， 电路中最小电流约为Imin=0.15A，电流表A的量程是3A，0.15A不到该量程的三分之一， 流表量程太大，因此不能用电流表A 改装后电流表量程：I=Ig+=0.003+A=0.603A； 为使电路中电流较大，并且方便调节，故实验中应选用的滑动变阻器是阻值范围较小的R1 由上可知，改装后电流表的量程是电流表G量程的200倍，图象的纵截距b等于电源的电动势，由图读出电源的电动势为：E=1.48V 图线

31、的斜率大小k=r，由数学知识知：k=0.84，那么电源的内阻为：r=k=0.84 故答案为：量程太大；0.603；R1；1.48；0.84根据干电池的电动势和滑动变阻器R1，可估算出电路中电流最小值，没有选用电流表A的原因是量程太大； 根据并联电路的特点求解改装后的电流表对应的量程； 为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器； 根据电流表G读数与改装后电流表读数的关系，由闭合电路欧姆定律求出电源的电动势和内阻测量电源的电动势和内电阻的实验，采用改装的方式将表头改装为量程较大的电流表，再根据原实验的研究方法进行分析研究，注意数据处理的方法13.A2；V1；R1；0.20解：由题意可知，灯泡额

32、定电流I=0.3A，电流表选A2量程600mA，内阻约5，灯泡额定电压为2.5V，故电压表选V1量程3V，内阻约3k，为保证电路平安，方便实验操作，滑动变阻器应选：R1阻值010，额定电流1A由实物电路图可知，滑动变阻器采用分压接法，电流表采用外接法，故电路图选C；根据第4组实验数据在坐标系中描出对应点，然后作出I-U图象，如图所示将定值电阻等效为电源内阻，故电源相当于3V，10；在灯泡伏安特性曲线中作出电源的U-I图象，如图所示两图象的交点坐标值为：U=0.95V，I=0.21A，灯泡功率为：P=UI=0.95V×0.21A0.20W故答案为：A2；V1；R1；C；如图所示；0.2

33、0根据灯泡额定电流选择电流表，根据灯泡额定功率选择电压表，在保证平安的前提下，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器根据图甲所示实物电路图，分析清楚电路结构，然后根据各电路元件的连接方式得出正确的电路图；根据表中实验数据在坐标系中描出对应的点，然后根据坐标系中各点作出图象电源与定值电阻整体组成一个等效电源，在图象中作出电源的I-U图象，由图象找出电路电流与灯泡电压，然后由P=UI求出灯泡功率本题考查伏安法测电阻的实验，要注意明确实验原理，知道灯泡的电阻随温度的变化而变化，从而明确对应的伏安特性曲线不能为直线；掌握根据图象分析数据的方法14.A、C、E；偏小；电压表解：1电源电动势是4.5

34、V，因此电压表选量程为06V，内阻约为4k的电压表C；金属丝的电阻约为：R=5×10-5m×=10，电路最大电流：I=0.45A电流表选量程为00.6A，内阻约为1的电流表A；电路电流可以到达0.45A0.1A，为保证电路平安，同时方便实验操作，滑动变阻器选阻值为010，额定电流为1A的滑动变阻器E；2电阻丝电阻是10，电流表内阻是1，电压表内阻是4k，电压表内阻远大于电阻丝阻值，因此应采用电流表的外接法；3把电源、开关、滑动变阻器、电流表、电阻丝、串连接入电路，电压表并联在电阻丝两端，电路图如图所示4何实验都存在误差，根据你所画的电路图进行实验，在所有测量仪器都已校准的情况下，由于电压表的分流，电流表读数大于通过电阻的实际电流，所以电阻的测量值与真实值相比将偏小，造成这种误差的原因是由于电压表的内阻的影响故答案为：1A、C、E；2如图；3如图所示4偏小