鲁教版九年级上册物理第十四章 电功率 单元练习题

1、.第十四章 电功率一、选择题1. 电能表可以直接测量  A. 电流通过用电器所做的功        B. 电路两端的电压        C. 电路中的电流        D. 用电器消耗的电功率2.一台电风扇和一个电熨斗，假如使用时消耗电能一样，产生的热量   A. 一样多

2、60;                         B. 电风扇较多                      &#

3、160;   C. 电熨斗较多                          D. 无法比较3.以下关于如下图实验的说法中错误的选项是A. 该实验研究的是电流的热效应B. 实验中采用了控制变量法C. 观察实验现象可知：在其它条件一样时，电阻越大产生的热量越

4、少D. 实验中是通过观察温度计示数的上下来判断电流通过导体时产生热量的多少4.家庭电路中，通常用电能表测量的物理量是       A. 电流                               

5、0;    B. 电压                                    C. 电能      &#

6、160;                             D. 电功率5.某课外小组自制了一把电烙铁，它的额定电压为220V，正常工作的电流为0.2A，该电烙铁的额定功率是   A. 110W      

7、;                           B. 1100W                    

8、0;            C. 44W                                 D. 4.4W6. 如图

9、分别是小明家上月初和月末的电能表的表盘，表盘上“1600imp/kWh表示每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁1600次，以下选项中正确的选项是            A. 指示灯闪烁越快，电能表所在电路消耗的电能越多B. 小明家上月消耗的电能为911kWhC. 小明家干路中的电流不得超过10AD. 断开其他用电器，只让电饭锅单独工作2min，指示灯闪烁32次，此时电饭锅的功率为600W7.如下图电路，电源两端电压U保持不变灯上标有“4V  2W字样，灯的电阻

10、不受温度影响当开关S断开时，灯泡正常发光，电压表V1与V2的示数之比为1：2；当开关S闭合时，电流表示数改变了0.2A以下说法中正确的选项是   A. 电阻R1=12                                 

11、0;     B. 当S闭合时，电路消耗的总电功率P=9.8WC. 电源电压U=9V                                    D. 

12、;当S断开时，相等的时间内R1与R2消耗的电能之比是1：48.1度电可以供220V 20W的用电器正常工作多少小时 A. 10                                      

13、0;B. 50                                       C. 100       &

14、#160;                               D. 5009.一个“220V  25W的甲灯与另一个“110V  25W的乙灯都正常发光4h A. 甲灯的电功率大     &

15、#160;      B. 乙灯消耗的电能较多            C. 乙灯较亮            D. 流过乙灯的电流较大10.两个用电器并联起来接在电压不变的电源上，它们的功率分别为P1和P2 ， 假如把它们串联起来仍接在同一电源上，那么它们的总功率应是&#

16、160;  A. P1+P2                               B.              

17、0;                 C.                                D.

18、 11.有两根电阻丝先串联后并联分别接到同一电源上，那么在一样的时间内所产生的热量 A. 一样多                             B. 并联时多         &#

19、160;                   C. 串联时多                            &#

20、160;D. 无法确定12.小明家的电饭锅电源线坏了，他在网上新买了一根，使用时闻到橡胶的焦糊味，他立即拔下电源插头，发现这根电源线很热，其他用电器仍然正常工作，你认为引起电源线过热的原因可能是   A. 电路的电压过高          B. 新买的电源线过短          C. 新买的电源线过粗   

21、       D. 新买的电源线过细二、填空题 13.如下图，运用控制变量法，小霞把两段电阻不同的金属丝甲、乙R甲R乙串联后，分别放到两瓶等量的煤油中通电一定时间，控制电流一定时，探究电流通过导体时产生的热与_的关系，通电后，温度计的示数升高，这是由电流的_效应引起的，其中，_瓶煤油的温度升高得快14.额定电压是指用电器在_时的电压，额定功率是指用电器在_时的电功率 15.小李同学自制一个简易“电热驱蚊器，它的发热元件是一个阻值为22K电阻，将它接在220V的电源上，100s内可产生的热量是_ J 16.

22、如下图是某款电热水龙头的电路原理图R1、R2为电热丝，通过旋转手柄可使扇形开关S同时接触两个相邻触点，实现冷水、温水、热水挡之间的切换当开关同时接触2、3触点时，水龙头放出的是_水填“冷、“温或“热假设R1=2R2 ， 水龙头在温水挡正常工作时电功率为2019W，那么它在热水挡正常工作1min消耗的电能为_J17.今年6月，我国空调“能效比实行新的等级标准，空调制冷“能效比EER是指空调制冷量与制冷时消耗的电功率比小明家需要一台制冷量为3200W的空调，假设选“能效比为3.2的空调，那么制冷消耗的电功率为_W；假设选“能效比为4.0的空调，工作1h将比原空调节约电能_kWh 18.家庭中使用电

23、磁炉烧水时，可以发现，使用低档时烧开一壶水比使用高档时烧开一壶水所用的时间要长，这说明使用低档时_ 能转化为_ 能较慢，此时相比于高档，电能表的转盘转动得较_选填“快或“慢 19.我国彩色电视机能效新标准规定，待机功率高于9W的彩电不能再进入市场销售，假设每台彩电待机功率为9W，每天待机按20h计算，一台彩电每天因待机消耗的电能为_ 度；这些电能可供一盏25W台灯正常工作_h 20.假设某次使用额定电压为U，额定功率为P的电热水壶烧水时，将家里的其它用电器都关闭，家里标有“6000r/kWh用N表示字样的电能表转盘在时间t内的转数为n，请写出此时电热水壶加热时的实

24、际功率P=_表达式用U、P、N、t、n表示；假设PP'，那么实际电压U=_表达式用U、P、N、t、n表示 21.某大型洗衣机工作0.5小时，电流做功3.6×106焦，电功率是_瓦，这样工作3小时，消耗的电能是_度 22.在做“电流通过导体时产生的热量与什么因素有关的实验时，采用了如下图的实验装置，两个透明的容器中密闭了等量的空气，U形管中液面的变化反映了密闭空气温度的变化，此实验是为了探究电流产生的热量与_ 的关系，将此装置接到电源两端，通电一段时间后，电流在_ 容器中产生的热量较多三、实验探究题 23.如下图，是小臣同学改进后的探究甲、乙两种不同液体吸热

25、才能大小的实验，用一样的电加热器加热，即：R甲=R乙 1此实验中，甲和乙两液体吸热的多少是通过_来反映的填“温度计示数或“加热时间。 2实验中甲、乙两液体初温一样，还必须控制甲、乙两液体的_一样 3闭合开关，发现乙烧瓶中的温度计示数上升得比甲快，说明乙液体的吸热才能比甲液体_选填 “大或“小 4假如换用两个不同的电加热器即R甲R乙 ， 两烧瓶中装入质量相等的煤油，还可以用这个装置探究电流做功多少与_的关系 24.在“测定小灯泡的电功率的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，小明已连接了如图1所示的部分电路 1连接电路时开关应_ 2用笔画线代替导线，请你帮他完成图1电路的连接其他的导线不要变动 3

26、实验中测出了三组数据，记录在右表中第一次实验时，电压表、电流表示数如图2和图3所示，请读出电流表示数并填入表格中_为了测出小灯泡的额定功率，他应该把滑片向_填“A或“B挪动 次数123U/V22.53I/A0.40.42亮度暗亮4闭合开关，挪动变阻器的滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数、电流表无示数，原因可能是_写出一种即可 5他测出小灯泡的额定功率是_ 25. 如图1所示是用来测量额定电压为2.5V的小灯泡额定功率的试验电路图实验桌上有：电源由3节干电池串联组成一个，滑动变阻器020一只，小灯泡电阻约10一只电压表03V，015V一只，电流表00.6A，03A一只，开关一个，导线假设干

27、 1在连接电路的过程中，开关必须是_的：闭合开关前， 滑动变阻器的滑片应滑到_端 2小芳连好电路后，闭合开关时发现灯泡不亮，电流表无示数，但电压表有示数，你认为电路的故障是_ 3小兰连好电路后，闭合开关，在挪动滑动变阻器滑片的过程中发现；灯泡变亮时，电压表示数反而减小这是因为小兰不能正确按图1的实验电路图连接，_ 4小芳排除故障后与小兰一起正确连接电路，为了准确测量小灯泡的额定功率，电压表的量程应选_，电流表的量程应选_ 5实验过程中要测量小灯泡的额定功率，在调节_的同时，眼睛要观察_ 6当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图2所示，那么通过小灯泡的电流为_ A，小灯泡的电阻为_，小灯

28、泡的额定功率为_W电阻的计算结果小数点后保存1位有效数字 四、综合题 26.如图是某款有加热和保温功能的电热饮水机电路原理图，机内有温控开关S0 该饮水机的部分参数：额定电压为220V，加热时的总功率为880W，保温时的功率为40W，R1、R2为加热电阻丝不考虑温度对电阻丝阻值的影响求：1当S和S0闭合时，电路中的总电流； 2加热时效率为80%，将0.5kg的水从30加热到100需要多少时间； 3电阻丝R2的阻值 27.如下图的电路中，电源电压为8V，R2是阻值为40的定值电阻，R1为压敏电阻当开关S闭合后，问： 1当电流表示数为0.4A时，压敏电阻R1的电功率为多少？压敏电阻受到的压力为多少

29、？ 2当电路连续工作10min，电阻R2产生的热量为多少？ 3假设2中热量的84%给20g的水加热，那么水温升高多少？水的比热容为4.2×103J/kg 4假设2中热量全部由天然气燃烧得到，需要天然气的质量为多少克？天然气的热值为4×107J/m3 ， 密度为0.8Kg/m3 答案解析 一、选择题1.【答案】A 【解析】 ：A、电能表可以直接测量电功，即可以测量电流通过用电器所做的功，故A正确；B、电路两端的电压用电压表测量，故B错误；C、电流可以用电流表测量，故C错误；D、用电器消耗的电功率，可以用伏安法测量，故D错误应选A【分析】电能表是测量电功的仪表，根据对各物理量的

30、测量工具的掌握分析答题此题考察了电能表的作用，此题是一道根底题，掌握根底知识即可解题，平时要注意根底知识的学习与掌握2.【答案】C 【解析】 一台电风扇和一个电熨斗，虽然使用时电流做功一样，电熨斗正常工作时，把电能全部转化为为内能，电风扇正常工作时，主要把电能转化为机械能，只有很少一部分电能转化为内能，故电风扇与电熨斗消耗一样的电能，电熨斗产生的热量多，故ABD错误，C正确。应选C【分析】电流做功的本质是电能转化为其它形式的能的过程，电流做了多少功，就有多少电能转化为其它形式的能根据电风扇与电熨斗的工作原理，分析它们工作时能量的转化方向，然后答题。3.【答案】C 【解析】 ：A、该实验探究的是

31、电流产生热量多少的影响因素，探究的是电流的热效应此选项正确；B、电流产生热量的多少，与电阻大小、电流大小和通电时间有关，研究其中一个因素对产生热量的影响关系时，需要保持另外两个物理量不变采用的是控制变量法此选项正确；C、由公式Q=I2Rt知：在电流和通电时间一定时，发热丝产生的热量与电阻成正比，电阻越大，产生的热量越多此选项错误；D、实验中是通过观察温度计示数的上下来判断电流通过导体时产生热量的多少，采用的是转换法此选项正确应选C【分析】1由于导体存在电阻，当电流通过时，导体会发热，这叫电流的热效应；2物理学中对于多因素多变量的问题，常常采用控制因素变量的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问

32、题每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物的影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法3在串联电路中，电热丝产生的热量用公式Q=I2Rt比较；4物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法4.【答案】C 【解析】【分析】电能表是用来测量消耗电能多少的仪器或者说是测量电流做功多少的仪器【解答】电能表是用来测量消耗电能多少的仪器应选C5.【答案】C 【解析】 ：因为U额=220V，I额=0.2A， 所以P额=U额I额=220V×0.2

33、A=44W应选：C【分析】额定功率是用电器在额定电压下工作时的电功率，假设知道额定电压和正常工作电流利用P=UI就能求额定功率6.【答案】D 【解析】 ：A、因为电能表指示灯闪烁的快慢反映了做功的快慢，因此指示灯闪烁越快，电能表所在电路的总功率越大，故A错误；B、小明家上月消耗的电能为：5637.8kWh5546.7kWh=91.1kWh，故B错误；C、因为电能表允许通过的最大电流为20A，因此小明家干路中的电流不得超过20A，故C错误；D、指示灯闪烁32次消耗的电能：W= kWh=0.02kWh；电饭锅的功率：P= = =0.6kW=600W应选D【分析】从电能表表盘可得到的信息：电能表指示

34、灯闪烁的快慢反映了电路消耗电能的多少；电能表读数时，最后一位是小数，单位kWh；根据1020A的含义判断；1600imp/kWh表示每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁1600次，据此求出指示灯闪烁32次消耗的电能，然后根据P= 求出电饭锅的功率此题考察对电能表参数的理解，关键是要明白各参数的物理意义，还要能读出电能表的示数和计算出当月消耗的电能以及用电器的功率7.【答案】B 【解析】【解答】解：1当开关S断开时，R1、R2、L串联， 灯泡正常工作，电路中的电流I=IL= = =0.5A，RL= = =8，电压表V1与V2的示数之比为1：2， = ，即R12R2=RL=82当开关S闭合时，R1、R

35、2串联，电路中的电流I=I+0.2A=0.5A+0.2A=0.7A，电源的电压不变，U=IR1+R2+RL=IR1+R2，即R1+R2=20由两式可得：R1=16，R2=4，电源的电压U=IR1+R2+RL=0.5A×16+4+8=14V；当S闭合时，电路消耗的总电功率P=UI=14V×0.7A=9.8W；当S断开时，相等的时间内R1与R2消耗的电能之比P1：P2=I2R1：I2R2=R1：R2=16：4=4：1应选B【分析】1当开关S断开时，R1、R2、L串联，V1测R2和L两端的电压，V2测R1和L两端的电压；此时灯泡正常工作，根据铭牌求出灯泡的电阻和电路中的电流，根据

36、欧姆定律和电压表的示数关系表示出R1、R2之间的关系；2当开关S闭合时，R1、R2串联，先求出此时电路中的电流，根据电源的电压不变得出等式，联立等式求出R1、R2的阻值；进一步求出电源的电压，根据P=UI求出当S闭合时电路消耗的总电功率；根据串联电路电流规律和P=I2R求出当S断开时相等的时间内R1与R2消耗的电能之比8.【答案】B 【解析】【解答】解：用电器正常工作时的功率P=20W=0.02kW，消耗的电能W=1度=1kWh，P=可得，1度电可供用电器正常工作的时间：t=50h应选B【分析】用电器正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=求出1度电可供用电器正常工作的时间9.【答案】D 【解

37、析】【解答】解：A两灯泡的额定功率相等，正常工作时的实际功率相等，故A不正确；B由P=的变形式W=Pt可知，两灯泡消耗的电能相等，故B不正确；C灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，两灯泡的实际功率相等，亮度一样，故C不正确；D由P=UI的变形式I=可知，两灯泡正常发光时乙两端的电压较小，通过的电流大，故D正确。应选D。【分析】1灯泡正常发光时的功率和额定功率相等；2根据W=Pt比较两灯泡消耗电能之间的关系；3灯泡的亮暗取决于实际功率的大小；4根据P=UI比较两灯泡电流的大小。10.【答案】C 【解析】【解答】解：因并联电路中各支路两端的电压相等， 所以，两电阻并联时，由P= 可得两用电器的电阻分别

38、为：R1= ，R2= ；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，当两电阻串联时，电路中的总电阻：R=R1+R2= + ，此时电路的总功率：P总= = = 应选C【分析】根据并联电路的电压特点和P= 表示出两用电器的电阻，根据电阻的串联和P= 求出两用电器串联时电路的总功率11.【答案】B 【解析】【解答】设电源电压是U，串联电路总电阻等于各串联电阻之和，串联总电阻大于任何一个串联电阻阻值；并联总电阻的倒数等于各并联电阻的倒数之和，电阻越并越小，并联总电阻小于任何一个并联电阻阻值；因此并联电阻阻值小于串联电阻阻值，即R并R串 ， 电源电压U一样，由Q=W=t可知，在相等时间内，并联电阻产生的热

39、量多；应选B【分析】由串并联电路特点及电功公式分析答题纯熟应用串并联电路特点及电功公式即可正确解题，此题难度不大12.【答案】D 【解析】【解答】解：A、家庭电路中各用电器之间属于并联，其它用电器仍正常工作，说明电路电压正常，所以选项A不符合题意； B、电饭锅跟导线串联，通过它们的电流大小和通电时间相等，假如导线短，导线的电阻将会很小，产热将会很少，不会烧焦，所以选项B不符合题意；C、电饭锅跟导线串联，通过它们的电流大小和通电时间相等，假如导线太粗，导线的电阻将会很小，产热将会很少，不会烧焦，所以选项C不符合题意；D、电饭锅跟导线串联，通过它们的电流大小和通电时间相等，导线烧焦说明导线的电阻过

40、大导线过细，所以选项D符合题意故答案为：D【分析】由Q=I2Rt可知，电流通过导体产生的热量跟电流、电阻大小和通电时间有关，电饭锅跟导线串联在一起，因此通电时间和电流大小相等时，电源线发现很热，说明电源线电阻大电阻的大小又与导线的长度和粗细有关，导线越长、越小电阻越大二、填空题13.【答案】电阻；热；乙 【解析】【解答】图中的电阻是串联，而串联时，电流相等，通电时间也相等，但电阻不相等，故是研究电热与电阻的关系；这是由于电流的热效应引起的；据Q=I2Rt可知，此时两个装置中的电流一样、通电时间一样，但乙中的电阻大于甲中的电阻，所以电流通过乙瓶中的电阻所产生的热量更多一些，故乙瓶中的煤油温度升高

41、的更快一些故答案为：电阻；热；乙【分析】电流产生热量与电流、电阻和通电时间有关，根据控制变量法分析判断实验目的 ；由Q=I2Rt分析电阻产生热量多少从而可知温度升高的快慢.14.【答案】正常工作；正常工作 【解析】【解答】解：用电器正常工作的电压为额定电压；用电器在额定电压下的功率为额定功率 故答案为：正常工作；正常工作【分析】根据额定电压和额定功率的概念进展分析，即用电器正常工作的时候的电压为额定电压，在额定电压下的功率为额定功率15.【答案】220 【解析】【解答】解：产生的热量为： Q=W= t= ×100s=220J故答案为：220【分析】电路是纯电阻电路，知道电压、电阻、时

42、间可求产生热量16.【答案】温；3.6×105 【解析】【解答】解：当开关同时接触1、2触点时，两电阻出断路状态，电功率为零，水龙头出冷水；当开关同时接触2、3触点时，电路中只有R1接入电路，电路中的电阻最大，根据P= 可知，在电压一定时，电功率最小，处于保温状态，水龙头放出的是温水；水龙头在温水挡正常工作时电功率为2019W，当开关同时接触3、4触点时，两电阻并联，电路中电阻最小，电功率最大，处于加热状态，水龙头出热水；因为R1=2R2 ， 由P= 可知，当电压相等时，R2消耗的功率为R1的2倍，故R2功率为P2=2×2019W=4000W，加热档位时的总功率为：P=P1

43、+P2=2019W+4000W=6000W，在加热档正常工作1min消耗的电能为：W=Pt=6000W×60s=3.6×105J故答案为：温；3.6×105 【分析】当开关同时接触1、2触点时，水龙头出冷水；开关同时接触2、3触点时，处于保温状态；当开关同时接触3、4触点时，处于加热状态.17.【答案】1000；0.2 【解析】【解答】解：能效比是指空调制冷量与制冷时消耗的电功率比， 能效比为3.2的空调消耗的电功率：P1= = =1000W，能效比为4.0的空调消耗的电功率：P2= = =800W，节约的电功率：P=P1P2=1000W800W=200W=0.2

44、kW，工作1h节约的电能：W=Pt=0.2kW×1h=0.2kWh故答案为：1000；0.2【分析】根据能效比的含义求出制冷量为3200W的制冷空调消耗的电功率，再求出能效比4.0空调的电功率，两者功率的差值即为节约的电功率，利用W=Pt求出工作1h节约的电能18.【答案】电；内；慢 【解析】【解答】1电磁炉高温档的功率大于低温档的功率，烧开同一壶水时，水吸收的热量一样，低温档时电能转化为水的内能较慢，需要的时间较长；2由W=Pt可知，一样时间内，电磁炉低温档消耗的电能比较高温档消耗的电能少，电能表的转盘转动得较慢。故答案为：电；内；慢。【分析】电流做功的本质是电能转化为其它形式能的

45、过程，用电器的功率增大，一样时间内消耗电能越多，电能表表盘转动的越快。19.【答案】0.18；7.2 【解析】【解答】解：1由P=得一台彩电每天因待机消耗的电能为：W=Pt=9×103kW×20h=0.18kWh=0.18度；2由P=得台灯正常工作的时间：t灯=7.2h故答案为：0.18；7.2【分析】1彩电的待机功率和工作时间，根据W=Pt计算彩电待机消耗的电能；2台灯的功率和电能，根据t=计算台灯的工作时间20.【答案】；U 【解析】【解答】解： 在时间t内电热水壶消耗的电能：W= ，电热水壶加热时的实际功率：P= = ，由P= 可得，电热水壶的电阻：R= ，由P= 可

46、得，实际电压：U实= = =U 故答案为： ；U 【分析】“6000r/kWh，即N，表示每消耗1kWh的电能电能表转盘的转数，测量出转盘在时间t内的转数为n，可求时间t内消耗的电能，再利用P= 求用电器的实际功率；知道电热水壶的额定电压和额定功率，根据P=UI= 求出电热水壶的电阻，再根据P=UI= 求出实际电压21.【答案】2019；6 【解析】【解答】解：洗衣机的电功率：P= = =2019W=2kW，这样工作3小时，消耗的电能：W=Pt=2kW×3h=6kWh=6度故答案为：2019；6【分析】知道洗衣机工作的时间和电流做的功，根据P= 求出电功率，再根据W=Pt求出这样工作

47、3小时消耗的电能22.【答案】电阻；B 【解析】【解答】解：1由图示实验装置可知，两电阻丝串联，通过电阻丝的电流相等、通电时间相等而电阻丝的阻值不同，故此实验是为了探究电流产生的热量与电阻的关系；2将此装置接到电源两端，通电一段时间后，通过它们的电流I一样、通电时间t一样，右边容器中的电阻大于左边容器中的电阻，由Q=I2Rt可知，右边容器中的电阻丝产生的热量多故答案为：电阻，B【分析】1电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，在通电时间和电流不变时，那么实验目的是探究电流产生热量跟电阻关系；2根据实验装置可知，串联电路电流相等，电阻丝的电阻不相等，从而判断出探究的因素；3根据焦耳定律

48、Q=I2Rt可知，在通电时间和电流相等时，电阻越大电流产生的热量越多，再根据实验装置判断三、实验探究题23.【答案】1加热时间2质量3小4电阻或电压 【解析】【解答】1实验应采用控制变量法，控制液体的初末温度、液体质量一样而液体种类不同，甲和乙两液体吸热的多少是通过加热时间来反映的。2实验中甲、乙两液体初温一样，还必须控制甲、乙两液体的质量一样；3闭合开关，发现乙烧瓶中的温度计示数上升的比甲快，说明乙液体的吸热才能比甲液体小；4假如换用两个不同的电加热器即R甲 R乙 ，两烧瓶中装入质量相等的煤油，还可以用这个装置探究电流做功多少与电压的关系。故答案为：1加热时间；2质量；3小；4电阻或电压.【

49、分析】探究焦耳定律时，利用加热时间表示吸热的多少，通过液体升温的不同反响产生的热的不同.24.【答案】1断开2解：如下图： 30.36；A4灯丝断了51W 【解析】【解答】解：1电路连接过程中，开关应处于断开状态；2滑动变阻器应将滑片位于最大阻值处，滑动变阻器一上一下接入电路，可以接C点或D点，电压表要串联接入电路，电流表串联接入电路，补充实物连接3电流表选择00.6A量程，最少分度值为0.02A，所以示数为0.36A； 次数123U/V22.53I/A0.360.40.42亮度暗亮根据欧姆定律I= 和串联电路的电流特点I1=I2可得，串联的电流的分压原理 = ，小灯泡两端的电压为2V，要增大

50、小灯泡两端的电压UL为额定电压2.5V，需要减小滑动变阻器接入电路的阻值R，故滑片应向A端挪动；4电流表示数接近零，说明电路断路，而电压表示数接近电源电压，说明与电压表并联的电路发生了断路，如灯丝断了、灯座接触不良、开关接触不良、电流表断路等5电灯的额定电压为2.5V，表格中对应的电流为0.40A，故额定功率P=UI=2.5V×0.40A=1W故答案为：1断开；2如下图；30.36；A；4灯丝断了；51W【分析】1电路连接过程中，为防止发生短路，开关应处于断开状态；2电流表与电灯串联，电压表与电灯并联，滑动变阻器应将滑片位于最大阻值处；3先确定电流表的量程和最少分度值，再读出示数；根

51、据串联的电流的分压原理 = ，增大小灯泡两端的电压，需要减小滑动变阻器接入电路的阻值，判断滑片的挪动方向；4电流表示数几乎为零，说明电路断路，电压表示数接近电源电压说明和电压表并联的灯泡发生了断路5从表格中读出电压为2.5V时的电流，由P=UI计算额定功率25.【答案】1断开；B2灯泡断路3电压表与滑动变阻器并联403V；00.6A5滑动变阻器；电压表的示数60.24；10.4；0.6 【解析】【解答】解：1在连接电路的过程中，开关必须是断开的；由图知，当滑片移至B端时，滑动变阻器的阻值最大，所以闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到B端；2闭合开关时发现灯泡不亮，电流表无示数，但电压表有示数，说明电路某处发生了断路，电压表有示数，说明与灯泡并联的灯泡发生了断路；3灯泡变亮时，那么灯泡两端的电压增大，电压表示数反而减小，说明电压表与滑动变阻器并联了；4小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表选择03V的量