2016年全国卷物理试卷分析

1、中国教育培训领军品牌恒基教育HEI4GJUIA0YU2016年高考物理试卷分析选择题实验题计算题总计题数分值题数分值题数分值题数分值84821646414128.题型与数量2017局考物理模拟试卷题号考查知识点难度具体考点及公式14电容器的动态分析易_ 4nkQ E=U/d,C=Q/UE 一“S电容器等电学公式的运用15带电粒子在电场中的加速以及在磁场中的偏转中cv2 c mvqvB = m R =RqB电场加速以及磁场偏转公式的计算16变压器以及远距离输电难电路的综合分析以及变压器等公式 的综合运用。17力后引力与航天难22Mmv24兀G 2 -m - m® r-m 2 r rrT

2、同步卫星以及集合关系的综合分析18运动状态以及牛顿第二定律考察简单运动学相关定义的基础，It考察19力的止交分解中力的蒸饺分解，涉及到多个力以及分析汇总关于死结活结的分析。20带电粒子在复合场中的运动分析以及功能关系中力的分析、电势能、动能考察。21质点的直线运动追击相遇问题中结合v-t图像对物体运动状态的分.考察的内容及分布2r = ma10户力卸恒基教育HENGJIJIAOYUk,.1,2析。s = vot+-at 222验证机械能守恒简单打点计时器纸带的数据处理23电路设计中电路的功能综合分析和计算。整体难度中等以上，计算量较简单、但坑较多。三、试卷整体分析1、试卷的整体难度中等偏上，符

3、合全国卷一贯的风格，知识点分布较为均匀，较往年试卷相比类型较像，但题型重合度不高。比较侧重于考察学生思维的发散性和从多个角度思考问 题的能力。2、整体试卷对学生的数字数据计算能力有着较高的要求，相比于 （一）刘建廷讲解试卷选择题和填空题2017年试卷难度较大。14.一含有理想变压器的电路如图所示，图中电阻Ri、R和R的阻值分别是3C、1建和4C, 0为理想交流电流表，U为 正弦交流电压源，输出电压的有效值恒定。当开关 S断开 时，电流表的示数为I ;当S闭合时，电流表的示数为 41。 该变压器原、副线圈匝数比为（）A. 2B. 3C. 4D. 5【答案】【解析】解法当S断开时，电路如右图所示由

4、闭合电路欧姆定律，原线圈两端电压 U1=U-IR1得U1 =U -3I,._Ui ni根据变压器原副边电压关系：.=nU 2 n2U2 U2副线圈中的电流：12 Q +D CR2 R352、2联立得：曳=Lz3_ink J 5I不创恒基教苜HENGJIJIAOYU当S闭合时，电路如右图所示由闭合电路欧姆定律 ，原线圈两端电压 U/ =U 4I RUJ =U _12I根据变压器原副边电压关系副线圈中的电流得：联立得联立解得U/U 2/ nb / S' S'I2 =R21/2niU -12IS厂41n1 =3n2解法设开关S断开前后，变压器的等效电阻为R和R',由于变压器输

5、入功率与输出功率相同，、2 I 2R2 R3S闭合前：I2 R=()2 (R2 +0),得R=，芸3 nn2 _ 4I 2 _. RoS闭合后：(4I)2 R'=(一)2 R2,得 Rhe nn根据闭合电路欧姆定律：S闭合前：S闭合后：根据以上各式得：RiR4IR2R 2ncR2R3R 2 n3 -52n解得，n =315.利用三颗位置适当的地球同步卫星，可使地球赤道上任意两点之间保持无线电通讯。目前，地球同步卫星的轨道半径约为地球半径的6.6倍。假设地球的自转周期变小，若仍仅用三颗同步卫星来实现上述目的，则地球自转周期的最小值约为（）A. 1hB. 4hC. 8hD. 16 h【答案

6、】 B限）恒基教育7 HENGJIJIAOYU【 解析】地球自转周期变小，卫星要与地球保持同步，则卫星的公转周期也应随之Mm变小，由G 2 r= mr；:可得 T=J4H，TGM则卫星离地球的高度应变小，要实现三颗卫星覆盖全球的目的，则卫星周期最小时，由数学几何关系可作出右图R由几何关系得，卫星的轨道半径为=-2Rsin30331口由开普勒第三定律 十=旨，代入题中数据，得Il 2(6.6R)3 _ r3242一 T22卫星卫星卫星由解得T2之4h16. (5 分)某同学用图(a)所示的实验装置验证机械能守恒定律，其中打点 计时器的电源为交流电源，可以使用的频率有 20Hz、30Hz和 40H

7、z。打出纸带的一部分如图(b)所示。该同学在实验中没有记录交流电的频率f,需要用实验数据和其它题给条件进行推算。(1)若从打出的纸带可判定重物匀加速下落，利用 f和图(b)中给 出的物理量可以写出：在打点计时器打出 B点时，重物下落的速度 大小为，打出C点时重物下落的速度大小为,重物下落的加速度大小为 。(2)已测得S =8.89cm , S2 =9.50cm , 8 =10.10cm ,当地重力加速度大小为 9.80m/s2，实验中重物受到的平均阻力大小约为其重力的1%,由此推算出f为 Hz。fff2【答案】 £(§+&), 2(S. +S3), .(0-&

8、;)； 40【 解析】由于重物匀加速下落，A、B、C、D各相邻点之间时间间隔相同，因此B点应是从A运动到C的过程的中间时刻，由匀变速直线运动的推论可得：S SB点的速度Vb等于AC段的平均速度，即VB=S_*2tVc -Vb21故 a = t = 重物下落的过程中： 由已知条件 由得rf 2代入得：a=（S32(2)金属棒运动速度的大小。0即恒基教育HENGJIJIAOYU1, f由于 t =f ,故 Vb ="2（Si +S2）同理可得Vc =f （S2 - S3）v匀加速直线运动的加速度a =.：tS3) -(S S2)f2=(S3 -Si)12f由牛顿第二定律可得：mg -5阻

9、52F 阻=0.01mga =0.99g§),代入数据得f电40Hz17. （14 分）如图，两固定的绝缘斜面倾角均为 9,上沿相连。两细金属棒ab （仅标出a端）和cd （仅标出c端）长度均为L,质量分别为2m和m；用两根不可伸长的柔软轻导线将它们连成闭合回路abdca,并通过固定在斜面上沿的两光滑绝缘小定滑轮跨放在斜面上，使两金属棒水平。右斜面上存在匀强磁场，磁感应强度大小为B,方向垂直于斜面向上。已知两根导线刚好不在磁场中，回路电阻为 R,两金属棒与斜面间的动摩擦因数均为B，重力加速度大小为g。已知金属棒ab匀速下滑。求作用在金属棒ab上的安培力的大小;考点：受力分析、正交分解

10、法、楞次定律、安培力的方向、欧姆定律突破点：先通过运动方向判断磁通量的变化，然后判断安培力的方向。通过对ab受力分析把求安培力转换为求绳子拉力，又因为绳子对ab和cd拉力相同，所以再对 cd进行受力分析。E =BLv ,用安培力求电流即可解答。【解析】（1）由ab、cd棒被平行于斜面的导线相连，故ab、cd速度时时刻刻相等，cd也做匀速直线运动；选cd为研究对象，受力分析如图：, 1r.由于cd匀速，其受力平衡，沿斜面方向受力平衡方程：、初加恒基教育r HENGJIJfAOYUMd =Gcd c0sl垂直于斜面方向受力平衡方程：fcd GcdSin- -T且fcd =NNcd ,联立可得：T

11、=mgcos 二 mg sin i选ab为研究对象，受力分析如图：其沿斜面方向受力平衡：T'+fab +F安=GabSin垂直于斜面方向受力平衡：Nab =Gab Cos 二且fab = NNab , T与T '为作用力与反作用力：T ' =T ,联立可得：F安=mg sin 二-3.Lmgcos 二(2)设感应电动势为 E ,由电磁感应定律：E = BLv由闭合电路欧姆定律，回路中电流： I =旦=四R RB2|2，棒中所受的安培力：F安=BIL =巴一 R mgR(sin 二-3-'cos)._v =_2. 2与联立可得：B L18. (18 分)如图，一轻

12、弹簧原长为2R,其一端固定在倾角为 37的固定直轨道 AC的底端A处，另一 端位于直轨道上 B处，弹簧处于自然状态。 直轨道与一半径为 勺R的光滑圆弧轨道相切于6C点，AC =7R, A、B、C、D均在同一竖直平面内。质量为 m的小物块P自C点由静 止开始下滑，最低到达 E点(未画出)随后 P沿轨道被弹回，最高到达 F点，AF=4R。1 一3已知P与直轨道间的动摩擦因数R=z，重力加速度大小为 g ° (取sin37°=-,4 cos37 =一)5(1) 求P第一次运动到B点时速度的大小。(2) 求P运动到E点时弹簧的弹性势能。(3) 改变物块P的质量，将P推至E点，从静止

13、开始释放。已知P自圆弧轨道的最高点 D处水平飞出后，恰好通过 G点。G点在C点的左下方，与 C点水平相 距2 R、竖直相距R ,求P运动到D点时速度的大小和改变后 P的质量。恒基教育HENGJIJtAOYU中国教育培训领军品牌12A考点：受力分析、正交分解、动能定理、匀加速直线运动、平抛运动难易：难题，比较综合，牵扯知识比较多，并且要注意的小地方很多。突破点：物块先受力分析求出加速度，然后用匀加速直线运动公式去做。求弹簧弹性势能时，最主要是要求出弹簧形变量，要分两个过程去求。关键点是用摩擦力做功去求。平抛 运动中药主要两个方向的位移需要用几何关系去求。【解析】(1)选P为研究对象，受力分析如图

14、:设P加速度为a ,其垂直于斜面方向受力平衡：Gcos8=N沿斜面方向，由牛屯第二定律得：GsinH f=ma2且 f =NN ,可得： a =g sin0 -Mg cos日=g 5又CB段过程，由vt2 V =2as代入数据得B点速度：vB=2jgR(2) P从C点出发，最终静止在 F ,分析整段过程; 由C至1J F ,重力势能变化量：AEp =-mg 3Rsin6减少的重力势能全部转化为内能。设E点离B点的距离为xR,从C到F ,产热：Q =mgcosM7R 2xR)由Q =|AEp ,联立、解得：x =1 ；研究P从C点运动到E点过程重力做功：WG = mg sin犬5 R xR)摩擦

15、力做功：Wf =-口 mgcos?(5R xR)动能变化量：石 u0J由动能定理：Wg Wf W单=Ek代入得:12mgR由AE弹=叫单，到E点时弹性势能512mgR5(3)其几何关系如下图.21可知：OQ =-R CQ =一 R3'2中国教育培训领军品牌力卸恒基教育HENGJIJtAOYU由几何关系可得，G点在D左下方，竖直高度差为 r,水平距离为3R。设P从D点抛出时速度为vo ,到G点时间为t其水平位移：3R=%t51竖直位移：5R= gt22 2解得：v0=3_B处5研究P从E点到D点过程，设P此时质量为m',此过程中：3 .51重力做功：WG ' - -m&#

16、39;g（-R 6RsinR m'gR2106摩擦力做功：Wf' - -'m'g 6Rcos【- m'gR512弹力做功：W单'=-AE弹=mgR1 29动能变化重：.Ek'=-m'v0 -0J = m'gR2 10由动能定理：WG ' Wf ' Wn ' = ."：Ek '将代入，可得：1m' = - m333.物理选修 3-3 （15分）（1） （5分）关于热力学定律，下列说法正确的是 。（填正确答案标号。选对 1 个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣

17、3分，最低得分为0分）A.气体吸热后温度一定升高B.对气体做功可以改变其内能C.理想气体等压膨胀过程一定放热D.热量不可能自发地从低温物体传到高温物体E.如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也 必定达到热平衡【考点】理想气体状态方程，热力学第一定律，热力学第二定律，热平衡的理解。【难点】等压膨胀气体温度升高，内能增大；气体又对外做功，所以气体一定吸热。【解析】气体内能的改变 四=Q +W ,故对气体做功可改变气体内能，B选项正确；气体吸热为Q，但不确定外界做功 W的情况，故不能确定气体温度变化，A选项错误;理想气体等压膨胀， W M0 ,由理想气体状态方程

18、PV=nRT, P不变，V增大， 气体温度升高，内能增大。由 ，U=Q-W,气体过程中一定吸热，C选项错误；由热力学第二定律，D选项正确；根据平衡性质，E选项正确；16a恒基教苜7 HENGJIJIAOYU(2) (10分)在水下气泡内空气的压强大于气泡表面外侧水的压强，两压强差你与气2；一泡半径r之间的关系为 绿二:，其中仃=0.070N/m。现让水下10m处一半径为0.50cm的 气泡缓慢上升。已知大气压强 p0 =1.0x105Pa,水的密度 P = 1.0Ml03kg/m3 ,重力加速度 大小 g =10m/S2。(i)求在水下10m处气泡内外的压强差；(ii)忽略水温随水深的变化，在

19、气泡上升到十分接近水面时，求气泡的半径与其原来半径之比的近似值。【考点】理想气体状态方程【难点】当气体内部压强远大于气泡内外压强差时，计算气体内部压强时可忽略掉压强差，即气体压强等于对应位置的水压。(i)由公式妒=得 CP =2-0.070 pa=28pa-5 10一水下10m处气泡的压强差是 28Pa。(ii )忽略水温随水深的变化，所以在水深10m处和在接近水面时气泡内温度相同。由理想气体状态方程 PV =nRT ,得PV1 =PV2V1 =其中,43一二1343二23由于气泡内外的压强差远小于水压，气泡内压强可近似等于对应位置处的水压,以有-535P =F0 + pgh1 =1 M10

20、Pa+1X10 黑 10X10=2X10 Pa=2P0P2 = P0将带入得，2P0 4二-13 = P0 -二-2333332 -1 r2-2 =3 21.3134.物理选修 3-5 (15分)(1) (5分)现用某一光电管进行光电效应实验，当用某一频率的光入射时，有光电流产生。下列说法正确的是。(填正确答案标号。选对 1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分)A.保持入射光的频率不变，入射光的光强变大，饱和光电流变大B.入射光的频率变高，饱和光电流变大C.入射光的频率变高，光电子的最大初动能变大D.保持入射光的光强不变，不断减小入射光的频率，始终有光电流产生E.遏止电压的大小与入射光的频率有关，与入射光的光强无关【解析】由光电效应规律可知，当频率低于截止频率时无论光照强度多大，都不会有光电流,因此D错误；在发生光电效应时，饱和光电流大小由光照强度来决定，与频率无关,）涧恒基教育HENGJIJtAOYU光照强度越大饱和光电流越大，因此A正确，B错误，根据Ekm=hV-W可知，对于同一光电管，逸出功 W不变，当频率变高，最大初动能Ekm变大，因此C正确,由Ekm =eUc和Ekm =h¥_W ,得hTW=eUc,遏制电