二项式定理在数列求和中地应用

1、二项式定理在数列求和中应用班级：数学1403姓名：王琪学号：14404337二项式定理在数列求和中的应用【摘要】本文利用二项式定理和杨辉三角的内在联系，结合组合不等式，推导出形如anna(a2,3,4)的前n项和的公式，并给出求更高次求和公式的一般方法。【关键词】二项式定理组合数方程的根系数一、项式定理和杨辉三角介绍：-j,TlTT/In。n|01n112n22,n,n0.n一项式正理：(ab)CnabCnabCnabLCnabLCnab其中c；叫做二项式系数。1, 杨辉三角：二项式定理的应用非常广泛，也很重要，主要表现在两个方面：一是它所揭示的方法富有启发性；二是它与高等数学联系紧密.学习与

2、掌握它，既有利丁培养学生联想和抽象思维的能力，也有利丁其今后进一步的学习.二项式定理在中国被称为“贾宪三角”或“杨辉三角”，一般认为是北宋数学家贾宪所首创.它记载丁杨辉的详解九章算法（1261）之中.在阿拉伯数学家卡西的著作算数之钥（1427）中也给出了一个二项式定理系数表，他所用的计算方法与贾宪的完全相同.在欧洲，德国数学家阿皮安努斯在他1527年出版的算数书的封面上刻有此图，但一般称之为“帕斯卡三角形”.因为帕斯卡在1654年也发现了这个结果.而在1664年和1665年间，也就是由丁瘟疫流行而迫使牛顿从剑桥躲开的前夕，牛顿就开始了二项式定理的研究，值得注意的是，牛顿只处理了二项式的自乘籍是

3、分数或负数的情况.牛顿第一次提到二项式定理是在1676年6月13日他写给奥尔登堡转给莱布尼兹的一封信中，此后牛顿对丁该定理进行不断的推理、猜想和证明，最终建立了二项式定理.牛顿在建立了二项式定理以后，马上就抛弃了他以前用丁求积的插值法，而把这个定理当做确定曲线下方面积的一个最简单最直接的方法来使用.随着时间的推移，二项式定理被越来越多的人运用，直到今天，二项式定理已经是中学数学内容的重要部分，也是当今高考的难点之一.二项式定理是在处理有关两个元素和的方籍的问题时常常考虑到的一个重要公式，是组合数学中一个基础而重要的定理，在微积分、概率论、初等数论等许多数学分支中都可见其踪影.二、二项式的性质二

4、项式定理：理解二项式定理应注意:(1) 二项式中，a是第一项，b是第二项，顺序不能变；展开式中有n1项(比指数多1)；C0,Cn,L,况是二项式系数；a的指数降籍，b的指数是升籍，两者的指数的和等丁n；二项式展开时要注意各项的符号规律；注意二项式定理的可逆性.标准文档二项式定理除了要注意以上几点外还具有一些性质：性质一abn的二项展开式中，与首末两端“等距离”的两项的二项式系数相等，即CnmC；m.性质二二项式系数表中，除两端以外其余位置的数都等丁它肩上两个数mm1m之和，CnCnCn1.性质三ab的二项展开式中，所有二项式系数的和等丁2n,即CnCLC：2n.（令ab1即得，或用集合的子集个

5、数的两种计算方法结果相等来解释）.性质四abn的二项展开式中，奇数项的二项式系数的和等丁偶数项的二项式系数的和，即CnCnLC2rLCnC3LC2r1L2n1.(令a1,b1即得）.三、重要组合包等士(1),Cn1Cn1C：Cr1Cr证明：n1n1(n1)!(n1)!(r1)!(nr)!r!(n1r)!=(n1)!r.一.in!r（证毕）r!(nr)!(n1)r!(nr)!%(2),CrCr1C；2LCn1r1Cn(nr)证明（数学归纳法）:当nr1时上式左边=1右边是c；11,所以是正确的。假设上式对nk(kr）正确即C；C；1C；2LCk1ck1那么就有C；C；1Crr2LCrrcr1Ck

6、1CkCkCk再有组合不等式（1）可rrrrrr1CrCr1Cr2LCk1CkCk1故综上所述对丁所有大丁r的正整数n（2）式都是成立的。四、一元n次多项式根与系数的关系对丁多项式xnaxna2Xn2Lan1Xan0若X1,X2,X3LXn是它的n个根1)1a1X1X2LXn1)2a2X1X2X1X3LXn1Xn1)号Xk1Xk2L【k（所有i个小同的根的乘积的和）1)na1a2a3Lan(五、应用举例为了方便应用，（2）式也可以写成C；C；1C"LC；n1r1.Crn(nr)当r=1,2,3,4的时候上式也就是:1123Lnn(n1)2!1n(n2!11)-n(n1)(n2)111

7、410Ln(n1)(n3!2)n(n1)(n4!111515Ln(n1)(n2)(n3)n(n4!5!2)(n3)1)(n3)(n4)nkmk1六、归纳总结命题一:证明:2m3mnkmk11m2m3m两式相减有:kmk1n命题二：1k1由乘法的定义可知:n个1相加的结果为n2k22k1,从而:nkk1n12k22kk1nn即：k12k2:k1k1由此可得：nnn2kk12k2k1k1k1n即：k2n11nnn1,nn1k12命题四n21:knn证明：k16由二项式定理可知nnk13k33k2证明：由二项式定理知:122n3k11k1k1n1k1nkk1k13k33k23k1,从而nnnnn即：

8、k13k33k23k1k1k1k1k1k1由此可得：nnnnn3k2k13k33k1k1k1k1k1k1313nn1n1-n12nn12n1212n1nn12nc1即：knnk16n命题五：k3k1证明：由二项式定理可知:k14k44k36k24k1,从而k44k36k24kk3:14nk4n4k3n6k24k1k1k1knkn41k4n6nk24kk1k1k1k1n14161-n6n12n-14nk1由此可得:nnn21nn2k112k31k1n即：kk1即:命题六：k4nk1302n13n3n证明：由二项式定理可知:k15k55k410k310k25k1,从而k55k4k110k3210k

9、5k1n即：kk1nk5k4110knk3110knk21由此可得:nk1n5k5n10k310nk2k1k1k1k1k15110nn12101-nn62130nn12n13n23n11nn5k4k1k1n5k2n卜面我们讨论一般情况下数列的和,即:km由二项式定理可知:n而有kk1可得:nrmCmk11km即:nkmk1至此,k10,k2m1k1mCm1m1k1厂mmCm1kCm1m1Cm1kC；1,从八m1m1Cm1kCmCmm1k八m1m1Cm1kCm1k蒙1kn11mnm1kk1nrmCmk1c"mm.cm1nCm1m1Cm1kk1cm1kM11m11kcm1kM1Cm1k我们求出了连续自然数任意次方的和0若多项式f(k)k(k1)(k2)L(ka1)1,k32,Lkaa1,则他的展开式中ka1的系数是角(0123La1)他的根分别是(a1)aa2k1k2k1k3Lkaika同理f'(k)k(k1)(k2)L(ka2)展开式中ka2的系数是：ai(012La2)二项式定理有着广泛的应用，如果不能够准确把握其本质，则可能导致