人教版中考物理电与磁专题复习练习含解析

1、人教版中考物理电与磁专题复习练习（含解析）（word）一、电与磁选择题1 .如图中的a表示垂直于纸面的一根导线，它是闭合回路的一部分.它在下图所示各磁场中水平运动时，哪种情况不会产生感应电流（）水平运动瞬泄匕iyTC.僦恁傕、辘焙线D.A.B.峨蟠线【答案】B【解析】【解答】解：磁极间的磁感线是从N极指向S极，由图可知，ACD中的导体运动时都会切割磁感线，所以会产生感应电流；只有B没有切割磁感线，所以不会产生感应电流；故选B.【分析】能否产生感应电流，就要看图示的情景能否满足闭合电路；导体切割磁感线运动这两个条件.2 .如图所示，通电导线a、b固定不动，左磁体对a的作用力为Fa,右磁体对b的作

2、用力为Fb,下列说法正确的是（）【答案】A【解析】【解答】A、B通电导线a、b所处的磁场方向相同，但电流方向相反，其受力方向相反，A符合题意，B不符合题意；C不符合题D不符合题C、通电导线a、b所处的磁场方向相反，且电流方向相反，其受力方向相同,D、通电导线a、b所处的磁场方向相同，但电流方向相反，其受力方向相反,故答案为：A。【分析】通电导体在磁场中受力的作用，所受力的方向与磁场方向、电流方向有关。3 .如图所示四个实验中，能说明电动机工作原理的是（）电源D.【答案】D【解析】【解答】解：电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用；A、该装置是奥斯特实验，表明通电导线周围有磁场，A不符

3、合题意；B、该装置没有电源，是发电机原理图，其原理是电磁感应现象，B不符合题意；C、该装置是研究电磁铁磁性强弱的实验装置，是电流的磁效应，C不符合题意；D、该装置有电源，是电动机原理图，表明通电的导体在磁场中受力的作用，D符合题意。故答案为：Do【分析】磁场对电流的作用：通电导线在磁场中要受到磁力的作用.是由电能转化为机械能应用是制成电动机.4 .下列作图中，错误的是（）静止物体的受力分析【解析】【解答】解:磁体的磁场A、反向延长得出力Fi的作用线，从支点作作用线的垂线，得垂足，支点到垂足的距离为动力臂Li,如图所示，故A错.B、静止在斜面上的物体受到重力（竖直向下）、支持力（垂直斜面向上）和

4、摩擦力（沿斜面向上）的作用，三力的作用点画在物体的重心，故B正确；C、物体成的像为虚像，用虚线画出，物像关于平面镜对称，故C正确；D、在磁体外部，磁感线从N极出，回到S极，故D正确.故选A.【分析】（1）根据力臂的画法进行分析，力臂是支点到力作用线的垂线段；（2）静止在斜面上的物体受到重力、支持力和摩擦力的作用；（3）平面镜成像的特点：物体成的像为虚像，物像关于平面镜对称；（4）在磁体外部，磁感线从N极出，回到S极.本题考查了力臂的画法、力的示意图的画法、平面镜成像的画法以及磁感线的方向，属于基础题目.5 .在昼夜明灯的地下停车场，驾驶员根据车位入口上方的红绿灯入停.如图是小吴设计的自动控制电

5、路图，将光控开关（遮光时开关闭合）装在每个车位地面中央，红绿灯装在车位入口上方.当车位未停车时绿灯亮，当车位已停车时红灯亮，则图中Li、L2（）A.都是红灯红灯B.都是绿灯C.分别是红灯、绿灯"D.分别是绿灯、【答案】D【解析】【解答】解：由题当车位已停车时，光控开关被遮光而闭合，由图可知，此时左侧控制电路连通，电磁继电器中的电磁铁产生磁性，吸下衔铁，匕灯泡电路被接通，所以L2为红灯；当车位未停车时，光控开关有光照而断开，电磁铁中无磁性，弹簧将衔铁拉起，Li电路接通而发光，所以Li为绿灯.故ABC错误，D正确.故选D【分析】根据光控开关的作用，分析左侧控制电路的通断，再分析两灯的工作

6、状态即可解题.6 .对于图中所示的四幅图，以下说法正确的是()A.甲图中通电导线周围存在着磁场，如果将小磁针移走，该磁场将消失B.乙图中闭合开关，通电螺线管右端为N极C.丙图中闭合开关，保持电流方向不变，对调磁体的N、S极，导体的运动方向不变D.丁图中绝缘体接触验电器金属球后验电器的金属箔张开一定角度，说明该棒带正电【答案】B【解析】【解答】解：A、通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场仍存在，故A错误；B、根据图中电源的正极在右侧，可知螺线管中电流方向是由右侧进入左侧流出，故利用安培定则可知通电螺线管的右端为N极，故B正确；C、通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关

7、，电流方向不变，对调磁体的N、S极即改变了磁场方向，导体棒摆动方向将改变，故C错误；D、丁图中绝缘棒接触验电器后，验电器的金属箔张开一定角度，是因为箔片带上了同种电荷，可能是正电，也可能是负电，故D错误.故选B.【分析】(1)通电导线的周围存在磁场，但磁场看不见、摸不着，可以通过小磁针的偏转说明磁场的存在；(2)安培定则：用右手握螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极；(3)通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，当其中一个方向变化时，受力方向变化，但当两个方向同时变化时，受力方向不变;（4）验电器是利用了同种电荷相互排斥的原理制成的.

8、7.关于下列四幅图，说法正确的是（）A.甲图：用吸管从瓶中吸饮料，是吸力将饮料吸入嘴中8 .乙图：电流一定时，电磁铁磁性强弱与线圈的匝数有关C.丙图：铁轨铺在枕木上，是通过增大受力面积来增大压强D.丁图：发电机的工作原理【答案】B【解析】【解答】解：A、因为吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，使管内气压减小，这样在外界大气压的作用下，饮料就被压进吸管里；如果将吸管剪一个洞，内外气压相等，饮料就不会吸入口中，故A错误；B、电磁铁磁性的强弱与电流大小、线圈的匝数有关，电流一定时，匝数越多、电磁铁的磁性越强，故B正确；C、铁轨铺在枕木上，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故C错误；D、丁

9、图演示的是通电导体在磁场里受到力的作用，是电动机的原理，故D错误.故选B.【分析】（1）由于大气有压强，我们才能利用细管将饮料吸到嘴里；（2）电磁铁磁性的强弱与电流大小、线圈的匝数有关，电流越大、线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；（3）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强.（4）发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流.8.小磁针静止时的指向如图所示，由此可知（A. a端是通电螺线管的N极，c端是电源正极源负极C.b端是通电螺线管的N极，d端是电源正极源负极【答案】B【解

10、析】【解答】据题目可知，小磁针左端是B. a端是通电螺线管的N极，c端是电D.b端是通电螺线管的N极，d端是电N极，右端是S极，所以电磁铁的左端，即a端为N即，右端为S极，据安培定则可知，电流从d端流出后进入电磁铁，D端是电源的正极，c端是负极，B符合题意。故答案为：B。【分析】根据磁极间的相互作用判断螺线管的磁极位置，再利用安培定则判断电流方向和电源的正负极.卜列分析正确的是9 .如图所示，闭合开关S,弹簧测力计的示数增大.A. c端是S极，a是电源的正极B. c端是N极，a是电源的负极C.若滑动变阻器的滑片向右滑动，弹簧测力计示数增大D.若将电源正负极接线的位置对调，弹簧测力计示数增大【答

11、案】B【解析】【解答】解：A、闭合开关S,弹簧测力计的示数增大，由于此题下端为S极，并且弹簧测力计的示数变大，因为异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，所以电磁铁的上端为N极.故A错误；B、由上述可知因为电磁铁的上端为N极，下端为S极，由安培定则可知，电流从电磁铁的上端流入，故电源b端为正极，a端为负极.故B正确；C、若滑动变阻器的滑片向右滑动，滑动变阻器的电阻增大，电路中的电流变小，电磁铁的磁性变小，对上方的磁体的吸引力变小，所以弹簧测力计示数变小，故C错误；D、若将电源正负极接线的位置对调，电磁铁的磁性强弱不变，极性相反，则c端变为S极，与磁体相互排斥，故弹簧测力计的示数变小.故D错误.故选

12、B【分析】首先要明确电磁铁磁性强弱的影响因素：有无铁芯、电流大小、线圈匝数的多少. 首先由弹簧测力计示数变化确定电磁铁磁性强弱的变化，进而确定电流变化，判断出滑动变阻器的滑片移动，电路中电阻的变化，知道磁体的下端为S极和弹簧测力计的示数增大，根据磁体间的相互作用规律，从而可以判断出电磁铁的磁极极性. 知道电磁铁的磁极极性，可利用安培定则判断出电磁铁中电流的方向，从而可以确定电源的正负极. 根据滑动变阻器滑片的移动引起电流的变化，再判断出电磁铁磁性强弱的变化，可从而以确定弹簧测力计示数的变化.磁感线方向不影响电磁铁磁性强弱的变化，但是电磁铁的极性相反，利用磁极之间作用规律，从而确定弹簧测力计示数

13、的变化10 .关于下列四幅图的说法正确的是B.乙图的实验所揭示的原理可制成发电机甲A.甲图的实验说明磁场能产生电流C.丙图是演示电磁感应现象的实验装置【答案】BmD.丁图中麦克风应用了磁场对电流的作用【解析】【解答】解：A、图甲是奥斯特实验，通电后小磁针偏转，说明了通电导线周围存在磁场；所以A说法错误，不符合题意.B、图乙是电磁感应实验，根据此原理可以制成发电机；所以B说法正确，符合题意.C、图丙是磁场对电流的作用实验，通电后通电导体在磁场中受到力的作用而运动；所以说法错误，不符合题意.D、图丁是动感线圈式话筒，当人对话筒说话时，引起膜片的振动，膜片的振动会引起线圈的运动，切割永磁铁的磁感线而

14、产生相对应的变化的电流，从而在扬声器产生与说话者相同的声音.动圈式话筒是根据电磁感应原理工作的；所以D说法错误，不符合题意.故选B【分析】A、认识奥斯特实验，知道奥斯特实验证实了通电直导线周围存在磁场.即电流的磁效应.B、掌握电磁感应现象及实验，知道在此实验中让闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中会产生感应电流.根据这个原理制成了发电机.C、掌握磁场对电流的作用实验，知道在此实验中，通电导体在磁场中受到力的作用.D、要解决此题，需要知道动感线圈式话筒是根据电磁感应现象工作的11 .发电鞋”是一种新型科研产品，其内部安装有磁铁和线圈，当人行走时带动磁铁运动，线圈中就产生了感应电流，

15、发电鞋”的工作原理（）。A.电磁感应'B.电流的磁效应C.电流的热效应"D.磁场对电流的作用【答案】A【解析】【解答】发电鞋”内部安装有磁铁和线圈，当人行走时带动磁铁运动，线圈做切割磁感线运动，线圈中就产生了感应电流，所以发电鞋”的工作原理是电磁感应现象。故答案为：A。【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。12 .下列说法不正确的是（）A.光导纤维是用次声波来传递信息13 核电站利用核能发电，核能是新能源C.电视广播、移动通信是用电磁波传递信号D.电磁继电器是通过控制低压电路的通断间接控制高压工作电路的

16、通断【答案】A【解析】【解答】解：A、光导纤维是利用激光来传递信息的，故A错误；B、核电站利用核能发电，核能是一种新能源，故B正确；C、电视广播和移动通信都是用电磁波中的微波来传递信号的，因为微波传递信息量大.故C正确；D、电磁继电器是通过控制低压电路的通断间接控制高压工作电路通断，实质是一个开关，故D正确；故选A.【分析】（1）光导纤维是利用频率比较高的激光来传递信息的.（2）将原子核裂变释放的核能转变为电能的系统和设备，通常称为核电站，核电站是一种高能量、少耗料的电站，核燃料裂变过程释放出来的能量，经过反应堆内循环的冷却剂，把能量带出并传输到锅炉产生蒸汽用以驱动涡轮机并带动发电机发电；核能

17、是一种新能源.（3）电视广播和移动通信都是利用电磁波中的微波来传递信息的，因为微波传递信息量大.（4）使用电磁继电器可以实现低压弱电流控制高压强电流，还可以实现远距离控制及自动控制，它的实质是开关.13 .信用卡刷卡时其磁条经过刷卡机的缝隙线圈出会产生感应电流。以下设备与信用卡刷卡时工作原理相同的是（）A.排气扇iB.电烤炉C.电动机iD.发电机【答案】D【解析】【解答】解：A、排气扇主要结构是一个电动机，是根据通电导体在磁场中受力而转动工作的，不符合题意。B、电烤炉是根据电流的热效应工作的，不符合题意。C、电动机根据通电导体在磁场中受力而转动工作的，不符合题意。D、发电机是根据电磁感应原理工

18、作的，符合题意。故答案为：Do【分析】在电和磁这一部分中，学到了很多电学设备，每个设备的制成原理是经常考查的知识点.一般来说，有电磁铁的仪器是电流的磁效应原理，发电机和动圈式话筒是电磁感应现象原理，电动机和扬声器是通电导体在磁场中受力原理14 .下列关于磁现象说法中正确的是(A.磁感线越密集的地方磁场越弱B发电机是利用电磁感应原理工作的C.地磁场的N极在地球的北极附近IID电磁铁磁性的强弱不能通过调节电流的大小来控制【答案】B【解析】【解答】解：A、磁场中的磁感线密集的地方说明该处磁场强，磁感线稀疏的地方磁场弱，故A错误;B、发电机即通过线圈在磁场中做切割磁感线的运动，此时电路中会产生电流，是

19、电磁感应现象，故B正确；C、地磁N极在地理南极附近，地磁S极在地理北极附近.故C错误；D、电磁铁的磁性与线圈匝数和电流大小有关，所以电磁铁的磁性强弱可以通过改变电流大小来控制，故D错误.故选B.【分析】(1)在磁场中磁感线的疏密来表示磁场的强弱.(2)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这叫电磁感应现象，其前提条件是施加运动，结果是产生电流.(3)地球本身是一个巨大的磁体，地磁两极和地理两极不重合.(4)电磁铁的磁性强弱与电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯有关.15 .如图所示的环保型手电筒，筒内没有电池，使用时只要来回摇晃手电筒，使永磁体在线圈中来回运动，灯泡就能发

20、光，下列几个实验与其原理相同的是()D.【答案】C【解析】【解答】解：永磁体在线圈中来回运动，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光，所以手摇电筒的工作原理为电磁感应现象；A、图中为奥斯特实验，说明了通电导体周围存在磁场，与手摇电筒的工作原理无关，故错误.B、此图的装置是通电螺线管，是用来研究通电螺线管周围的磁场，与手摇电筒的工作原理无关，故B错误.C、图中闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中产生了感应电流（可以从电流表指针发生偏转来体现），这是电磁感应现象，与手摇电筒的工作原理相符合，故C正确.C、此图反映了通电导体在磁场中受到力的作用，与手摇电筒的工作原理无关，故

21、D错误.故选C.【分析】（1）手摇电筒是利用电磁感应现象制成的，磁铁在线圈中来回运动，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光.（2）逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理，将两者对应即可得到答案.16 .巨磁电阻效应是指某些材料的电阻在磁场中急剧减小的现象，且磁场越强电阻越小，图中是说明巨磁电阻特性原理的示意图，图中GMR是巨磁电阻，如果闭合Si、S2,滑片P向左移动时，电表的变化情况是（）A.表和表示数均变小B.®，表和®表示数均变大C.因表示数变小，®表示数变大D®表示数变大，®表示数变小【答案】D【解析】【解答】闭合S、S

22、2,滑片P向左移动时，电路中的电阻变小，电流变大，通电螺线管的磁性变强，所以巨磁电阻的阻值变小，根据串联电路的电压规律可知，其两端的电压变小即电压表的示数变小，根据欧姆定律可知电路中电流变大，即电流表的示数变大，D符合题意，ABC不符合题意.故答案为：D.【分析】根据滑动变阻器的在的变化分析电路中电流的变化，电流的变化影响磁性强弱变化，从而电路中的电流和电压和变化.17 .对下列现象的描述不合理的是（）甲乙内rA.甲：奥斯特实验说明通电导体周围存在磁场B.乙：闭合开关后小磁针静止后会指向如图所示的位置C.丙：利用这个装置可以探究电磁感应”现象D.丁：电流相同，电磁铁的磁性随线圈匝数增加而增强【

23、答案】B【解析】【解答】解：A、甲：是著名的是奥斯特实验，小磁针发针偏转说明通电导体周围有磁场，选项正确，故不符合题意；B、乙：根据安培定则，可以判断螺线管的左端是N极，右端是S极，再根据磁极间相互作用，小磁针左端为S极，右端为N极，选项错误，故符合题意；C、丙：是通电导体在磁场中受力运动的实验，这一现象叫电磁感应现象，选项正确，故不符合题意；D、丁：电流一定时，匝数越多，磁性越强，选项正确.故D不符合题意.故选B.【分析】（1）奥斯特实验第一个揭示了电和磁之间的联系，说明了电流周围存在磁场；（2）用右手握住螺线管，让四指弯向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极；（3）闭合电

24、路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象；（4）电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关.18 .如图所示，下列实验操作符合实验目的是（）A.甲图中，研究杠杆的平衡时，通过改变动力（臂）和阻力（臂）多次测量，是为了减小实验误差B.乙图中，为了探究电流与电阻的关系，电阻R由10换为20后将变阻器的P点向左移动C.丙图中，为了使烧瓶内刚停止沸腾的水再次沸腾，向外拉活塞，降低气压，降低沸点D.丁图中，为了探究导体AB在磁场中切割磁感线运动产生的感应电流方向是否与磁场方向有关，可更换磁性更强的磁铁【答案】C【解析】【解答】解：A、甲图中，研究杠杆的平衡时，通

25、过改变动力（臂）和阻力（臂）多次测量，是为了分析出杠杆平衡条件，所以A错误；B、探究电流与电阻的关系，需保持电阻两端的电压不变，电阻R由10换为20后，电压表的示数将变大，所以需将滑动变阻器的滑片向右滑动，增大变阻器的电阻，减小R两端的电压，所以B错误；C、向外拉活塞，降低气压，降低了水的沸点，可以使试管内刚停止沸腾的水再次沸腾，所以C正确；D、为了探究通电导体在磁场中受到力的方向是否与磁场方向有关，应调换磁体的N、极，所以D错误.故选C.【分析】（1）在探究杠杆平衡条件时，多次测量是为了得到广泛的结论，避免结论的偶然性；（2）在探究电路和电阻的关系时，需保持电压不变，根据串分压的知识进行分析

26、；（3）掌握沸点与气压之间的关系，沸点随气压的增大而升高；（4）导体在磁场中受到力的方向与导体中的磁场方向和电流方向有关.19 .如图所示，为四个物理探究实验，abcd为应用实例，箭头表示它们的对应关系，其中对应关系正确的是（）【解析】【解答】解：A、该图是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，而简易电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理，故A错误;B、该图说明磁体间存在相互的作用，或吸引或排斥，而司南也是利用地磁场，即磁体间的相互作用实现的，故B正确；C、该图说明通电导线在磁场中受力的作用，而电磁起重机是利用电流的磁效应，故C误；D、该图说明同种电荷相互排斥，而验电器的工作原理是同种电荷

27、相互排斥，故D正确；故选D.【分析】（1）奥斯特实验说明通电导线周围有磁场；（2）指南针或司南是利用地磁场,即磁体间的相互作用实现的；（3）电动机是利用通电导体在磁场中受力的原理制成的；（4）验电器工作原理：同种电荷相互排斥.20 .如图是一种手压式环保节能手电筒的结构示意图。使用时，迅速按压手柄多次，闭合开关灯泡就能发光。这种不需要干电池的手电筒的工作原理是（）21.对图中各图所示情况的判断，正确的是（A.图（a）中qiq2两绝缘小球带同种电荷C.图（c）中不计摩擦、轮重及绳重，匀速拉绳的力F大小为80ND.图（d）表示物体以A.电磁感应现象B.电流的磁效应C.磁极间的相互作用D.通电线圈在

28、磁场里受力转动【答案】A【解析】【解答】分析题中所给的图，按压手柄，会带动齿轮旋转，齿轮再带动线圈转动，线圈的转动切割了磁铁周围的磁感线，从而产生感应电流，供给灯泡发光，所以这种手电筒的工作原理是电磁感应现象，A符合题意.故答案为：A.【分析】发电的过程是电磁感应原理，是闭合电路的一部分切割磁感线时产生电流的hB.图（b）中导线a端接电源正极5m/s的速度匀速运动【解析】【解答】解：A、两带电小球相互吸引，故只能为同种电荷，故A错误;B、小磁针N极指向电磁铁，故小磁针所在位置磁感线向里，故电磁铁的下方为S极，由右手螺旋定则可知，电流应由b流入，故b为电源正极，故B错误；C、由滑轮组中有三股绳与

29、动滑轮相连，故拉力应为重力的工即拉力为3=80N,故C正确；D、图象为S-t图象，故图象中每一点表示在某一时刻物体的位置，图象表示物体的距离没有发生变化，故物体应处于静止状态，故D错误；故选C.【分析】解答本题应掌握：（1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（2）由小磁针的指向可知磁感线方向，由磁感线的特点可知电磁铁的磁极方向，再由右手螺旋定则可求得电流方向及电源的正负极；（3）分析滑轮组可知，本滑轮为省力滑轮，由绳的纸绕法可知拉力和物体重力的关系.（4）首先应明确是何种图象，再由坐标的含义得出图象的意义.22 .一矩形线圈放在蹄形磁铁的两极之间，刚通电时在磁场作用下扭转方向如图甲所示.现将

30、该线圈放在图乙所示的蹄形螺线管间，a、b为螺线管与电源的接口.某同学进行了如下四次操作：图用图乙a接正极b接负极，线圈中通与图甲电流方向相同的电流b接正极a接负极，线圈中通与图甲电流方向相同的电流a接正极b接负极，线圈中通与图甲电流方向相反的电流b接正极a接负极，线圈中通与图甲电流方向相反的电流线圈刚通电时扭转方向与图甲所示的扭转方向相同的是（）A.和iB.和C.和D.和【答案】D【解析】【解答】解：若乙图中a接正极b接负极，根据安培定则知蹄形螺线管左端为S极，与甲图的磁场方向相反，线圈中通与图甲电流方向相同的电流，故线圈刚通电时扭转方向与图甲所示的扭转方向相反；若乙b接正极a接负极，根据安培

31、定则知蹄形螺线管左端为N极，与甲图的磁场方向相同，线圈中通与图甲电流方向相同的电流，故线圈刚通电时扭转方向与图甲所示的扭转方向相同；若乙a接正极b接负极，根据安培定则知蹄形螺线管左端为S极，与甲图的磁场方向相反，线圈中通与图甲电流方向相反的电流，故线圈刚通电时扭转方向与图甲所示的扭转方向相同；若乙b接正极a接负极，根据安培定则知蹄形螺线管左端为N极，与甲图的磁场方向相同，线圈中通与图甲电流方向相反的电流，故线圈刚通电时扭转方向与图甲所示的扭转方向相反；综合分析，故D正确.故选D.【分析】（1）根据安培定则判断通电螺线管的磁极；（2）磁场对电流（通电导体）有力的作用，据此制成了电动机；（3）通电

32、导体受力的方向与电流的方向和磁感线的方向有关.GMR是巨磁23 .巨磁电阻效应是指某些材料的电阻随磁场增强而急剧减小的现象，图中电阻，闭合开关Si、Q,移动滑动变阻器的滑片，以下分析正确的是（B.滑片向左移动时，电磁铁A.滑片向左移动时，电磁铁磁性减弱，指示灯亮度变暗磁性增强，指示灯亮度变亮C.滑片向右移动时，GMR电阻变小，指示灯亮度变亮iD.滑片向右移动时，GMR电阻变大，指示灯亮度变亮【答案】B【解析】【解答】A.B.滑片向左移动时，滑动变阻器电阻变小，电流变大，电磁铁磁性增强，由于GMR电阻随磁场增强而急剧减小，所以指示灯电路的总电阻变小，电流变大，指示灯亮度变亮，A不符合题意，B符合

33、题意；C.D.滑片向右移动时，滑动变阻器电阻变大，电流变小，电磁铁磁性减弱，由于GMR电阻随磁场增强而急剧减小，所以指示灯电路的总电阻变大，电流变小，指示灯亮度变暗，CD不符合题意；故答案为：B。【分析】由滑动变阻器滑片的移动得知电路中电流的变化情况，通过电路中电流的变化结合电磁铁磁性强弱的决定因素可以确定滑片移动时，其磁性强弱的变化；巨磁电阻和灯泡串联，先判断巨磁电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化24.我们在学习物理的过程中会采用很多研究方法.在探究空气能传声”时，逐渐将真空罩内的空气抽出，根据听到罩内的闹钟的声音逐渐变弱，得到真空不能传声”的探究结论.以下物理问题所采用的研究方法与探究真空不能传声”相同的是（）A.用磁感线