大学物理下册练习及答案

1、电磁学磁力(1)欲使这电子沿半圆自 A 至 C 运动,试求所需的磁场大小和方向;(2)求电子自 A 运动到 C 所需的时间.2解：(1)电子所受洛仑兹力提供向心力evBmv0R_31_7得出Bmvo9110191101.1eR1.6100.05磁场方向应该垂直纸面向里.(2)所需的时间为t-空一哗1.6108s22v0110DC7-2 把2.0103eV的一个正电子,射入磁感应强度%的匀强磁场中,其速度矢量与B 成 89 角,路径成螺旋线,其轴在 B 的方向.试求这螺旋线运动的周期 T、螺距 h和半径 r.解：正电子的速率为2.6107m/s做螺旋运动的周期为29.1110一一19一1.610

2、0.1DC7-1|如下图,01107m/s.电子经过 A 点时,具有速率103T103.61010s10cmv31922101.6109.111031螺距为hvcos890T2.6107cos8903.610101.6104m半径为r0mvsin89eB31709.11102.610sin891.610190.13DC7-31如下图,一铜片厚为d=1.0mm放在B=的磁场中,磁场方向与铜片外表垂直.铜片里每立方厘米有1022个自由电子,每个电子的电荷e1.61019C,当铜片中有I=200A 的电流流通时,(1)求铜片两侧的电势差 Uaa,；(2)铜片宽度 b 对 Uaa,有无影响为什么负号表

3、示 a侧电势高.(2)铜片宽度 b 对Uaa,=UH无影响.由于UH=EHbvb/B和 b 有关,而在电流I一定的情况下,漂移速度vI/(nqbd)又和b成反比的缘故DC7-4口口图所示,一块半导体样品的体积为abc,沿x方向有电流 I,在 z 轴方向加有均匀磁场 Bo这时实验得出的数据a=0.10cm,b=0.35cm,c=1.0cm,I=,B=3000G 片两侧的电势差UAA=0(1)这半导体是正电荷导电(P 型)还是负电荷导电(N型)(2)求载流子浓度解：(1)由电流方向、磁场方向和 A 侧电势高于 A侧电势可以解:(DUaaIB2001.528193nqd8.410(1.610)1.0

4、105.2.2310V,判断此半导体是负电荷导电(2)载流子浓度旧UAA,qa1.01030.36.551031.610191032.861020个/m3DC7-5正方形线圈由外皮绝缘的细导线绕成,共绕有200 匝.每边长为150mm 放在 B=的外磁场中,当导线通有 I=8.0A 的电流时,求:(1)线圈磁矩 m 的大小;(2)作用在线圈上的力矩的最大值.解：(1)mNIS2008.0(150103)236Am2(2)MmaxmB364.0144Nm质量为 m 半径为 R 的均匀电介质圆盘均匀带有电荷,面电荷密度为.求证当它以的角速度绕通过中央且垂直于盘面的轴旋转时,其磁矩的大小为m1R4,

5、而且磁矩 m 与角动量 L 的关系为 m-q-L,其中 q 为42m盘带的总电量.DC7-622MR由于Rq,L2所以 m 处2MDC7-7及口图所示,导线 acb是半径为R的半圆形,通有电流 I,线圈平面与匀强磁场 B 的方向垂直.试求线圈所受的磁力.解：建立如图坐标系.在导线上任取一电流元Idl,其受到的安培力为dFIdlB将 dF 分解为的 dFx、dFy,由对称性分析可知 x 方向合力为零,整个导线FFydFsin0旧dlsin0旧Rsind2R旧半径 R=0.1m 的半圆形闭合线圈,载有电流 I=10A放在均匀磁场中,磁场方向与线圈平面平行,B5.0103G,如下图(1)求线圈所受力

6、矩的大小和方向;(2)在这力矩的作用下,线圈绕过直径的轴转 90,求力矩所做的功解：1力矩MmB大小MmBsinISBsin900-R2IB7.9102Nm2DC7-8laObdFI由矢量关系可以判断力矩方向沿直径向上(2)力矩所做的功2_2_2AIdI(2i)IB(R20)7.9102J12DC7-9|如下图,在长直导线 AB 内通有电流 Ii=40A,在长宽分别为 a=9.0cm、b=20.0cm 的矩形线圈 CDEF 中通有电流5A,AB 与 CDE 映面,且 CD 与 AB 平行,相距 d=1.0cm.试求：(1)矩形线圈每边受到导线 AB 的作用力；(2)矩形线圈受到导线 AB 的合

7、力和相对矩形中央的合力欠士解：(1)矩形各边受力方向如下图.各边受力大小所以矩形线圈所受合力FFCDFEF8.01047.2104NFCDB1I2CD0I1_-0-1I2b8.02d104NFEFB2I2EF0I2b2(da)8.0105NFDEBI2dxda0110-1I2dxd2x0I1I2,adln2d9.2_510NFCFFDE9.2105N(2)CF 与 DE 受力大小相等,方向相反,互相抵消.FCFACFDEOBFEF方向向左.由于各力在同一平面内,所以合力矩为零.DC7-10|载有电流I1的长直导线与一个边长 a 的通有电流12的正三角形线圈沿 x 方向的分量为F2xF2cos6

8、000121n(V31)23三角形所受合力为在同一平面内,其中一边与长直导线平行且相距为ao试求线圈所受到的合2力.解：三角形各边受力方向如图.导线 AB 受力大小F1B112ABo11oI11212a2(2)导线 ACt 导线 BC 受力大小相等,且沿竖直方向的分量互相抵消,只有水平向右的分力.导线 AC 受力大小F2其中dldxxr,所以cos30F2a2a2ac0s3000I/2dx2xcos300011121n(31).3FF12F2x3(1ln(、31)电磁学磁场的源aP 点在水平导线延长线上；bP 在半圆中央处；cP 在正三角形中央方向水平向左.DC8-1 求下各图中 P 点的磁感

9、应强度 B 的大小和方向解：B/0V方向垂直纸面向外;(b)BoIoI22r4r方向垂直纸面向内;(c)B3-0-(cos30cos150)2dc0I90I3(cos30cos150)0a2a22.3(a)(c)方向垂直纸面向内;DC8-2 四条通以电流 I 的无限长直导线,相互平行地分别置于边长为 2a 的正方形各个顶点处,求正方形中央 O 的磁感应强度大小.解：由对称性分析可知,在正方形对角线上的两根电流在 O点处磁感应强度大小相等,方向相反,所以,该正方形中央O 的磁感应强度大小为 00DC8-3|有一无限长通电流的扁平铜片,宽度为 a,厚度不计,电流 I 在铜片上均匀分布,求铜片外与铜

10、片共面、 离铜片右边缘为 b 处的 P 点的磁感应强度B 的大小.解：设立如图坐标系,取铜片上宽度为 dx 的一小局部电流,可将其视为电流强度大小为1dx 的无限长 a载流导线,那么此电流在 P 点的产生的磁场的大小为I0dxdBa2(abx)面向内.那么整个铜片在 P 点的磁场大小为01dx2a(abx)直P,方向垂直纸求环中央.处的磁感应强度是多少0-dxBdBa2(abx)aoldx02a(abx)-Iln(a2a八、a011abbX)o*nDC8-4 两根导线沿半径方向被吸引到铁环上A,C 两点,电流方向如下图.解：两导线在 O 点磁场大小为 00设圆环半径为铁环上 A1C 电流在 O

11、 处磁感应强度大小为Bi爱舞,方向垂直纸面向外;铁环上 A2c 电流在 O 处磁感应强度大小为B2宏,方向垂直纸面向内.又由.上 C,带入上两式中得到.点1A2CLA1C总磁感应强度大小BB1B20DC8-5 在一半径 R=1.0cm 的无限长半圆柱面形金属薄片中,自下而上有I=5.0A 的电流通过,如下图,试求圆柱轴线上任意一点P 的磁感应强度 B的大小及方向.解：对于俯视图,设立如图坐标系,取圆柱薄片上一段电流,宽度为 dl,其在 P 点磁场如下图,由对称性分析可知,整个半圆柱电流在 P 点磁场沿着 x 轴方向.所以=-02sind20222R022RDC8-6 两平行直导线相距 d=40

12、cm,每根导线载有电流1220A,如图所示,求：(1)两导线所在平面内与该两导线等距离的一点处的磁感应强度；(2)通过图中斜线所示面积的磁通量.(设r1r310cm,l=25cmt)解(1)与该两导线等距离的一点处的磁感应强度方向垂直纸面向外,大小为B2012-0-4.0105T2d2d(2)由于两电流在矩形上的磁通对称且大小相等,所以其大小为两倍单个导线在此的磁通量.设立如图的坐标,取长为 l,宽为 dx 的面元,那么r1r20I212B?dS2cos0ldxr2rDC8-7 一根很长的同轴电缆,由一导体圆柱(半径为管(内、外半径分别为 b、c)构成.使用时,电流 I 从一导体dBx国sin

13、2RIRdl又 dlRd,所以BdBxRdsin2RR6.37105T0Ir0.31nx2.2106Wba)和一同轴的导体圆流去,从从一导体流回.设电流都是均匀分布在导体的横截面上,求空间的磁场分布解：设电流从内圆柱流出,外圆管流入,以.点为圆心,如下为半径做圆周为安培环路,并取顺时针方向为正方向1)当ra时,由安培环路定理,B?d0Iint得Bi2r02r2,得Bi0-yr2,方向沿着环路切线逆时a2a针.2)当 arb 时,同1)解法,B22r|,得B2,方向沿着环路切线逆时针2r3)当 brc 时,同1)解法,B32r02I2-(r2b2),a2(c2b2)4)当cr时,B4?d0%0,

14、B40得B301221(c2r(cb)r2),方向沿着环路切线逆时针.DC8-8 女口图,在长直电流近旁放一矩形线圈与其共面,线圈各边分别平行和垂直于长直导线.线圈长度为l,宽为b,近边距长直导线距离为a,长直导线中通有电流I.当矩形线圈中通有电流 Il时,它受的磁力的大小和方向各如何它又受到多大的磁力矩解：1由安培力可知,线圈 4 个边受力如下图,其中 2、4 力大小相等,方向相反并在一条直线上,故而相抵消；F1B1I11I1l,2a0IF2B2I110I112212(ab)1,2线圈受力与线圈同面,顾线圈所受磁力矩为 0.DC8-9 两块平行的大金属板上有均匀电流流通,面电流密度都是 j,

15、但方向相反.球板间合办外的磁场分布解： 由无限大均匀平板电流磁场公式B勺oj及磁场分布方向知,1两板在板间磁场方向相同,大小为B2oj2两板在板外磁场方向相反,大小为 0.线圈受的合力方向向左,大小为FF1F201111b2a(ab)DC8-10 无限长导体圆柱沿轴向通有电流 I,截面上各处电流密度均匀分布,柱半径为R求柱内外磁场分布.在长为l的一段圆柱内环绕中央轴线的磁通量是多少解： 如图,电流沿着圆柱垂直纸面流出,以圆柱轴线上一点为圆心,如下半径做垂直轴线的安培环路,环路沿逆时针方向1)rR 时,由安培环路定理 B?d0lint得Bi2r2r2,得B1一!一,方向沿着环路切线逆时R2R针.

16、2)rR 时,同理 1)得B22roI,得B2上,方向沿着环路切线逆时针.2r题解：abdrr八r(vB)?drvBdrdl门 Ivdrd2r4107510,1020In210由于ab0,所以ba0,因而 bdt2dtdt端的电高.DC10-5径为 2.0cm 的螺线管,长 30.0cm,上面均匀密绕 1200 匝线圈,线圈内为空气.1求这线圈中自感多大2如果在线圈中电流以3.0102A/S的速率改变,在线圈中产生的自感电动势多大题解：1根据定义,线圈中自感7322410.210)02-7.6103H.(2)自感电动势大小 L 里 7.61033.01022.3vdtDC10-6一圆环形线圈a

17、由50匝细线绕成,截面积为4.0cm2,放在另一个匝数为100匝,半径为 20.0cm 的圆环形线圈 b 的中央,两线圈同轴.求：1两线圈的互感系数2当线圈 a 中的电流以 50A/s 的变化率减少时,线圈 b 内的磁通量的变化率3线圈 b 的感生电动势.题解：1线圈 b 通电流 Ib时,由于线圈 a 的半径较线圈 b 的半径甚小,所以可近似求得线圈 a 通过的磁链为abNbNaSa,由此得两线圈的互感2RbLN2S0N2R2ll0.3/c、dba1d1dia166(2)一里Ma6.310(50)3,110Wb/sdtNdtNbdt100di(3)baM6.3106(50)3,1104v.dt

18、假设忽略导线内的磁场,证实这两条输电线单位长度的自感为L1ln.a题解：两条平行输电线一去一回构成一长窄条回路,可以引入单位长度的自感的概念.当电线中通有电流 I 时,通过导线间单位长度的面积的磁通量为DaDaJJDa24dr.2 上 dr 上 In 土一,从而得单位长度的输电线的自aa2ra感为 L-InDa0IaDC108 一种用小线圈测磁场的方法如下：做一个小线圈,匝数为S,将它的两端与一测电量的冲击电流计相连.它和电流计线路的总电阻为 R.先把它放到待测磁场处,并使线圈平面与磁场方向垂直,然后把它急速的移到磁场外边,这时检流计给出通过的通过的电量是q.适用N,S,q,R表示待测磁场的大

19、小.题解：线圈移动时通过冲击电流计的总电量11d10qidt出dtdRRdtR因此,B岖.NSDC10-9I两线圈的自感分别为L,和L2,它们之间的互感为 ML(1)当两者顺串联,即 2,3 端相连,1,4 端接入电路时,证实两者的等效自感为 L=系数为 MabIb龙/4107501004.01046.3106HO2Rb20.2DC10-7 两条平行的输电线半径为 a,二者中央相距为 D,电流一去一回.NI,面积为NBSRRLiL22M;(2)当两者反串联,即 2,4 端相连,1,3 端接入电路时,证明两者等效自感为LLiL22M0题解：(1)由于二者顺用联,所以当电流通过时,此一线圈产生的通

20、过另一线圈的磁通量的方向和另一线圈自身产生的磁通量的方向相同.因而通过两线圈的总磁链数i12221,由于LI,1L1I1,12MI2,2L2I2,21MI1,而且有II1I2.代入上式得LL1L22M.(2)当两者反串联时,此一线圈产生的通过另一线圈的磁通量的方向将和另一线圈自身产生的磁通量的方向相反,而上述磁链关系式中的21,12前应改为负号.这样,仍利用上面的磁链数和自感系数或互感系数的关系,就可以得到LL1L22M.DC10-10|一同轴电缆由中央导体圆柱和外层导体圆筒组成,两者半径分别为W,R2筒和圆柱之间充以电介质,电介质和金属的均可取作1,求此电缆通过电流 I(由中央圆柱流出,由圆

21、筒流回)时,单位长度内存储的磁能,并通过和自感磁能的公式比拟求出单位长度电缆的自感系数.题解：Wml-BdV1R(-0-Ir2)2g2rdrg 七(一)2rdrgl(-ln-R2)ml202002R2R12r44R.2由于WmlLL,所以有单位长度电缆的自感系数为L3(1lnR2)o224R1光学光的干预GX3-1 双缝干预实验装置如下图,双缝与屏之间的距离 D=120cm,两缝之间的距离d=0.50mm,用波长=500nm(1nm=10-9m)的单色光垂直照射双缝.(1)求原点 O(零级明条纹所在处)上方的第五级明条纹的坐标 x.(2)如果用厚度l=x10-2mm折射率n=的透明薄膜复盖在图

22、中的&缝后面,求上述第五级明条纹的坐标 x.解：(1)vdx/D=kx=Dk/d=(1200X5X500X10-6/mm=6.0mm(2)从几何关系,近似有 r2-r1=dx/D有透明薄膜时,两相干光线的光程差=2-(-1+nl)=r2-r1-(n-1)1dx/Dn11对零级明条纹上方的第 k 级明纹有 k零级上方的第五级明条纹坐标xDn11k/d=12001)x5X5X10-4/0.50mm=19.9mmGX3-2波长为=600nm(1nm=10-9m)的光垂直照射由两块平玻璃板构成的空气劈形膜,劈尖角=2X10-4rad.改变劈尖角,相邻两明条纹间距缩小了 l=1.0mm,求劈尖角

23、的改变量解：原间距 li=/2=1.5mm改变后,12=11l=mm改变后,2=/212=6X10-4rad改变量=2=x10-4radGX3-3 代双缝干预实验中,波长=550nm 的单色平行光垂直入射到缝间距 a=2X10-4m的双缝上,屏到双缝的距离 D=2m.求：(1)中央明纹两侧的两条第 10 级明纹中央的间距；(2)用一厚度为e=x10-5m折射率为口=的玻璃片覆盖一缝后,零级明纹将移到原来的第几级明纹处(1nm=10-9m)解：(1)x=20D/a=0.11m(2)覆盖云玻璃后,零级明纹应满足(n1)e+r1=r2设不盖玻璃片时,此点为第 k 级明纹,那么应有r2r1k所以(n1

24、)e=kk=(n1)e/=7零级明纹移到原第 7 级明纹处GX3-4 在图示的双缝干预实验中,假设用薄玻璃片折射率 ni=覆盖缝S,用同样厚度的玻璃片但折射率窕=覆盖缝S,将使原来未放玻璃时屏上的中央明条纹处 O 变为第五级明纹.设单色光波长=480nm1nm=109m,求玻璃片的厚度d可认为光线垂直穿过玻璃片.解：原来,r2r1=0覆盖玻璃后,=(r2+n2dd)(ri+ndd)=5n2ni)d=5d1niX10-6mGX3-5 在双缝干预实验中,单色光源 So到两缝 S 和 4 的距离分别为 11和 12,并且 1i12=3,为入射光的波长,双缝之间的距离为 d,双缝到屏幕的距离为 DDd

25、,如图.求：1零级明纹到屏幕中央.点的距离.相邻明条纹间的距离.解：如图,设Po为零级明纹中央1dP0O/D(12+r2)li+ri)=0明纹条件2PoO在屏上距Dr2r1/d3D/d.点为 x 处,光程差(dx/D)3k(k=i,2,.)Xkk3D/d在此处令 k=0,即为(1)的结果.相邻明条纹间距xxk1xkD/dGX3-6|图示一牛顿环装置,设平凸透镜中央恰好和平玻璃接触,透镜凸外表的曲率半径是 R=400cm.用某单色平行光垂直入射,观察反射光形成的牛顿环,测得第 5 个明环的半径是 0.30cm.(1)求入射光的波长.(2)设图中.降 1.00cm,求在半径为 OA 勺范围内可观察

26、到的明环数目解：(1)明环半径 rJ2k1R/2(2k1)=2r2/(R)对于 r=cm,k=r2/(R)+=故在 OA 范围内可观察到的明环数目为 50 个.GX3-7帔长为的单色光垂直照射到折射率为止的劈形膜上,如下图,图中氏心,观察反射光形成的干预条纹.(1)从形膜顶部.开始向右数起,第五条暗纹中央所对应的薄膜厚度 e5是多少2r22k1R=5X10-5cm或 500nm(2)相邻的二明纹所对应的薄膜厚度之差是多少解：=nin22e./GX3-9 秒块长度 10cm 的平玻璃片,一端互相接触,另一端用厚度为 0.004mm的纸片隔开,形成空气劈形膜.以波长为 500nm的平行光垂直照射,

27、观察反射光的等厚干预条纹,在全部 10cm 的长度内呈现多少条明纹1nm=ldm解：设空气膜最大厚度为 e,明纹数为 16.GX3-10 用波长=500nm1nm=10-9m的单色光垂直照射在由两块玻璃板一端刚好接触成为劈棱构成的空气劈形膜上.劈尖角=2X10-4rad.如果劈形膜内充满折射率为 n=的液体.求从劈棱数起第五个明条纹在充入液体前后移动的距离.设该处至劈棱的距离为 l,那么有近似关系e=l由上两式得 2nl=9充入液体前第五个明纹位置充入液体后第五个明纹位置充入液体前后第五个明纹移动的距离l=l112=9光学第四章光的衍射2e+1=k,从而 k22e-2解：设第五个明纹处膜厚为

28、e,那么有 2ne+/2=5/2,l=9/4nl1=9412=94nn4=1.61mmGX4-1 有一单缝,缝宽 a0.10mm,在缝后放一焦距为 50cm 的会聚透镜,用波长 546.1nm 的平行光垂直照射单缝,试求位于透镜焦平面处屏上中央明纹的宽度.解：中央明条纹的半角宽度：sina中央明条纹宽度：x2ftg2fsin2f2f5.46103maGX4-2 用波长 632.8nm 的激光垂直照射单缝时,其夫琅禾费衍射图样的第一极小与单缝法线的夹角为5,试求该缝的宽度.解：单缝衍射暗纹中央条件：asinkk1,2,3当k1,5,632.8nm时,可得 a7.26106msinGX4-3单色平

29、行光垂直入射一单缝,其衍射第 3 级明纹的位置恰与波长为600nm 的单色光垂直入射该缝时衍射的第 2 级明纹位置重合,试求该单色光波长解：单缝衍射明纹中央近似：asin2k1k1,2,32两条纹重合时对应的相等,asin2kl12k2122231122160010429nmGX4-41 在迎面驶来的汽车上,两盏前灯相距 120cm.试问汽车离人多远的地方,眼睛恰能分辨这两盏前灯设夜间人眼瞳孔直径为 5.0mm,入射光波长为550nm,而且仅考虑人眼瞳孔的衍射效应.解：设汽车与人的距离为 L,辆车灯对人眼张角为,车灯相距 d人眼的最小分辨角为：1.22D车灯对人眼张角：dL3dD1.20.51

30、03恰能分辨时L98.910m1.221.2255010GX4H 据说间谍卫星上的照相机能清楚识别地面上汽车的牌照号.(1)如果需要识别的牌照上的字划间距离为 5cm,在 160km 高空的卫星上的角分辨率应多大(2)此照相机的孔径需要多大光的波长按 500nm 计.GX4-6束具有两种波长1和2的平行光垂直入射到一光栅上,测的波长解：1)角分辨率为:51023160103107rad1.22一得:D一一一91.225001031072m1的第三级主极大与2的第四级主极大衍射角均为30,1560nm,求：(1)光栅常数 d;(2)波长2解：1)由光栅衍射方程：dsinkk1,2,3得:dsin

31、30312同理dsin4231356010sin30sin303.36106mGX4-7一双缝,缝间距 ddsin304420nm0.10mm,缝宽 a0.02mm,用波长 480nm 的平行单色光垂直入射该双缝,双缝后放一焦距为 50cm 的透镜,试求:(1)透镜焦平面处屏上的干预条纹间距；(2)单缝衍射中央亮条纹的宽度；(3)单缝衍射的中央包线内有多少条干预主极大.29解：1)干预条纹间距：x5004803102.4103md0.11032)单缝衍射中央亮条纹宽度2fx-a_2_925010480100.0210_22.410m3)中央亮条纹内干预主极大的数目:光栅衍射缺级条件：k-kk1

32、,2,3a可知当 k1 时,kd215,即第 5 级主极大与中央亮条纹a0.02边缘(单缝衍射 1 级暗纹中央)重合,所以中央亮条纹内有 0,1,2,3,4 共 9 条干预主极大GX4-8|某单色光垂直入射到每厘米有 6000条刻痕的光栅上,其第一级谱线的角位置为20,试求该单色光波长.它的第 2 级谱线在何处解：由光栅衍射方程dsinkk1,2,3可知对于第 1 级谱线102sin207dsin15.710m570nm6000对于第 2 级谱线2arcsin2arcsin-5710600043.2d10波长为 600nm 的单色光垂直入射在一光栅上,第 2,3 级明纹分别出现在 sin0.2

33、0 和 sin0.30 处,第 4 级缺级.试求：(1)光栅常量；(2)光栅上狭缝的宽度；(3)屏上实际呈现的全部级数.解：1)由光栅衍射方程 dsinkk1,2,3可知对第 2 级谱线：GX4-9sin26001090.26.0106m屏上呈现的级次为：0,1,2,3,5,6,7,94,8缺级,10不在屏上GX4-10 一光栅每厘米有 3000 条缝,用波长为 555nm 的单色光以30角向上斜入射,问在屏的中央位置是光栅光谱的几级谱线.解：斜射的光栅衍射方程：dsinsinik2对于屏中央位置0,所以k上七一出空二33000555109光学第五章光的偏振GX5-1|自然光通过透振方向互相垂直的两块偏振片,入射光强度为I.o 假设第三块偏振片插入起偏器和检偏器之间,且它的透振方向和竖直方向成2由缺级条件:d.一,k-kk1,2,3可知 4ad1,所以 a1.5103由max2得:kmaxdSinmax66.01060010910角,试问透射光的强度A、10cosB、10cos2C、10cos4D、Iosin2/8GX52一束光垂直入射到其光轴与外表平行的偏振片上,当偏振片以入射光为轴转动时,发现透射光的光强有变化,但无全暗情况,那么入射光应该是:DA、自然光 B、局部偏振光C、线偏振光 D、不能确定其偏振情况的光GX53 一束自然光以布儒斯特角入射于平板