徐州高二物理寒假作业含答案

1、徐州市高二物理寒假作业一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）1 .在国际单位制中，力学的三个基本单位是（）A.牛顿、厘米、秒B.千克、米、秒C.千克、秒、焦耳D.牛顿、秒、米/秒2 .将实验和逻辑推理.（包括数学演算）和谐地结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法的科学家是（）A.亚里士多德B.伽利略C.笛卡尔D.爱因斯坦3 .一起严重的交通事故中，一辆越野车与一辆面包车迎面相撞，面包车车头凹陷、变形，几乎报废，而越野车仅前保险杠稍微变形。关于此次碰撞，下列说法正确的是（）A.越野车发生形变使面包车受到作用力B.越野车对面包车的作用力大于面包车对越野车的作用力C.越野车撞击面

2、包车的时间比面包车撞击越野车的时间长D.越野车对面包车的作用力和面包车对越野车的作用力是一对平衡力4 .关于惯性，下列说法中正确的是（）A.物体仅在静止和匀速直线运动状态时才具有惯性B.汽车速度越大越不容易停下来，是因为速度越大惯性越大C.在月球上举重比在地球上容易，所以质量相同的物体在月球上比在地球上惯性D.歼击机战斗前抛掉副油箱是为了减小惯性5 .如图所示，在平原上空水平匀速飞行的轰炸机，每隔1s投放一颗炸弹，若不计空气阻力，下列说法正确的是（）A.落地前炸弹排列在同一条抛物线B.炸弹落地时速度大小方向都相同C.相邻炸弹落到水平面上时距离逐渐增大D.相邻炸弹在空中的距离保持不变6 .在光滑

3、水平面上，有两个相互接触的物体，如图，已知M>m,第一次用水平力F由左向右推M,物体间的相互作用力为Fi,第二次用同样大小的水平力F由右向左推m,物体间的相互作用力为F2,则（）MmA.Fi=F2B.Fi>F2C.F1VF2D.无法确定7 .甲、乙两物体同时同地沿同一方向做直线运动的v-t图象如图所示，则（）第1页，共14页A.甲、乙两次相遇的时刻为10s末和第40s末B.在第50s末，甲在乙的前方C.甲、乙两次相遇的时刻为20s末和第60s末D.经20s后乙开始返回8.如图所示，位于水平地面上的质量为M的小木块，在大小为F、方向与水平方向成口角的拉力作用下沿地面作加速运动。若木块

4、与地面之间的动摩擦因数为和则木块的加速度为（）FFcosaA.B.（Fcosa-pMg）Fcosa一列（Mg-Fsic.-D.9.如图所示，两个质量分别为mi、m2的物块A和B通过一轻弹簧连接在一起并放置于水平传送带上，水平轻绳一端连接A,另一端固定在墙上，A、B与传送带间动摩擦因数均为.传送带顺时针方向转动，系统达到稳定后，突然剪断轻绳的瞬间，设A、B的加速度大小分别为aA和aB,（弹簧在弹性限度内，重力加速度为g）,则（）描2A.aA=科（1+而）g,aB=闻C.aA=科（1+汨）g,aB=0B.aA=闻，aB=0D.aA=闻，aB=闵10.如图所示，倾角=30。的斜面体A静止在水平地面上

5、，一根轻绳跨过斜面体顶端的小滑轮，绳两端系有质量均为m的小物块a,b,整个装置处于静止状态。现给物块b施加一个水平向右的力F,使b缓慢移动直到轻绳与竖直方向成30。角（不计绳与滑轮间的摩擦），对此过程说法正确的是（）A.水平拉力F保持不变B.b受到绳的拉力先增大后减小C.小物块a受到的摩擦力先减小再增大D.水平地面对斜面体A的静摩擦力不断增大二、多选题（本大题共4小题，共12.0分）11.关于曲线运动，下列说法正确的是（）第2页，共14页A.做曲线运动的物体速度方向在时刻变化，故曲线运动一定是变速运动B.做曲线运动的物体，受到的合外力方向一定在不断变化C.做平抛运动的物体，相等时间内速度的变化

6、量一定相等D.做平抛运动的物体，相等时间内速率的变化量一定相等12.在空军演习中，某空降兵从悬停的飞机上跳下，经10s打开降落伞，他从跳离飞机到落地的过程中，沿竖直方向运动的U-图象如图所示，下列说法正确的是（）A. 0-10s内空降兵处于超重状态B. 0-10s内空降兵和伞整体所受空气阻力越来越大C. 10s-15s空降兵和伞整体所受重力小于空气阻力也十%D. 10s-15s内空降兵的平均速度等于13.如图所示，小船速度大小为V1,方向与上游河岸成0角，从A处过河，正好到达正对岸的B处.现水流速度变大少许，要使小船过河也正好到达正对岸的B处,下列方法中可行的有（）A.保才1V1不变，同时增大

7、。角B.保持V1A14.不变，同时减小。角C.保持。角不变，增大V1大小如图，平行于光滑斜面的轻弹簧劲度系数为角为0=30的斜面底端，另一端与物块D.保持。角不变，减小W大小k,一端固定在倾A连接，两物块A、B质量均为m,初始时均静止。现用平行于斜面向上大小等于的恒力F拉物块B,使B沿斜面向上运动,是（）A.静止时弹簧的压缩量为V直到B与A开始分离。下列说法正确的B.从开始运动到B与A刚分离的过程中,mgB沿斜面滑动的距离为不C.从开始运动到D.从开始运动到、实验题（本大题共B与A刚分离的过程中,B与A刚分离的过程中,2小题,共18.0分）B物体的速度先增大后减小B物体的加速度一直减小15.在

8、做“研究平抛运动”的实验中（1）下列说法正确的是A.斜槽轨道必须光滑B.斜槽轨道末端必须水平C.每次必须由静止释放小球D,每次小球释放的位置必须相同（2）某次实验中，只画出了如图所示的一部分曲线，在曲线上取水平距离法相等的三点A、B、C,量得A=0.1m。又量出它们之间的竖直距离分别为h=0.2m,h2=0.3m,利用这些数据，可求得物体抛出时的初速度为m/s;（g=10m/s2）第3页，共14页16.某同学用如图所示的实验装置验证牛顿第二定律(1)该同学在实验前准备了图中所示的实验装置及下列辅助器材，其中不必要的小车和硅码打点计时器盘和重物器材是(选填字母代号)A.交流电源、导线B.天平(含

9、配套祛码)C.秒表D.刻度尺(2)下列说法正确的是(选填字母代号)A.每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力B.实验时应先释放小车后接通电源C.本实验应用的实验方法是控制变量法D.只需要一条纸带即可确定加速度与力的关系(3)某学生在平衡摩擦力时，把长木板的一端垫得过高，使得倾角偏大。他所得到的a-F关系是下列的哪根图线？图中a是小车的加速度，F是细线作用于小车的拉力。答：(4)消除小车与水平木板之间摩擦力的影响后，可用钩码总重力代替小车所受的拉力，此时钩码质量m与小车总质量M之间应满足的关系为；(5)某同学在实验中。打出的一条纸带如图所示，他选择了几个计时点作为计数点，相邻两计数点间还有4个计时

10、点没有标出，其中Si=7.06cm、S2=7.68cm、S3=8.30cm、S4=8.92cm,那么打b点的瞬时速度大小是m/s；纸带加速度的大第4页，共14页小是m/s2(计算结果保留两位有效数字)四、计算题(本大题共4小题，共40.0分)17.如图所示，质量为mi=2kg的物体甲通过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为O.轻绳OA水平，OB绳与水平方向的夹角0=30；且通过一个光滑的轻滑轮与放置在水平面上的质量为m2=5kg的物体乙相连，物体甲、乙均处于静止状态。2(g=10m/s)求：(1)轻绳OA、OB对结点O点的拉力大小；(2)物体乙对地面的压力。(3)滑轮轴对滑轮的弹力的大小和方向。21

11、8.一枚小火箭携带试验炸弹沿竖直方向匀加速发射升空，小火箭的加速度a=10m/s,2经t=20s后小火箭与试验炸弹自动分离，预定试验炸弹在最高点爆炸，取g=l0m/s,不计空气阻力.(1)试验炸弹预定爆炸点的高度是多少？(2)若试验失败，炸弹未爆炸，如果不采取措施，炸弹会在分离后多长时间落地？(计算结果可保留根号)19.如图是利用传送带装运煤块的示意图。其中，传送带长为L=7m,倾角0=37,。传送带以恒定速度沿顺时针方向转动，煤块与传送带间的动摩擦因数=0.8,上方主动轮轴顶端与运煤车底板间的竖直高度H=1.8m,与运煤车车箱中心的水平距离x=1.2m。现在传送带底端由静止释放一些煤块(可视

12、为质点)，煤块随传送带运动到轮的最高点恰好水平抛出并落在车箱中心，取g=10m/s2,sia37=0.6,co37°=0.8.求:(1)煤块在轮的最高点水平抛出时的速度大小；(2)煤块在传送带上运动的时间。第5页，共14页20.如图，一块长度为L=9m、质量为M=1kg的长木板静止放置在粗糙水平地面上。另有质量为m=1kg的小铅块(可看做质点)，以Vo=i2m/s的水平初速度向右冲上木板。已知铅块与木板间的动摩擦因数为国=0.4,木板与地面间的动摩擦因数为(-2=0.1,重力加速度取g=10m/s2,求：(1)铅块刚冲上木板时，铅块与木板的加速度a1、a2的大小；(2)铅块从木板上滑

13、落所需时间；(3)为了使铅块不从木板上滑落，在铅块冲上木板的瞬间，对长木板施加一水平向右的恒定拉力F,求恒力F的范围。Vo第6页，共14页答案和解析1 .【答案】B【解析】解：在国际单位制中的力学基本单位有三个：m、kg、s,其余都不是力学基本单位，故ACD错误，B正确。故选：Bo解答本题关键掌握：在国际单位制中的力学基本单位有三个：米、千克、秒，其他单位是导出单位或常用单位.国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的.2 .【答案】B【解析】解：将实验和逻辑推理。（包括数学演算）和谐地结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科

14、学研究方法的科学家是伽利略，故选：Bo根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可.本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一.3 .【答案】A【解析】解：A、根据弹力产生的特点可知，越野车发生形变使面包车受到作用力。故A正确。BCD、越野车对面包车的作用力和面包车对越野车的作用力是一对作用力与反作用力，二者的大小是相等，方向相反，同在同失，作用时间相同。故BCD错误；故选：Ao力的作用是相互的，一对作用力与反作用力总是大小相等，方向相反。该题考查对牛顿第三定律的理解，解答的关键是理解作用力与反作用力总是大小相等，方向相反，是一

15、对性质相同的力4 .【答案】D【解析】解：A、因为任何物体在任何情况下都有惯性，故A错误；B、汽车惯性与速度无关，只和质量有关，故B错误；C、物体在月球上的质量不变；故惯性不变；故C错误；D、歼击机战斗前抛掉副油箱可以减小质量；故可以减小惯性；故D正确；故选：D。惯性是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都有惯性；惯性大小只和物体的质量有关.惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，不能和生活中的习惯等混在一起.解答此题要注意：一切物体任何情况下都具有惯性.5 .【答案】B【解析】解：A、由于惯性炸弹和飞机水平方向具有相同速度，因此炸弹落地前排列在同一条竖直线上，故

16、A错误；B、由于水平方向速度相同，下落高度相同，因此这些炸弹落地速度大小方向都相同，故B正确；C、相邻炸弹之间的时间间隔相同，因水平速度相同，则相邻炸弹落到水平面上时距离第7页，共14页相等，故C错误；D、因为竖直方向上相同时刻速度不同，空中相邻的炸弹之间的距离随着时间均匀增大，故D错误。故选：Bo根据平抛运动规律可知，当炸弹投放后由于惯性在水平方向上和飞机速度相同，每次投放的炸弹初速度相同，下落高度相同，因此每个炸弹运动规律一样。同时注意各个炸弹之间的相对运动是怎样的。本题考查了平抛运动规律应用，难点在于两个炸弹运动规律的比较，即相对运动的理解。6 .【答案】C【解析】解：把两个物体看成一个

17、整体，根据牛顿第二定律得：a=r1,两次系统的加速度大小相等。第一次用水平力F由左向右推M,对m运用牛顿第二定理得：Fi=ma端二第二次用同样大小的水平力F由右向左推m,对M运用牛顿第二定理得：F2=Ma=三因为M>m,所以F1VF2故选：Co先对整体运用牛顿第二定律求出共同的加速度，一次对m用牛顿第二定律求出F1，一次对M用牛顿第二定律求出F2,这样就可以判断Fi和F2的大小了。该题是整体法和隔离法的应用，要求同学们能选择恰当的研究对象运用牛顿第二定律解题。7 .【答案】C【解析】解：AC、在v-t图象中，图象的“面积”等于物体的位移，由图线可知，在20s末和60s末，图线与时间轴围成

18、的面积相等，则位移相等，甲、乙相遇，故A错误，C正确。B、在50s末，乙图线与时间轴围成的面积大于甲图线围成的面积，知乙的位移大于甲的位移，可知乙在甲前面，故B错误。D、在速度时间图线中，乙的速度一直为正值，速度方向不变，经20s后乙没有返回，故D错误。故选：Co在速度时间图象中，结合图线与时间轴围成的面积得出位移的大小，判断甲、乙是否相遇。速度的正负表示运动的方向，结合速度的正负判断物体是否返回。解决本题的关键是掌握速度时间图线的物理意义，知道速度的正负表示运动的方向，图线与时间轴围成的面积表示位移。8 .【答案】D【解析】【分析】对物体受力分析，抓住竖直方向上的合力为零，根据牛顿第二定律求

19、出物体的加速度。本题就是考查学生对牛顿第二定律的基本的应用，通过受力分析列式即可求得。【解答】对物体受力分析可知，物体受到重力、支持力、拉力和摩擦力的作用，在水平方向有Fwi/=,第8页，共14页竖直方向有Mg=F+耳,滑动摩擦力；,根据以上三式联立可以求得十二人竽一百?故D正确,ABC错误;AT故选D。9 .【答案】C【解析】解：对物块B分析，摩擦力与弹簧弹力平衡，有：g2g=kx,nrt卬吗。则：x=T。以两个物块组成的整体为研究对象，则绳子的拉力：T=p(mi+m2)g突然剪断轻绳的瞬间，绳子的拉力减小为0,而弹簧的弹力不变，则A受到的合外力与T大小相等，方向相反，则:t可叫+叫)gaa

20、=rj-jB在水平方向仍然受到弹簧的拉力和传送带的摩擦力，合外力不变，仍然等于0,所以B的加速度仍然等于0.故选项C正确，ABD错误。故选：Co分别对物块B和整体分析，通过共点力平衡，结合胡克定律求出两根弹簧的形变量和绳子的拉力；然后结合突然剪断轻绳的瞬间，绳子的拉力减小为0,而弹簧的弹力不变，再分别由牛顿第二定律求出加速度即可.解决本题的关键能够正确地选择研究对象，根据共点力平衡、胡克定律以及牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用.10 .【答案】D【解析】解：AB、b受力平衡，对b受力分析，如图所示:T：I设绳与竖直方向的夹角为“，b缓慢离开直到与竖直方向成30。的过程中，“变大，

21、根据平行四边形定则可知，T逐渐增大，F逐渐增大，故AB错误；C、对a受力分析，如图所示：刚开始T=mg,a处于静止状态，则f=T-mgsin30=mg,方向向下，T增大时，f增大,故C错误；D、以整体为研究对象，水平地面对斜面体A的静摩擦力与F等大反向，故水平地面对斜面体A始终有水平向左的静摩擦力且逐渐变大，故D正确。第9页，共14页故选：Dob受力平衡，对b受力分析，画出受力分析图，根据平行四边形定则分析F和绳子拉力的变化，再对a受力分析，求出a受到摩擦力的表达式，再分析其变化情况即可。本题主要平衡条件在动态平衡问题中的应用，要求同学们能正确分析物体的受力情况，并能画出受力分析图，能应用平行

22、四边形定则画图求解。11 .【答案】AC【解析】解：A、做曲线运动的物体速度方向在时刻变化，故曲线运动一定是变速运动，故A正确；B、做曲线运动的物体受到的合外力方向不一定在不断变化，例如平抛运动，故B错误;C、做平抛运动的物体加速度恒定为向下的g,则在相等时间内速度的变化量等于gt,一定相等，故C正确；D、加速度等于速度的变化率，则做平抛运动的物体相等时间内速度的变化量一定相等，但是速率的变化量不相等，故D错误；故选：AC。当物体所受合外力与初速度方向不在同一直线上时，物体做曲线运动；曲线运动的速度方向沿着曲线上该点的切线方向，时刻改变，故其一定是变速运动，一定具有加速度，合外力一定不为零，且

23、合外力指向曲线的内侧。平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，加速度为g,做匀变速曲线运动。分别根据匀速直线运动和自由落体运动的运动规律列方程求解即可。本题关键要明确曲线运动的运动学特点（速度一定变化，一定具有加速度）和动力学特点（合力与速度不在同一条直线上，且指向曲线的内侧）。12 .【答案】BC【解析】解：A、由图可知，前10s内空降兵做加速度减小的加速运动，加速度向下，则处于失重状态，选项A错误；B、根据mg-f=ma可知，随加速度减小，则空气阻力逐渐变大，选项B正确；C、10s-15s内空降兵的速度在减小，加速度向上减小，空降兵和伞整体所受重力小于空气

24、阻力，故C正确；丹+%D、在10s-15s内若空降兵匀减速下降，可知平均速度等于F一,因此时空降兵的位移V,+tf3小于匀减速下降的位移，可知平均速度小于下一，故D错误；故选：BC。由图象可知物体的速度及加速度的变化情况，则由牛顿第二定律可知受力情况，从而分析阻力和重力的关系。对于速度-时间图象应明确图象的斜率表示物体运动的加速度，图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移13 .【答案】BC【解析】解：ACD、由题意可知，船相对水的速度为0，其航线恰好垂直于河岸，当水流速度稍有增大，为保持航线不变，且能到达对岸，则如图所示，可知，故C正确，AD错误；第10页，共14页B、由上图可知，当保持vi

25、大小不变，若减小。角，则可实现垂直到达河岸，故B正确,故选：BC。将小船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，抓住分运动与合运动具有等时性，求出到达对岸沿水流方向上的位移以及时间.当实际航线与河岸垂直，则合速度的方向垂直于河岸，根据平行四边形定则求出船头与河岸所成的夹角.解决本题的关键知道分运动和合运动具有等时性，以及会根据平行四边形定则对运动进行合成和分解，注意正确画出运动的合成与分解是解题的关键，同时关注速度是矢量.14 .【答案】ABD【解析】解：A、静止时，对AB整体：h二2EgM30",解得弹簧的压缩量为：x1=mg/k,故A正确；B、当AB分离时，两物体之间的弹力为零，

26、此时弹簧的压缩量为:则B沿斜面滑动的距离为：&工=3一去=芫,故B正确;CD、对物体AB整体，根据牛顿第二定律有：F-2mgsin30+F弹=2ma,即可知随物体上升，弹力F弹逐渐减小，则加速度逐渐减小，两物体的速度一直变大，故D正确，C错误；故选：ABD。开始静止时，对AB整体列平衡方程求解弹簧的压缩量；当AB分离时，两物体之间的弹力为零，从而求解弹簧的压缩量，进而求解B沿斜面滑动的距离；根据牛顿第二定律对整体列式讨论加速度的变化。从受力角度看，两物体分离的条件是两物体间的正压力为0.从运动学角度看，一起运动的两物体恰好分离时，两物体在沿斜面方向上的加速度和速度仍相等15.【答案】B

27、CD1.0【解析】解：(1)斜槽轨道没必要必须光滑，只要小球到达底端的速度相等即可，选项A错误；斜槽轨道末端必须水平，以保证小球做平抛运动，选项B正确；每次必须由同一位置从静止释放小球，以保证到达底端的速度相同，选项CD正确；故选：BCD。(2)在竖直方向上根据凶=9丁2则有：T=二产io映二01s&Jo.i所以抛出初速度为：口口=近=LOm/s；故答案为：(1)BCD；(2)1.0。(1)根据实验原理以及注意事项分析各个选项；(2)在竖直方向上根据a=gT2,求出时间间隔T,在水平方向上根据孙二岁，求出平抛运动的初速度。解决本题的关键掌握平抛运动的处理方法以及匀变速直线运动的两个推论

28、：在连续相等时间内的位移之差是一恒量。第11页，共14页16.【答案】CCCm«M0.740.62【解析】解：(1)由于是验证牛顿第二定律，验证加速度与质量和力的关系，即要分别测出加速度、力、质量，通过图象找出关系的。而测加速度只需用刻度尺量距离，力是用祛码重力代替、质量用天平测量，因此秒表是有需要的，故选Co(2) A、由于动摩擦因数不变，所以当改变质量后，滑动摩擦力与重力的下滑分力平衡,不必重新平衡，选项A错误；B、应先通电再释放小车，否则纸带上几乎无点迹，故选项B错误；C、加速度与两个因素有关，所以要采用控制变量法，C选项正确；D、要选用点迹清晰的纸带，至少打出三条纸带，故选项

29、D错误。(3)由于平衡过渡，则不用挂祛码则小车就要加速，也就是F=0,但加速度不为零,由图象知，只有选项C符合要求，故选：C(4)根据探究加速度与作用力和质量的关系，要求用祛码的重力代替拉力，但拉力实际小于重力，只有当祛码的质量远小于小车的质量时，拉力才近似等于祛码的重力。/c7；-气+气(7.U6b7,68)X,(5) Vb=m/s=0.64m/s加速度可以由逐差相等的公式求:(EJ3U+7.6)x10m/s2=0.62m/s2AXyXg(ij+IJ-(Xi+a=，.，=故答案为：(1)C(2)C(3)C(4)m«M(5)0.740.62(1)根据实验的原理确定测量的物理量，从而确

30、定所需的器材。(2)根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度，根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出物体匀加速直线运动的加速度。(3)图3表明在小车的拉力为0时，小车有加速度，即合外力大于0,说明平衡摩擦力过度；当小车的质量远大于祛码盘和祛码的总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于祛码盘和祛码的总重力大小，否则图象将会发生弯曲；(4)只有当mM时，祛码的重力才近似等于绳子的拉力；(5)运用运动学规律求瞬时速度和加速度。解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以的及注意事项，然后结合物理规律去解决实验问题，会通过纸带求解瞬时速度和加速度。17

31、.【答案】解：(1)以结点。为研究对象进行受力分析如图所示，根据几何关系可得:F0a=?W=2。廊3m应20Fob=川N=m2g-F0B=50N-40N=10N；N',则N'=10N,方向竖直向下;(2)对乙根据共点力的平衡条件可得:由牛顿第三定律可知：人对地面的压力(3)以滑轮轴为研究对象进行受力分析如图所示,第12页，共14页r0B/aL/I/I*FobI/，T，设滑轮轴对滑轮的弹力的方向与竖直方向的夹角为国根据几何关系可得2&=90-30°,解得：a=30对滑轮：T=2Fobcos30=40点N;方向与竖直方向成30。指向右上方。答：(1)轻绳OA的拉力

32、大小为20N、OB对结点O点的拉力大小为40N；(2)物体乙对地面的压力大小为10N,方向竖直向下；(3)滑轮轴对滑轮的弹力的大小为405N；方向竖直向下。【解析】(1)以结点O为研究对象，受到三个拉力作用，作出力图，根据共点力的平衡条件求解；(2)对乙根据平衡条件列方程求解压力；(3)对滑轮轴研究，由共点力平衡求解滑轮轴对滑轮的弹力的大小和方向。本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。18 .【答案】解：(1)试验炸弹与小火箭分离时，速度为：V1=oi1=200m/s高度我：=二at12=2000m分离后炸弹以初速度Vi做竖直上抛运动，上升高度我：h2=?=2000m故预定爆炸点的高度为：h=h+h2=4000m(2)如果不采取措施，从分离到炸弹落地，上升阶段的时间为：t上=,二瑞5=20s下降阶段有：-,得：.故从分离到落地所用时间为：t3=t±+t下=20(点+1)s=48.3s答：(1)试验炸弹预定爆炸点的高度是4000m；(2)若试验失败，炸弹未爆炸，如果不采取措施，炸弹会在分离后48.3s落地【解析】(1)由题意得到：小火箭在0-20s内匀加速上升；此后竖直上抛运动；根据运