致远中学2019届高三第一次教学质量检测物理试卷

1、致远中学2019届高三第一次教学质量检测物理试卷本试卷分第I卷（选择题）和第n卷（非选择题）两部分，满分120分，考试时间100分钟。第I卷（选择题共40分）一、单项选择题：本大题共5小题。每小题4分，共20分，每小题只有个选项符合题1.下列说法中不正确的是Zv=A.根据速度定义式二t，当X非常非常小时,Axt就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法。B.在探究加速度、力和质量三者之间关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法。C.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法在D.推导匀变速运动

2、位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法。2如图，建筑工人用恒力F推运料车在水平地面上匀速前进,车和材料的总重为G,下列说法正确的是：A.建筑工人受摩擦力方向水平向左B.建筑工人受摩擦力大小为2C.运料车受到地面的摩擦力水平向右F与水平方向成30。角，运料D.运料车对地面压力为23.如图所示，一块橡皮用细线悬挂于O点，用钉子靠着线的左侧，沿与水平方向成300的斜面向右以速度v匀速运动，运动中始终保持悬线竖直，则橡皮运动的速度：A.大小为v，方向不变和水平方向成60oB.大小为3v,方向不变和水平方向成60oC.大小为2v，

3、方向不变和水平方向成60oD.大小和方向都会改变4.将一小球竖直上抛，若该球所受的空气阻力大小与其速度大小成正比，则其上升和下降两过程的时间及损失的机械能的关系是：A.t上t下，AE上E下B.t±<t下，：E上<：E下C.t上t下，：E上=：E下D.t±=t下，：E上=：E下5.如图所示，一轻质弹簧下端固定，直立于水平地面上，将质量为m的物体A从离弹簧顶端正上方h高处由静止释放,当物体A下降到最低点P时，其速度变为零，此时弹簧的压缩量为xO;若将质量为高处由静止释放，当物体2m的物体B从离弹簧顶端正上方hB也下降到P处时，其速度为：DJg(h+xo)CJ2g(h

4、+x°)二、多项选择题：本大题共4小题，每小题5分，共20分.每小题有多个选项符号题意.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分.6. 在如图所示装置中，两物体质量分别为ml、m2,悬点a、b间的距离远大于滑轮的直径，不计一切摩擦，整个装置处于静止状态.由图可知：A.a定等于3B. ml一定大于m2C.ml一定小于2m2D.ml可能大于2m27. 如图所示，A、B两质点从同一点O分别以相同的水平速度竖直平面内运动，落地点为P1;B沿光滑斜面运动，落地点为上，不计阻力，则下列说法正确的是：A.A、B的运动时间相同B.A、B沿x轴方向的位移大小相同C. A、B运动过程中的

5、加速度大小不相同D.A、B落地时的速度大小相同&北京时间2019年9月29日21时39分中国载人航工程总指挥常万全宣布：中国首个目标飞行器天宫一号进行到第4圈的时候它会有一个变轨。并且天宫一号腿”，就像我们迈台阶一样，达到的目的是抬高一个它的轨道，目的是希望它能够达到一个最舒服的状态，A.B.C.D.vO沿x轴正方向抛出，A在P2,P1和P2在同一水平面天”发射成功。在30日凌晨1点58分，”在未来的这24小时之内会两次抬.口.冋调整姿势，迎接神八”和它的会合。关于天宫一号”以下说法正确的是：”抬腿”到达更高轨道时运行的向心加速度变小”抬腿”到达更高轨道时运行的速度变大”在预定轨道上运

6、行的速度小于地球的第一宇宙速度”要抬腿”抬高它的轨道必须加速9. 如图所示，等腰直角三角体OCD由不同材料A、B拼接而成，P为两材料在CD边上的交点，且DP>CP。现OD边水平放置，让小物块从C滑到D;然后将OC边水平放置，再让小物块从D滑到C,小物块两次滑动经过P点的时间相同。下列说法正确的是：A.A、B材料的动擦因数相同B.两次滑动中物块到达P点速度相等C.两次滑动中物块到达底端速度相等D.两次滑动中物块到达底端摩擦生热相等第n卷(非选择题共80分)三、简答题：本大题共2小题，共18分.请将解答填写在相应的位置.10. 某同学用如图所示装置研究物体的加速度与外力关系”，他将光电门固定

7、在气垫轨道上的某点B处，调节气垫导轨水平后，用重力为F的钩码，经绕过滑轮的细线拉滑块，每次滑块从同一位置A由静止释放，测出遮光条通过光电门的时间t。改变钩码个数，重复上述实验。记录的数据及相关计算如下表。天宫一号天宫一号天宫一号天宫一号D滑块遮光B(1)F为便于分析F与t的关系，应作出1t2的关系图象，请在坐标纸上作出该图线（2）（3）与时间t的关系式为由图线得出的实验结论是：设AB间的距离为s,遮光条的宽度为请你由上述实验结论推导出物体的加速度a11.用如图实验装置验证ml、m2组成的系统机械能守恒。m2从高处由静止开始下落，ml上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机

8、械能守恒定律。下图给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有点（图中未标出），计数点间的距离如图所示。已知m仁50g、m2=150g，则（结果保留两位有效数字）4个打4216001.20012单便:cm实验次数12345F/N0.490.981.471.962.45t/(ms)40.428.623.320.218.1t2/(ms)21632.2818.0542.9408.0327.6/x10(ms)-t在纸带上打下记数点5时的速度v=在05过程中系统动能的增量厶EK=由此得出的结论是：若某同学作出V2/2h图像如图，则当地的重力加速度g=m/s2。四、计算题：本大题

9、共4小题共62分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。6.112.218.424.530.6m/s;J,系统势能的减少量EP=J；12. （15分）有一个固定竖直放置的圆形轨道，半径为R,由左右两部分组成。如图所示，右半部分AEB是光滑的，左半部分BFA是粗糙的。现在最低点A给一质量为M的小球一个水平向右的初速度，使小球沿轨道恰好运动到最高点B,小球在B点又能沿BFA回到A由于小球恰好到达B点，故在B点E点，到达A点时对轨道的压力为4mg。在求小球在A点的速度v0时，甲同学的解法是：12mv0=2mgR小球的

10、速度为零，2，所以Vo=久gR。在求小球由BFA回到A点的速度时，乙同学的解法是:24mg=由于回到A点时对轨道的压力为4mg，故R，所以mvAVA=2-gR。你同意两位同学的解法吗？如果同意请说明理由;若不同意，请指出他们的错误之处，并求出结果。根据题中所描绘的物理过程，求小球由B经F回到A的过程中克服摩擦力所做的功。13. （15分）如图1所示，在2019上海世博会上，拉脱维亚馆的风洞飞行表演，令参观者大开眼界，最吸引眼球的就是正中心那个高为H=10m，直径D=4m的透明垂直风洞”。风洞是人工产生和控制的气流，以模拟飞行器或物体周围气体的流动。在风力作用的正对面积不变时，风力F=0.06v

11、2（v为风速）。在本次风洞飞行上升表演中，表演者的质量m=60kg,为提高表演的观赏性，控制风速v与表演者上升的高度h间的关系如图2所示。g=10m/s2。求：表演者上升达最大速度时的高度h1。表演者上升的最大高度h2。为防止停电停风事故，风洞备有应急电源，若在本次表演中表演者在最大高度h2时突然停电，为保证表演者的人身安全，则留给风洞自动接通应急电源滞后的最长时间tm。（设接通应急电源后风洞一直以最大风速运行）14. （16分）如图所示，设AB段是距水平传送带装置高为H=1.25m的光滑斜面，水平段BC使用水平传送带装置，BC长L=5m，与货物包的摩擦系数为卩=04，顺时针转动的速度为V=3

12、m/s。设质量为m=1kg的小物块由静止开始从A点下滑，经过B点的拐角处无机械能损失。小物块随传送带运动到C点后水平抛出，恰好无碰撞的沿圆弧切线从D点进入竖直光滑圆孤轨道下滑。D、E为圆弧的两端点，其连线水平。已知圆弧半径R2=1.0m圆弧对应圆心角v-106，O为轨道的最低点。(g=10m/s2，sin37°0.6,cos37°0.8)试求：(1) 小物块在B点的速度。(2) 小物块在水平传送带BC上的运动时间。(3) 水平传送带上表面距地面的高度。(4) 小物块经过O点时对轨道的压力。15. (16分)翼型降落伞有很好的飞行性能。它被看作飞机的机翼，跳伞运动员可方便地控

13、制转弯等动作。其原理是通过对降落伞的调节，使空气升力和空气摩擦力都受到影响。已知：空气升力F1与飞行方向垂直，大小与速度的平方成正比，F1=C1v2;空气摩擦力F2与飞行方向相反，大小与速度的平方成正比，F2=C2v2。其中C1、C2相互影响，可由运动员调节，满足如图b所示的关系。试求：(1)图a中画出了运动员携带翼型伞跳伞后的两条大致运动轨迹。试对两位置的运动员画出受力示意图并判断，、两轨迹中哪条是不可能的，并简要说明理由；(2) 若降落伞最终匀速飞行的速度v与地平线的夹角为，试从力平衡的角度证明：tan=C2/C1;(3) 某运动员和装备的总质量为70kg,匀速飞行的速度v与地平线的夹角：

14、约20°取tan20°=4/11),匀速飞行的速度v多大？(g取10m/s2,结果保留3位有效数字)(4) 若运动员出机舱时飞机距地面的高度为800m、飞机飞行速度为540km/h，降落全过程中该运动员和装备损失的机械能AE多大？物理参考答案题号18答案CACCDACDCD10.如图所示（3分）12F与t成正比。（2分）a推导过程：d22s（1）2.411.（2）0.58,0.60，在误差允许的范围内,（3）ml、m2组成的系统机械能守恒9.712、（15分）解：不同意（2分）小球恰好到达B点，在B点小球的速度不为零。2mvBj_小球由AEB到B点的速度时盹一R，（1分）v

15、BgR（1分）1212“mvBmv。=sg2Rv_；碌由动能定理22，（1分）得v°5gR（1分）由于回到A点时对轨道压力为4mg，小球受到的合力并不是4mg。2mvA4mg-mg=v_,;3gR根据牛顿定律：R（2分），vAr3gR（2分）小球由B经F回到122mgR-WfmvA由21A的过程中，1_2mgR（3分）和v3gR212mv°mvA（或Wf=E0-EA=22=mgR）得Wf=mgR。（2分）2413. （15分）由图2可知v=1.210500h,（1分）2即风力F=7.210-30h（1分）当表演者在上升过程中的最大速度vm时有F=mg（1分）代入数据得h1=

16、4m.（1分）对表演者列动能定理得Wfmgh2=°（2分）因Wf与h成线性关系，风力做功Wfh2（1分）代入数据化简得h2=8m（2分）当应急电源接通后以风洞以最大风速运行时滞后时间最长，表演者减速的加速度为Fm-mg=2m/s2（2分）表演者从最高处到落地过程有.（gtm）22a（2分）+2.15tm代入数据化简得15s0.52s。（2分）14. （16分）（1）小物块由A运动B，由动能定理,解得：Vb二2gH=5m/s（4分）（2）由牛顿第二定律，得mg=ma，解得：a=勺=4口/（1分）水平传送带的速度为vo川=3m/s由V0二vb-at1，得:tVb-V。t1:'a=

17、0.5s，则t2L_Ll彳1sVt丸t2=1.5s（2分）（3）小物块从vy=v0tan卫=4m/sC到D做平抛运动，在D点有有：2（1分）2由vy=2gh（1分），得2Vyh0.8m2g（2分）小物块在D点的速度大小为:Vd廡+W=5m/s（1分）对小物块从D点到O由动能定理,得:日1212mgR（1-cos）mvmvD2）22（1分）在o点由牛顿第二定律，得：Fn-mg2v=mR联立以上两式解得:Fn=43N（1分）由牛顿第三定律知对轨道的压力为：Fn=43N（1分）15. （16分）解：（1）轨迹不可能存在（1分） 位置，三力可能平衡（或三力的合力可能与速度在一直线），运动员做直线运动2分） 位置，合力方向与速度方向不可能在一直线，所以不会沿竖直方向做直线运动（F1位置F2F2F1F1-4位置GG（位置F1的方向