复习专题——电功率知识点归纳经典

1、复习专题一一电功率知识点归纳经典一、电功率选择题1.如图所示，灯泡Li和L2（灯泡中只要有电流就能发光）相同，电源电压小于灯泡的额定电压，且保持不变，开关S由闭合到断开，电路中（）l21-0SID-iII-A. Li变亮，电压表示数变小B. Li变暗，电流表示数变大C.匕亮起来，电压表示数变大D.L2亮起来，电流表示数变小【答案】D【解析】【解答】解：开关S闭合时，电路为灯泡Li的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流；当开关S断开时，灯泡Li和匕串联，灯泡L2亮起来，电压表测灯泡Li两端的电压，电流表测电路中的电流；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所U以，电路中的总电阻变大，

2、由1=%可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，D符合题意；由U=IR可知，灯泡Li两端的电压变小，即电压表的示数变小，C不符合题意；因P=UI,且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，灯泡Li的实际功率变小，灯泡Li变暗，A、B不符合题意。故答案为：Do【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式及电表的测量对象，首先判断出电路中电阻的变化，根据欧姆定律1=5判断出电路中的电流的变化和灯泡Li两端的电压的变化，即电压表的示数的变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知亮暗的变化S闭合时，灯L正常发光，如果将滑动）2 .如图所示的电路

3、中，电源电压保持不变，当开关变阻器的滑片P向右滑动，下列说法正确的是（A.电压表示数变小，灯L变亮B.电压表示数变小，灯L变暗C.电压表示数变大，灯L变亮D.电压表示数变大，灯L变暗【答案】D【解析】【解答】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，将滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变大，电f路中的总电阻变大，由11可知，电路中的电流变小，由U刀t可知，灯泡两端的电压变小，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由=可知，灯泡的实际功率变小，灯泡L变暗，AC不符合题意；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器R两端的电压变大，

4、即电压表的示数变大，B不符合题意、D符合题意。故答案为：Do【分析】结合电路图，理清电路的连接方式及电表的测量对象，结合滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变化，利用欧姆定律及电功率的计算公式分析即可3 .如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S,滑动变阻器滑片向左移动时，下列判断正确的是（）A.电路总功率变小”B.电压表示数变大C.电压表与电流表示数的比值不变D.电流表示数变大【答案】A【解析】【解答】解：由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，B不符合题意；因并联电路中各支路独

5、立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R的电流不变，当滑动变阻器滑片向左移动时，接入电路中的电阻变大，由1=可知，通过滑动变阻器的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A的示数变小，D不符合题意；电压表的示数不变、电流表A的示数变小，则电压表与电流表示数的比值变大，C不符合题意；电源电压保持不变，干路电流变小，由P=UI可知，电路总功率变小，A符合题意。故答案为：Ao【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R的电流变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过变

6、阻器电流的变化，再利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，进一步得出电压表与电流表示数的比值变化，根据P=UI可知电路总功率的变化.4.如图所示的电路，闭合开关后，当滑片P向右移动时，下列说法正确的是（）A.灯泡L变暗“B.电压表示数变/功率变小C.电流表Ai示数变大D.整个电路消耗的总【解析】【解答】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表V测电源的电压,电流表Ai测干路电流，电流表A2测L支路的电流。因电源的电压不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，B不符合题意；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过L的电流和实际功率不变，即L的亮度不变，A不符合题意；当

7、滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，由I=*可知，通过R的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表Ai的示数变小，C不符合题意；由P=UI可知，整个电路消耗的总功率变小，D符合题意。故答案为：Do【分析】灯泡L与电阻R并联，电压表测电源的电压，电流表Ai测干路电流，电流表A2测L支路的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过L的电流和实际功率不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，根据P=UI可知电

8、路总功率的变化.5.如图所示的电路，当开关闭合后，灯Li比L2亮.以下说法正确的是（A.通过Li的电流大于通过L2的电流C. Li的电阻小于L2的电阻【答案】B卜旧.Li两端电压大于L2两端电压D. Li的电功率等于L2的电功率【解析】【解答】解：（i）灯Li、L2串联在同一电路里，因串联电路中的电流处处相等,所以经过它们的电流都是相等的，故A错误；(2)灯的亮度取决于灯的实际功率，灯Li比L2亮，则Li的实际电功率大于L2的实际电功率，L由P=2R可知，Li的电阻大于L2的电阻，由1=可知，Li两端电压大于L2两端电压.故CD错误；B正确.故选B.【分析】(1)串联电路中，电流处处相等；(2

9、)灯的亮度取决于灯的实际功率，根据欧姆定律可判出电阻关系.6.某型号电饭锅具有保温与加热两种功能，其简化电路如图所示，Ri、R2均为电热丝.下列说法正确的是()A.Si、8闭合时，电饭锅处于加热状态HB.SS2闭合时，电饭锅处于保温状态C.S闭合、S2断开时，电饭锅处于加热状态D.S断开、8闭合时，电饭锅处于保温状态【答案】A【解析】【解答】解：由电路图可知，当Si、S2闭合时，Ri短路，电路中只有R2；当Si闭合、3断开时，Ri,及串联，S断开、S2闭合时，整个电路断开，电饭锅不工作；可见，当S、S2闭合时，电路中电阻最小，当S闭合、S2断开时，电路中电阻较大，存由p=N可知，当Si、及闭合

10、时，电功率最大，处于加热状态；当S闭合、S2断开时，电功率较小，处于保温状态.故A正确、BCD错.故选A.r债【分析】根据P=彳可知，在电源电压不变时，电路中电阻越小，电功率越大，即为加热状态，反之为保温状态.据此分析判断.7.某型号电吹风，电动机和电热丝串联.电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热，得到热风，电动机线圈电阻为Ri,电热丝电阻为R2,将电吹风接入电压为U的电源后，通过的电流为I,消耗的电功率为P,同学们得到了四个关系式.下列选项中，关系式均正确的是()ui>pp=i2(Ri+e)ui=pp>i2(R+e)a.瓯DD【答案】D【解析】【解答】解：电吹风消耗的电功率P是总

11、功率，总功率的大小应该用P=UI来计算，所以总功率P=UI,故错误，正确；由题意知，该电吹风中电动机和电热丝串联，电路中电流为I,电吹风中发热的功率要用P热=I2R来计算，所以总的发热功率为P总热=I2（R1+R2）,因为电吹风工作时将电能转化为机械能和内能，所以，吹风机的总功率要大于发热部分的功率，即P>I2（R+及），故错误，正确.故选：D.【分析】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的.8.如图所

12、示电路中，电源电压不变，只闭合开关电流表的示数为I，羽,再闭合开关5、电流表示数变化了“必，则同时闭合舟、比后，相同时间内吊、短消耗的电能之比是A.3:4B.4:3C.7:3i1D.4:7【答案】A【解析】【解答】由电路图知道，若只闭合S1,则是只有Ri的简单电路，电流表测的是Ri的电流，此时Ii=0.3A;当再闭合S2时，Ri、R2并联，电流表测干路中的电流，由于并联电路中各电阻互不影响，所以通过Ri的电流仍然是Ii=0.3A,由于电流表示数变化了0.4A,则说明通过R2的电流是I2=0.4A,又因为并联电路各支路两端的电压相等，即Ui=U2,由W=UIt知道，在相同时间内Ri、R2消耗的电

13、能之比是：的Uilit0.3A3口一百故答案为：Ao【分析】结合电路图，理清开关通断时电路的连接方式及电表的测量对象，利用并联电路的电压关系、电功的计算公式求解即可.9.如图所示，电源电压U为10V并保持不变，滑动变阻器规格为“20!A”。闭合开关S,当滑片P移至最左端时，灯泡正常发光，电流表示数为0.5A;当滑片P移至中点时，电流表本数为0.4A.则（）IHgH-I忡s1HozIA.电路消耗的最小功率为2.5WB.滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为2.4WC.滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为3.2W“D.滑片P在最左端时，2min内电流通过灯泡所做的功为10J【答案】BL【解析】【解答】解：滑

14、片p在最左端时，电路中只有灯泡，灯泡正常发光，由i=7得，U10V灯泡正常发光时的电阻：Rl=irO.5A=20Q；滑动变阻器连入电路的电阻最大时，电路if4那消耗的功率最小，假设灯泡电阻不随温度的变化，则P最小=印-址，二型口=2.5W;而实际上灯泡不正常工作时的电阻小于正常工作时的电阻，所以，电路消耗的最小L功率不是2.5W;A不符合题意；(2)滑片P在中点时，电流表示数为0.4A,根据1=*可得，此时滑动变阻器两端的电压：U滑=IR滑=0.4A：X200=4V,因串联电路电压规律可得此时灯泡两端的电压：Ul=U-U滑=10V-4V=6V,灯泡的实际功率：Pl=UlM6VX0.4A=2.4

15、W;B符合题意，C不符合题意；滑片P在最左端时，2min内电流通过灯泡做的功：Wl=UlLt=10Vx0.5AX2&660'SJ,D不符合题意。故答案为：Bo【分析】当滑片P移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，此时灯泡正常发光，根据欧姆定律求出灯丝电阻；当滑动变阻器连入电路的电阻最大时电路消加耗的功率最小，利用串联电路的特点和P=#即可求出假设灯泡电阻不变时的最小功率；然后即可比较判断；滑片P在中点时，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据P=UI求出灯泡的实际功率；滑片P在最左端时，根据W=UIt求出5min

16、内电流通过灯泡做的功.10 .小王在一次家庭探究活动中，在作业本上做了如下5条记录：电饭煲铭牌上标有“220V800W,50Hz”等字样；使用试电笔时，手必须接触笔尾的金属体；电视机上安装的动圈式扬声器，其运作原理是电磁感应；床头灯的开关是串联在电路上的；体温计的刻度范围通常是3542C,分度值为1C.你认为小王的记录完全正确的是()A.B.C.D.【答案】C【解析】【解答】解：电饭煲铭牌上标的220V是电饭煲的额定电压、800W是电饭煲的额定功率、50Hz是所接交流电的频率，故正确；使用试电笔时，笔尖接触电线，手接触笔尾的金属体，故正确；动圈式扬声器的工作原理：通电线圈在磁场中受力运动，故错

17、；开关和所控制的用电器是串联的，故正确；体温计的刻度范围通常是3542C,分度值为0.1C,故错.故选C.【分析】利用下列知识分析判断：（1）用电器铭牌上标有：额定电压、额定功率、交流电的频率；（2）使用试电笔时，笔尖接触电线，手接触笔尾的金属体，若试电笔的窟管发光，则笔尖接触的是火线；（3）动圈式扬声器的工作原理：通电线圈在磁场中受力运动；动圈式话筒的工作原理：电磁感应；（4）开关和所控制的用电器是串联的，家用电器之间是并联的；（5）体温计的刻度范围通常是3542C,分度值为0.1C.11 .如图所示，滑动变阻器的滑片P处于中间位置，闭合开关S,两个灯泡均能发光（假设灯丝电阻不变），此时，将

18、滑动变阻器的滑片P向右移动，则（）A.L1和L2都变亮B.L变暗，12变亮C.L变亮，L2变暗D.L和L2都变暗【答案】B【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡L1串联，将滑动变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，并联部分的电阻变大，电路的总电阻变大，d由i=4可知，干路中的电流变小，由U=IR可知，L1两端的电压变小，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=UI可知，灯泡L1的实际功率变小，L1的亮度变暗，故AC错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，并联部分的电压变大，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，灯泡L2两端的电压

19、变大，债由P=斤可知，L2的实际功率变大，亮度变亮，故B正确、D错误.故选B.【分析】由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡L1串联，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化和并联部分电阻的变化以及总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和Li两端的电压变化，根据P=UI可知Li实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化；根据串联电路的电压特点可知并联部分电压的变化，根据并联电路的电压特点和P=UI=5可知匕实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化.12 .根据额定电压为2.5V小灯泡的I-U图像（如图所示）分析，下列结论正确的是（）A.当小灯泡的电压为0V时，其电阻为0B.当小灯泡

20、的电流为0.1A时，其实际功率为0.1WC.通过小灯泡的电流与其两端的电压成正比D.小灯泡的额定功率为0.625W【答案】D【解析】【解答】A.电阻是导体的属性，当小灯泡的电压为0V时，电流为零，但电阻不为0,A不符合题意；B.如图当小灯泡的电流为0.1A时，两端电压为0.5V,其实际功率为：忸=。7，第X在公0.阿，B不符合题意；C.因为灯丝电阻随温度升高而变大，当灯两端的电压升高时，灯丝的温度升高，电阻壮大，所以通过小灯泡的电流与其两端的电压不成正比，C不符合题意；D.小灯泡的额定电压为2.5V时，电流为0.25A,所以功率为：口=叮一亚Xa1魂=氏62刷，D符合题意；故答案为：Do【分析

21、】根据坐标图像，利用电压和电流计算用电器的电功率13 .下列数据中与实际情况不相符的是（）A.正常情况下，人的体温约为35CiB.成年人的步长大约为50cmC.功率为100W白炽灯正常工作1小时大约消耗0.1度电D.一个鸡蛋的质量大约为50g【答案】A【解析】【解答】A、正常情况下，人的体温在37c左右，变化幅度很小.故A不符合实际；B、成年人两步的距离约1m=100cm,所以步幅在50cm左右.故B符合实际；C、功率为100W白炽灯正常工作1小时，大约消耗W=Pt=0.1kWX1h=0.1kW?h的电能.故C符合实际；D、10个鸡蛋的质量大约1斤，而1斤=500g,所以一个鸡蛋的质量在50g

22、左右.故D符合实际.故选A.【分析】此题考查对生活中常见物体物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出不符合实际的选项.14 .有甲、乙两灯，甲灯上标有“2.5V0.75W"，乙灯上标有“2.5V1.25W”的字样。若只将这两个灯泡接入同一电路中，两灯均未烧毁。则下列说法中正确的是（）A.乙灯一定比甲灯亮卜B.两灯串联时，通过两灯的电流最大为0.5AC.两灯消耗的总功率一定为2WD.若两灯都能正常发光，则两灯一定是并联【答案】D【解析】【分析】灯泡的亮度决定于灯泡的实际功率.只有实际电压等于额定电压，实际功率才等于额定功率，灯泡亮度才相同；串联电路中各处电流都相等，为保证

23、灯泡不被烧坏，应以额定电流小的数值为电路电流；电路消耗的总功率，等于各用电器实际功率之和；灯泡正常发光，说明两端电压等于额定电压，只有在串联电路中，各用电器两端电压才相等.【解答】fa5MA、甲灯泡的电阻为R甲=尸=以二别=8.3Qa（J.5）乙灯泡的电阻为R乙=尸=J3那=50当两灯串联时，由公式P=I2R知P甲P乙所以甲灯亮.B、两灯正常发光时Ea75h通过甲灯的电流是I甲=二51J0.3A/J.冽通过乙灯的电流是I乙='=二=0.5A两灯串联时，为保证灯泡不被烧坏串联电路电流I=I甲=0.3AC、灯泡必须在额定电压下实际功率才等于额定功率若实际电压低于额定电压，实际功率也低于额定

24、功率，两灯总功率低于2W;若实际电压高于额定电压，实际功率也高于额定功率，两灯总功率高于2W.D、两灯正常发光，说明每个灯泡两端实际电压等于额定电压，由上面的计算知，两灯泡电阻值不相等，假设串联在同一电路中，分得的电压一定不等，所以两灯连接在同一电路且正常发光时，一定是并联.故选D.【点评】此题虽是一道选择题，但考查的知识点较全.要解决此题，必须对串并联电路的电流电压特点以及电功率的计算公式及其变形熟练掌握，并选择应用15 .如图是一个油量表的示意图，滑动变阻器规格为“20Q1A”.闭合开关，当浮球最低时滑片P滑到a端，电流表示数为0.3A,当浮球最高时，滑片P滑到b端，电流表示数为0.5A,

25、下列说法错误的是（）1VA.电阻Ri的阻值为30aB.电源电压为15VC.在加满油后，imin内电阻Ri产生的热量为450JD.电阻Ri最小功率为7.5W【答案】D【解析】【解答】解：由电路图可知，Ri与R2串联，电流表测电路中的电流.（1）当滑片位于a端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，L所以，由1=工可得,电源的电压：U=Ia（R1+R2）=0.3AX（Ri+20Q,当滑片位于b端时，电路为Ri的简单电路，则电源的电压:U=IbRi=0.5AXiR,因电源的电压不变，所以，0.3AX（R+20Q）=0.5AXiR,解得：Ri=30Q,故A正确；电源的电

26、压U=IbRi=0.5AX300=1,5敞B正确；（2）在加满油后，滑片位于b端，则imin内电阻Ri产生的热量：Qi=Ib2Rit=（0.5A）2X30QX60s=450JC正确;当滑片位于a端时，电阻Ri的功率最小，则Pi=Ia2Ri=（0.3A）2X30Q=2.7WD错误.故选D.【分析】由电路图可知，Ri与R2串联，电流表测电路中的电流.（1）当滑片位于a端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；当滑片位于b端时，电路为R的简单电路，根据欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出Ri的阻值，进一步求出电源的电压；（2）在加满油后，

27、滑片位于b端，根据Q=FRt求出imin内电阻Ri产生的热量；当滑片位于a端时，电阻Ri的功率最小，根据P=I2R求出其大小.16 .如图所示是研究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关的实验，下列分析正确的是A.甲实验通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量更多B.乙实验通电一段时间后，左侧U形管中液面的高度差比右侧的大C.乙实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系D.乙实验右边密闭容器与左边密闭容器中的电阻丝产生热量之比为4:1【答案】B【解析】【解答】解：A、甲实验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，右侧电阻阻值大，由焦耳定律Q=I2Rt可知，右侧电阻产生热量多；则右侧容器内空

28、气吸收的热量多。A不符合题意；B、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，由焦耳定律Q=I2Rt可知，左侧电阻产生热量多；则左侧容器内空气吸收的热量多，气体压强大，即左侧U形管中液面的高度差比右侧的大。B符合题意；C、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，但通过电阻的电流不同，所以研究电流产生的热量与电流的关系。C不符合题意；D、装置乙中一个5的电阻与两个5的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=1左，两个5的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右=Ii+|2

29、,两电阻阻值相等，则支路中电流相等，11=12,所以右边容器中通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，由Q=I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量是右侧容器电阻丝产生的热量的4倍，D不符合题意。故答案为：B【分析】探究热量与电流及电阻的关系，要求能正确分析电路，掌握串并联电路的特点，并灵活应用焦耳定律根据控制变量法（两电阻中的电流相等，两电阻丝的阻值不同，根据温度计示数的变化判断吸收热量的多少，可探究电流产生热量与电阻大小的关系；通过电阻的电流不同，比较相同通电时间内两支温度计示数变化情况，可探究电流产生的热量与电流是否有关）及转换法（探究影响电热的因素时，通过液体吸热的多少反应电阻丝产生的热量

30、）分析解答.P在某两点之间滑动时，电流表的示36V.小明通过推算，得出四个结17.如图所示，R0为定值电阻，闭合开关后，当滑片数变化范围是0.51.5A,电压表的示数变化范围是论，其中错误的是（）A.定值电阻R0的阻值为3aC.实验中R0两端的电压变化范围为B.变阻器连入电路的电阻变化范围为212a1.5V4.5VD.电路消耗的总功率的变化范围为3.75W10.25W【答案】D【解析】【解答】由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻Ro串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端电压；当滑动变阻器接入电路阻值增大时，电路中电流减小，即电流表示数减小；变阻器接入阻值增大时，其分得电压增大，即电压

31、表示数增大；所以，电流表与电压表的示数变化情况是相反的。A、由串联电路的电压特点和欧姆定律可得，电源电压U=Uv+IR0,电流表示数变化范围是0.5A1.5A,电压表的示数变化范围3V6V,结合前面分析可知，当I=0.5A时，Uv=6V,所以有U=6V+0.5AX或-当I=1.5A时，Uv=3V,所以有U=3V+1.5AX比联立解得：R0=3Q,U=7.5V,A不符合题意；B、由题可知，电流表示数变化范围是0.5A1.5A,电压表的示数变化范围3V6V,滑动L3V46V变阻器接入电路的阻值分别为：R?>=工=T=2Q,R滑=万二而=12Q,即变阻器连入电路的阻值变化范围为212Q,B不符

32、合题意；C、R0两端的电压分别为：U0=l最小R0=0.5AX3Q=1.5VJ0'金kR0=1.5AX3Q=4.5V则R0两端的电压变化范围是1.5V4.5V,C不符合题意；D、电路消耗的最小电功率：P最小=UI最小=7.5VX0.5A=3.75W/电路消耗的最大电功率：P最大=UI最大=7.5VX1.5A=11.25W则电路消耗的总功率的变化范围为3.75W11.25W,D符合题意。故答案为：Do【分析】根据电流的范围和电压的范围，结合欧姆定律计算公式和电功率计算公式，求电路中的电阻、分压情况和电功率.18.如图所不，电源电压保持6V不变，电压表的量程为03V,电流表的量程为00.6

33、A,定值电阻R1的规格为“100.5A"，滑动变阻器R的规格为“209A”.闭合开关，为了保证电路安全，下列说法正确的是（）A.电流表示数允许的变化范围为0.2A0.5AB.R1消耗功率允许的变化范围为0.4W-0.9WC.F2接入电路的阻值允许的变化范围为220aD.电路消耗总功率允许的变化范围为1.2W3W【答案】B【解析】【解答】当电压表的示数为最大值Ui=3V时，定值电阻Ri两端电压为R=3V,电路中电流Ii="|="I2=Ui/Ri=0.3A<0.6A,所以电路中最大电流只能为0.3A;滑动变阻器6V-3V一，一，一-100,，一，一接入电路中的最

34、小电阻0.3A电路消耗的最大功率P=UI=6VX0.3A=i.8W,电阻Ri消耗的最大功率Pi=UiIi=3VX03A=0.9W,所以B、C、D错误；滑动变阻器阻值6V口，一，“，、一口，411n-T777-Q二川最大时，电路中电流最小助支,电阻R的最小电功率%in=心=心口/X心。&网所以Ri消耗的功率的变化范围为0.4W0.9W。故答案为：B。【分析】由图可知：滑动变阻器Ri与定值电阻e串联，电压表测量定值电阻两端的电压，根据串联电路的分压原理（电阻越大，电阻两端的电压越高），当电压表的示数最小时，变阻器接入电路的电阻最大；当电流表的示数达到最大值时，变阻器接入电路的电阻最小；根据

35、欧姆定律的应用可分别电路中的总电阻和滑动变阻器接入电路中的电阻值，同时可以确定电压表示数、电流表示数以及电路中总功率的变化.i9.如图甲所示，是某型号电压力锅简化的工作电路图.R0是阻值为484的保温电阻，Ri是规格为“220V800W的主力热电阻，R2是副加热电阻.电压力锅煮饭分为加热升压一保压一保温”三个阶段，通过如图乙所示的锅内工作压强与时间“（P-t）”关系图象可了解其工作过程：接通电源，启动智能控制开关S,S自动接到a,同时Si自动闭合，电压力锅进入加热升压状态；当锅内工作压强达80kPa时，S自动断开，进入保压状态，当锅内工S自动接到b,减压0.25kW?h,下列说法作压强降至60

36、kPa时，S又会自动闭合；当保压状态结束，饭就熟了,进入保温状态.电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态共耗电正确的是（）；hq15is甲乙A.电压力锅是对大气压强的应用B当锅内工作压强为处于升压状态40kPa时，电压力锅C.电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态Ri的工作时间是i8minD.电压力锅正常工作时的最大电流是5A【答案】D【解析】【解答】解：A.高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理，而不是利用了大气压的原理，A不符合题意；B.由图乙可知，当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅可能处于升压状态，也可能处于保温状态，B不符合题意；C.由图乙可知，在正常加热

37、升压和保压状态Ri的工作时间分别为06min,912min,1518min,即Ri的工作时间ti=12min=0.2h,C不符合题意；D.R2的工作时间t2=18min=0.3h,在正常加热升压和保压状态消耗的电能W=P1t1+P2t2,即：0.25kW?h=0.8kW<0.2h+P2X0.3h解得：P2=0.3kW=300W,两加热电阻同时工作时电路电流最大，则总功率P=P+P2=800W+300W=1100W,P1100H由P=UI可得，1=七二与W=5A,D符合题意.故答案为：D.【分析】高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理；在正常加热升压和保压状态消耗的电

38、能，正确分析电路是解题的关键20 .下列用电器工作时，将电能全部转化为内能的是（）A.电风扇B.电水壶iC.电视机“D.手机【答案】B【解析】【解答】解：A、电风扇工作时，电能转化为机械能和内能，A不符合题意；B、电水壶工作时，把电能全部转化为内能，B符合题意；C、电视机工作时，电能主要转化为声能、光能和内能，C不符合题意；D、手机工作时，电能转化为光能和内能，D不符合题意。故答案为：Bo【分析】做功总是伴随着能量的转化，电功也不例外。用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程。21 .如图所示电路，电源电压为3V,灯心标有“6V6W；灯也标有“3V3W,下列有关说法正确的

39、是（）A.断开，接人上可以正常发光C.阳断开，接小必更亮B:“断开，£接小上实际功率为3WDS闭合，接力.K更亮【答案】D*（6V）2Rr=w【解析】【解答】两灯的电阻分别为：内制A.星断开，接上4单独接入电路工作，电耗为3V,灯的额定电压为6V,所以不能正常工作，A不符合题意；B.刈断开，接人两灯串联，电路总电阻大于任一个灯的电阻，而12灯在3V电压时为3W,所以串联总功率小于3W,所以L2的实际功率不可能为3W,B不符合题意；C.网断开，£接,两灯串联时，电流相等，根据户=1%,电阻大的功率大，所以Li的功率大，更亮一些，C不符合题意；ifP之一D.是闭合，接乩I此时两

40、灯并联在3V电源上，根据我知，电压相等时，电阻越小，功率越大，所以L2的功率大，更亮，D符合题意。故答案为：Do【分析】当U>Uo时，则P>B；灯很亮，易烧坏.当U<Uo时，则P<P）;灯很暗，当U=Uo时，则P=R;正常发光.U-I图像，下列说法中正确的是（）A.电阻甲和乙都是阻值不变的电阻B.当乙两端电压为2V时，R乙=50C.甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，源电压为2VD.甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路总功率为1.2W【答案】D【解析】【解答】A、因为甲图象为正比例函数，因此图象中对应电压和电流值的比值不变，故甲为定值电阻；而乙图象中的电

41、压和电流值的比值时刻在发生变化，故电阻乙不是定值电阻;B、从图象中可以看出，当乙电阻两端电压为2V时，对应的电流为0.2A,因此此时乙的阻值：R=10Q;C、当通过甲、乙中的电流为0.2A时，从图形中可以看出，此时甲、乙两端的电压值分别为IV、2V,由于甲、乙为串联，因此电源电压为3V;D、当甲、乙两端的电压为2V时，从图象中可以看出，此时通过甲、乙的电流分别为0.4A、0.2A,由于甲、乙并联，因此电路总功率：P=UI=2VX（0.4A+0.2A）=1.2W.故答案为：D.【分析】（1）根据图中信息读出对应的电压和电流，结合欧姆定律R=即可判断出电阻甲和电阻乙的变化；（2）从图象中读出当电阻

42、乙两端的电压为2V时对应的电流值，然后根据R5即可求出此时的电阻；（3）从图象中读出当甲、乙电阻中的电流为0.2A时对应的电压值，再根据串联电路两端电压等于各部分电压之和求出电源电压；（4）从图象中读出当甲、乙电阻两端的电压为2V时对应的电流，然后根据P=UI即可求出电路中的总功率.23.甲用电器标有“22V20W,乙用电器标有“220V60W,它们都在额定电压下工作，则下列判断中正确的是（）A.甲用电器做功一定多瞰相同的功，甲用电器用的时间一定少C.乙用电器做功一定多D目同时间内，乙用电器做的功一定多【答案】D【解析】【解答】解：额定电压下，甲用电器的电功率为20W,乙用电器的功率为60W。AC、由W=Pt可知，电流做功的多少与通电时间有关，AC不正确；B、根据t=/可知，完成相同的功，乙用电器所用的时间一定少，B不正确；D.根据W=Pt可知，相同时间内，乙用电器完成的功一定多，D符合题意。故答案为：Do【分析】（1）电功率是表示电流做功快慢的物理量；（2