2020-2021全国各地高考化学分类：有机化合物推断题综合题汇编

1、2020-2021全国各地高考化学分类：有机化合物推断题综合题汇编一、有机化合物练习题(含详细答案解析)1.(1)在苯酚钠溶液中通入少量的CQ,写出反应的化学方程式：(2)丙酸与乙醇发生酯化反应的的化学方程式：;(3)1,2一二澳丙烷发生消去反应：;(4)甲醛和新制的银氨溶液反应：。【答案】C6H5ONa+CO2+H2OC6H5OH+NaHCO36522653浓硫酸CH3CH2cOOH+CH3CH20H?CH3CH2cOOCH2cH3+H2OA醇溶液BrCH2CH(Br)CH3+2NaOHCHCCH3+2NaBr+2H2OHCHO+4AgNH320HNH42CO3+4Ag+6NH3+2H2O【

2、解析】【分析】(1)在苯酚钠溶液中通入少量的CO2,生成苯酚和碳酸氢钠；(2)丙酸与乙醇发生酯化反应生成丙酸乙酯；(3)1,2一二澳丙烷发生消去反应生成丙快；(4)甲醛和新制的银氨溶液反应生成碳酸镂、银、氨气和水。【详解】(1)在苯酚钠溶液中通入少量的CO2,生成苯酚和碳酸氢钠反应方程式为:C6H5ONa+CO2+H2OC6HsOH+NaHCO3,故答案为：C6H5ONa+CO2+H2OC6H5OH+NaHCO3；(2)丙酸与乙醇发生酯化反应生成丙酸乙酯，反应方程式为：浓硫酸CH3CH2COOH+CH3CH2OH?CH3CH2COOCH2CH3+H2O,故答案为:323232232A浓硫酸CH

3、3CH2COOH+CH3CH2OH?CH3CH2COOCH2CH3+H2O;323232232(3)1,2一二澳丙烷发生消去反应生成丙快，反应方程式为：醇溶液BrCH2CH(Br)CH3+2NaOH&CHCCH3+2NaBr+2H2O，故答案为：醇溶液BrCH2CH(Br)CH3+2NaOH&CHCCH3+2NaBr+2H2O；(4)甲醛和新制的银氨溶液反应生成碳酸镂，银、氨气和水，反应方程式为：HCHO+4AgNH320HNH42CO3+4Ag+6NH3+2H2O，故答案为:HCHO+4AgNH32OHNH42CO3+4Ag+6NH3+2H2O02.I.AD是四种烧分子的球棍

4、模型(如图)ABCD(1)与A互为同系物的是(填序号)。(2)能使酸性高镒酸钾溶液褪色的物质是(填序号)。(3)D和液澳反应的化学方程式是。n.某些有机物的转化如下图所示。已知A的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水(4)A中官能团的名称是(5) B的结构简式为。(6)反应的化学方程式为。CHCH20H或C2H50H【答案】CB+Br2FeBr3+HBr碳碳双键CH3COOHCH3CH20H脩飞飞CH3COOCH2CH3H2OI .由球棍模型可知，A为甲烷，B为乙烯，C为丁烷，D为苯；结合同系物的概念和乙烯与苯的性质分析解答(1)(3);II .A的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平，则A

5、为CH2=CW,与水在一定条件下发生加成反应生成CH3CH2OH,乙醇在Cu作催化剂条件下发生氧化反应CH3CHO,CH3CHO可进一步氧化生成CH3COOH,CH3CH20H和CH3COOH在浓硫酸作用下反应生成乙酸乙酯，据此分析解答(4)(6)。【详解】I.由球棍模型可知，A为甲烷，B为乙烯，C为丁烷，D为苯。(1)甲烷、丁烷结构相似，都是烷嫌，互为同系物，故答案为：C;(2)乙烯中含有碳碳双键，能使酸性高镒酸钾溶液褪色，故答案为:(3)苯和液澳反应生成澳苯和HBr,反应的方程式为+Br2B；FeBr3+HBr,故答案为:+Br2FeBr3+HBr；n.(4)A为乙烯(CH2=CH2),含

6、有的官能团是碳碳双键，故答案为：碳碳双键;(5)B的结构简式为CH3CH2OH或C2H5OH,故答案为：CH3CH2OH或C2H5OH；(6)反应为CH3CH2OH和CH3COOH在浓硫酸作用下反应生成乙酸乙酯，反应的化学方程式为CH3COOH+CHCHOH上CH3COOCHCH3+H2O,故答案为:十CECH20H；ACHsCOOH+CHCh20H浓硫熊CH3COOCHCH3+H2O。3.根据要求答下列有关问题。I.由乙烷和乙烯都能制得一氯乙烷。(1)由乙烷制一氯乙烷的化学方程式为,反应类型为(2)由乙烯制一氯乙烷的化学方程式为,反应类型为。(3)以上两种方法中(填“(1)或”"(

7、2)更适合用来制取一氯乙烷，原因是n.分别用一个化学方程式解释下列问题。(4)甲烷与氯气的混合物在漫射光下一段时间，出现白雾：。(5)滨水中通入乙烯，滨水颜色退去：。(6)工业上通过乙烯水化获得乙醇：。m.(7)下列关于苯的叙述正确的是(填序号)。A.苯的分子式为CsH6,它不能使酸性KmnO4溶液褪色，属于饱和燃B.从苯的凯库勒式()看，苯分子中含有碳碳双键，应属于烯煌O-CH.1I恒C.二甲苯和的结构不同，互为同分异构体(JhD.苯分子中的12个原子都在同一平面上【答案】CH3CH3+CI2光照CH3CH2CI2+HCI取代反应_催化剂_.、.CH2CH2HClCH3cH2cl加成反应(2

8、)产物纯净，没有副产物生成CH4+Cl2光照CH3Cl+HCl(答案合理即可)CH2=CH2+B2CHzBrCHzBr八,x-vII,八催化剂八,.八,入,CH2=CH2+H2OCH3cH20HD【解析】【分析】1.(1)联系甲烷与Cl2的反应，结合烷烧性质的相似性，可知利用乙烷在光照条件下与Cl2发生取代反应可制备氯乙烷；(2)利用乙烯与HC1发生加成反应可制备氯乙烷；(3)用乙烷与Cl2制备氯乙烷时，副产物较多，目标物质不纯净，而乙烯与HCl的加成反应，只生成氯乙烷；n.(4)CH4与Cl2在光照条件下生成氯代甲烷(CH3Cl、CH2cl2等)和HC1,HC1在空气中可形成白雾；(5)CH

9、2=CH2与Br2发生加成反应生成CH2BrCH2Br,使滨水褪色；(6)CH2=CH2与水发生加成反应生成CH3CH2OH;m.(7)苯的分子结构比较特殊，其碳碳键既不是单键，也不是双键，是一种介于单键和双键之间的独特的键，6个碳碳键完全相同，因此邻二甲苯不存在同分异构体；苯分子是平面正六边形结构，12个原子都在一个平面上。【详解】1.(1)联系甲烷与C12的反应，结合烷烧性质的相似性，可知利用乙烷在光照条件下与C12发生取代反应可制备氯乙烷，化学方程式为：CH3CH3+Cl2光照CH3CH2cl2+HCl,故答案为：CH3CH3+CI2光照CH3CH2CI2+HCI;取代反应；(2)利用乙

10、烯与HC1发生加成反应可制备氯乙烷，化学方程式为：CH2CH2HCl催化剂JCH3CH2CI，故答案为：CH2CH2HCl催化剂JCH3cH2cl；加成反应；(3)用乙烷与Cl2制备氯乙烷时，副产物较多，目标物质不纯净，而乙烯与HCl的加成反应，只生成氯乙烷，故答案为：(2);产物纯净，没有副产物生成；n.(4)CH4与Cl2在光照条件下生成氯代甲烷(CH3Cl、CWCl2等)和HC1,HC1在空气中可形成白雾，化学方程式为：CH4+Cl2光照CH3Cl+HCl(答案合理即可)，故答案为：一一光照_一CH4+Cl2CH3Cl+HCl(答案合理即可)；(5)CH2=CH2与Br2发生加成反应生成

11、CH2BrCH2Br,使滨水褪色，化学方程式为：CH2=CH2+Br2CH2BrCH2Br,故答案为：CH2=CH2+Br2CH2BrCH2Br；(6)CH2=CH2与水发生加成反应生成CH3CH2OH,化学方程式为：CH2=CH2+H2O催化剂JCH3CH2OH,故答案为：CH2=CH2+H2O催化剂JCH3cH2OH;m.(7)a.苯的分子结构比较特殊，其碳碳键既不是单键，也不是双键，是一种介于单键和双键之间的独特的键，苯可与氢气发生加成反应生成环己烷，为不饱和烧，A项错误；B.苯的分子结构比较特殊，其碳碳键既不是单键，也不是双键，是一种介于单键和双键之间的独特的键，B项错误；C.苯白66

12、个碳碳键完全相同，因此邻二甲苯不存在同分异构体，C项错误；D.苯分子是平面正六边形结构，12个原子都在一个平面上，D项正确；答案选Do4 .已知：A、B是两种单烯烧，A分子中含有6个碳原子，B分子中含有4个碳原子，其中A的核磁共振氢谱中只有一个吸收峰而B有两个；烯煌复分解反应可表示为RCH=CHR+R'CH=CHRRCH=CHR'+CH=CHR'。请根据如图转化关系，回答相关问题：CIfc=CH;中一定斜匚儡聚物)(1)反应的反应类型为，反应的反应条件为(2)当与Br2,按物质的量之比为1：1反应时，所得产物的结构简式为、O(3)聚异戊二烯是天然橡胶的主要成分，其中天然

13、橡胶为顺式聚异戊二烯，杜仲胶为反式聚异戊二烯，则反式聚异戊二烯的结构简式为(4)反应的化学方程式为(5)C的结构简式为【答案】加成反应氢氧化钠的醇溶液、加热H;C=C-CH-CH:BrBrH2C-C-CH=CH2BrBrCH3BrCH.CH=d-CH、BfACH£H二CH：-C=C-CH【解析】【分析】CH,i一ch3ch-c-ch3CH.fCHC=CH印出由流程图及信息RCH=CHR+R'CH=CHR帛首心hRiCH=CHR'+3H=CHR',可逆推出A为CH.CH,B为CRCH=CHCH;二者发生复分解反应，可生成二个分子的CH、:CHjCH=C-CH/C

14、HrICH,CHC-CH与澳发生加成反应生成C什一£儿在NaOH、醇溶液中加热，发生消去反应，生成Br【详解】广CH尸iCEQCH*(1)由以上分析可知，反应的反应类型为加成反应，反应为卤代燃的消去反应,氢氧化钠的醇溶液、加热。答案为：加成反应；氢氧化钠的醇溶液、加热；条件为(2)与Br2按物质的量之比为1:1反应时，可以发生1,2-加成，生成物的结构简式为CH；HQC-CHH出BrBr,也可以发生1,4-加成，生成物CH.的结构简式为CH?BrCHzCH=C-CH:BrO答案为:CH,H.C=C-CH-CH,.II：BrBrCH3BrCH:CH=CCH:Br国IH.C-C-CH=C

15、H.IIBrBrCHHCH(3)反式聚异戊二烯是异戊二烯发生1,4-加成，形成新的碳碳双键处于链节主链中，碳碳双键连接的相同基团处于双键异侧，故反式聚异戊二烯的结构简式为答案为:(4)反应为CHa-C-C-CH；和CH3CH=CHCH发生复分解反应,化学方程式为CH+CH3CH=CHCH2O答案为:CH,'_:ch3ch-c-阻，CH.CH,+CHsCH=CHCH;,2CH：-C=C-CH3I发生加聚反应，可生成C,则C的结构简式为CHafCH3-C=CH-CH：KCHaC=CHCH土。答案为:【点睛】当烯煌的双键碳原子所连的两个原子或原子团不相同时，烯煌存在顺反异构。反式异构体中的原

16、子排列比较对称，分子能规则地排入晶体结构中，其分子所构成的晶体的分子间作用力越大，则晶格能越大，熔点越高。5 .下图为某有机化合物的结构简式：CH式CH)CHqCH(CH.)TCOOCH;CfL(C!I:):CH=CI1(CH:7COOCHCH/CHJ:CH=Clf(C&)TC()OCIU请回答下列问题。(1)该有机化合物含有的官能团有(填名称)。(2)该有机化合物的类别是(填字母序号，下同)。A.烯燃B酯C油脂D竣酸(3)将该有机化合物加入水中，则该有机化合物。A.与水互溶B不溶于水，水在上层C不溶于水，水在下层(4)该物质是否有固定熔点、沸点？(5)能与该有机化合物反应的物质有(填

17、是"或否")A.NaOH溶液B.碘水C乙醇D.乙酸E.H2【答案】碳碳双键、酯基BCC是ABE【解析】【分析】(1)根据有机化合物的结构简式判断；(2)该有机化合物是一种油脂；(3)油脂难溶于水，密度比水小；(4)纯净物有固定熔沸点；(5)根据该油脂分子结构中含有的官能团碳碳双键和酯基，具有烯煌和酯的性质。【详解】(1)由有机化合物的结构简式可知，其分子结构中含有的官能团碳碳双键和酯基；(2)该有机化合物是一种油脂，故属于酯，答案选BC;(3)油脂难溶于水，密度比水小，故该有机物不溶于水，水在下层，答案选C；(4)该物质是纯净物，纯净物有固定熔点、沸点；(5)根据该油脂分子

18、结构中含有的官能团碳碳双键和酯基，具有烯煌和酯的性质，则它能与12、H2发生加成反应，能在NaOH溶液中发生水解反应生成高级脂肪酸钠和甘油，故答案选ABE6.乙快是一种重要的有机化工原料，以乙快为原料在不同的反应条件下可以转化成以下化合物。广正四面体烷公一n+乙悔基乙狭Cm乙快一.¥L环辛四垢Q完成下列各题：(1)正四面体烷的分子式为。(2)关于乙烯基乙焕分子的说法错误的是：。a.能使酸性KMnO4溶液褪色b.1mol乙烯基乙快能与3molBr?发生加成反应c.乙烯基乙快分子内含有两种官能团d.等质量的乙焕与乙烯基乙焕完全燃烧时耗氧量不相同(3)1866年凯酷勒提出了苯的单、双键交替

19、的正六边形平面结构，解释了苯的部分性质，但还有一些问题尚未解决，它不能解释下列事实(填入编号)。a.苯不能使滨水褪色b苯能与H2发生加成反应c.澳苯没有同分异构体d.邻二澳苯只有一种(4)写出与环辛四烯互为同分异构体且属于芳香煌的分子的结构简式:【答案】C4H4d【解析】ad(1)每个顶点上含有一个C原子，每个碳原子形成四个共价键，据此确定该物质分子式；(2)乙烯基乙快中含有碳碳双键、碳碳三键，具有烯煌和快煌性质；(3)根据双键能发生加成反应分析性质，根据Br-C-C-Br和Br-C=C-Br两种不同的位置分析结构；(4)环辛四烯的不饱和度为5,其同分异构体属于芳香煌，说明含有苯环，苯环的不饱

20、和度为4,则苯环上取代基含有碳碳双键。【详解】(1)每个顶点上含有一个C原子，每个碳原子形成四个共价键，所以该物质分子式为C4H4；故答案为：C4H4；(2)a.该分子中含有碳碳双键、碳碳三键，具有烯煌和快煌性质，所以能被酸性KMnO4溶液氧化而使酸性高镒酸钾溶液褪色，故正确；b.碳碳双键和碳碳三键都能和澳单质发生加成反应，1mol碳碳双键完全加成需要1mol澳单质，1mol碳碳三键完全加成需要2mol澳单质，所以1mol乙烯基乙快能与3molBr2发生加成反应，故正确；c.该分子中含有碳碳双键和三键，所以乙烯基乙快分子内含有两种官能团，故正确；d.乙快和乙烯快的最简式相同，所以等质量的乙快与

21、乙烯基乙快完全燃烧时的耗氧量相同，故错误；故答案为：d;(3)1866年凯库勒提出了苯的单、双键交替的正六边形平面结构，如果含有C=C键的话，则能发生加成反应而使滨水褪色，但真实的情况是苯不能使滨水发生反应而褪色，这一点不能解释；如果是单双建交替的正六边形平面结构，则邻二澳苯应有Br-C-C-Br和Br-C=C-Br两种不同的结构，但事实是邻二澳苯只有一种，这一点也不能解释；故答案为：ad;(4)环辛四烯的不饱和度为5,其同分异构体属于芳香煌，说明含有苯环，苯环的不饱和度为4,则苯环上取代基含有碳碳双键，所以环辛四烯符合条件的同分异构体为苯乙烯，其结构简式为©-ch*ch：；故答案为

22、：hch=ch：。【点睛】关于有机物的性质要根据所含的官能团进行分析和判断；判断同分异构体可以从不饱和度的角度思考。7.白藜芦醇的结构简式为O根据要求回答下列问题:(1)白藜芦醇的分子式为。(2)白藜芦醇所含官能团的名称为。(3)下列关于白藜芦醇的分类判断正确的是(填序号)。A.它属于链状烯煌B.它属于脂环化合物C.它属于芳香化合物D.它属于燃的衍生物(4)具备下列条件的白藜芦醇的同分异构体有种，写出其中一种同分异构体的结构简碳骨架和官能团种类不变两个苯环上都有官能团O(5)乙醇(CH3CH2OH)、苯酚()与白藜芦醇都含有OH,下列说法正确的0H是(填序号)。A.乙醇和白藜芦醇属于同一类别的

23、有机物B.苯酚与白藜芦醇互为同系物C.三者的组成元素相同D.三者分子中碳、氧原子个数比相同一种为。hXAh(5)A.乙醇属于珞类衍生物，含后醇羟基；白藜芦i醇属于芳香类有机物，含有酚羟基，不5、7等6种不同的相对位置，则共有3X6=18种同分异构体，可能的结构有17种；其中【解析】【分析】白藜芦醇的官能团有碳碳双键，酚羟基，属于芳香类有机物。【详解】根据白藜芦醇的结构，分子式为Cl4H12。3。(2)白藜芦醇所含官能团的名称为碳碳双键、(酚)羟基。(3)白藜芦醇含有苯环，故属于芳香类有机物，同时含有羟基，属于燃的衍生物。(4)若满足碳骨架和官能团种类不变；两个苯环上都有官能团，通过固定某羟基位

24、置进行分析，白藜芦醇中苯环的位置如图所示：,左侧苯环的j3羟基有1、2、3不同位置，而右侧苯环的两个羟基有4、5;4、6;4、7;4、8;5、6;属于同一类别的有机物，A错误；B.同系物指结构相似，分子式差n个CH2的有机物，苯酚与白藜芦醇分子式相差C8H6O2,不互为同系物，B错误；C.三者的组成元素均为碳元素、氧元素、氢元素三种，组成元素相同，C正确；D.乙醇分子中碳、氧原子个数比为2:1,苯酚分子中碳、氧原子个数比为6:1,白藜芦醇分子的碳、氧原子个数之比为14：3,D错误；答案为Co【点睛】注意同系物定义为结构相似，分子数相差n个CH2的有机物，即同系物属于同一类结构，官能团数量和结构

25、要一致。8.按要求完成下列各题。(1)从下列物质中选择对应类型的物质的序号填空。CH3OCH36HCOOCHCH3CH3COCHCH3CHOA.属于竣酸的是;(填序号，下同)B.属于酯的是C.属于醇的是D属于酮的是，(2)下列各组物质:O2和O3；乙醇和甲醛；淀粉和纤维素；苯和甲苯；H匚HQH和CHSCOOH；CHjCH2NO2和IN地A.互为同系物的是C.属于同一种物质的是；(填序号,卜同)B.互为同分异构体的是D互为同素异形体的是(3)为了测定芳香煌A的结构，做如下实验：将9.2g该芳香烧A完全燃烧，生成标况下15.68LCQ和7.2gH2O;用质谱仪测定其相对分子质量，得如图所示的质谱图

26、，由图可知该分子的相对分子质量是,有机物A的分子式为质淋图1：2：2：3,则该有机用核磁共振仪处理该有机物得到四个峰，且四个峰的面积之比是【答案】92GH8【解析】【分析】A.属于竣酸的是含有-COOH的有机物；B.属于酯的是含有-COO-的有机物；C.属于醇的是含有-OH(不与苯环直接相连)的有机物；D.属于酮的是含有-CO-的有机物。(2)下列各组物质：A.互为同系物的是官能团种类和数目分别相同的有机物；B.互为同分异构体的是分子式相同但结构不同的有机物；C.属于同一种物质的是分子式相同、结构也相同的有机物;D.互为同素异形体的是同种元素组成的不同性质的单质。(3)从质谱图中可提取该有机物

27、的相对分子质量为92；由“将9.2g该芳香烧A完全燃烧，生成标况下15.68LCO2和7.2gH2O”，可计算出该有机物的分子式；由“用核磁共振仪处理该有机物得到四个峰，且四个峰的面积之比是1：2：2：3”，可确定该有机物A的结构简式。【详解】(1)A.属于竣酸的是含有-COOH的有机物；B.属于酯的是含有-COO-的有机物；C.属于醇的是含有-OH(不与苯环直接相连)的有机物；D.属于酮的是含有-CO-的有机物。答案为：；;(2)下列各组物质：A.互为同系物的是官能团种类和数目分别相同的有机物；B.互为同分异构体的是分子式相同但结构不同的有机物和；C.属于同一种物质的是分子式相同、结构也相同

28、的有机物；D.互为同素异形体的是同种元素组成的不同性质的单质。7.2g=0.7mol,n(H2O)=0.4mol。18g/mol答案为：；(3)n(有机物)="=0.1mol,n(CQ)=-1568L92g/mol22.4L/mol即0.1mol有机物+xO2-0.7molCO2+0.4molH2O,从而得出1mol有机物+10xO2-7molCO2+4molH2O,有机物A的分子式为C7H8。“用核磁共振仪处理该有机物得到四个峰，且四个峰的面积之比是1：2：2：3”，则表明该有机物A的分子内有4种氢原子，且个数比为1：2：2：3,由此可得结构简式为CHi答案为：92；C7H8；【点

29、睛】如果我们先利用信息“将9.2g该芳香烧A完全燃烧，生成标况下15.68LCQ和7.2gH2O”，可求出该有机物的最简式为C7H8,然后再利用相对分子质量92,可确定分子式为C7H8；如果先利用相对分子质量92,再利用将9.2g该芳香烧A完全燃烧，生成标况下15.68LCQ和7.2gH2O',可直接求出分子式，显然后一方法更简洁。9.(1)A是一种酯，分子式为QH8O2,A可以由醇B与酸C发生酯化反应得到，B氧化可得Co则：写出下列化合物的结构简式：B,C。写出A在碱性条件下水解的化学方程式：A中混有少量的B和C,除去C选用的13t剂是,分离方法是B和C的酯化反应和A的水解反应中都用

30、到硫酸，其作用分别是(填字母)。a、催化剂、脱水剂；催化剂b、催化剂、吸水剂；催化剂c、都作催化剂d、吸水剂；催化剂(2)在酸性条件下，CH3CO18OC2H5的水解产物是。(3)劣质植物油中的亚油酸CH3(CH2)4CH=CH-CH2-CH=CH-(CH2)7COOH含量很低。下列关于亚油酸的说法不正确的是(填字母)。a、一定条件下能与甘油发生酯化反应b、能与NaOH溶液反应c、能使酸性KMnO4溶液褪色d、1mol亚油酸最多能与4molBr2发生加成反应(4)有机物是一种酯。参照乙酸乙酯水解中化学(5)有机物W()常用于合成维生素类药物。该有机物的分子式为,其分molNaOH完全反键变化的

31、特点分析判断，这种酯在酸性条件下水解生成3种新物质，结构简式分别为子中所含官能团的名称为，水溶液中lmolW可与应，分子中含有种不同化学环境的氢原子。【答案】CH3CH2OHCH3COOHCHCOOCHCH3+NaOHCH3COONa+CH3CH20H饱和Na2co溶液分液bCHCOOH和C2H5180HdoHOCHtCHt-C-OH0H0CH2CH20HIC6H10O3羟基、酯基14HO-C-CHs【解析】【分析】(1)A是一种酯，分子式为C4H8O2,A中不饱和度=42+2-8=1,所以为饱和一元酯，A可2以由醇B与酸C发生酯化反应得到，B氧化可得C,说明B、C中碳原子个数相等，则A为CH

32、3COOCHCH3、B为CH3CH20H、C为CH3COOH,据止匕分析角军答；(2)酯水解生成竣酸和醇；(3)亚油酸含碳碳双键、竣基，结合烯煌及竣酸的性质分析；(4)根据酯类水解规律，在酸性条件下水解生成竣酸和醇分析；(5)根据有机物的结构简式判断分子式，该有机物中含有羟基、酯基分析判断；【详解】通过以上分析知，A、B、C的结构简式分别为CH3COOCHICH3、CH3CH2OH、CH3COOH;A在碱性条件下水解生成乙醇和乙酸钠，该反应的化学方程式为CHCOOCHCH3+NaOHCH3COONa+CH3CH2OH;除去CH3COOCHCH3中的CH3CH2OH,CH3COOH,可以加入饱和

33、碳酸钠溶液，可以溶解CH3CH2OH,消耗CH3COOH降彳氐CH3COOCHCH3的溶解度，CH3COOCHCH3与饱和碳酸钠溶液分层，故可以采用分液的方法分离；CH3CH20H与CH3COOH制取CH3COOCHCH3时，浓硫酸做催化剂和吸水剂，CH3COOCHCH3水解时浓硫酸作催化剂，故答案为b;(2)酯在酸性条件下水解产物为竣酸和醇，结合酯化反应的原理：酸脱羟基，醇脱氢”的规律可彳导,180来自于醇，即CH3C00H和C2H518OH;(3)a.亚油酸结构中含有竣基，甘油是丙三醇的俗称，丙三醇中含有羟基，因此亚油酸能够与甘油在一定条件下发生酯化反应，故a正确；B.亚油酸结构中含有竣基

34、，能够与氢氧化钠发生酸碱中和反应，故b正确；C.亚油酸结构中含有碳碳双键，能够被酸性高镒酸钾溶液氧化，因此它能使酸性高镒酸钾溶液褪色，故c正确；D.1mol亚油酸中含有2mol碳碳双键，所以1mol亚油酸最多与2molBr2发生加成反应，故d错误；答案选d；(4)该物质结构简式中含有2个酯基都可发生水解，根据酯化反应的酸脱羟基，醇脱氢”的规律可得，该物质在酸性条件下水解生成的物质的结构简式分别为HOCH2CH2COOHHOCH2CH2OH、CH3C00H;(5)根据可知，每个拐点(节点)为碳原子，每个碳原子形成4个共价键，不足化学键用氢原子补齐，则W的分子中含有6个碳原子，10个氢原子和3个氧

35、原子，故该有机物的分子式为C6H10O3；分子中含有的官能团有羟基、酯基；由于W分子含有1个酯基，酯基水解生成竣基能够与氢氧化钠反应，故ImolW可与ImolNaOH完全反应，根据等效氢原子原则，同一碳原子上的H相同，两个甲基上的H相同，则分子中含有4中不同化学环境的氢原子。10.X、Y、Z、M、Q、R是6种短周期元素，其原子半径及主要化合价如下:兀素代号XYZMQR原子半径/nm0.1600.1430.1020.0750.0770.037主要化合价+2+3+6,一2+5)3+4,4+1(1) Z在元素周期表中的位置是。(2)元素Q和R形成的化合物A是果实催熟剂，用A制备乙醇的化学方程式是(3

36、)单质铜和元素M的最高价氧化物对应水化物的浓溶液发生反应的离子方程式为(4)元素X的金属性比元素Y(填“强”或“弱”)。(5)元素Q、元素Z的含量影响钢铁性能，采用下图装置A在高温下将钢样中元素Q、元素Z转化为QO2、ZO2。气体a的成分是(填化学式)。若钢样中元素Z以FeZ的形式存在，在A中反应生成ZQ和稳定的黑色氧化物，则反应的化学方程式是。【答案】第三周期第V1A族CH2=CH2+H2O定条件下CH3CH20HCu+4H+2NO3-=高温_2+一Cu2+2NO2/+2H2O强O2,S。，C。5O2+3FeS3SO+FesO4根据Z的化合价+6,2,符合这点的短周期元素只有S;而根据同周期

37、，从左到右原子半径依次减小，S的原子半径为0.102,从表中数据，X的化合价为+2,丫的化合价为+3,且原子半径比S大，X、Y只能为三周期，X为Mg,Y为Al;而M为+5价，Q为+4价，由于原子半径比S小，所以只能是二周期，M为N,Q为C；R的原子半径比M、Q者B小,不可能是Li,只能是Ho【详解】(1)根据分析，Z为硫，元素周期表中的位置是第三周期第V!A族，故答案为：第三周期第WA族；(2) A是果实催熟剂，为乙烯，由乙烯制备乙醇的化学方程式_一定条件下_一宗条件下_CH2=CH2+H2OCH3CH2OH,故答案为：CH2=CH2+H2OCH3CH2OH；(3) M的最高价氧化物对应水化物

38、为HNO3,铜与浓硝酸反应的离子方程式为Cu+4H+2NO3-=Cu2+2NO2f+2H2O,故答案为：Cu+4H+2NO3-=Cu2+2NO2f+2H2O；(4)X为Mg,Y为Al,同周期，从左到右金属性依次减弱，Mg的金属性强，故答案为：强；(5)元素Q为C,元素Z为S,根据题意，气体a中有SQ,CQ,以及未反应完的。2,故答案为：O2,SO2,CC2;根据题意，FeS在A中生成了SO2和黑色固体，而黑色固体中一定含Fe,所以为Fe3O4,高温反应的化学反应方程式为：5O2+3FeS3SQ+F&O4。【点睛】(5)是解答的易错点，注意不要漏掉未反应完的氧气。11.A是化学实验室中最

39、常见的有机物，它易溶于水并有特殊香味，能进行如图所示的多种反应。晶1I_J0(1)A的官能团名称是,B的结构简式。(2)反应的反应类型为。(3)发生反应时钠在(填液面上方”或液体底部”)。(4)写出反应的化学方程式。(5)写出反应的化学方程式。怯航螂【答案】羟基CH2=CH2加成反应液体底部QH5OH+CHCOOH二CH3COOCH5+H2O2C2H5OH+O2:2CH3CHO+2H2O【解析】【分析】A是化学实验室中最常见的有机物，它易溶于水并有特殊香味，A能和Na、乙酸、红热的铜丝反应，B和水在催化剂条件下反应生成A,则B为CH2=CH2,A为CH3CH2OH,在浓硫酸作催化剂条件下，乙醇

40、和乙酸发生酯化反应生成C,C为CH3COOCHCH3,A在红热的Cu丝作催化剂条件下发生催化氧化反应生成D,D为CHCHO,A和Na反应生成E,E为CH3CH2ONa,据此分析解答。【详解】(1)A为乙醇，结构简式为CH3CH2OH,含有的官能团为羟基，B是乙烯，结构简式为CH2=CH2,故答案为：羟基；CH2=CH2；(2)反应为乙烯和水发生反应生成乙醇，为加成反应，故答案为：加成反应；(3)钠的密度大于乙醇，所以将钠投入乙醇中，钠在液体底部，故答案为：液体底部；(4)反应为乙醇和乙酸发生的酯化反应，反应的化学方程式为CH3COOH+CH5OH善CH3COOQH5+H2O,故答案为：CKCO

41、OH+CH50H一产CH3COOQH5+H2O;A|A(5)反应是乙醇催化氧化生成乙醛，反应的化学方程式为：2CH3CH2OH+O2黑>2CH3CHO+2h2O,故答案为：2CH3CH2OH+O2-2CH3CHO+2睦O。CHQCHCOOH,将23（赖氨酸）和NH212.某多肽的化学式为C42H65N11O9,完全水解后只得到以下三种氨基酸:H2NCH2COOH（甘氨酸）、H2NCH2(苯丙氨酸)CHC00HINH,（1）该多肽为肽。(2)1mol该多肽完全水解后能生成mol甘氨酸、mol苯丙氨酸、mol赖氨酸。【答案】八323【解析】(1)图中每种氨基酸都只有1个竣基，可知为8肽；(2

42、)赖氨酸含有两个氨基，11-8=3,所以可知赖氨酸为3个。【详解】(1)该多肽分子水解后所得的三种氨基酸分子中均各含有1个-COOH,则该多肽分子中含有1个-COOH,又由于每个肽键中有1个氮原子、1个氧原子，故该分子中肽键数目为927,形成多肽的氨基酸分子数目为718,即该多肽为八肽；amol,(2)设1mol该多肽完全水解后所得甘氨酸、苯丙氨酸、赖氨酸的物质的量分别为bmol,cmol,则根据多肽为八肽推知，其侧链所含-NH2为3个。又由该多肽分子水解产物中只有赖氨酸分子中含有2个-NH2的特征可推知，该多肽分子侧链所含-NH2数等于赖氨酸的分子数，则c=3o该多肽为八肽，则a+b+3=8

43、,根据碳原子数守恒有2a+9b+63=42,解得：a=3,b=2。13.气态有机物A在标准状况下密度为1.25g/L,A在一定条件下可以合成聚合物B,B可作食品包装袋。(1)求算A的相对分子质量的计算式为M=(2)写出有关反应类型：;。(3)写出反应、的化学方程式。(4)反应和反应都能制得物质E,你认为那种方法好?(填反应序号)，理由是O【答案】22.4X1.25加聚反应(聚合反应)消除反应(消去反应)CB=CH2+HCl7H木件CH3CH2ClCH3CH20H170cCH2=CH4+H2。反应中反应物的原子100%转化为CH3CH2Cl,且无副产物【解析】根据气态有机物A在标准状况下密度为1

44、.25g/L,可知其相对分子质量为28,再根据A在一定条件下可以合成聚合物B,B可作食品包装袋可知，A为乙烯，B为聚乙烯，C为乙烷，从而得出答案；【详解】(1)A的相对分子质量即摩尔质量为M=1.25g/Lx22.4L/mol=28g/mql(2)根据气态有机物A在标准状况下密度为1.25g/L,可知其相对分子质量为28,再根据A在一定条件下可以合成聚合物B,B可作食品包装袋可知，A为CH2=CH2,B为聚乙烯，C为CH3CH3,则反应为加聚反应，反应为消去反应；(3)反应是由CH2=CH2生成C2H5Cl,通过CH2=CH2与HCl的加成来实现，故反应为：CH2=CH2+HCl一定条件CH3

45、CH2ClCH2=CH2+HCl反应是乙醇的消去制乙烯，反应为：CH3CH2OH/督:CH2=CH4+H2O；1/0(4)反应是通过CH2=CH2与HCl的加成来制取02H5C1,符合原子经济和绿色化学，原子利用率达100%；而反应是通过CH3CH3与C12的取代来制取C2H5C1,产物除了02H5C1还有多种取代产物，原子利用率低，相比之下，用反应更好，原因是反应中反应物的原子100%转化为CH3CH2C1,且无副产物。(1)A的反应类型是,实验室制取B的反应条件是(2)A和氯化氢为原料可以制得塑料聚氯乙烯。写出制备过程中最后一步发生的方程式：O【答案】加成反应浓硫酸、170cnCH2=CH-C1一定条件【解析】【分析】由流程图可知CaG与水反应生成Ca(OHp和02H2,由A与氢气发生加成反应生成B可知,A为C2H2,由B能与H2O发生加成反应生成0可知，B为CH4,0为0H0悖OH,据此解答。【详解】由流程图可知CaG与水反应生成0a(OH)