2020版高考物理一轮复习全程训练计划课练6受力分析共点力的平衡含解析

1、受力分析共点力的平衡小题狂练小题是基础练小题提分快1. 2019陕西省部分学校摸底如图所示，物体A靠在竖直墙面上，在竖直向上的力F作用下，A、B共同向上匀速运动，下列说法正确的是（）A.物体A受到物体B对它的作用力的大小等于物体A的重力B.物体B受到的作用力F的大小要小于物体A、B的重力之和C.墙面又中物体 A 的滑动摩擦力方向向下D.物体 A 对物体 B 的静摩擦力方向沿接触面斜向上答案：A解析：A、B共同向上匀速运动， 则A和B均处于受力平衡状态.对B分析可知，B受A的作用力、向下的重力、向上的力F三力作用，则A对B的作用力竖直向下，B对A的作用力竖直向上，分析可知，B对A的作用力大小等于

2、A的重力，选项 A 正确；A、B整体水平方向不受力，故墙面对A、B无弹力作用，墙面对物体A没有摩擦力，F大小等于AB的重力之和，选项 B、C 错误；物体A对物体B的静摩擦力方向沿接触面斜向下，选项 D 错误.2. 2019湖北省武昌调研将两个质量均为m的小球a、b用细线相连后，再用细线悬挂于O点，如图所示.用力F拉小球b,使两个小球都处于静止状态，且细线Oa与竖直方向的夹角 0=30,则 F 的最小值为（解析：将a、b看成一个整体受力分析可知，当力F与Oa垂直时，F有最小值，可知此时Fmin=2mgin0=mgB 正确.mgA.12mg3. 2019河南省商丘模拟如图所示，固定在竖直平面内的光

3、滑圆环的最高点有一个光滑的小孔.质量为m的小球套在圆环上.一根细线的下端系着小球，上端穿过小孔用手拉住.现拉动细线，使小球沿圆环缓慢上移，在移动过程中手对线的拉力F和圆环对小球的弹力FN的大小变化情况是（）AF不变，FN增大B.F不变，C.F 减小，FN不变 D.F 增大，答案：C解析：小球沿圆环缓慢上移可看成小球处于平衡状态，对小球进行受力分析，如图所示,GFR由图可知-=-=D，当小球上移时，R不变，AB减小，故F减小，FN不变，而F=F,RABR故 C 正确.4. 2019黑龙江省伊春模拟如图所示，在竖直放置的穹形光滑支架上，一根不可伸长的轻绳通过光滑的轻质滑轮悬挂一重物G现将轻绳的一端

4、固定于支架上的A点，另一端从B点沿支架缓慢地向C点靠近.则绳中拉力大小变化的情况是（）A.先变小后变大B.先变小后不变FN减小FN减C.先变大后不变D.先变大后变小答案：C解析：当轻绳的右端从B点移到直杆最上端时，设两绳的夹角为 2。，绳中的拉力大小为F.以滑轮为研究对象，受力分析如图甲所示.根据平衡条件得 2Fcos。=mg得到绳子的拉力大小为F=-g-，所以在轻绳的右端从B点移到直杆最上端的过程中，。增大，cos。2cos0减小，则F变大.当轻绳的右端从直杆最上端移到C点时，如图乙，设两绳的夹角为 2a.s设绳子总长为L,两直杆间的距离为s,由数学知识得sina=-,L、s不变，则“保持不

5、两绳的拉力F保持不变，所以绳中拉力大小变化的情况是先变大如图所示， 用一轻绳将光滑小球P系于竖直墙壁上的O点， 在墙壁和球P之间夹有一正方体物块QP、Q均处于静止状态，现有一铅笔紧贴墙壁压在轻绳上从O点开始缓慢下移（该过程中，绳中张力处处相等），RQ始终处于静止状态，则在铅笔缓慢下移的过程中（）A.P 所受的合力增大B.Q 受到墙壁的摩擦力逐渐变大C. P对Q的压力逐渐减小D.绳的拉力逐渐增大变.再根据平衡条件可知,后不变.C 正确.5.答案：D解析：P受重力、绳的拉力和Q的支持力而处于平衡状态，合力为零，选项 A 错误；设绳与竖直方向的夹角为0,根据共点力平衡，绳的拉力大小为大小为 N=mg

6、an 铅笔缓慢下移的过程中，0增大，则拉力T增大，Q对P的支持力增大，选项 D 正确，C 错误；对Q在竖直方向上，Q的重力与摩擦力始终平衡，Q受到的摩擦力不变，选项 B 错误.6.如图所示，带有光滑竖直杆的三角形斜劈固定在水平地面上，放置于斜劈上的光滑小球与套在竖直杆上的小滑块用轻绳连接，开始时轻绳与斜面平行.现给小滑块施加一竖直向上的拉力，使小滑块沿杆缓慢上升，整个过程中小球始终未脱离斜面，则有（）A.轻绳对小球的拉力逐渐减小B.小球对斜劈的压力逐渐增大C.对小滑块施加的竖直向上的拉力逐渐增大D.竖直杆对小滑块的弹力先增大后减小答案：C解析：对小球受力分析，受重力G、支持力N和细线的拉力T,

7、如图甲所示.根据平衡条件可知，T增大，N减小，根据牛顿第三定律，小球对斜劈的压力也减小，AB 均错误；对小球和滑块整体分析，受重力G斜面的支持力N,杆的支持力N,拉力F,如图乙所示，根据平衡条件，水平方向N=Nsin0,竖直方向F+Ncos0=G 因N减小，故N减小，F增大，C 正确，D 错误.7.T=号,Q对P的支持力图甲四乙（多选）如图所示，一光滑半圆环竖直固定于粗糙的木板上，圆心为O,穿套在环上的小球A位于左侧最低点，并由细线通过光滑的小滑轮O与小球B相连，B右侧细线水平，O在圆心O的正上方，OAW竖直方向成 30。角，OALOB地面水平，两球均处于静止状态，小球A恰好对木板没有力的作用

8、.若对B施加一外力，使小球A缓慢运动到O点正下方的过程中，木板始终静止，则下列说法正确的是（）A.AB两球的质量之比为力:1B.OAffl线拉力逐渐变大C.地面对木板的摩擦力逐渐变小D.地面对木板的支持力逐渐变小答案：AC一mg一，解析：小球A位于左侧取低点时，细线对小球A的拉力大小T=,对小球B有cos30mgOB细线拉力T=短一，T=T,得m:m=J3:1,选项 A 正确；设OO=h,OAcos60v=x,圆环的半径为R细线OA勺拉力大小为F,环对A的支持力大小为N,如图1所示，则根据三角形相似有F=当x变小时，F也变小，但N不变，选项 B 错误；设细线xRhOA与OO间夹角为0,以小球A

9、、半圆环和木板整体受力分析如图 2 所示，地面对木板的摩擦力大小f=Fsin0=mgxsin0,而xsin0表示小球A与O间的水平距离，是逐渐变小的，h故f逐渐变小，选项 C 正确；地面对木板的支持力大小N2=（m板+RA+m环）gFcos0=（m板0而xcos0表示小球A与O间的竖直距离，是逐渐变小的，N2逐渐变大，选项 D 错误.2019福建省福州质检课堂上，教师准备了“L”形光滑木板和三个完全相同、外表面光滑的匀质圆柱形积木，要将三个积木按图示（截面图）方式堆放在木板上，则木板与水平面的夹角0的最大值为（）A.30B,45C. 60D.90答案：A解析：0取 0。时，下面两圆柱将会分开，

10、无法稳定，应适当增大0以保持系统稳定，此时下面两圆柱之间有弹力；当下面两圆柱之间的弹力恰好为 0 时，对应的0为最小值；增大0,右圆柱和上圆柱之间的弹力减小，若0太大，此两圆柱将分开，临界情况为0mg+m 环）gxcos8.取 30。时，左边两圆柱的圆心连线在竖直方向上，保证上圆柱只受到两个力的作用恰好处于平衡状态，此时上圆柱与右圆柱间相互接触且无弹力，A 正确.9.2019山东省枣庄三中质检如图所示，物体A、B叠放在物体C上，C置于水平地面上，水平力F作用于B,使A、B、C一起匀速运动，各接触面间摩擦力的情况是（）A. B对C有向左的摩擦力B. C对A有向左的摩擦力C.C 受到三个摩擦力作用

11、D. C对地面有向右的摩擦力答案：D解析：以A为研究对象，可知A与C间无摩擦力.以B为研究对象易知，C对B有向左的摩擦力，B对C有向右的摩擦力，以A、RC整体为研究对象可知地面对C有水平向左的摩擦力，综上 D 正确.10.2019河北省名校联盟一测（多选）如图所示，用光滑的粗铁丝做成一直角三角形，BC边水平，AC边竖直，/ABC=3,/A=，AB及AC两边上分别套有细线系着的铜环MN,当它们静止时，细线与AB所成的角为丫，与AC所成的角为。（细线长度小于BC,则（）A.Y=3B.0=C.02-aD.答案：CD解析：假设AC上的铜环的质量为零，重力为零，它仅受线的拉力和铁丝AC的弹力，由于铁丝对

12、AC上的环的弹力垂直于AC则细线必定垂直于AC则细线平行于BC,此时丫=3.但实际上AC上的环的质量不为零，要使此环处于静止状态，细线的左端略高，则有丫3.假设AB上的铜环的质量为零，重力为零，它仅受细线的拉力和铁丝AB的弹力，则平衡时，细线与AB直，T=-2-,而AB上的铜环的质量不为零，要使此环处于静止状态，细线不能与AB垂直，应有丫-2-,故3-2-a,选项 A、B 错误，C、D 正确.11. 2019湖南省衡阳三中摸底（多选）如图所示，一根轻质细绳跨过定滑轮连接两个小球A、B,它们都穿在一根光滑的竖直杆上，不计细绳与滑轮之间的摩擦，当两球平衡时OA期与水平方向的夹角为60,OB期与水平

13、方向的夹角为对A、B的弹力之比分别为（NA；3N3C.4D.77=T-NB3NB2答案：AC解析：分别对A、B两球受力分析，如图所示.由几何知识得Tisin60=mg,T2sin30=nng,Ti=T2,故nA:：sin30=的：1.同理，TA=选项 A、C 正330。，则A、B的质量之比和杆A13B.nA3m-3确，曰 D 错误；故选 A、C.12. 2019四川省五校联考如图所示，轻杆A端用钱链固定在墙上，B端吊一重物.轻绳跨过定滑轮用拉力F将B端缓慢上拉， 滑轮O在A点正上方 （滑轮大小及绳与滑轮间的摩擦均不计） ， 且OAAB在AB干达到竖直前（）A.拉力F增大 B.拉力F大小不变C.

14、杆的弹力增大 D.杆的弹力大小不变答案：D解析：以B点为研究对象，分析受力情况，绳子向下的拉力T、轻杆的支持力N和绳子沿BO方向的拉力F,作出力的示意图如图，由平衡条件知，N和F的合力T与T大小相等，方向相反，根据三角形相似可得，去三=三，又T=GF=F,解得N=篝，F=盥ABBOAOAOAOG/BA3小时，ABAO呆持不变，BO变小，则N保持不变，F变小，D正确.13. 2019山东省青岛二中考试（多选）如图所示，横截面为直角三角形的斜劈 P,靠在粗糙的竖直墙面上， 力F通过球心水平作用在光滑球Q上，P、Q处于静止状态.当力F增大时， RQ 仍保持静止，下列说法正确的是（）A.千QQ对地面的

15、压力不变B.千Q对斜劈P的支持力增大C.斜劈 P 对竖直墙壁的压力增大D.墙面又斜劈 P 的摩擦力增大答案：BC解析：以P、Q整体为研究对象，水平向右的力F与墙壁的支持力等大反向，故墙壁对P的支持力增大，由牛顿第三定律知，C 正确.对Q,受力分析如图 1 所示，可知当力F增大时，P、Q间的作用力增大，球Q对地面的压力增大，B 正确，A 错误.对P,受力分析如图 2 所示，开始时P与墙壁的摩擦力方向不确定，故无法判断此摩擦力的变化，故 D 错误.14. 2019吉林省长春一测（多选）如图所示，质量为M的三角形木块A静止在水平地面上，其左右两斜面光滑，一质量为 m 的物块 B 沿倾角“=30。的右

16、侧斜面加速下滑时，三角形木块A刚好保持静止，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则当物块B沿倾角 3=60的左侧斜面下滑时，下列说法正确的是（）A. A仍然静止不动，地面对A的摩擦力两种情况下等大B.A 仍然静止不动，对地面的压力比沿右侧斜面下滑时对地面的压力小C. A将向右滑动，若使A仍然静止需对其施加向左的作用力D.若a=45,A 将滑动答案：CD解析： 物块B沿着右侧斜面下滑时， 对斜面的压力等于其重力沿垂直斜面的分力， 为F=mcpos30,对木块A受力分析，木块A受重力、压力、支持力和向右的静摩擦力，如图 1 所示.木块A恰好不滑动，故静摩擦力达到最大值，等于滑动摩擦力，根据平衡条件有，

17、x方向：f=Fsin30,y方向：N=m#Fcos30,f=N,其中 N=N,解得3m3mL L3m+4M物块B从左侧下滑时，先假设木块A不动，木块A受重力、支持力、压力和向左的摩擦力，如图 2 所示.压力等于物块B重力沿垂直斜面的分力，即F=mcpos600,竖直方向一定1受力平衡，即支持力N=MFcos60=M/4mgN=N，故最大静摩擦力fm=科N3m13=3m4MM 时 4mgj；压力沿平行地面万向的分力为 Fcos30=亍mgfm,故A一定会滑动，要使 A 静止，需要对其施加向左的推力，故 C 正确，A、B 错误.若 a=45,物块 B 沿右侧斜面下滑时，先假设A不动，B对A的压力为

18、mgpos45,该压力沿平行地面方向的分力为mgin45cos45,竖直分力为m30s45sin45。，与 a=30 时相比，B对A压力沿平行地面的分力变大，B对A压力的竖直分力变小，故A一定滑动，D 正确.15. 2019广东省湛江调研（多选）如图所示，细线的两端固定在天花板上的A、B两点，在线上的C、D两点悬挂质量相等的物体a、b,并处于静止状态，CD能细线严格水平.若将b物体的质量增大后，为了保持CD段细线严格水平，整个系统处于静止状态，则（）D适当向B移动，减小BD的长度C适当向A移动，减小AC的长度AC的张力大于细线BD的张力AC的张力小于细线BD的张力解析：设a、b的质量分别为M和

19、mACBD与竖直方向的夹角分别为“、3,对结点CD受力分析，如图所示.竖直方向：Ficosa=MgF2cos3=mg水平方向：Fisina=T,Fzsin3=T,其中T=T,联立可得Mgana=mgan3,当a、b质量相等时，有a=3,若将b的质量增大，即除m为了保持CD段细线严格水平，则有a3,选项A正确，B错误.当”3,由Fisin&=F2sin3知，Fi-2）,现将重物向右上方缓慢拉起，并保持夹角“不变.在0则竖直被拉到水平的过程中（）A.MNk的张力逐渐增大B.MNk的张力先增大后减小C.OMh的张力逐渐增大D. OMh 的张力先增大后减小答案：AD解析：将重物向右上方缓慢拉起，重物处

20、于动态平衡状态，可利用平衡条件或力的分解画出动态图分析.将重物的重力沿两绳方向分解，画出分解的动态图如图所示.在三角形中，一、,GFOMFMN,一、,根据正弦定理有=-=-二，由题意可知FMN的反万向与FOM的夹角丫=180sinYisin3isin01a,不变，因 sin3（3 为FMNG的夹角）先增大后减小，故0M上的张力先增大后减小，当3=90时，0M上的张力最大，因 sin。（。为FO内G的夹角）逐渐增大，故MNk的张力逐渐增大，选项 A、D 正确，BC 错误.2019福建仙游一中月考三个质量均为 1kg 的相同木块a、b、c和两个劲度系数均为 500N/m 的相同轻弹簧p、q用轻绳连

21、接，如图所示，其中a放在光滑水平桌面上，开始时p弹簧处于原长，木块都处于静止状态.现用水平力F缓慢地向左拉p弹簧的左端，直到c木块刚好离开水平面为止，g取 10m/s2.该过程p弹簧的左端向左移动的距离是（）A.4cmB.6cmC.8cmD.10cm答案：C解析：p弹簧的左端向左移动的距离等于p、q两弹簧的形变量之和.=T,p弹簧的左端向左移动的距离为x=xp+xq=8cm,C 正确.k2.2019广东五校联考如图所示，物体AB用细绳与弹簧连接后跨过滑轮.A静止在倾角为 45。 的粗糙斜面上，B悬挂着.已知质量RA=3RB,不计滑轮摩擦， 现将斜面倾角由 45减小到 30。 ，那么下列说法中正

22、确的是（）A.弹簧的弹力将减小B.物体 A 对斜面的压力将减小C.物体 A 受到的静摩擦力将减小课时测评一、选择题综合提能力课时练赢高分1.mgmgXq,XpkkD.弹簧的弹力及物体 A 受到的静摩擦力都不变答案：C解析：设 m=3ml=3nl 对物体 B 受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得弹簧的弹力不变,错误；再对物体A进行受力分析，受重力、支持力、弹簧的弹力和静摩擦力，如图所示.刚开始由于mgsin45=mgmg=mg所以摩擦力沿斜面向上，斜面倾角变为 30以后摩f+T3mgsin0=0,N-3mg30so=0,解得 f=0-T=3mgsin0-mgN=3mgosD 错误.2019陕西宝

23、鸡模拟如图所示，两块相互垂直的光滑挡板OPOQOPS直放置,小球a、b固定在轻弹簧的两端，并斜靠在OPOQ当板上.现有一个水平向左的推力F作用于b上，使a、b紧靠挡板处于静止状态.现保证b球不动，使竖直挡板OP向右缓慢平移一小段距离，则()A.推力F变大 B.弹簧长度变短C.弹簧长度变长D.b对挡板OQ勺压力变大答案：C解析：设弹簧与竖直方向的夹角为a,现保证b球不动，使竖直挡板OP向右缓慢平移擦力仍然沿斜面向上.根据平衡条件得到3mgin0减小时，物体A受到的静摩擦力f将减小，物体A对斜面白压力N增大，故 C 正3.一小段距离，则a减小，以a球为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件得尸弹=上

24、,cosaa减小，cosa增大，则F弹减小，弹簧变长；挡板对a的弹力 N=mgana,a减小，N减小；对a、b和弹簧整体研究，水平方向F=N,则推力F将减小，故 A、B 错误，C 正确；竖直方向，挡板OQ寸b的支持力FN=(m+m)g,不变，根据牛顿第三定律可知,的压力不变，故 D 错误.b对挡板OQB置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与物体A相连接，连接物体B的一段细绳与斜面平行，已知AB、C都处于静止状态，则（）A.物体B受到斜面体C的摩擦力一定不为零B.斜面体C受到水平地面的摩擦力一定为零C.斜面体C有沿地面向右滑动的趋势，一定受到地面向左的摩擦力D.将细绳剪断，若B依然静止在斜面上，

25、此时水平地面对斜面体C的摩擦力一定不为答案：C解析：以BC整体为研究对象，受到了斜向上的拉力，故有向右运动的趋势，所以地面对C有水平向左的摩擦力，C 正确，B 错误.以B为研究对象，细绳斜向上的拉力与B的重力沿斜面向下的分力大小关系不确定，所以C对B可能有摩擦力也可能没有摩擦力，A 错误.将细绳剪断，RC整体静止，竖直向下的重力与地面竖直向上的支持力等大反向，地面对C的摩擦力为零，D 错误.5. 2019辽宁东北育才学校模拟如图所示，置于地面的矩形框架中用两细绳拴住质量为m的小球，绳B水平.设绳AB对球的拉力大小分别为Fi、F2,它们的合力大小为E现将框架在竖直平面内绕左下端缓慢逆时针旋转 9

26、0,在此过程中（）A.Fi先增大后减小 B.F2先增大后减小C.F 先增大后减小 D.F 先减小后增大答案：B解析：4.2019四川省成都七中检测如图，倾角为 0 的斜面体C置于水平地面上,小物体对小球受力分析如图所示.小球处于静止状态，受力平衡，两绳的拉力的合力与重力大小相等，方向相反，则F不变，根据平行四边形定则可知，将框架在竖直平面内绕左下端缓慢逆时针旋转 90。的过程中，Fi逐渐减小，F2先增大后减小，当绳A处于水平方向时，F2最大，故 B正确.6.2019浙江温州中学模拟如图所示，倾角。=30。的斜面体 A 静止在水平地面上，一根轻绳跨过斜面体顶端的小滑轮，绳两端系有质量均为m的小物

27、块a、b,整个装置处于静止状态，滑轮两侧轻绳方向分别沿斜面和竖直方向.现给物块b施加一个水平向右的拉力F,使b缓慢移动直到连接b的轻绳与竖直方向成 30。角（不计绳与滑轮间的摩擦），此过程中下列说法正确的是（）A.b 受到绳的拉力先增大再减小B.小物块 a 受到的摩擦力先增大再减小C.水平拉力 F 逐渐增大D.小物块a一定沿斜面缓慢上移答案：C解析：b受力平衡，对b进行受力分析，如图甲所示.设连接b的轻绳与竖直方向的夹角为“，b缓慢移动直到连接b的轻绳与竖直方向成30。角的过程中，“变大，根据平行四边形定则可知，T逐渐增大，F逐渐增大，故 A 错误,C正确；对a进行受力分析，如图乙所示；刚开始

28、T=mga处于静止状态，则f=Tmin30=1mg方向沿斜面向下，T增大时，f增大，由于不知道最大静摩擦力的具体7.2019湖南长郡中学模拟如图所示，质量为m的硬质面字典A对称放在硬质面的书本B上，将书本B的一端缓慢抬高至字典刚要滑动，此时书脊与水平面的夹角为。.下列说法中正确的是（）A.B对A的作用力为零8.B的一个侧面对A的弹力为mos。9.B对A的最大静摩擦力的合力为mgsin010.A受到3个力的作用答案：C解析：B对A的作用力大小为A的重力mg方向竖直向上，故 A 错误；B的一个侧面对1A的弹力N=-mgjos0,故 B 错误；A受力平衡，根据平衡条件得，B对A的最大静摩擦力的合力f

29、合=m3in0,故 C 正确；A处于静止状态，对A进行受力分析，A受到重力，书本B两侧对A的两个支持力，B书两侧对A的两个摩擦力，共 5 个力，故 D 错误.8.名师原创如图，轻弹簧上端固定，下端连接一小球，小球静止在水平面上的A点，将小球缓慢移到B点放手，小球仍静止.已知小球在A、B两处弹簧均处于伸长状态.则小球在A、B处受力的情况是（）A.小千在B处所受到的合力更大8. B 处小球受到的摩擦力更小C.小千在 B 处受到的支持力更大D.B 处弹簧的弹力与支持力的合力一定更大答案：D解析：小球在A、B两处的合力都为 0,A 错误.对小球受力分析，如图所示，则有f=Fbosa,Fsin”+N=m

30、g弹力F显然增大，“减小，可见摩擦力增大，B 错误.N的变化情况无法判断，C 错误.摩擦力与重力的合力一定增大，而弹力F与N的合力也一定增大，D 正确.9. 2019河北省邢台二中检测JLJW轻绳一端系在质量为m的物块A上，另一端系在一个套在粗糙竖直杆MN的圆环上.现用水平力F拉住绳子上一点O,使物块A从图中实线位置缓慢下降到虚线位置，但圆环仍保持在原来位置不动.在这一过程中，环对杆的摩擦力Fi和环对杆的压力F2的变化情况是()A. Fi保持不变，F2逐渐增大B. Fi保持不变，F2逐渐减小C. Fi逐渐增大，F2保持不变D. Fi逐渐减小，F2保持不变答案：B解析：以圆环、物块A及轻绳整体为

31、研究对象，分析受力情况，如图 i 所示.根据平衡条件得，杆对环的摩擦力Fi=G，保持不变，杆对环的弹力E=F.再以结点O为研究对象,分析受力情况，如图 2 所示.由平衡条件得 F=mgan0;在物块A从题图中实线位置缓慢下降到虚线位置的过程中，0 逐渐减小，则F逐渐减小，F2逐渐减小.故选 B.(多选)如图所示，斜面体A静止放置在水平地面上.质量为m的滑块B在外力Fi和F2的共同作用下沿斜面体表面向下运动.当Fi方向水平向右、斜面体受到地面的摩擦力方向向左.则下列说法中正确的是A.若只撤去Fi,在滑块B仍沿斜面向下运动的过程中,向右B.若只撤去F2,在滑块B仍沿斜面向下运动的过程中,向右C.若只撤去F2,在滑块B仍沿斜面向下运动的过程中，D.若同日撤去Fi和E,滑块B的加速度方向一定沿斜面向下答案：CD解析：选斜面体为研究对象，其受力当中在水平方向有分力的有:对A的摩擦力Ffi和地面对A的摩擦力Ff2.如图所示，设斜面倾角为 0.则：Fficos0+Ff2=FNSin0.所以：Fficos0FNSin0.i0.F2方向沿斜面体的表面向下时,()A所受地面摩擦力的方向可能A所受地面摩擦力的方向可能A所受地面摩擦力不变B对A的压力FN,B由于Ffi=科FNFN.故不论FN如何变化，Ffcos0FNsin0 的关系不会改变