高一物理教案：力与运动教案

1、高一物理教案：力与运动教案【】步入高中，相比初中更为紧张的学习随之而来。在此高一物理栏目的小编为您编辑了此文：高一物理教案：力与运动教案希望能给您的学习和教学提供帮助。本文题目：高一物理教案：力与运动教案一、整体法与隔离法的应用1例1 如1，箱子的质量M=5.0 kg，与程度地面的动摩擦因数=0.22.在箱子顶处系一细线，悬挂一个质量m=0.1 kg的小球，箱子受到程度恒力F的作用，使小球的悬线与竖直方向的摆角=30，试求力F的大小.g取10 m/s22例2 在光滑的程度面上放有一斜劈M，M上又有一物块m，如2，力F作用在斜劈上，假设要保持m与M相对静止，F至少要为多大?各接触面均光滑，斜面倾

2、角为二、临界和极值问题例3 如3，两个物块A和B叠放在光滑程度面上，A的质量mA=4 kg，3B的质量mB=5 kg，在A上施加一个程度力FA.当FA=20 N时，A、B间恰好开场发生相对运动.在撤去FA后，求：假设要保持A、B间相对静止，对B物块能施加的最大程度力为多大?三、牛顿运动定律的综合应用例4 科研人员乘气球进展科学考察.气球、座舱、压舱物和科研人员的总质量为990 kg.气球在空中停留一段时间后，发现气球因漏气而下降，及时堵住.堵住时气球下降速度为1 m/s，且做匀加速运动，4 s内下降了12 m.为使气球平安着陆，向舱外缓慢抛出一定的压舱物.此后发现气球做匀减速运动，下降速度在5

3、分钟内减少了3 m/s.假设空气阻力和泄漏气体的质量均可忽略，重力加速度g=9.89 m/s2，求抛掉的压舱物的质量.4例5 在倾斜角为的长斜面上，一带有风帆的滑块从静止开场沿斜面下滑，滑块连同风帆的质量为m，滑块与斜面间的动摩擦因数为、风帆受到向后的空气阻力与滑块下滑的速度v大小成正比，即F阻=kv.滑块从静止开场沿斜面下滑的v-t象如4，中的倾斜直线是t=0时刻速度线的切线.1由象求滑块下滑的最大加速度和最大速度的大小;2假设m=2 kg，=37，g=10 m/s2，求出和k的值.sin 37=0.6，cos 37=0.8【即学即练】1.在国际单位制中，功率的单位瓦是导出单位，瓦用根本单位

4、表示正确的选项是A.焦/秒 B.牛米/秒C.千克米2/秒2 D.千克米2/秒352.如5，一物体静止在倾斜的木板上，物体与木板之间互相作用力的对数是A.1对B.2对C.3对D.4对63.刹车间隔 是衡量汽车平安性能的重要参数之一.如6，线1、2分别是甲、乙两辆汽车的刹车间隔 s与刹车前的车速v的关系曲线，在紧急刹车过程中，车与地面间是滑动摩擦.据此可知，以下说法中正确的选项是A.甲车与地面间的动摩擦因数较大，甲车的刹车性能好B.乙车与地面间的动摩擦因数较大，乙车的刹车性能好C.以一样的车速开场刹车，甲车先停下来，甲车的刹车性能好D.甲车的刹车间隔 s随刹车前的车速v变化快，甲车的刹车性能好74

5、.如7，一物块静止在斜面上，现用一个程度力F作用于物块，当力的大小从零开场逐渐增加到F时， 而物块仍能保持静止，以下说法正确的选项是A.物体受到的静摩擦力一定增大B.物块所受合力增大C.物块受到的静摩擦力有可能增大，也有可能减小D.物块受到斜面的作用力增大5.木块静止在倾角为的斜面上，那么木块对斜面的作用力的方向A.沿斜面向下B.垂直斜面向下C.沿斜面向上D.竖直向下86.某人在地面上用弹簧秤称得其体重为490 N.他将弹簧秤移至电梯内称其体重，t0至t2时间段内，弹簧秤的示数如8，电梯进展的v-t可能是取电梯向上运动的方向为正7.如9，一个人用与程度方向成=30角的斜向下的推力F推一个质量为

6、20 kg的箱子匀速前进，如9甲，箱子与程度地面间的动摩擦因数为=0.40.求：91推力F的大小;2假设该人不改变力F的大小，只把力的方向变为与程度方向成30角斜向上去拉这个静止的箱子，如乙，拉力作用2.0 s后撤去，箱子最多还能运动多长间隔 .g取10 m/s2108.一个质量为m的小球B，用两根等长的细绳1、2分别固定在车厢的A、C两点，两轻绳拉直时，如10，两轻绳与车厢前壁的夹角均为45.试求：1当车以加速度a1=g/2向左做匀加速直线运动时，两轻绳1、2的拉力.2当车以加速度a2=2g向左做匀加速直线运动时，两轻绳1、2的拉力.参考答案知识体系构建运动状态 质量 矢量 瞬时 向下 向上

7、= =解题方法探究例1 40.7 N解析 对小球进展受力分析，小球受悬线的拉力FT和重力mg，如甲，那么FTsin =maFTcos =mg对整体进展受力分析，如乙.此时细绳对箱子的拉力和小球受的拉力对整体而言是内力，因此不必考虑：那么由牛顿第二定律得F-M+mg=M+ma，即F=M+mg+a=M+mg+tan 40.7 N.例2 M+mgtan解析 假设m、M保持相对静止，那么两者运动情况一样.对m、M所组成的整体进展受力分析，如甲，根据牛顿第二定律可知F=m+Ma.以m为研究对象，进展受力分析，如乙，根据牛顿第二定律可得Fx=FNsin =max=ma.Fy=FNcos -mg=may=0

8、.由可得a=gtan .代入中得F=m+Mgtan .例3 25 N解析 依题意，在FA的作用下，A、B一起加速运动有相等的加速度.当A、B开场发生相对运动时，A、B系统的加速度为最大加速度，A对B的静摩擦力fAB即为最大静摩擦力.由牛顿第二定律的比例式有，FA/mA+mB=fAB/mB.当对B施加一最大程度力FB时，A、B仍以共同的加速度运动，且这一加速度也为最大加速度，故B对A的静摩擦力fBA也为最大静摩擦力，即有，fBA=fAB.同理可列出比例式：FB/mA+mB=fBA/mA.由解得：FB=mBFA/mA=25 N.例4 101 kg解析 设堵住破绽后，气球的初速度为v0，所受的空气浮

9、力为F浮，气球、座舱、压舱物和科研人员的总质量为m，由牛顿第二定律得mg-F浮=ma式中a是气球下降的加速度.以此加速度在时间t内下降了h，那么h=v0t+12at2当向舱外抛掉质量为m的压舱物后，有F浮-m-mg=m-ma式中a是抛掉压舱物后气球的加速度.由题意，此时a方向向上，v=at.式中v是抛掉压舱物后气球在t时间内下降速度的减少量.由得m=ma+ag+a将题设数据m=990 kg，v0=1 m/s，t=4 s，h=12 m，t=300 s.v=3 m/s，g=9.89 m/s2代入式得m=101 kg.例5 13 m/s2 2 m/s 2=0.375 k=3 Ns/m解析 1由题可知

10、滑块做加速度减小的加速运动，最终可达最大速度vm=2 m/s，t=0时刻滑块的加速度最大，即为v-t线在O点的切线的斜率：a=v1-v0t1=3 m/s-01 s=3 m/s22对滑块受力分析如，由牛顿第二定律得mgsin -F阻-f=ma又f=FN，FN=mgcos ，F阻=kv，联立以上各式得mgsin mgcos -kv=ma由1知，将v0=0，a0=3 m/s2和vm=3 m/s，a=0代入上式可得=0.375，k=3 Ns/m即学即练1.D 2.B 3.B 4.CD5.D 木块受力如，其中FN、f分别为斜面对木块的支持力和摩擦力，木块受到三个力的作用处于平衡状态，那么FN、f的合力与

11、G等大、反向，即方向竖直向上.由牛顿第三定律可知木块对斜面的作用力与FN、f的合力等大、反向，方向竖直向下.6.AD t0t1时间内，弹簧秤的示数小于人的重力，人处于失重状态，有向下的加速度;t2t3时间内，弹簧秤的示数大于人的重力，人处于超重状态，有向上的加速度;t1t2时间内，弹簧秤的示数等于人的体重，加速度为0，那么B、C选项不正确，A、D正确.7.1120 N 22.88 m解析 1设地面对箱子的支持力和摩擦力分别为FN、f.取箱子为研究对象，受力如甲.由牛顿第二定律得程度方向 Fcos =f竖直方向 FN=mg+Fsin ，又f=FN联立上式解得F120 N2取箱子为研究对象，受力分

12、析如乙由牛顿第二定律得程度方向 Fcos -f1=ma1竖直方向 FN1+Fsin =mg又f1=FN1拉力作用2 s末箱子的速度v1=a1t撤去力F后，箱子的受力分析如丙由牛顿第二定律得 f2=ma2 又f2=FN2，FN2=mg设此过程箱子运动的间隔 为s那么由运动学公式得s=v212a2联立以上各式解得 s=2.88 m8.1F1=52mg F2=02F1=322mg F2=22mg解析 取小球为研究对象，设细绳1、2对小球的拉力分别为F1，F2，对小球受力分析，如甲程度方向上 22F1+22F2=ma竖直方向上 22F1-mg-22F2=0联立得F1=mg+ma2，F2=ma-mg2由此分析知，当车以a=g向左做匀加速直线运动