山东省枣庄市2020年中考物理模拟试题(解析版)

1、 注意事项：本试卷分第枣庄市 2020 年中考模拟试题物理I 卷和第卷两部分。第 I 卷 1-12 题为选择题共 24 分；第卷为非 选择题共 46分。满分 70 分。第 I 卷（选择题 共24分）一、选择题（本题包括 12小题，每题 2 分，共 24分）下列说法正确的是 （）油罐车底拖一条铁链是为了防止摩擦起电造成危害与头发摩擦过的气球能吸引细小水流，是因为气球和水流带上了异种电荷磁浮列车是利用磁极间相互作用增大机车牵引力电脑中安装的微型风扇是为了除尘 考点： 摩擦起电， 磁极间的相互作用， 电热分析： （ 1）静电危害是由于相互间不断摩擦，从而产生大量的静电，不及时导走，会出现 放电危害（

2、2）带电体具有吸引轻小物体的性质（3）同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引（4）电流通过导体产生的热量对家用电器有的有利，如可利用电热驱潮，有的对电器有害， 如发热过多可烧毁机件，对于有利的方面可充分利用，有害的方面应尽量避免，如利用散热 片散热等解答： A. 油罐车在运输过程中，不断的相互摩擦，从而产生大量的静电，通过后面装一条 拖地的铁链，及时导走，这是防止静电危害。故 A 正确；头发和气球摩擦时， 使气球带电， 带电体具有吸引轻小物体的性质； 能吸引细小水流，故 B 错误；磁悬浮列车是利用同名磁极相互排斥原理，减小摩擦力，故 C 错误；电脑在工作时产生的热量是有害的，散热风扇可以散失热量，

3、防止电流热效应产生的热 量带来的危害，故 D 错误。故选 A.在汽车转向灯电路中 ,要求左转弯时只能左转向灯亮 ,右转弯时只能右转向灯亮 ,不能出现在 操作转向开关时左、右转向灯同时亮的情况。下列设计中最合理的是 ( )A.B.C考点： 串、并联电路的设计D.分析： 汽车的每一侧各有两个转向灯，故一共有 4 个灯泡；根据灯泡的发光情况判定灯泡的 连接方式，根据开关的作用判定开关的连接方式。解答： 汽车的每一侧各有两个转向灯，一共有4 个灯泡；由生活经验可知 ,左侧、右侧的两个灯泡在工作时互不影响(即：同一侧的一个灯泡损坏时 ,另一灯泡仍然会发光 ) ，所以同一侧的两个灯泡的连接方式是并联的，故

4、AD 错误；由于在操作过程中，不能出现左、右转向灯同时亮的情况，所以电路中只能由一个单刀双掷 开关进行控制，故 C 正确， B 错误。故选： C。如图 ,R为光敏电阻 ,其阻值随光照强度的增大而减小 ,R1是定值电阻。闭合开关 ,逐渐增大光 敏电阻上的光照强度 ,电表示数变化情况是 ( )电流表示数变小，电压表示数变大B. 电流表示数变大，电压表示数变小C. 电压表和电流表示数的比值将变小D. 电流表和电压表示数均变大考点： 电路的动态分析分析： (1)分析电路的连接及电表测量的量，根据已知条件分析R 减小，由电阻的串联判断总电阻变化，由欧姆定律，确定电路电流变化；根据 U=IR 分析 R1的

5、电压变化，根据串联电路电压的规律，R 的电压即电压表示数变化； (2)由欧姆定律分析电压表和电流表示数的比值变化。解答： (1)由图知 ,两电阻串联 ,电压表测定值电阻 R1 的电压，电流表测电路中的电流；逐渐增大光敏电阻上的光照强度， 由题意可知光敏电阻 R 的阻值减小， 则电路的总电阻变小， 由欧姆定律可知，电流变大，即电流表示数变大；根据 U=IR可知,定值电阻 R1的电压变大，即电压表示数变大，故D 正确， AB错误。由欧姆定律可知 ,电压表和电流表示数的比值等于定值电阻R1 的阻值，则该比值保持不变，故 C 错误。故选： D。与丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷 ,这是因为摩擦使得 ( )A

6、. 电子从玻璃棒转移到丝绸B. 中子从玻璃棒转移到丝绸C. 质子从丝绸转移到玻璃棒D. 原子核从丝绸转移到玻璃棒考点： 摩擦起电的实质分析： 摩擦起电并不是创造了电荷，也不是消灭了电荷摩擦起电的实质是电荷的转移，失 去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电解答： 摩擦起电的实质是电子的转移，用绸子摩擦过的玻璃棒带正电，是因为摩擦过程中玻 璃棒失去了电子，故 A 正确、 BCD 错。故选 A.如图甲所示的电路中 ,R为滑动变阻器 ,R0为定值电阻 ,电源电压为 8V 恒定不变 .(不计温度对 电阻的影响 ),在滑片 P 滑动过程中 ,电压表与电流表的示数变化如图乙所示,则根据图象信息可知，下列说

7、法不正确的是 (A. R0 阻值是 5滑动变阻器的最大阻值是 35通过滑动变阻器 R 的电流与电阻成反比当滑片 P 在最右端时 ,R0两端的电压是 1V 考点： 欧姆定律的应用 分析： 由电路图可知， R0和 R串联，电压表测 R两端的电压，电流表测电路中的电流 (1)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，根 据图象读出电表示数，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压； 当滑动变阻器的接入电路中的电阻为 0 时，电路为 R0 的简单 电路，电路中的电流最大，根据图象读出电路中的电流，利用欧姆定律表示出电源的电压，

8、 根据电源的电压不变得出等式即可求出R0的阻值， 进一步求出电源的电压， 利用串联电路的电压特点求出当滑片 P 在最右端时 R0两端的电压； (2)根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流即为通过滑动变阻器的电流，然后分 析通过滑动变阻器 R 的电流与电阻的关系解答： 由电路图可知 ,R0和 R串联，电压表测 R两端的电压，电流表测电路中的电流。 (1)当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，由乙图可知 ,电路中的最小电流 I 小=0.2A,R 两端的电压 UR=7V，由 I= U 可得，滑动变阻器的最大阻值：R7VR=UR/I 小=35 ，故 B 正确；0.2A因串联电路中总电

9、压等于各分电压之和，所以 ,电源电压： U=U0+UR=I 小 R0+UR大=0.2AR0+7V 当滑动变阻器的接入电路中的电阻为0时,电路为 R0 的简单电路，电路中的电流最大，由乙图可知 ,电路中的最大电流 I 大=1.6A， 则电源的电压： U=I 大 R0=1.6AR0 ， 因电源的电压不变，所以 ,0.2AR0+7V=1.6AR0，解得： R0=5 ，故 A 正确；已知电源电压 U=8V，当滑片 P在最右端时 ,R0两端的电压： U0=U-UR=8V-7V=1V，故 D 正确； (2)因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且串联电路中各处的电流相等， 所以，通过滑动变阻器 R 的电流：

10、UI= ，R R0因为 I 与 R 不是反比例函数，所以，通过滑动变阻器 R的电流与电阻不成反比，故 C 错误。故选 C.如图(a)所示电路中 ,当闭合开关后 ,两只电压表的指针偏转均如图 (b)所示,则电阻 R1和 R2两6 V1.5 VB. 7.5 V1.5 VC. 1.5 V7.5 VD. 1.5 V6 V考点： 串联电路的电压规律 分析： 由图 a 可知，电阻 R1与 R2串联，电压表 V 2测两电阻串联电压，即电源电压，电压表V1 测电阻 R2 两端电压，根据串联电路特点确定电压表量程与分度值，读出电压表示数，然 后由串联电路特点求出两电阻两端的电压解答： (1)由电路图可知 ,电压

11、表 V2示数应大于电压表 V1 示数,而两电压表指针位置相同 ,则电 压表 V2 量程是 0 15V,分度值是 0.5V,电压表示数 U V1=7.5 V;电压表 V1量程是 03V,分度值是 0.1V,电压表示数 UV2=1.5V；(2)电阻 R2的电压 U2=UV1=1.5V,电阻 R1的电压 U1=UV2-U2=7.5V- 1.5V=6V； 故选 A.7.电工维修电路有时需要带电操作 ,如图所示 ,以下操作不会发生触电事故的是 ( )甲站在绝缘凳上同时接触火线和零线B. 乙站在绝缘凳上仅接触火线C. 丙站在地上仅接触火线D. 丁站在地上同时接触火线和零线考点： 触电危害及常见的触电类型与

12、预防 分析： 家庭电路中的触电事故，都是人直接或间接接触火线引起的；触电有两种： 当人体 的不同部位分别接触火线和零线时， 站在地上，身体的某一部位与火线接触，据此分析解答： 人体触电，原因是有电流流过，形成通路。人体为导体，一边与火线相接，一边与零 线相接或与大地相接，都会形成通路，图甲、丙、丁中都能构成闭合的电路，即有电流流过人体，会触电；图乙中没有构成闭合的电路，即电流不会流过人体，不会触电。故选 B.电路中出现的情况是（A. 电压表的示数变小如图所示，电源电压不变，只闭合开关S1，灯泡 L 发光，电压表有示数；再闭合开关S2，电路的总电阻不变C. 灯泡 L 的亮度不变 D. 电路的总功

13、率变大考点：电路的动态分析分析：本题考查电路的动态分析、串联电路的特点以及功率的公式。解答：ABC 只闭合开关 S1，为串联电路，电阻 R与灯泡 L 串联；电压表测量的是 R两端的电压，根据串联电路的电压特点可知，电压表示数要小于电源电压，开关S2 闭合时，灯泡被短路，灯泡不发光，电路中只有R，总电阻减小，电压表测量的是电源电压，故电压表示数变大，故 ABC 错误；D开关 S2闭合后电路总电阻 R总变小，电流变大，电阻 R两端的电压变大，根据 P=UI 可 知电路的总功率变大，故 D 正确故选 D如图是某同学设计的汽车启动电路，旋转钥匙接通a、 b 间电路，电动机 M 启动，下列说法正确的是（

14、 ）F 端为螺线管的 N 极电动机启动说明螺线管产生磁性R 的滑片左移时螺线管磁性减弱D. 螺线管两端电压小于电动机两端电压考点： 电磁继电器的组成、原理和特点，探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验解答： A 螺线管表面的电流方向向石，根据安培定则可知，E 端为螺线管的 N 极，A 错误；BR 的滑片向左移动时， R接入电路的电阻变小，电路中的电流变大，螺线管磁性变强， B 错误；C当螺线管中有电流时，螺线管会产生磁性，将衔铁吸下，接通电动机所在的电路，电动 机启动， C 正确；D 螺线管在控制电路中，控制电路为低电压、弱电流，而电动机在工作电路中，为高电压、 强电流， D 正确故选 CD 图甲

15、中的 A. B分别为小灯泡和定值电阻的 I- U图象,小灯泡和电阻的连接情况如图乙所示 电源电压 8V,下列说法正确的是 （ ）小灯泡电阻随温度的增大而减小B. 灯泡的实际电功率为 0.6 W定值电阻的阻值为 0.05 D. 定值电阻的电功率为 0.8 W考点： 欧姆定律的应用，电功率的计算分析： （1）根据图象分析灯泡的电阻变化；（ 2）根据图象确定灯泡两端的实际电压和电流，由P=UI 计算实际电功率；（3）根据公式 R=U 得出定值电阻的阻值；I（ 4）根据图象确定定值电阻两端的电压和电流，由P=UI 计算出实际电功率解答： A. 由图甲结合 R=U 可知，灯泡两端的电压增大时，灯泡的电阻

16、增大；此时灯泡的实I际功率增大，灯丝温度也在升高，由此说明，灯丝的电阻随温度的升高而增大，故 A 错误；灯泡和定值电阻串联 ,电流相等 ,电压之和等于电源电压 ,由图甲知 ,当电流为 0.3A 时,灯泡两 端电压为 2V,定值电阻两端电压为 6V,总电压为 8V,则灯泡的实际功率： PL=ULI=2V0.3A=0.6W，故 B 正确；6A由 B 项数据可知 ,电阻的阻值： R=UR/I=20 ，故 C 错误；0.3A电阻的实际功率： PR=URI=6V0.3A=1.8W，故 D 错误。 故选 B.如图为我国新型反潜巡逻机。 机尾的 “棍子 ”叫做磁异探测器 ,它能将潜艇经过海域引起的磁 场强弱

17、变化转化为强弱变化的电流 ,从而发现潜艇的存在。 下图能解释磁异探测器工作原理的 是 ()考点： 电磁感应分析： 磁异探测器最终将信号转换为变化的电流，因此是一个发电机，分析下面四幅图，找 出发电机的原理即可解答： 磁异探测器将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，说明有感应 电流产生；开关闭合后，在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理。故 A 正确；图示为通电导体在磁场中受力，是电动机的原理，故 B 错误；图示为磁极之间的相互作用，故 C 错误；图示的实验是电磁铁的原理，运用了电流的磁效应，可

18、制成电磁铁，故 D 错误。 故选 A.关于信息和材料 ,下列说法正确的是 ( )超导材料可以应用于电饭锅的电热丝卫星通信是依靠电磁波传递信息的光纤通信是依靠激光在光导纤维内壁上多次发生折射来传递信息的D. 电磁波不能在真空中传播考点： 超导体的作用，电磁波的传播，光纤通信分析： (1)超导体的电阻为零，不会放热，所以电能无法转化为内能；(2)电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播；（3）光纤通信是利用激光从光纤的一端射入，在内壁上多次反射后在另一端放射出来，然 后在接收端，检测器收到光信号后把它变换成电信号，经解调后恢复原信息（4）电磁波的传播不需要介质

19、解答： A. 电饭锅的电热丝需要将电能转化为内能，电阻为零的超导体无法将电能转化为内能，故 A 错误；卫星通信是利用电磁波来实现的，故 B 正确；光纤通信是利用激光从光纤的一端射入， 在内壁上多次反射后在另一端放射出来， 然后在 接收端，检测器收到光信号后把它变换成电信号，经解调后恢复原信息，故 C 错误；电磁波的传播不需要介质，能在真空中传播，故 D 错误；故选 B.第卷（选择题 共 46分）二、填空题与解答题（本题包括 6个小题，每空一分，共 14 分）家庭中的电灯、空调等用电器都是 _联在电路中的。小林家的电能表的盘面上标有“ 60R0/kW? h”的字样， 他单独把空调接入电路中时，

20、观察到 1min 内电能表的转盘转了 10 转， 则该空调工作时的实际功率是 _ W.考点： 电功率的计算， 电能表参数的理解与电能的求法分析： （1）家用电器的额定电压是 200V，家庭电路电压是 220V，各家用电器并联时，各家 用电器都能正常工作，并且互不影响；（2）已知消耗 1kW?h的电能，电能表的转盘转动 600转，可求转 10 转消耗的电能，根据公W式 P= 可求该空调的实际功率t解答： （1）家庭中的电灯、空调等用电器都是并联在电路中的；（2）电能表表盘上有 600r/kW? h的字样， 是指消耗 1kW? h的电能， 电能表的转盘转动 600转， 所以转盘转 10 转消耗的电

21、能：10 1W= 600 kW? h= 60 kW? h，该空调的实际功率：W 110P= = kW? h/（h）=0.1kW=100W，t 6060故答案为：并； 100.如甲图所示的电路 ,开关 S1_（能/不能）实现对灯 L1的控制 ,该电路存在的安全隐患是 _; 如图乙 ,在进户线的干路上串联一个标有 “220V 44W”的灯 L2,只闭合开关 S2时发现 L1不亮 ,L2 正常发光 ,说明 L1所在支路 _（有/没有 ）短路情况 ,此时电路中的电流为 _A,若此时用测电笔 接触 A 点,氖管 _（会/不会）发光。考点： 家庭电路的故障分析 分析： （1）家庭电路中用电器的开关应该接到

22、用电器和火线之间，避免触电；（ 2）被短路的用电器不工作；利用 P=UI 求出电流；当测电笔接触火线时氖管会发光解答：根据甲图可知 ,S1 与的 L1 串联，能控制此灯，但是接到了零线与灯泡之间不符合电路连接规 则，容易在检修和更换灯泡时触电；根据乙图可知 ,若灯 L2 正常发光 ,则说明实际电压等于额定电压 ,由此可以说明灯 L1 处短路，由 P=UI 可得：此时的电流为：P 44WI= =0.2A；U 220V若此时用测电笔接触 A 点，由于与火线相通，则氖管会发光。 故答案为：能；易触电；有； 0.2；会。如图所示 ,电源电压保持不变 ,灯泡 L 标有 “V6 0.6W”的字样 ,R 为

23、定值电阻。 闭合 S、断开 S1, 灯泡正常发光 ;再闭合 S1,发现电流表示数变化了 0.3A,则 R的阻值为 _通,电 1min灯泡 L和 电阻 R 消耗的电能之比是 _.（设灯丝电阻不变 ）考点： 电功的计算， 欧姆定律的应用， 电功率的计算分析： 闭合开关 S，断开开关 S1 时，电路为小灯泡的简单电路，根据额定电压下小灯泡正常 发光可知电源的电压，根据 P=UI 求出灯泡的电流；若再闭合开关 S1，灯泡与电阻 R 并联， 电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过灯泡的电流不变， 电流表变化的示数为通过 R 的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出R的阻值；

24、 根据 W=UIt 求出通电 1min 灯泡 L 和电阻 R 消耗的电能之比解答：闭合开关 S,断开开关 S1 时，电路为小灯泡的简单电路，因灯泡正常发光，所以 ,电源的电压 U=UL=6V，由 P=UI 可得，通过灯泡的电流：0.6WIL=PL/UL=0.1A；6V若再闭合开关 S1，灯泡与电阻 R 并联，电流表测干路电流， 因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过灯泡的电流不变，则通过 R 的电流即为电流表变化的示数 ,IR=0.3A， 因并联电路中各支路两端的电压相等， 所以,由 I=U 可得， R的阻值：R6VR=U/IR=20；0.3A由 W=UIt 可得，通电 1min 灯

25、泡 L 和电阻 R 消耗的电能之比：0.1A 1PLt/PRt=UIL/UIR=IL/IR=0.3A 3故答案为： 20； 1:3.如图所示 ,是某种电热器的电路图 ,电源电压 220V,R1、R2 的阻值分别为 11、22，通过旋 转扇形开关 S，接触不同触点，实现高、中、低三个档位的转换，电热器在低温工作时的电 功率是 _W，在高温档工作 1min 产生的热量是 _J。考点： 热量的计算，电功率的计算分析： （1）根据 P=U2/R ，当电阻最大时，电功率最小，为低温档，分析此时电路的连接， 根据 P=U2/R 求出电热器在低温工作时的电功率；（2）当两电阻并联时，旋转扇形开关S接触 c、

26、d 时电阻最小，由并联电阻的规律求出并联电阻，根据 Q高=U2/R并t求出在高温档工作 1min 产生的热量。解答：根据 P=U2/R,当电阻最大时 ,电功率最小 ,旋转扇形开关 S接触 c,即只有 R2 连入电路时为 低温档，P 小=U2/R2=（220V）2/22 =2200W 当两电阻并联时，旋转扇形开关 S接触 c、d 时电阻最小，R并=R1R2/(R1+R2)=1122/(11+22)=22， 在高温档工作 1min 产生的热量是：Q高=U2/R并t=（220V）2/ 6s0=3.96 105J。3故答案为： 2200;3.96 105。将两个定值电阻串联连接到电压为U 的电源两端

27、,R1消耗的功率为 P1,R2消耗的功率为 3P1.将这两个定值电阻并联接在电压为 U 的电源两端时 ,R1与 R2的电阻之比为 _,并联时 R2消耗 的功率为 _,并联时通过 R1与 R2的电流之比为 _，并联时两电阻消耗的总功率为 _. 考点： 欧姆定律的应用 , 电功率的计算 分析： （ 1）两电阻串联时通过它们的电流相等，根据P=UI=I2R 求出两电阻的阻值之比，根据欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压， 根据 P=UI=U 2/R 表示出两电阻的阻值； 1 ( 2 )将这两个定值电阻并联接在电压为U 的电源两端时，根据并联电路的电压特点和P=

28、UI=U 2/R 求出两电阻消耗的电功率，两者之和即为电路消耗的总功率，根据欧姆定律求出 通过两电阻的电流之比解答： (1)将两个定值电阻串联连接到电压为U 的电源两端时，因串联电路中各处的电流相等，所以,由 P=UI =I2R可得，两电阻的阻值之比：1R1/R2=P1I2/(P2/I2)=P1/P2=P1/3P1= 3由 I= U 可得，两电阻两端的电压之比：R1U1/U2=IR1/IR2=R1/R2= ，3因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以 ,U=U1+U2=U1+3U1=4U1，U3解得： U1=U4 ,U2=34U， 由 P=UI =U 2/R 可得，两电阻的阻值：U3R1=U1

29、2/P1=( )2/P1=U2/16P1,R2=U22/P2=( U)2/3P1=3U2/16P1；44将这两个定值电阻并联接在电压为 U 的电源两端时， 因并联电路中各支路两端的电压相等， 所以，两电阻消耗的功率：P1U=2/P1=U2/(U2/16P1)=16P1,P2U=2/R2=U2/(3U2/16P1)= P1，3两电阻消耗的总功率：16 64P=P1P+2 =1P61+ P1=P133通过 R1 与 R2 的电流之比：3I1/I2=(U/R1)/(U/R2)=R2/R1= .故答案为：1:3;16P1;3:1; 64P1.33两个标有 “ 5、1A“和“ 10、0.6A”的定值电阻

30、，将它们串联起来时电路中总电阻为_，此时电源电压最大允许为 _V；若将它们并联时干路电流最大允许是_A。考点： 欧姆定律的应用，电阻的串联分析： ( 1)串联电路电流处处相等；为了不损坏电阻，比较两电阻允许通过的最大电流， 选其中较小的电流；然后根据串联电路电阻的特点求出总电阻，再利用 U=IR 即可求出电源 电压的最大值；( 2)并联电路两端电压相等；为了不损坏电阻，根据U=IR 分别求出各电阻两端允许的最大 电压，然后比较，选其中较小的电压，再利用 I=R 分别求出各支路电流，最后利用并联电路电流的特点求出干路上允许的最大电流。 解答：串联电路的等效电阻 (总电阻 )等于各个电阻之和，所以

31、 R=R1+R2=5+10 =15；由题知 ,两电阻允许通过的最大电流分别为：I1=1A,I2=0.6A,则 I1I2，因串联电路电流处处相等，所以为了不损坏电阻，串联电路中的最大电流为0.6A；则电源电压的最大值： U 大=I 大(R1+R2)=0.6A(5 +10 V)=；9两电阻两端允许的最大电压分别为： U1=I1R1=1A 5 =V5,U2=I2R2=0.6A 10 =V6， 比较可知 U1U2，为使两电阻都不烧坏，则电路两端允许加的最大电压是5V；此时通过 R1 电阻的电流为 1A，通过 R2 电阻的电流：I2U=1/R2=5V/10 =0.5A，则并联电路中干路上允许的最大电流为

32、：I大=I1+I2 =A1+0.5A=1.5A。故答案为： 15； 9；1.5。三、作图与实验探究题(本题包括 4个小题，共 20 分)如图所示，请根据小磁针静止后的指向及所标电流的方向，画出螺线管导线的绕法。考点： 通电螺线管的磁场分析：首先根据磁极间的相互作用规律和小磁针的NS极，判断出通电螺线管磁场的 NS 极，再根据安培定则判断出螺线管的绕线方法。解答：小磁针的左端为 S极、右端为 N 极，根据异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，所 以通电螺线管左端为 N 极、右端为 S 极； 而电流从左端流入、从右端流出，则由安培定则可知螺线管的绕向如图所示：如图甲，是张勇实验小组在探究 “电流与电

33、阻的关系 ”时的电路图，电源电压恒为 6V.电压 表、电流表无损坏，有阻值为 5、10、20、30、40 定值电阻 5个。根据图甲，用笔画线代替导线连接完成图乙的实物图。实验过程中 ,需要改变定值电阻 ,观察电流的变化 ,为了科学地得出实验结论 ,当每次更换电 阻后 ,都要移动滑动变阻器的滑片 ,此时眼睛应注意观察 _(选填序号 )。A. 变阻器滑片 B.电压表 C.电流表 D.电源某次实验，更换电阻 R，合上开关后，电压表示数为0，电流表示数正常，其原因可能是在老师的引导下 ,他们将 5 次实验数据描绘在图丙中。 图中阴影部分 “面积”表示的物理量是 _(选填序号 )。A. 电流 B. 电压

34、 C. 电阻 D. 电功率实验中 ,他们选择下列哪个滑动变阻器最合适 _( 选填序号 )。A. 10 0.5A B.50 0.A5 C.50 A1 D.200 A1（6） 请你用平滑曲线将图丙中 5 个点连接起来 ,观察图象你可以得出实验结论：分析： （1）电压表与电阻并联，根据图甲，将变阻器的右下接线柱连入电路中；（ 2）探究电流与电阻的关系 ”时，要控制电阻的电压不变，据此分析；（ 3）某次实验，更换电阻 R，合上开关后，电流表示数正常，则电路为通路，根据电压表示 数为 0 分析；（ 4）图丙中，阴影部分为长方形，根据欧姆定律U=IR 分析；（5）求出图丙中实验中电流与电阻之积，根据串联电

35、路电压的规律，变阻器分得的电压， 根据分压原理， 求出当接入 40 电阻时变阻器连入电路中的电阻，考虑到电流的电流大小和 操作的方便性确定选用的滑动变阻器；（6）用平滑曲线将图丙中 5 个点连接起来，根据电流与电阻之积为一定值分析。解答： （1）电压表与电阻并联，根据图甲，将变阻器的右下接线柱连入电路中，如下左所示：（2）探究电流与电阻的关系 ”时，要控制电阻的电压不变，故实验过程中，需要改变定值电阻， 观察电流的变化，为了科学地得出实验结论，当每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器的滑 片，此时眼睛应注意观察电压表，选B；（3）某次实验 ,更换电阻 R,合上开关后 ,电流表示数正常 ,则电路为通

36、路 ,电压表示数为 0,其原因 可能是电阻 （或电压表 ）短路；（4）图丙中阴影部分为长方形，其面积等于IR，根据欧姆定律 U=IR，故阴影部分 “面积表示的 物理量是电压，选 B； （5）由图丙中，实验中电流与电阻之积为：U =IR=0.4A 10 = 0.1 A 40 =V4 ，电源电压恒为 6V，根据串联电路电压的规律， 变阻器分得的电压：U 滑=U- UV=6V- 4V=2V，变阻器分得的电压为电压表示数的0.5 倍，根据分压原理，当接入40电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=0.5 40 =20，考虑到电流的电流为 0.8A 和操作的方便性，故为了完成整个实验，应选 用 501A

37、 的滑动变阻器。用平滑曲线将图丙中 5 个点连接起来，如上右所示： 由知，得出实验结论：电压一定时，电流与电阻成反比。故答案为： (1)如上左所示 ;(2)B;(3)电阻(或电压表 )短路 ;(4)B;(5)C;(6)如上右所示； 电压一定时， 电流与电阻成反比。在 “测量小灯泡的电功率 ”实验中， 小灯泡的额定电压为 2.5V，电阻约为 10，有两个规格分别为 “101A”、 “502A”的滑动变阻器，电源电压为 9V。本实验中应该选择规格为 的滑动变阻器。图甲中已有部分电路连好，请用笔画线代替导线将电路连接完整。实验前在检查仪器时，发现电流表指针如图乙所示，则接下来的操作是 。正确连接好

38、TOC o 1-5 h z 电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，灯泡都不亮，电压表示数接近 9V ， 电流表示数几乎为 0，电路的故障可能是 。排除电路故障后，闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，多次测量，并绘制了通过小灯泡的 电流随其两端电压变化的关系图象如图丙所示，则小灯泡的额定功率为 W 。在多次测量中还发现： 当电压表的示数增大时， 电压表与电流表的示数之比 (填 “变大 ”、“变小 ”或“不变 ”)，导致这一结果的原因是 。整理器材时发现滑动变阻器的 PA 部分比 PB 部分热，原因是 。考点： 电功率的测量 分析： （ 1）已知灯泡额定电压与灯泡阻值，由欧姆定律可以求出灯

39、泡正常发光时的电流； 由串联电路特点求出灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压，然后由欧姆定律求出此时滑动 变阻器接入电路的阻值，根据该阻值选择滑动变阻器；（2）根据灯泡的额定电压确定电压表量程，根据灯泡正常发光时的电流确定电流表量程， 把电流表、滑动变阻器串联接入电路，电压表并联在灯泡两端，连线时要注意滑动变阻器的 接法；（3）由图知，电流表指针没有指在零刻度线上，使用电流表前应对电流表进行机械调零， 使指针指在零刻度线上； 闭合开关灯泡不亮，可能是灯泡断路或短路或灯泡之外的电路断 路；电流表无示数可能是电路断路；电压表示数接近9V ，等于电源电压，说明电压表与电源两端相连，电压表并联电路之外，

40、不存在断路；综合分析知电路故障原因是：灯泡断路； （ 4）已知灯泡的额定电压，通过图象得到额定电压下的电流，利用公式P=UI 得到灯泡的额定功率；灯丝电阻受温度的影响，变化较明显，并且温度越高，电阻越大； （5）根据焦耳定律结合串联电路电流及电阻的关系进行判断解答： （1）灯泡正常发光时 ,电路中的电流： I=UL/RL=2.5V/10 =0.25A； 则滑动变阻器两端的电压： U 滑=U-UL=9V- 2.5V=6.5V， 此时滑动变阻器接入电路的阻值为： R 滑=U 滑/I= 6.5V =26，大于滑动变阻器 “ 10A1”的最0.25A大阻值，因此应选规格为 “50A2”的滑动变阻器；U

41、（2）灯泡的额定电压是 2.5V,电压表应选 03V量程 ,灯泡正常发光时的电流为 I=R=2.5V/10=0.25A，则电流表应选 00.6A 量程，电流表、滑动变阻器串联接入电路，电压表并联在灯泡两端，电路图如图所示：电流表指针没有指在零刻度线上，应先对电流表调零；电路正确连接后，闭合开关，移动滑片 P，发观灯泡总不亮，且电流表无示数，但电压表示数接近9V，则故障原因可能是灯泡断路；由图象知，在额定电压下，通过灯泡的电流为0.2A；则灯泡的额定功率： P 额=U 额 I=2.5V0.2A=0.5W； 灯丝的电阻随温度的升高而变大，所以电压与电流的比值 - 电阻是变大的；滑动变阻器 PA部分

42、接入电路有电流通过由于电流热效应发热 ,PB未接入电路 ,根据 Q=I2Rt， 两部分的电流相同，通电时间相同，由于 PA 的电阻大于 PB的电阻，所以 PA 部分产生的热 量多，比较热。故答案为：50 A2；见上图；调零；灯泡断路；0.5；变大；灯丝的电阻随温度的升高而变大；滑动变阻器 PA部分接入电路有电流通过由于电流热效应发热 ,PB未接入电路 ,根据 Q=I2Rt， 两部分的电流相同，通电时间相同，由于 PA 的电阻大于 PB的电阻，所以 PA 部分产生的热 量多，比较热。在“探究影响电磁铁磁性强弱的因素 ”的实验中，电源电压恒定， 大、小铁钉各自完全相同， 进行如图所示的甲、乙、丙三

43、次实验甲图中大铁钉的 N 极是 (选填 “钉尖 ”或 “钉帽 ”)通过观察甲、乙两次实验现象，得出的结论是 ；通过观察丙图实验现象得出的结论是 将甲图中的小铁钉换成小钢钉进行实验，断开开关后，发现的有趣的实验现象是 考点： 探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验分析： 根据安培定则判定大铁钉的 N 极； 根据甲乙中的相同点和不同点，利用控制变量法分析； 钢是永磁体。解答： 甲图中，根据安培定则可知，钉帽端为 N 极；通过观察甲、乙两次实验可知，线圈的匝数相同，滑动变阻器接入电路的电阻不同，乙的电阻小，通过的电流大，乙中铁钉吸引的大头针个数多，故结论为：在线圈匝数相同时，电流 越大，磁性越强；由丙图

44、可知，该电路为串联电路，电流相同，线圈匝数不同，匝数越多的吸引的大头针多， 故结论为：在电流一定时，线圈的匝数越多，磁性越强；将甲图中的小铁钉换成小钢钉进行实验，由于钢是永磁体，被铁钉磁化后，断开开关，仍具 有磁性，故小钢钉不会掉下来四、计算题(本题包括 2 个小题，共 12分)如图甲所示电路中 ,电源电压保持不变 ,R0为定值电阻， R 为滑动变阻器。闭合开关 S.移动 滑片 P，滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图象如图乙所示求滑动变阻器的最大阻值；R0 的阻值和电源电压。考点： 欧姆定律的应用，电功率的计算分析： ( 1)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，R1的最大阻值和 R0串联，电流表测电路中的电流， 此时电路中的电流最小， 根据图乙读出电路中的最小电流和滑动变阻器的功率， 根据 P=I2R 求出滑动变阻器的最大阻值；(2)根据的电阻的串联和欧姆定律表示出电源的