2022-2023学年广西南宁第二中学高一物理第一学期期末统考试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、如图所示，水平放置的传送带以恒定速率v顺时针运行，一小物块以水平向右的初速度v0滑上传送带A端，已知物体与传送带间的动摩擦因数恒为下列对小物块在传送带上受力和运动的判断正确的是

2、A.若v0=v，物块受到水平向右的摩擦力B.若v0v，物块一定先减速运动再匀速运动C.若v0v，物块到达B端的速度可能小于vD.若传送带逆时针运行，物块一定能到达B端2、在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程.在以下几位物理学家所做科学贡献的叙述中，正确的是（ ）A.在对自由落体运动的研究中，伽利略巧妙的利用斜面实验来冲淡重力影响使得时间更容易测量，最后逻辑推理证明了自由落体的运动规律B.牛顿应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德关于“力是维持物体运动的原因”的观点，并归纳总结了牛顿第一定律C.卡文迪许将行星与太阳、地球与月球、地球与地面物体之间的引力规律推广到宇宙中的

3、一切物体，得出万有引力定律，并测出了引力常量G的数值D.法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了点电荷间的相互作用规律，并通过油滴实验测定了元电荷的电荷量3、2018年5月14日，川航8633号班机在由重庆飞往拉萨的过程中发生事故。飞机6时25分从重庆江北机场起飞，约40分钟后在高度达到9800m、速率达到790km/h时，驾驶舱右座挡风玻璃破裂脱落，机组人员克服各种困难，使飞机最终在事故发生35分钟后安全降落于成都双流机场。已知江北机场到双流机场的距离约360km，下列说法正确的是（）A.事故飞机飞行的路程约为360kmB.塔台工作人员在研究事故飞机飞行轨迹时，可以把飞机视为质点C.“6时25分”

4、和“40分钟”，前者表示“时间”、后者表示“时刻”D.事故飞机在飞行过程中的平均速度大小是790km/h4、如图所示，吊篮P悬挂在天花板上，与吊篮质量相等的物体Q被固定在吊篮中的轻弹簧托住，当悬挂吊篮的细绳烧断的瞬间，吊篮P和物体Q的加速度大小是（）A.aP= aQ= gB.aP=2g，aQ= gC.aP= g，aQ=2gD.aP= 2g，aQ= 05、质量为m的光滑圆柱体A放在质量也为m的光滑“ V”型槽B上，如图，=60，另有质量为M的物体C通过跨过定滑轮的不可伸长的细绳与B相连，现将C自由释放，则下列说法正确的是( )A.当M= m时，A和B保持相对静止，共同加速度为0.5gB.当M=2

5、m时，A和B保持相对静止，共同加速度为0.5gC.当M=6m时，A和B保持相对静止，共同加速度为0.75gD.当M=5m时，A和B之间的恰好发生相对滑动6、如图所示，质量不计的细绳一端绕过无摩擦的小滑轮C与物块相连，另一端与套在一根固定竖直杆上的圆环A相连初始状态，杆BC丄AC现将杆BC绕B点沿逆时针方向缓慢转动一小角度，该过程中圆环A始终处于静止状态，则（ ）A.细绳对圆环A的拉力变大B.圆环A受到竖直杆的弹力变大C.圆环A受到的静摩擦力变小D.滑轮C受到细绳的压力变小7、如图所示，一个质量为m、横截面为直角三角形的物块ABC，ABC，AB边靠在竖直墙上，F是垂直于斜面BC的推力，物块静止不

6、动，重力加速度为g则A.物块受到的摩擦力大小为mgB.竖直墙对物块的弹力大小为FcosC.物块受到的摩擦力与弹力的合力，与F等大反向D.物块受到弹力与F的合力方向竖直向下8、关于“互成角度的两个共点力的合成”实验，下列说法正确的是A.必须使分力、与合力F在同一平面内B.在同一实验中，橡皮条拉长后的结点位置O允许变动C.在同一实验中，只要结点位置不变，无论两个分力如何变化，其合力不变D.用两只弹簧秤拉时，合力的图示F与用一只弹簧秤拉时拉力的图示不完全重合，说明力的合成的平行四边形定则不一定是普遍成立的9、跳高运动员从地面起跳瞬间，下列说法中正确的是()A.运动员对地面的压力大于运动员受到的重力B

7、.地面对运动员的支持力大于运动员受到的重力C.地面对运动员支持力大于运动员对地面的压力D.运动员对地面的压力大小等于运动员受到的重力10、甲、乙两个质点同时、同地、向同一个方向做直线运动，它们在0-4s内运动的v-t图像如图所示，由图像可知（）A.在第2秒末，两车处于同一位置B.在0-4s内，甲的加速度和乙的加速度的大小相等C.在第2秒末，两车的速度相同D.在0-4s内，甲、乙两车的平均速度相等11、如图所示，一小球自空中自由落下，与正下方的直立轻质弹簧接触，直至速度为零的过程中，关于小球运动状态的下列几种描述中，正确的是( )A.接触后，小球作减速运动，加速度的绝对值越来越大，速度越来越小，

8、最后等于零B.接触后，小球先做加速运动，后做减速运动，其速度先增加后减小直到为零C.接触后，速度为零的地方就是弹簧被压缩最大之处，加速度为零的地方也是弹簧被压缩最大之处D.接触后，小球速度最大的地方就是加速度等于零的地方12、几个水球可以挡住一颗子弹？国家地理频道的实验结果是：四个水球足够!水平排列的4个水球直径相同，子弹在水球中沿水平线做匀变速直线运动，恰好能穿出第4个水球，则可以判断的是（）A.子弹在每个水球中的速度变化相同B.每个水球对子弹做的功相同C.子弹在每个水球中运动的时间相同D.子弹在每个水球中的动能变化相同二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）某同学利用如

9、图所示的装置测量弹簧的劲度系数k。他先将待测弹簧的一端固定在铁架台上，然后将毫米刻度尺竖直放在弹簧的一侧，并使弹簧另一端的指针恰好落在刻度尺上。当弹簧自然下垂时，指针指示的刻度数值为10.00cm。弹簧下端挂300g的钩码时，指针指示的刻度数值如图所示，其读数为_cm。取重力加速度，可求得该弹簧的劲度系数为_N/m。14、（10分）在下面“验证动量守恒定律”的实验中，气垫导轨上放置着带有遮光板的滑块A、B，测得的质量分别为和，遮光板的宽度相同实验中，用细线将两个滑块拉近使弹簧压缩，然后烧断细线，弹簧落下，两个滑块弹开，测得它们通过光电门的速率分别为、用测量的物理量表示动量守恒应满足的关系式_；

10、本实验选用气垫导轨根本目是_三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，一质量不计的弹簧原长为，一端固定于质量的物体上，另一端施一水平拉力F。（设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，弹簧始终在弹性限度内，）(1)若物体与水平面间的动摩擦因数为0.45，当弹簧拉长至时，物体恰好向右匀速运动，弹簧的劲度系数多大？(2)若将弹簧压缩至，物体受到的摩擦力？(3)若将弹簧拉长至，物体受到的摩擦力？16、（12分）如图所示，甲、乙两物块通过长为L0.2m的水平轻绳连接，置于足够长的水平面上，甲、乙两物块质量均为m1kg，与水平面间动摩擦因数均为0.5t0时刻，在与水平面夹角

11、37的恒力F作用下，甲、乙一起从静止开始向右加速运动已知F10N，重力加速度取g10m/s2，sin370.6，cos370.8，不计空气阻力求：(1)两物体运动的加速度大小a；(2)4s时刻，甲、乙间轻绳断开，求在4.6s时刻，甲、乙间距离x.17、（12分）如图所示，物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入粗糙水平面设经过B点前后速度大小不变，最后停在C点，运动全程中利用速度传感器每隔0.ls测量物体的瞬时速度，下表给出了部分测量数据，求：斜面的倾角；物体运动到斜面底端B点的速度V参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、

12、C【解析】根据物块的初速度与传送带的速度大小关系，判断出摩擦力的方向，从而根据牛顿第二定律得出加速度的方向，从而判断出物体的运动情况.【详解】A若v0=v，则物体与传送带之间无摩擦力，做匀速直线运动；故A错误.B若v0v，物体所受摩擦力方向向左，则加速度向左，所以物体先向右做匀减速直线运动，当速度达到传送带速度做匀速直线运动；若物体到达B端时速度仍然大于传送带的速度，则做一直减速运动；故B错误.C若v0v，物体所受摩擦力方向向右，则加速度向右，所以物体先向右做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度前就到达B端，则物块到达B端的速度可能小于v；故C正确.D如果传送带逆时针运行，物体做匀减速直线运动

13、，当物体到达B端前速度减为零，则物体到达不了B端；故D错误.故选C.【点睛】解决本题的关键要会根据物体的受力情况判断物体的运动情况，知道当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动.2、A【解析】A在对自由落体运动研究中，伽利略巧妙的利用斜面实验来冲淡重力影响使得时间更容易测量，得出物体运动的位移与时间的平方正比关系，加之科学推理证明了自由落体运动规律，A正确；B伽利略应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德关于“力是维持物体运动的原因”的观点，牛顿归纳总结了牛顿第一定律，B错误；C牛顿将行星与太阳、地球与月球、地球与地面物体之间的引力规律推广到宇宙中的一切物

14、体，得出万有引力定律，卡文迪许测出了引力常量G的数值，C错误；D法国学者库仑首先得出了电荷之间相互作用的规律即库仑定律，密立根测出了元电荷的电荷量，D错误。故选A。【名师点睛】本题比较简单考查了学生对物理学史的了解情况，在物理学发展的历史上有很多科学家做出了重要贡献，大家熟悉的爱因斯坦、卢瑟福等，在学习过程中要了解、知道这些著名科学家的重要贡献，是解答类似问题的关键3、B【解析】A已知江北机场到双流机场的距离约360km，是指直线距离，而事故飞机飞行的路程大于360km，故A错误；B塔台工作人员在研究事故飞机飞行轨迹时，飞机的大小和形状可以忽略，所以可以把飞机视为质点，故B正确；C“6时25分

15、”和“40分钟“，前者表示“时刻”、后者表示“时间”，故C错误；D“约40分钟后在高度达到9800m、速率达到790km/h时”中的790km/h指的是瞬时速度，故D错误。故选B。4、D【解析】细绳烧断前，弹簧弹力等于物体Q的重力细绳烧断的瞬间，弹簧的弹力大小并没有变化；吊篮P在竖直方向受重力的作用和弹簧弹力的作用，则：aP=2g；物体Q的合力在这一瞬间仍为零，则：aQ= 0故D项正确，ABC三项错误5、B【解析】D.当A和B之间的恰好发生相对滑动时，对A受力分析如图根据牛顿运动定律有：解得B与C为绳子连接体，具有共同的运动情况，此时对于B和C有：所以，即解得选项D错误；C.当，A和B将发生相

16、对滑动，选项C错误；A.当，A和B保持相对静止。若A和B保持相对静止，则有解得所以当M= m时，A和B保持相对静止，共同加速度为，选项A错误；B.当M=2m时，A和B保持相对静止，共同加速度为，选项B正确。故选B。6、D【解析】A、对物块受力分析可知，绳中拉力等于物块重力，绕过无摩擦的小滑轮绳中拉力不变，细绳对圆环A的拉力T大小不变，故A错误；BC：如下图现将杆BC绕B点沿逆时针方向缓慢转动一小角度，该过程中圆环A始终处于静止状态，则与A相连的绳与竖直方向夹角变小，对A受力分析如图： 则： T大小不变，变小，圆环受到的竖起杆的弹力变小； 、T大小不变，变小，圆环受到的静摩擦力增大；故BC错误D

17、：对滑轮受力分析如下：则 T大小不变，变小，F变小，即滑轮受到绳的压力减小，D正确点睛：力的动态变化问题，三力问题一般采用图解法，多力问题要写出表达式进而分析7、BD【解析】先对物块受力分析，然后根据共点力平衡条件，结合正交分解法求解出支持力和摩擦力的大小【详解】对物块受力分析，受推力F、重力G、支持力N和向上的静摩擦力f，如图；由于物体保持静止，根据共点力平衡条件，有：x方向 N-Fcos=0；y方向 f-G-Fsin=0；又G=mg；由以上两式，解得N=Fcos；f=mg+Fsin；选项B正确，A错误；由力的平衡可知，物块受到的摩擦力与弹力的合力，与G和F的合力等大反向，选项C错误；物块受

18、到的弹力N与F的合力与G和f的合力方向等大反向，可知物块受到的弹力与F的合力方向竖直向下，选项D正确；故选BD.【点睛】本题关键对物体受力分析，然后根据共点力平衡条件，结合正交分解法列式求解8、AC【解析】A在进行实验时，必须使分力、与合力F在同一平面内，否则、的图示为其水平面内分力的图示，导致误差增大，故A正确；B了使两次拉橡皮筋效果相同，要求两次要将O点拉到同一位置，故B错误；C根据力的等效可知只要结点位置不变，其合力大小不变，故C正确；D共点力合成的平行四边形定则是一定成立的，由于实验中不可避免的存在误差，因此合力的图示F与用一只弹簧秤拉时拉力的图示不完全重合，故D错误。故选AC9、AB

19、【解析】运动员从地面起跳时向上加速，有牛顿第二定律可知地面对运动员的支持力大于运动员受到的重力，如图所示：根据牛顿第三定律，地面对运动员的支持力与运动员对地面的压力是一对作用力与反作用力，始终等大反向，故A、B正确考点：牛顿运动定律的应用10、CD【解析】A.前2s，通过图像可知，面积代表位移，乙的位移大于甲的位移，又是同地出发，所以2s末乙在前，A错误B.通过图像可知，甲一直做匀速运动，加速度为零，乙做匀减速运动，加速度不为零，B错误C.第2秒末，两车速度相等，都是10m/s，C正确D.在0-4s内，甲车匀速，平均速度为10m/s，乙车匀减速，平均速度：，平均速度相等，D正确11、BD【解析

20、】从小球下落到与弹簧接触开始，一直到小球速度为零的过程中，小球受竖直向下的重力和弹簧对小球竖直向上的弹力开始时弹簧的弹力小于重力，小球受到的合力向下，加速度向下，速度也向下，做加速运动；随着弹簧压缩量的增大，弹簧弹力增大，合力越来越小，加速度越来越小，做加速度减小的加速运动当弹簧弹力等于小球重力时，合力为零，加速度为零，速度达到最大值之后弹簧弹力大于小球重力，合力向上，加速度向上，速度向下，做减速运动；随着弹簧压缩量的增大，弹簧弹力增大，合力越来越大，加速度越来越大，做加速度增大的减速运动直至速度为零到达压缩最大之处综上，BD项正确12、BD【解析】子弹运动的过程为匀减速直线运动，直到末速度为

21、零，子弹运动的过程中加速度不变，由运动学规律和动能定理来解决此题【详解】子弹向右做匀减速运动，通过相等位移的时间逐渐增加，所以子弹在每个水球中运动的时间不同加速度相同，由v=at知，子弹在每个水球中的速度变化不同，故AC错误由W=-fx知，f不变，x相同，则每个水球对子弹的做的功相同，故B正确每个水球对子弹的做的功相同，由动能定理得知，子弹在每个水球中的动能变化相同故D正确故选BD【点睛】本题属于匀变速直线运动的基本规律应用，要能正确分析子弹的运动情景，把握子弹的速度变化量与时间的关系，功与动能变化的关系二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、 .13.00 .100【解析】1毫米刻度尺的最小刻度为1mm，需估读到0.1mm，则读数为13.00cm；2 300g的钩码的重力为：弹簧的伸长量为：对钩码由二力平衡可得：解得：14、 .m1v1m2v2=0 .使物体不受摩擦力作用，系统所受合外力为零【解析】烧断细线，弹簧落下，两个滑块弹开后分别作匀速直线运动，它们通过光电门的速率就等于弹簧结束作用时的速率，所以表示动量守恒应满足的关系式为选用气垫导轨根