精品解析浙江省绍兴市越城区20192020学年八年级上学期科学第一次月考试卷

1、Word文档，下载后可任意编辑 精品解析浙江省绍兴市越城区20192020学年八年级上学期科学第一次月考试卷(外装订线)(请不要在装订线内答题)(内装订线)登陆在线组卷平台助您教考全无忧浙江省绍兴市越城区2018-2019学年八年级上学期科学第一次月考试卷一、选择题1.下列实验操作中，正确的是（?）A.?B.?C.?D.?【答案】B【考点】实验操作注意事项的探究【解析】【分析】A、根据向试管中倾倒液体的操作进行解答；B、根据向试管中加粉未状固体药品的操作进行解答；C、根据用胶头滴管向试管中滴加液体的操作进行解答；D、根据呈筒的读数注意事项进行解答。【解答】A、向试管中倾倒液体时，将试剂瓶口紧靠

2、试管口，试剂瓶的标签朝向手心，瓶塞倒放在桌面上，故A错误；B、用纸槽向试管中加粉未状药品时，先将试管横放，用纸槽将药品送入试管底部，并将试管竖起，故B正确；C、用胶头滴管向试管中滴加液体时，胶头滴管垂直试管口悬于试管的正上方，不能伸进试管内，故C错误；D、用量筒量取液体药品读数时，视线与凹液面的最低处保持水平，不能仰视或俯视，故D错误；故答案为：B。2.将下列家庭常用的调味品分别放入水中，不能形成溶液的是（?）?A.?菜油?B.?食醋?C.?白糖?D.?味精【答案】A【考点】溶液的组成及特点【解析】【分析】溶液是指一种或几种物质分散到另一种物质里，形成均一的、稳定的混合物。【解答】A、菜油放入

3、水中，不能形成均一稳定的溶液，形成的是乳浊液，故A正确；B、食醋放入水中，能够形成均一稳定的溶液，故B错误；C、白糖放入水中，能够形成均一稳定的溶液，故C错误；D、味精放入水中，能够形成均一稳定的溶液，故D错误；故答案为：A。3.2017年3月2228日是第二十六届“中国水周”，本届的主题是“节约保护水资源，大力建设生态文明”。下列认识和做法不符合这一主题的是（?）A.?洗菜、洗衣、淘米的水用来浇花、拖地、冲厕所B.?加强工业废水的排放监控，坚持达标排放C.?合理施用农药、化肥，以减少水体污染D.?我国的淡水资源丰富，加上水会循环，所以淡水是取之不尽、用之不竭的【答案】D【考点】水体污染和防治

4、，水资源的保护【解析】【分析】节约保护水资源，可以从两方面做起，一方面要节约用水；应一方面要防止水体污染，据此结合题意进行分析解答。【解答】A、洗菜、洗衣、淘米的水用来浇花、拖地、冲厕所能够节约用水，故A符合这一主题，但不符合题意；B、加强工业废水的排放监控，坚持达标排放，能够有效的防治水污染，故B符合这一主题，但不符合题意；C、合理施用农药、化肥，以减少水体污染，能够有效的防治水污染，故C符合这一主题，但不符合题意；D、我国的淡水资源丰富，但不是取之不尽，用之不竭的，故D不符合这一主题，但符合题意；故答案为：D。?4.一些贵重的衣服沾上油污后，为了防止衣服在接触水后发生变形，衣服的标牌上注明

5、要“干洗”。“干洗”就是用专门的非水溶性洗涤剂洗衣服，洗完后，需要一段时间让洗涤剂蒸发才能让衣服变干，所以送去“干洗”的衣服通常需要几天才能拿。下表中“”表示上面的液体能溶解表中左侧物质，“”表示不能，则能作为“干洗”洗涤剂的是（?）A.B.C.D.面料油污A.?A?B.?B?C.?C?D.?D【答案】B【考点】溶液的组成及特点【解析】【分析】要想将衣服上的油污洗掉，所选的溶剂必须能够溶解油污而不能溶解衣服的面料，据此进行分析解答。【解答】从表格中可以看出，AC溶剂不能溶解油污，故AC溶剂不能做为干洗的洗涤剂；B溶剂能够溶解油污，不溶解衣服的面料，故B溶剂能做为干洗的洗涤剂；D溶剂能够溶解油污

6、，也能溶解衣服的面料，故D溶剂不能做为干洗的洗涤剂；故答案为：B。5.小明要配制50g质量分数为14%的氢氧化钠溶液制作“叶脉书签”，下列关于配制该溶液的说法不正确的是（?）若用氢氧化钠固体配制，需称取氢氧化钠固体7.0g用托盘天平称氢氧化钠固体时，在两盘各放一只质量相等的烧杯选用200ml量筒量取所需水的体积实验中用到的玻璃仪器有烧杯、量筒、玻璃棒和试剂瓶用量筒量取水时，俯视读数，配得溶液的溶质质量分数偏小A.?B.?C.?D.?【答案】C【考点】一定溶质质量分数的溶液的配制【解析】【分析】利用溶质质量=溶液质量溶质的质量分数，进行分析判断；根据氢氧化钠具有腐蚀性，进行分析判断；溶剂质量=溶

7、液质量-溶质质量，计算出所需水的质量，由所需水的体积判断所需量筒的量程；实验室配制50g质量分数为14%的氢氧化钠溶液操作步骤分别是：计算、称量、溶解，根据各操作所需要使用的仪器；用量筒量取水时，俯视液面，读数比实际液体体积大，进行分析判断。【解答】溶质质量=溶液质量溶质的质量分数，配制50g质量分数为14%的氢氧化钠溶液，需称取氢氧化钠固体50g14%=7.0g，故选项说法正确；氢氧化钠具有腐蚀性，应放在玻璃器皿中称量，故选项说法正确；溶剂质量=溶液质量-溶质质量，则所需水的质量=50g-7g-43g（合43mL），应选用50mL的量筒，故选项说法错误；实验室配制50g质量分数为14%的氢氧

8、化钠溶液操作步骤分别是：计算、称量、溶解，量筒用于准确量取水、烧杯用于完成溶解操作、玻璃棒用于溶解时的搅拌、试剂瓶用于盛放氢氧化钠溶液，故选项说法正确；用量筒量取水时，俯视液面，读数比实际液体体积大，会造成实际量取的水的体积偏小，则使溶质质量分数偏大，故选项说法错误；故说法错误；故答案为：C。6.如图是水的电解实验。该实验的主要目的是（?）?A.?观察水分解的现象?B.?研究水分解产物的性质C.?探究水分解的条件?D.?验证水由氧元素和氢元素组成【答案】D【考点】水的组成和主要性质【解析】【分析】根据电解水实验的目的进行分析解答。【解答】通过电解水得到氢气和氧气的现象，说明水是由氢、氧两种元素

9、组成，因此，此实验主要是为验证水的组成元素；故答案为：D。?7.周末，感到有点饿的甲同学泡了一杯白糖开水，他用筷子充分搅拌杯中的白糖后，将杯子放在一边待糖水变凉，喝糖水时，发现杯底有少量未溶解的白糖（如图）。下列操作或现象能说明糖水一定属于饱和溶液的是（?）A.?泡糖水时进行了充分搅拌?B.?糖水热的时候白糖全部溶解C.?凉的糖水底部都有剩余的白糖?D.?喝糖水时感到很甜【答案】C【考点】饱和溶液与不饱和溶液【解析】【分析】根据饱和溶液的概念去判断选项，饱和溶液：某一温度下，当一定量的溶剂中不能继续溶解该溶质时称为饱和溶液。【解答】A、甲同学泡了一杯白糖水，他用筷子充分搅拌杯中的白糖后的溶液没

10、说是否有不溶物，所以不一定饱和，A错误；B、糖水热的时候白糖全部溶解，可能刚饱和，也可能不饱和，B错误；C、待糖水变凉，喝糖水时，发现杯底有少量未溶解的白糖，说明此时有不溶物，属于饱和溶液，C正确；D、喝糖水时感到很甜与浓度有关，与是否饱和无关，D错误。故选C8.为了探究溶质在水中溶解速率的影响因素，某学习小组设计了如下实验：下列说法中正确的是（?）A.?对比实验和，可探究水的温度对溶质在水中溶解速率的影响B.?对比实验和，可探究水的温度对溶质在水中溶解速率的影响C.?对比实验和，可探究固体溶质的颗粒大小对溶质在水中溶解速率的影响D.?对比实验和，可探究固体溶质的颗粒大小对溶质在水中溶解速率的

11、影响【答案】A【考点】影响溶解快慢的因素【解析】【分析】影响固体溶解速度的因素有：温度、颗粒大小及溶质与溶剂的种类。【解答】A、对比实验和，只有温度不同，可探究水的温度对溶质在水中溶解速率的影响，故A正确；B、对比实验和，变量有水的体积、温度以及颗粒的大小，不可探究水的温度对溶质在水中溶解速率的影响，故B错误；C、对比实验和，变量有水的体积、温度以及颗粒的大小，不可探究固体溶质的颗粒大小对溶质在水中溶解速率的影响，故C错误；D、对比实验和，变量有水的体积和颗粒的大小不可探究固体溶质的颗粒大小对溶质在水中溶解速率的影响，故D错误；故答案为：A。9.净化水的方法有：过滤加明矾吸附沉降蒸馏消毒杀菌，

12、要将混有泥沙的天然水净化成生活用的自来水，应选用的方法和顺序为（?）?A.?B.?C.?D.?【答案】D【考点】水的净化【解析】【分析】根据净水的知识进行分析，除杂时可以采用先除去易除的杂质，再除去难除的杂质的顺序.水中含有的不溶性国体大颗粒杂质可以通过沉降除去；不溶性小颗粒固体杂质可以通过过滤除去；投药消毒杀菌可以除去细菌微生物。【解答】将混有泥沙的天然水净化成生活用的自来水，加明矾吸附沉降是把水中小颗粒泥尘聚集大的，以利于沉降；不溶性小颗粒固体杂质可以通过过滤除去；投药消毒杀菌可以除去细菌微生物；故混有泥沙的天然水净化成生活用的自来水，将所选用的方法按净化过程排序是加明矾吸附沉降过滤消毒杀

13、菌，净水过程中无需进行蒸馏；故答案为：D。10.如图所示，A为木球，B为某种塑料球，C为铜球，三个球的体积相同，且都静止在水中，则（?）?A.?A球受到的浮力最大，因为剪断细线，A球将上升B.?B球受到的浮力最大，因为B球没入水中最深C.?C球受到的浮最小，因为剪断细线，C球将下沉D.?A，B，C三球受到的浮力一样大，因为三球排开水的体积相同【答案】D【考点】阿基米德原理【解析】【分析】浸没水中的物体，知道三球体积相同，也就知道排开水的体积相同，根据阿基米德原理知道三球受到的浮力相等，而与所处的深度无关。【解答】A、剪断细线，A球将上升，说明A球受到的浮力大于重力，不能说明它受到的浮力比其它球

14、大，故A错误；B、浸没水中的物体，球受到的浮力与所处的深度无关，故B错误；C、剪断细线，C球下沉，说明C球受到的浮力小于重力，不能说明它受到的浮力比其它球小，故C错误；D、由图可知三球全浸入水中，A，B，C球体积相同，排开水的体积相同，则受到水的浮力相同，故D正确；故答案为：D。11.如图，海水淡化可采用膜分离技术，对淡化膜右侧的海水加压，水分子可以透过淡化膜进入左侧淡水池，而海水中的各离子不能通过淡化膜，从而得到淡水。对加压后右侧海水成分变化进行分析，正确的是（?）A.?溶质质量增加?B.?溶剂质量减少?C.?溶液质量不变?D.?溶质质量分数减少【答案】B【考点】溶质的质量分数及相关计算【解

15、析】【分析】对右侧的海水加压，水分子可以透过淡化膜赶往左侧淡水池，而海水中的各种离子不能通过淡化膜，所以右侧海水中的离子浓度会越来越大。【解答】由图示知，水分子可以透过淡化膜到左侧淡水池，而海水中的各种离子不能通过淡化膜。故尽管右侧海水中的离子个数不变，但水分子却在减少，因此浓度会越来越大，即溶质的质量分数增大。B选项正确。故选B12.在炎热的夏天,小林从5的冰箱储藏室里拿出一杯底部有少量蔗糖晶体的a溶液，在室温下放置一段时间，发现晶体消失了，得到b溶液。则下列说法错误的是（?）?A.?5时，a溶液一定是饱和溶液?B.?室温下,b溶液一定是不饱和溶液C.?蔗糖晶体的溶解度随温度升高而增大?D.

16、?b溶液溶质的质量分数一定大于a溶液【答案】B【考点】饱和溶液与不饱和溶液，溶解度的影响因素【解析】【分析】根据题目所给信息可知，a溶液中有不能继续溶解的溶质存在，故可以确定是饱和溶液；进而可以确定温度与溶解度的关系以及a溶液、b溶液中溶质的质量分数。【解答】A.由题意知，5时，a溶液中有少量蔗糖晶体存在，故a溶液一定是饱和溶液，故A正确，但不符合题意；B.在室温下放置一段时间后，发现晶体消失了，b溶液可能恰好饱和，也可能是不饱和溶液，故B错误，但符合题意；C、从5到室温，温度升高，晶体消失说明晶体已经溶解了，从而说明溶解度随温度升高而升高，故C正确，但不符合题意；D.由于a溶液中比b溶液中溶

17、解的溶质少，故b溶液的溶质的质量分数大于a溶液的溶质的质量分数，故D正确，但不符合题意；故答案为：B。13.下列分离或提纯物质的方法，所依据的原理正确的是（?）选项混合物的分离或提纯分离物质的原理A除去粗盐中的泥沙氯化钠和泥沙的溶解性不同B将石油分馏得到石油产品石油中各成分的密度不同C分离硝酸钾和氯化钠组成的混合物硝酸钾和氯化钠分解温度不同D分离液态空气制取氧气利用氮气和氧气的熔点不同A.?A?B.?B?C.?C?D.?D【答案】A【考点】过滤的原理、方法、操作及其应用，蒸馏的原理、方法、操作及其应用【解析】【分析】?（1）根据氯化钠溶于水而泥沙难溶于水进行判断；（2）根据石油中各成分的沸点不

18、同进行判断；（3）根据硝酸钾和氯化钠溶解度受温度影响不同进行判断；（4）根据利用氮气和氧气的沸点不同进行判断。【解答】A、氯化钠溶于水而泥沙难溶于水，所以可用过滤的方法除去粗盐中的泥沙，A正确；B、石油各成分的沸点不同，所以可将石油分馏得到石油产品，而不是密度，B错误；C、硝酸钾溶解度受温度影响较大，而氯化钠溶解度受温度影响不大，所以利用硝酸钾和氯化钠溶解度受温度影响不同来分离硝酸钾和氯化钠组成的混合物，故C错误；D、利用氮气和氧气的沸点不同来分离液态空气制取氧气，D错误。故选A14.半潜船可用来运输超大型货物，空载时漂浮于海面（如图甲）；装载时需向船体水舱注水，船体重力增加，巨大的甲板下沉至

19、海面以下（如图乙）；待货物被拖到甲板上方时，排出水舱中的水，船体重力减小，甲板上浮至海面，完成货物装载（如图丙）半潜船在甲、乙、丙三种状态时所受的浮力分别为F1、F2、F3，则以下判断正确的是（?）A.?F1F3F2?B.?F2F3F1?C.?F3F1F2?D.?F3F2F1【答案】B【考点】阿基米德原理，物体的浮沉条件及其应用【解析】【分析】从图中可以看出，船排开海水的体积关系，结合F浮=液gV排或可以比较出各自情况的浮力大小关系。【解答】据图可知，乙图中半潜船排开水的体积最大，其次是丙图，甲图排开海水的体积最小，所以据F浮=液gV排可知，液体的密度是相同的，乙图中；船受浮力最大，其次是丙图

20、，再次是甲图，即浮力大小关系是：F2F3F1；故答案为：B。15.同一物块分别静止在甲、乙两种不同的液体中，如图所示。则物块在甲、乙液体中受到的浮力和液体密度大小关系是（?）?A.?F甲F乙，甲乙?B.?F甲F乙，甲乙C.?F甲F乙，甲乙?D.?F甲F乙，甲乙【答案】D【考点】阿基米德原理，物体的浮沉条件及其应用【解析】【分析】同一物块放在甲、乙液体中都漂浮，受到的浮力都等于物块受到的重力；得出了受到浮力的大小关系，从图可以得出物块排开液体体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析液体的密度大小关系。【解答】物块漂浮，F浮=G，物块在甲、乙两种液体中受到的浮力都等于物块受到的重力G，即F甲=F乙=

21、G；又液gV=F浮，由图知，物体排开液体的体积：V甲乙；故答案为：D。16.如图甲是几种固态物质的溶解度曲线。30时，在100克水中加入11克b物质，充分搅拌，得到溶液；在溶液中继续加入89克b物质，充分搅拌，得到溶液，加热溶液至60，并充分搅拌，得到溶液，下列是小敏绘制的溶液、的溶质质量分数图像，其中正确的是（?）A.?B.?C.?D.?【答案】A【考点】饱和溶液与不饱和溶液，溶解度的影响因素【解析】【分析】根据溶液的组成以及饱和溶液和不饱和溶液的知识进行分析解答即可。【解答】据图可以看出，在30时b物质的溶解度是40g，在100克水中加入11克b物质，充分搅拌，全部溶解，得到溶液I，其溶质

22、质量分数为：；在溶液I中继续加入89克b物质，充分搅拌，只能溶解29g，得到溶液，其溶质质量分数为：；加热溶液至60，60时b的溶解度是70g，并充分搅拌，只能继续溶解30g，得到溶液，其溶质质量分数为：；A图像最接近；故答案为：A。17.实验室需要100g质量分数为3%氯化钠溶液，配制过程中相关描述正确的是（?）?A.?用3g氯化钠与100g水配制得到B.?直接用手抓取氯化钠C.?氯化钠直接放于天平托盘上称取D.?用50g质量分数为6%氯化钠溶液与50g水配制【答案】D【考点】一定溶质质量分数的溶液的配制【解析】【分析】A、利用溶质质量=溶液质量溶质的质量分数，可根据溶液的质量和溶质的质量分

23、数计算配制溶液所需要的溶质的质量；再根据溶剂质量=溶液质量-溶质质量即可求得蒸馏水的质量；B、根据固体药品的取用方法进行分析判断；C、根据托盘天平的使用方法进行分析判断；D、根据溶液稀释前后，溶质的质量不变，结溶质质量即可求得蒸馏水的质量；D、根据溶液稀释前后，溶质的质量不变，结合溶质质量分数的计算方法进行分析判断。【解答】A、实验室需要100g质量分数为3%氯化钠溶液，需要氯化钠的质量为：100g3%=3g，需要水的质量为：100g-3g=97g，故选项说法要氯化钠的质量为：100g3%=3g，需要水的质量为：100g-3g=97g，故A错误；B、根据实验室药品取用的原则，不能用手接触药品，

24、应用药匙取氯化钠，故B错误；C、使用托盘天平称量氯化钠时，应将氯化钠放在纸上称量，故C错误；D、用50g质量分数6%氯化钠溶液与50g水混合，所得溶液中溶质的质量分数为：，故D正确；故答案为：D。18.木糖醇是一种理想的蔗糖替代品，它的溶解度曲线如图所示。据图判断，下列关于木糖醇溶解度的叙述正确的是（?）?A.?30时溶解度是70克?B.?60时溶解度是70克C.?溶解度不受温度影响?D.?溶解度随温度的升高而降低【答案】A【考点】固体溶解度的概念，溶解度的影响因素【解析】【分析】根据固体物质的溶解度曲线可以：查出该物质在一定温度下的溶解度，判断出该物质的溶解度随温度变化的变化情况等。【解答】

25、A、根据该物质的溶解度曲线不难看出，在30时木糖醇的溶解度是30g，故A正确；B、在60时，木糖醇的溶解度是90g，故B错误；C、任何一种固体物质的溶解度都受温度的影响，故C错误；D、由于木糖醇的溶解度随温度的升高而增大，故D错误；故选：A。19.某地在江面上修建一座大桥，如图中甲是使用吊车向江底投放长方形石料的示意图在整个投放过程中，石料以恒定速度下降乙是钢绳的拉力F随时间t变化的图象（从开始投放到石料刚好接触湖底前）。t=0时刻吊车开始下放石料，忽略水的摩擦阻力则下列说法错误的是（?）A.?石料在t=20s时开始浸入水中?B.?石料的重力是1400NC.?石料受到的浮力始终是500N?D.

26、?石料完全浸没水后钢绳的拉力为900N【答案】C【考点】阿基米德原理，物体的浮沉条件及其应用【解析】【分析】图象可以分成三个过程分析：前20s，钢绳的拉力不变，等于物体的重力，此时物体在水面以上；中间10s，钢绳的拉力减小，物体从与水面接触到完全浸没；最后90s，钢绳的拉力不变，此时物体完全浸没在水中。【解答】A、由图象可以看出，物体在第20s开始浸入水中，故A正确，但不符合题意；B、在前20s，物体的重力等于受到的拉力为1400N，故B正确，但不符合题意；C、在第20s30s的过程中，物体排开水的体积不断增大，由公式F浮=液gV排可知，浮力不断增大，故C错误，但符合题意；D、石料完全浸没后，

27、浮力不变，钢绳的拉力不变，始终为900N，故D正确，但不符合题意；故答案为：C。20.一个边长为10cm的正方体，放入水中静止时，有2/5的体积露出水面，此时受到水的浮力为F水；把该物体放入某种液体中，待物体静止时，有3/4的体积浸入液体中，此时受到液体的浮力为F液，液体的密度为液(g取10N/kg)，则（?）?A.?F液=6N，液=2.4103kg/m3?B.?F水=6N，液=0.8103kg/m3C.?F液=4N，液=0.53103kg/m3?D.?F水=4N，液=0.8103kg/m3【答案】B【考点】阿基米德原理，物体的浮沉条件及其应用【解析】【分析】（1）求出正方体的体积，然后可求其

28、排开水的体积，利用F浮=液gV排计算受到水的浮力；（2）物体在水中和液体中均漂浮，可知在水中和液体中受到的浮力都等于其自身重力，已知正方体的体积，然后可求其排开液体的体积，再利用F浮=液gV排计算液体的密度。【解答】解：（1）正方体的体积V=（10cm）3=1000cm3=1103m3，则排开水的体积，受水的浮力F浮=液gV排=1103kg/m310N/kg610-4m3=6N；（2）正方体在水中漂浮，则重力G=F水=6N，正方体在液体中也漂浮，则受到液体的浮力F液=G=6N，排开液体的体积：；根据F浮=液gV排可得，液体的密度；故答案为：B。二、填空题21.读水循环示意图，回答下列题。（1）

29、在各个水循环的环节中，能使陆地上的水资源不断得到补充、更新的环节是?A.B-F-CB.E-A-GC.A-D-GD.A-G（2）驱动上图水循环的能量主要是?A.地热能B.太阳能和重力能C.月球、太阳对水体的引力D.重力能（3）建设三峡工程，主要对水循环下列环节施加了重要影响的是?A.GB.BC.CD.D【答案】（1）C（2）B（3）B【考点】水循环【解析】【分析】图中A表示蒸发，B表示地表径流，C表示地下径流，D表示水汽输送，E表示蒸腾作用，F表示渗透，G表示降水，据此分析解答。【解答】（1）能够使陆地上的水资源不断得到补充、更新的环节有A蒸发-D水汽输送-G降水，故选C；（2）驱动水循环的是太

30、阳能和重力能，故选B；（3）建设三峡工程，主要对水循环下列环节施加了重要影响的是B地表径流；故答案为：（1）C；（2）B；（3）B。22.水在通电的条件下可以发生化学反应，请根据图1和图2回答问题。图1水的电解图2电解水的微观示意图（1）图1是电解水的实验，试管1，2中产生的气体分别是_，两者的体积比约为_，这个实验说明水是由_组成的，电解水的文字表达式为_。（2）请在图2中用“”、“”表示反应后的生成物。【答案】（1）氢气和氧气；2:1；氢元素和氧元素；（2）【考点】水的组成和主要性质，构成物质的粒子模型，分子的定义与分子的特性【解析】【分析】水在通电的情况下，能够生成氢气和氧气，其体积比约

31、为2：1，据此分析解答。【解答】（1）从图中可以看出，试管1与试管2中产生的气体体积比约为：2：1，产生的气体分别为氢气和氧气，这个实验表明水是由氢元素和氧元素组成的，电解水的文字表达式为：；（2）；故答案为：（1）氢气和氧气；2：1；氢元素和氧元素；（2）。23.在室温条件下，对100mL氯化钠饱和溶液进行如图所示操作：（1）最终甲、乙两烧杯中溶液一定是饱和溶液的是_。（2）乙溶液在加50mL水的过程中，下列这些量逐渐减小的是_。溶解度?溶质质量分数?溶剂的质量?溶液的密度【答案】（1）甲（2）【考点】饱和溶液与不饱和溶液，溶质的质量分数及相关计算【解析】【分析】饱和溶液是指在一定温度和压力

32、下，溶剂中所溶解的溶质已达最大量（溶解度）的溶液。即溶质与溶液接触时，溶解速度与析出速度相等的溶液。溶质的量未达到对应的饱和状态的溶液，称做不饱和溶液。溶质的量超过对应的饱和状态的溶液，称做过饱和溶液。【解答】（1）100毫升的饱和氯化钠溶液分成甲乙两份后，甲乙均为饱和溶液；甲不做处理，而乙加入50毫升水后相当于稀释则乙溶液成为不饱和溶液；故答案为：甲；（2）溶解度只与温度有关，而加水的过程中温度不变，则溶解度不变；水是溶剂，加入溶剂，溶剂的质量增大而溶质不变，所以溶质质量分数会降低；溶液的质量分数降低，则溶液的密度也会降低；故符合；故答案为：；故答案为：（1）甲；（2）。24.“彩球温度计是

33、一种现代居家饰品，其结构模型如图所示。该“彩球温度计”是由体积相同（保持恒定）、质量不同的小球和密度随温度的升高而减小的液体组成。当环境温度升高时，浸没在液体中的小球受到的浮力将_。在某一环境温度下，四个小球处于如图位置，此时B小球受到的浮力与D小球受到的浮力的大小关系为_。【答案】变小（或“减小”）；FB=FD【考点】阿基米德原理，物体的浮沉条件及其应用【解析】【分析】（1）浸没在液体中的小球，由于排开液体的体积不变，当环境温度升高时，液体密度减小，根据F浮=液gV排即可判断浮力的大小变化；（2）在某一环境温度下，由图可知：B小球与D小球都处于浸没状态，则根据F浮=液gV排即可判断浮力大小关

34、系。【解答】（1）浸没在液体中的小球，由于排开液体的体积不变，根据液体密度随温度的升高而减小可知：当环境温度升高时，液体密度减小，根据F浮=液gV排可知所受浮力变小；（2）由图可知：B小球与D小球都处于浸没状态，排开液体的体积与物体的体积相等，由于BD小球的体积相等，所以B小球与D小球排开液体的体积相等，根据F浮=液gV排可知所受浮力相等，即：FB=FD；故答案为：变小（或减小）；FB=FD。25.A、B两烧杯中均盛有100克水，分别加入不同质量的同种固体物质，用玻璃棒搅拌使其充分溶解，现象如图所示。此时，_烧杯中的溶液一定是该温度下的饱和溶液。【答案】B【考点】饱和溶液与不饱和溶液【解析】【

35、分析】在某一温度下，一定量的溶剂中不能继续溶解该溶质的溶液为饱和溶液，据此分析解答。【解答】在该温度下，两烧杯中的水一样，都是100克，加入的是不同质量的同种固体物质，然后用玻璃棒搅拌使其充分溶解后发现A中没有固体剩余，则A可能是饱和溶液，也可能是不饱和溶液，而B中有剩余固体，说明不能再继续溶解B固体，B一定是饱和溶液；故答案为：B。26.溶液在日常生活、工农业生产和科学研究中具有广泛的用途。（1）生理盐水是医疗上常用的一种溶液，其溶质是_?（2）在盛有水的烧杯中加入以下某种物质，形成溶液的过程中温度上升。这种物质是?（填字母）。A.氯化钠B.硝酸铵C.氢氧化钠（3）某同学在实验室用氯化钠固体

36、和蒸馏水配制50g质量分数为6%的氯化钠溶液时，涉及以下实验步骤：溶解?称量和量取?计算?装入试剂瓶贴好标签配制上述溶液正确的实验步骤顺序是_（填序号）。（4）某注射用药液的配制方法如下：把1.0g药品溶于水配制成4.0mL溶液a取0.1mL溶液a，加水稀释至1.0mL，得溶液b取0.1mL溶液b，加水稀释至1.0mL，得溶液c取0.4mL溶液c，加水稀释至1.0mL，得溶液d?由于在整个配制过程中药液很稀，其密度都可近似看做1g/cm3。则最终得到的药液（溶液d）中溶质的质量分数为_。【答案】（1）食盐（2）C（3）（4）0.1%【考点】溶液的组成及特点，溶解时的吸热或放热现象，溶质的质量分

37、数及相关计算，一定溶质质量分数的溶液的配制【解析】【分析】（1）生理盐水就是食盐水溶液，其溶质是食盐，溶剂是水；（2）根据氯化钠、硝酸铵和氢氧化钠溶于水的放热与吸热情况进行解答；（3）根据配制一定质量分数的溶液的步骤进行解答；（4）根据进行计算。【解答】（1）生理盐水是食盐水溶液，其溶质是食盐；（2）A、氯化钠溶于水没有明显的温度变化，故A不符合题意；B、硝酸铵溶于水会吸收热量，温度降低，故B不符合题意；C、氢氧化钠溶于水会放出热量，温度升高，故C符合题意；故选C；（3）配制50g质量分数为6%的氯化钠溶液时，步骤为：计算、称量和量取、溶解、装入试剂瓶贴好标签；（4）把1.0g药品溶于水配制成

38、4.0mL溶液a，4mL=4cm3，其溶质质量分数为：；取0.1mL溶液a，加水稀释至1.0mL，得溶液b，0.1mL=0.1cm3，1mL=1cm3，其溶质质量分数为：；取0.1mL溶液b，加水稀释至1.0mL，得溶液c，0.1mL=0.1cm3，1mL=1cm3，其溶质质量分数为：；取0.4mL溶液c，加水稀释至1.0mL，得溶液d，0.4mL=0.4cm3，1mL=1cm3，其溶质质量分数为：；故答案为：（1）食盐；（2）C；（3）；（4）0.1%。27.如图所示，一艘轮船在甲海洋中航行，水面在轮船上的A位置。当该轮船驶入乙海洋中时，水面在轮船上的B位置。设轮船的总质量不变，轮船在甲、乙

39、两海洋中所受浮力分别为F1和F2，甲、乙两海洋的海水密度分别为1和2。则F1_F2，1_2。(都选填“”、“”或“=”)?【答案】；【考点】阿基米德原理，物体的浮沉条件及其应用【解析】【分析】轮船无论在什么海域航行都漂浮，所以受到的浮力都等于轮船受到的重力；已知浮力的大小关系，从图可以得出轮船在不同海域排开海水体积的大小关系，再根据阿基米德原理确定不同海域海水的密度大小关系。【解答】轮船始终漂浮，F=G，轮船在甲、乙两海洋中受到的浮力都等于轮船受到的重力G，即F1=F2=G=mg，已知轮船的总质量不变，所以受到的浮力相等，即F1=F2；又F浮=液gV排，由图知，轮船排开海水的体积：V12；故答

40、案为：=；。28.小明清洗甜瓜时发现它漂浮在水面，此时甜瓜受到的浮力的大小_(选填“大于”、“小于”或“等于”)重力，小明想知道甜瓜的密度，于是将甜瓜放入盛满水的溢水杯中，静止时溢出水410mL，再使甜瓜向下浸没在水中，又溢出水25mL，此时甜瓜受到的浮力比漂浮时增大了_N(g取10N/kg)，甜瓜的密度为_g/cm3。【答案】等于；0.25；0.943【考点】密度公式的应用，阿基米德原理【解析】【分析】（1）漂浮时，浮力等于自身的重力；（2）知道增大的排开液体的体积，故据阿基米德原理可以计算出增大的浮力；（3）据题目中的漂浮，可以计算出浮力等于自身的重力，可得甜瓜的质量，再据体积可以计算出甜

41、瓜的密度。【解答】小明清洗甜瓜时发现它漂浮在水面，此时甜瓜受到的浮力的大小等于重力；将甜瓜放入盛满水的溢水杯中，静止时溢出水410mL，再使甜瓜向下浸没在水中，又溢出水25mL，此时甜瓜受到的浮力比漂浮时增大了：F浮=G排=液gV排=1000kg/m32510-6m310N/kg=0.25N；将甜瓜放入盛满水的溢水杯中，静止时溢出水410mL，即此时所受的浮力是：F浮=G排=液gV排=1000kg/m341010-6m310N/kg=4.1N；由于漂浮，所以F浮=G瓜；根据G=mg，；故甜瓜的密度为：；故答案为：等于；0.25；0.943。三、实验探究题29.粗盐（主要成分是氯化钠）中含有较多

42、量的可溶性杂质（氯化镁和氯化钙）和不溶性杂质（泥沙等）。某兴趣小组称出粗盐样品质量为5g，进行粗盐提纯。室温为20,氯化钠的溶解度为36g。计算要溶解5g粗盐，至少需要加水的质量是_。粗盐溶解后要过滤，选用的装置是_(填“A”或“B”)；过滤之后澄清溶液中含有的溶质是_。蒸发计算产率：用玻璃棒将所得精盐转移到纸片上，称量其质量为3.8g，则精盐产率是_（）小明觉得产率偏低，请你帮他分析原因，写出一点即可：_。【答案】13.9或14.0；A；氯化钠、氯化镁和氯化钙；76%；蒸发时有晶体溅出,或溶解食盐时水量不足有少量食盐未溶解等【考点】蒸发操作与粗盐提纯【解析】【分析】（1）根据溶解度的含义，进

43、行分析解答；（2）过滤是把不溶于液体的固体与液体分离的一种方法，氯化钠、氯化镁和氯化钙易溶于水，进行分析解答；（4）根据，氯化钠未完全溶解、蒸发时滤液或食盐飞溅等，会导致蒸发得到的精盐质量偏小，进行分析解答。【解答】（1）在20，氯化钠的溶解度为36g，含义是20时，100g水中最多能溶解氯化钠36g，溶液达到饱和状态，要溶解5g粗盐，至少需要加水的质量为；（2）过滤是把不溶于液体的固体与液体分离的一种方法，粗盐溶解后要过滤，选用的装置是A；氯化钠、氯化镁和氯化钙易溶于水，故过滤之后澄清溶液中含有的溶质是氯化钠、氯化镁和氯化钙；（4）用玻璃棒将所得精盐转移到纸片上，称量其质量为3.8g，则精盐

44、产率是；溶解中，粗盐未充分溶解，会导致则会使得到的精盐的质量偏小，而使精盐的产率偏低；蒸发中，有液滴飞溅现象，会导致得到的精盐的质量偏小，而使精盐的产率偏低（合理即可）；故答案为：（1）13.9g；（2）A；氯化钠、氯化镁和氯化钙；（4）76%；蒸发时有晶体溅出,或溶解食盐时水量不足有少量食盐未溶解等（合理即可）。30.在弹簧下端挂一个塑料筒，筒下面吊一个金属块，记下弹簧伸长后到达的位置O，如图甲所示，取一个溢水杯，杯内的水装到溢水管口。把金属块全部没入水中，水被排到溢水口旁的小杯中，金属块受到浮力，弹簧的伸长量变小，如图乙所示，然后把小杯中的水全部倒入弹簧下的小筒中，弹簧又伸长到原来的位置O

45、，如图丙所示。（1）此实验乙图中弹簧的伸长量变小的原因是_。（2）从图乙到图丙的过程中，溢水杯底部受到的水的压强将_。（3）从这个实验你能得到的结论是：_。用公式表述为_。【答案】（1）金属块受到水的浮力（2）不变（3）浮力的大小等于物体排开液体的重力；F浮G排液【考点】影响液体压强大小的因素，阿基米德原理【解析】【分析】（1）浸入液体中的物体受到浮力的作用；（2）判断液体深度的变化，得出溢水杯底受到水的压强变化；（3）根据阿基米德原理，物体受到的浮力等于其排开液体的重力。【解答】（1）由于浸入水中的金属块受到水的浮力，所以弹簧的伸长量变小；（2）从图乙到图丙的过程中，由于水的深度不变，所以溢

46、水杯底部受到的水的压强不变；（3）把小杯中的水全部倒入弹簧下的小筒中，弹簧又伸长到原来的位置，这说明：浮力的大小等于物体排开液体的重力，用公式表示为：F浮=G排液；故答案为：（1）金属块受到水的浮力；（2）变小；（3）浮力的大小等于物体排开液体的重力；F浮=G排液。四、分析计算题31.某同学在实验室进行有关浓硫酸的实验，观察瓶上的标签（如表所示）。他从瓶中倒出?50毫升用于配制成稀硫酸，问：浓硫酸(H2SO4)?500毫升浓度(质量分数)98%密度1.84克/厘米-3相对分子质量98强腐蚀性，阴冷，密封贮藏（1）这50毫升浓硫酸的质量为_克，其中含溶质硫酸_克。（2）他将这50毫升浓硫酸与20

47、0克水均匀混合，求所得稀硫酸的质量分数。（结果保留一位小数）（3）若实验室要配制630g溶质质量分数28%的稀硫酸，则需要这瓶溶质质量分数为98%的浓硫酸多少毫升？加多少毫升水？?【答案】（1）92；90.16（2）30.9%（3）设需要溶质质量分数为98%的浓硫酸（密度为1.84g/cm3）的体积为x，1.84g/cm3x98%=630g28%解得：x=97.83cm3=97.83mL；需要加水：630g-97.8cm31.84g/cm3=450g，其体积为：450mL；【考点】溶质的质量分数及相关计算，一定溶质质量分数的溶液的配制【解析】【分析】（1）根据m=V，溶质质量=溶液质量溶质的质

48、量分数，进行分析解答；（2）根据溶液稀释前后，溶质的质量不变，结合题意进行分析解答；（3）根据溶液稀释前后，溶质的质量不变，结合密度公式进行分析解答。【解答】（1）50mL=50厘米3，m=V，这50毫升浓硫酸的质量是1.84克/厘米350厘米3=92g，其中含溶质的质量为92g98%=90.16g；（2）溶液稀释前后溶质的质量不变，若将这50毫升浓硫酸与200克水均匀混合，所得稀硫酸的质量分数是；32.“五水共治”指的是治污水、防洪水、排涝水、保供水、抓节水。近年来，绍兴市政府全力推进“五水共治”的工作，开展“清三河美商城”专项行动，取得了明显成效，生活污水也得到了很好的治理。（1）下列对生

49、活污水处理，你认为合理的是_(填字母)。A.洗脸水、厨房用水等可以用来冲洗马桶B.用“洁厕灵”清洗洁具后的冲刷液不能用来直接灌溉农田C.全面规划，合理布局，进行区域性综合治理（2）随着人们节水意识日益增强，节水型洁具已进入百姓家庭。小明家新安装了一套每次耗水量为5升的节水型洁具，替换了原来每次耗水量为9升的普通型洁具。以小明家平均每天使用15次计算，每天可节约用水多少千克？洁具正常情况下使用时间可达十多年。若节水型洁具价格为600元，而普通型洁具价格为300元，水费平均为3元/吨，试通过计算说明小明家购买节水型洁具是否划算？(每月按30天计算)【答案】（1）A,B,C（2）60千克|节水型洁具

50、比普通型洁具多花的钱数是600元300元300元300元钱相当于节约水的质量m2100吨100000千克节约这些质量的水节水器所用的时间是4.6年F3F1；故答案为：B。15.【答案】D【考点】阿基米德原理，物体的浮沉条件及其应用【解析】【分析】同一物块放在甲、乙液体中都漂浮，受到的浮力都等于物块受到的重力；得出了受到浮力的大小关系，从图可以得出物块排开液体体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析液体的密度大小关系。【解答】物块漂浮，F浮=G，物块在甲、乙两种液体中受到的浮力都等于物块受到的重力G，即F甲=F乙=G；又液gV=F浮，由图知，物体排开液体的体积：V甲乙；故答案为：D。16.【答案】

51、A【考点】饱和溶液与不饱和溶液，溶解度的影响因素【解析】【分析】根据溶液的组成以及饱和溶液和不饱和溶液的知识进行分析解答即可。【解答】据图可以看出，在30时b物质的溶解度是40g，在100克水中加入11克b物质，充分搅拌，全部溶解，得到溶液I，其溶质质量分数为：；在溶液I中继续加入89克b物质，充分搅拌，只能溶解29g，得到溶液，其溶质质量分数为：；加热溶液至60，60时b的溶解度是70g，并充分搅拌，只能继续溶解30g，得到溶液，其溶质质量分数为：；A图像最接近；故答案为：A。17.【答案】D【考点】一定溶质质量分数的溶液的配制【解析】【分析】A、利用溶质质量=溶液质量溶质的质量分数，可根据

52、溶液的质量和溶质的质量分数计算配制溶液所需要的溶质的质量；再根据溶剂质量=溶液质量-溶质质量即可求得蒸馏水的质量；B、根据固体药品的取用方法进行分析判断；C、根据托盘天平的使用方法进行分析判断；D、根据溶液稀释前后，溶质的质量不变，结溶质质量即可求得蒸馏水的质量；D、根据溶液稀释前后，溶质的质量不变，结合溶质质量分数的计算方法进行分析判断。【解答】A、实验室需要100g质量分数为3%氯化钠溶液，需要氯化钠的质量为：100g3%=3g，需要水的质量为：100g-3g=97g，故选项说法要氯化钠的质量为：100g3%=3g，需要水的质量为：100g-3g=97g，故A错误；B、根据实验室药品取用的

53、原则，不能用手接触药品，应用药匙取氯化钠，故B错误；C、使用托盘天平称量氯化钠时，应将氯化钠放在纸上称量，故C错误；D、用50g质量分数6%氯化钠溶液与50g水混合，所得溶液中溶质的质量分数为：，故D正确；故答案为：D。18.【答案】A【考点】固体溶解度的概念，溶解度的影响因素【解析】【分析】根据固体物质的溶解度曲线可以：查出该物质在一定温度下的溶解度，判断出该物质的溶解度随温度变化的变化情况等。【解答】A、根据该物质的溶解度曲线不难看出，在30时木糖醇的溶解度是30g，故A正确；B、在60时，木糖醇的溶解度是90g，故B错误；C、任何一种固体物质的溶解度都受温度的影响，故C错误；D、由于木糖

54、醇的溶解度随温度的升高而增大，故D错误；故选：A。19.【答案】C【考点】阿基米德原理，物体的浮沉条件及其应用【解析】【分析】图象可以分成三个过程分析：前20s，钢绳的拉力不变，等于物体的重力，此时物体在水面以上；中间10s，钢绳的拉力减小，物体从与水面接触到完全浸没；最后90s，钢绳的拉力不变，此时物体完全浸没在水中。【解答】A、由图象可以看出，物体在第20s开始浸入水中，故A正确，但不符合题意；B、在前20s，物体的重力等于受到的拉力为1400N，故B正确，但不符合题意；C、在第20s30s的过程中，物体排开水的体积不断增大，由公式F浮=液gV排可知，浮力不断增大，故C错误，但符合题意；D

55、、石料完全浸没后，浮力不变，钢绳的拉力不变，始终为900N，故D正确，但不符合题意；故答案为：C。20.【答案】B【考点】阿基米德原理，物体的浮沉条件及其应用【解析】【分析】（1）求出正方体的体积，然后可求其排开水的体积，利用F浮=液gV排计算受到水的浮力；（2）物体在水中和液体中均漂浮，可知在水中和液体中受到的浮力都等于其自身重力，已知正方体的体积，然后可求其排开液体的体积，再利用F浮=液gV排计算液体的密度。【解答】解：（1）正方体的体积V=（10cm）3=1000cm3=1103m3，则排开水的体积，受水的浮力F浮=液gV排=1103kg/m310N/kg610-4m3=6N；（2）正方

56、体在水中漂浮，则重力G=F水=6N，正方体在液体中也漂浮，则受到液体的浮力F液=G=6N，排开液体的体积：；根据F浮=液gV排可得，液体的密度；故答案为：B。二、填空题21.【答案】（1）C（2）B（3）B【考点】水循环【解析】【分析】图中A表示蒸发，B表示地表径流，C表示地下径流，D表示水汽输送，E表示蒸腾作用，F表示渗透，G表示降水，据此分析解答。【解答】（1）能够使陆地上的水资源不断得到补充、更新的环节有A蒸发-D水汽输送-G降水，故选C；（2）驱动水循环的是太阳能和重力能，故选B；（3）建设三峡工程，主要对水循环下列环节施加了重要影响的是B地表径流；故答案为：（1）C；（2）B；（3）

57、B。22.【答案】（1）氢气和氧气；2:1；氢元素和氧元素；（2）【考点】水的组成和主要性质，构成物质的粒子模型，分子的定义与分子的特性【解析】【分析】水在通电的情况下，能够生成氢气和氧气，其体积比约为2：1，据此分析解答。【解答】（1）从图中可以看出，试管1与试管2中产生的气体体积比约为：2：1，产生的气体分别为氢气和氧气，这个实验表明水是由氢元素和氧元素组成的，电解水的文字表达式为：；（2）；故答案为：（1）氢气和氧气；2：1；氢元素和氧元素；（2）。23.【答案】（1）甲（2）【考点】饱和溶液与不饱和溶液，溶质的质量分数及相关计算【解析】【分析】饱和溶液是指在一定温度和压力下，溶剂中所溶

58、解的溶质已达最大量（溶解度）的溶液。即溶质与溶液接触时，溶解速度与析出速度相等的溶液。溶质的量未达到对应的饱和状态的溶液，称做不饱和溶液。溶质的量超过对应的饱和状态的溶液，称做过饱和溶液。【解答】（1）100毫升的饱和氯化钠溶液分成甲乙两份后，甲乙均为饱和溶液；甲不做处理，而乙加入50毫升水后相当于稀释则乙溶液成为不饱和溶液；故答案为：甲；（2）溶解度只与温度有关，而加水的过程中温度不变，则溶解度不变；水是溶剂，加入溶剂，溶剂的质量增大而溶质不变，所以溶质质量分数会降低；溶液的质量分数降低，则溶液的密度也会降低；故符合；故答案为：；故答案为：（1）甲；（2）。24.【答案】变小（或“减小”）；

59、FB=FD【考点】阿基米德原理，物体的浮沉条件及其应用【解析】【分析】（1）浸没在液体中的小球，由于排开液体的体积不变，当环境温度升高时，液体密度减小，根据F浮=液gV排即可判断浮力的大小变化；（2）在某一环境温度下，由图可知：B小球与D小球都处于浸没状态，则根据F浮=液gV排即可判断浮力大小关系。【解答】（1）浸没在液体中的小球，由于排开液体的体积不变，根据液体密度随温度的升高而减小可知：当环境温度升高时，液体密度减小，根据F浮=液gV排可知所受浮力变小；（2）由图可知：B小球与D小球都处于浸没状态，排开液体的体积与物体的体积相等，由于BD小球的体积相等，所以B小球与D小球排开液体的体积相等

60、，根据F浮=液gV排可知所受浮力相等，即：FB=FD；故答案为：变小（或减小）；FB=FD。25.【答案】B【考点】饱和溶液与不饱和溶液【解析】【分析】在某一温度下，一定量的溶剂中不能继续溶解该溶质的溶液为饱和溶液，据此分析解答。【解答】在该温度下，两烧杯中的水一样，都是100克，加入的是不同质量的同种固体物质，然后用玻璃棒搅拌使其充分溶解后发现A中没有固体剩余，则A可能是饱和溶液，也可能是不饱和溶液，而B中有剩余固体，说明不能再继续溶解B固体，B一定是饱和溶液；故答案为：B。26.【答案】（1）食盐（2）C（3）（4）0.1%【考点】溶液的组成及特点，溶解时的吸热或放热现象，溶质的质量分数及