河南省八市联考2017-2018学年高二上学期第二次学业测评物理试题含答案

1、学必求其心得，业必贵于专精第I卷(选择题共50分)一选择题(本题共10个小题，每题第710题有多项正确.所有选对的得5分，共50分。在每题给出的四个选项中，第5分,选对的得3分，有选错的或不答的得0分)16题只有一个选项正确，1。以下相干磁感觉强度说法正确的选项是A。一小段通电导线放在某处不受安培力作用,该处磁感觉强度必定为零B。依据磁感觉强度的定义式，通电导线所受安培力越大，该处磁感觉强度必定越大通电导线与磁场垂直时，直导线所受安培力跟电流和导线长度的乘积的比值表示直导线处磁场的磁感觉强度大小D。磁感觉强度的方向就是该处磁场的方向,也是所受安培力的方向2。以下列图,三根互相平行的固定长直导线

2、L1、L2和L3，垂直纸面置于正三角形三个极点处,O为正三角形的中心,当电流沿图示方向时，中心O处的磁感觉强度为B0，若把L3移走，则O处的磁场磁感觉强度为B0B0C。B0D。3B0A.2B。23.以下列图，空间存在水平向右的匀强磁场，一长为l的导体棒按以下四种方式置于磁场中，甲图中导体棒垂直纸面搁置，通入的电流为I，乙图中导体棒在纸面内与磁感线平行，通入的电流为2I，丙图中导体棒在纸面内与磁感线成30角,通入的电流为2I，丁图中导体棒在纸面内与磁感线垂直，通入的电流为I，则关于导体棒所受安培力,以下说法正确的选项是A。甲图中安培力向上乙图中安培力最大丙、丁两图安培力大小相等、方向同样D。丙、

3、丁两图安培力大小相等、方向不一样以下列图，通电螺旋管搁置于水平桌面上,并通入恒定的电流；当螺旋管左上方固定一垂直纸面的通电直导线，通入垂直纸面向外的恒定电流I时，以下说法正确的选项是学必求其心得，业必贵于专精A。通电导线遇到竖直向上的安培力作用B。通电导线遇到斜向下的安培力作用C。通电螺旋管对桌面的压力减小D。桌面遇到螺旋管的摩擦力水平向右5.以下列图，一个面积为2S的矩形线框abcd，水平搁置在匀强磁场中，磁场的磁感觉强度为B。方向与线框平面夹角为30角，O1O2分别为bc边和ad边的中点.现将线框的右半边绕逆时针旋转90，在这一过程中，经过线框的磁通量的变化量的大小为32BS31BS31B

4、S(31)BSA.2B.2C.2D.6.在以下列图的平行板电容器中，电场强度E和磁感觉强度B互相垂直.拥有不一样水平速度的带电粒子射入后发生偏转的状况不一样，一质量为m,电荷量为q的粒子，以速度v0入射时，刚巧沿虚线匀速直线运动，不计粒子重力，仅改变以下条件，以下说法正确的选项是增大粒子所带电荷量，则粒子所受电场力增大，粒子向下偏转若增大磁感觉强度,粒子射出平行板间，动能增添C。增大粒子入射速度,同时增大磁感觉强度，粒子电势能可能减小D.增大粒子入射速度,同时增大电场强度，粒子可能仍沿虚线匀速直线运动带电粒子在匀强磁场中运动时，关于粒子所受的洛伦兹力，以下说法正确的选项是学必求其心得，业必贵于

5、专精A。粒子在磁场中运动,不必定遇到洛伦兹力B。粒子在磁场中运动的速度越大，所受洛伦兹力越大C。粒子仅在洛伦兹力作用下运动时，速度大小必定不变D。粒子在磁场中运动时磁感觉强度越大,所受洛伦兹力越大8。以下列图电路中，当变阻器的滑动触头P向下端挪动时A。电压表示数变大,电源总功率增大B.电压表示数变小，R2的功率变大C。电压表示数变大，R1的功率变大D。电压表示数变大，电流表示数变小9。以下列图，倾角为=30的绝缘斜面处于沿斜面方向的匀强电场中，一带电何量为+q，质量为m的小球（可视为质点），以初速度v0=3m/s恰能沿斜面匀速上滑，斜面长L=0。5m、重力加速度g=10m/s2，小球与斜面间的

6、动摩擦3因数为3,运动过程中小球电量不变，则以下说法中正确的选项是mgA。匀强电场的电场强度为qB。若小球在A处时，将电场忽然改为竖直向上,小球将走开斜面做曲线运动C.若运动过程中电场强度加倍，小球运动的加速度大小为5m/s2D。若小球在A处时，电场强度减半，小球运动到B点时速度为v0=2m/s10.以下列图，倾角为的足够长绝缘斜面固定在匀强磁场中,磁感觉强度为B，方向垂直纸面向外.有一质量为m、带电量为-q的小物体从斜面顶端静止开释，能沿斜面向下运动，物块与斜面间的动摩擦因数为,则以下关于小物块运动的说法正确的选项是学必求其心得，业必贵于专精A。物块沿斜面向下做加速度增大的加速运动B。物块最

7、后沿斜面做匀速直线运动C。物块沿斜面运动的最大速度为D。物块沿斜面运动的最大速度为mgcosqBmg(sincos)qB第II卷（共52分）二、填空题。（本题共2小题，共14分）。11。（6分)图（a）为某同学依据所学知识组装完成了一个简单多用电表，电路图以下。图中E和E12是电池；R、R、R3、R4和R5是固定电阻,两R6是同样的可变电阻；表头的满偏电流为Ig=5mA，内阻r=300S为换挡开关,A端和B端分别于两表笔相连该多用电表有6个挡位，分别为：直流电压3V挡和15V挡，直流电流10mA挡和100mA挡，欧姆10挡和100挡（1）图中的A端与（填“红或“黑”）色表笔相连接（2）关于此多

8、用电表，以下说法正确的选项是(填字母代号）。A.开关S接到位置3、4时是欧姆挡，欧姆表内阻相等，倍率不一样B.开关S接到位置1、2时是电流挡，接到位置2时的量程大C。使用欧姆挡时,先将两表笔短接,调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置D.不管做什么电表使用，一定使电流从A表笔流入电表，从B表笔流出电表(3）某次丈量时该多用电表指针位置如图（b）所示若此时B端是与“4”相连的,则多用电表读数为12.(8分）某同学在实验室欲测一电阻的阻值,他先用多用表测得其阻值为20，为进一步改正确的丈量该电阻阻学必求其心得，业必贵于专精值，该同学在实验室中找到以下器械：A.电源（电动势3V,内阻1）B.电

9、流表(量程150mA，内阻未知）C。电流表（量程0.6A,内阻未知）D.电阻箱(最大电阻99.99)E.电阻箱（最大电阻999。9）F。电建2个G。导线若干该同学设计丈量电阻的电路如图甲所示。（1)依据实验电路选择最适合的实验器械：电流表应选择，电阻箱应选择（用器械前的字母表示）.（2）选择适合的器械后，该同学进行了以下操作:第一闭合电建S1，调理电阻箱，电流表有一适合的读数I，记下此时电阻箱的数值箱，使电流表读数仍为I，记下此时电阻箱的数值R2，由此测得电阻Rx=(R1；接着闭合电建S2,调理电阻用题目中的丈量数据表示），利用此方法得出的丈量值逼真值（填“大于”、“小于”或“等于”)。(3）

10、测出电阻后，该同学发现此电路还能够够测出电流表内阻RA。第一闭合电建S1，再闭合电建S2,调理电阻箱R，读1RRI的数值,并作出IA=出多组和图象如图乙所示，由此获取电流表内阻。R三计算题(（本题共4小题，共46分。解答应写出必需的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中一定明确写出数值和单位）13。(10分)以下列图，长度为L的导体棒ab、cd分别用两根柔嫩、等长的导线连接，并构成闭合回路,现搭在圆滑的水平绝缘杆上，整体处在垂直悬线所在平面向里的匀强磁场中，磁感觉强度大小为B。当在回路中通入图示方向的恒定电流时，导体棒刚巧处于均衡状态。已知导体棒、cd

11、的质量分别为1、2，重力加速度为g，求:abmm学必求其心得，业必贵于专精(1)每根柔嫩导线的拉力T大小；(2)恒定电流I的大小。14。(10分）以下列图，在半径为R的圆内存在垂直纸面向里的匀强磁场，PQ为圆的直径，O为圆心.在P点有一粒子源，能不停的向磁场内发射同样的粒子，粒子的带电量为+q，质量为m，速度大小为v,在磁场力作用下飞出磁场所区的最远位置为1点，已知POQ60，不计粒子的重力。求：1P（1)匀强磁场的磁感觉强度B的大小;(2）粒子从P点运动到P1点的时间t.15.（12分)以下列图，直角坐标系xoy位于竖直平面内，在水平x轴下方存在垂直纸面向里的匀强磁场(图中未画出）,x轴上方

12、存在竖直向下的匀强电场，电场强度为E。一质量为m、电荷量为q的带电粒子，从y轴上的A点向右以初速度v0水平抛出，经x轴上的点进入磁场所区，此时粒子动能为粒子在A点时动能的4倍，经磁场偏转后M刚巧经过坐标原点，不计粒子重力及空气阻力，求磁场磁感觉强度的大小和方向.16。(14分）以下列图平面直角坐标系xoy中，在y轴双侧,MN、PQ之间的空间内，存在竖直向上的匀强电场E，电场强度E=60N/C，y轴左边竖直搁置一个半径为R=0.5m的圆弧形轨道，轨道底部与x轴相切,轨道左边与PQ相切,A、B两出口在y轴上，AO2B60。一质量=6103kg，电荷量=+1.0103C的小球从右边1处以v0=1.5

13、m/smqMNO的速度水平抛出，运动过程中，小球刚巧无碰撞地从A点进入圆弧形轨道内侧，沿轨道运动从B处走开轨道后刚巧能运动到C处,C为MN与x轴的交点，小球能够看出质点，运动过程中小球电荷量不变,重力加速度g=10m/s2，求:学必求其心得，业必贵于专精小球进入电场E时的速度大小和方向;（2)小球从O1处运动到C地方用的时间。河南省八市联考2017-2018学年高二上学期第二次学业测评物理试题（参照答案）1【答案】C【分析】依据磁感觉强度的公式，通电导线能否受安培力以及受安培力大小,与导线和磁场间的夹角相干.通电导线平行于磁场搁置时，不受安培力作用，磁场不必定为零，应选项A错误；搁置在磁场中的

14、通电导线，受安培力大，可能是因为电流引起的,因此磁感觉强度不必定大,应选项B错误；安培力的方向必定垂直磁场方向，应选项D错误;依据磁感觉强度的定义式，选项C正确；2【答案】A【分析】三根互相平行的固定长直导线电流大小相等，它们在中心O处产生的磁感觉强度大小均同样，依题意可B0知L1、L2产生的合磁场水平向右与正确.3【答案】CL3产生的磁场同样，则把L3移走,则中心O处的磁场磁感觉强度为2，A【分析】依据左手定章,甲图中的导体棒所受安培力向下，A错；乙图中导体棒与磁感线平行，不受安培力，B错,由F=BILSin,丙、丁两图中导体棒所受安培力大小相等，依据左手定章，丙、丁两图中导体棒所受安培力均

15、垂直纸面向里，故C正确，D错误；4【答案】D【分析】依据右手定章，螺线管左端为N极,垂直于纸面的通电导线所处的磁场方向以下列图，学必求其心得，业必贵于专精用左手定章判断通电导线受力方向斜向上,选项A,B错误；依据作用力与反作用力，螺线管遇到斜向下的作用力，通电螺线管对桌面的压力增大，选项C错误；反作用力让螺线管有向右的运动趋向，桌面遇到螺线管向右的静摩擦力,应选项D正确.5【答案】B【分析】当线框转动前，面的磁通量1=2sin30=；当线框转动后，整个面的磁通量为BSBS2BSsin30BScos3031312BS，磁通量变化量122BS，应选项B正确；6【答案】D【分析】粒子以速度v0射入，

16、刚巧沿虚线运动，满足qE=qv0B,改变电荷量，等式照旧成立，即粒子仍沿虚线运动，A错误；增大磁感觉强度，洛伦兹力增添，电场力做负功，动能减小，B错误;增大粒子入射速度，同时增大磁感觉强度，粒子所受洛伦兹力增大，电场力做负功，电势能必定增大,C错误;增大粒子入射速度，同时增大电场强度，qE=qvB可能如故成立,粒子可能仍沿虚线运动，D正确。07【答案】AC【分析】由粒子在磁场中运动所受洛伦兹力=0Sin可知，若粒子运动速度与磁场方向平行,则不受洛伦兹力，FqvBA正确，B、D错误；洛伦兹力一直与速度方向垂直，只改变速度的方向,不改变速度的大小，C正确；8【答案】CD【分析】当R的滑动触头P向下

17、挪动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，依据闭合电路欧姆定律分析得知总电流I减小，电源总功率减小，A错误;电压表丈量路端电压U=E-Ir，I减小，E、r不变，则U增大；B错误；R两端电压减小，R两端增大，经过R电流增大，总电流减小，经过A的电流变小，故C、D正211确。9【答案】ADEmgq，故【分析】A、小球以初速度v0由斜面底端的A点沿斜面匀速上滑,有：qE=mgsin+mgcos，解得A正确。电场忽然改为竖直向上时，=，小球连续做匀速直线运动，故B错误C、若电场强度加倍，小球沿qEmg斜面方向的受力：=2-(sin+cos），有a10m/s2，故C错误;D、若电场强度减半，小

18、球运动到B点maqEmgmg时：ma(mgsin1mgcos)2qE,有a5m/s2,由v02v22aL，代入数据得：v=2m/s，故D正确故学必求其心得，业必贵于专精选AD10【答案】AC【分析】当带负电的物块沿斜面滑动时，依据左手定章判断，物块遇到垂直斜面向上的洛伦兹力作用，跟着物块的速度逐渐增大，洛伦兹力逐渐增大,物块遇到的正压力逐渐减小，滑动摩擦力逐渐减小，由牛顿第二定律得:mgsin-f=ma，因此加速度逐渐增大,应选项A正确；跟着物块的速度逐渐增大，洛伦兹力也逐渐增大，当洛伦兹力刚巧等于物块沿垂直斜面的分力时，物块刚巧与斜面分别，此时物块沿斜面运动的速度最大，最大值为mgcosqB

19、，分别后物块做曲线运动，应选项B、D错误，选项C正确；11【答案】（1)红（2)CD（3)1100(每空2分）【分析】(1)电流从红表笔流入,黑表笔流出，故与多用电表内电源正极相连的是黑表笔,接线柱A应连接红表笔。（2）当变换开关S旋到位置3、4时，表头与电表中的电源相连接，是电阻档，表头满偏电流必定,欧姆表量程不同内阻不一样，A错误；开关S接到位置1时，表头与电阻R2串通，电流满偏时，流过的总电流更大，B错误；R6是可变电阻，它的作用是欧姆表调零，使用欧姆挡时，先将两表笔短接,调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置，选项C正确；不管做什么电表使用，一定使电流从A表笔流入电表,从B表笔流

20、出电表，选项D正确;应选CD.（3)若此时B端与“4”相连，多用电表是欧姆100挡，则读数为1100。12。（1）BD（2)R2R1等于(3）11（每空2分)（1）依据供给的器械，经过电流表的最大电流为150mA左右,故电流表选择B；因为待测电阻20左右，99.99的电阻箱就能够使电流表读数有明显变化,应选择电阻箱为D；（2）依据电流不变，回路中的总电阻不变,闭合开关s2前后,只有待测电阻的阻值发生变化，因此Rx=R2R1；11R1(RAr)1(RAr)4A（3）依据闭合电路欧姆定律整理获取：，依据图象，解得R=11.13【分析】(1）依据左手定章,ab棒所受安培力向上，cd棒所受安培力向下,系统均衡，应有：m1m2关于导体棒ab：2?+?=?2分1关于导体棒cd：2?=?2?+?2分(m1m2)gT4联立解得:2分（2)依据安培力的公式得:F=BIL2分I(m1m2)g2BL联立(1）解得：2分14【分析】（1)因为带电粒子最远到达1点，因此1即为带电粒子在磁场中运动的直径,PPP学必求其心得，业必贵于专精有几何关系得:2Rcos30=2r2分qvBmv2由牛顿第二定律得:r2分23mvB联立解得：3qR2分(2）粒子运动的时间为周期的一半，有：?=?2分t3R2v2解得：分B2Ev015【答案】垂直纸面向外