中考物理热学问题综合练习题

一、初中物理热学问题求解方法1．小明给爷爷网购了一台电热足浴器，其铭牌的部分参数如图甲所示，足浴器某次正常工作时，加热功率为控制面板上发光指示灯所对应的功率，控制面板显示如图乙所示，求：足浴器装入最大容量初温为21°C的水，将其加热到控制面板上显示的温度时，水所吸收的热量是多少？[c水=4.2x103J/(kg・°C)]⑵上述加热过程用时15min,该足浴器的热效率是多少？⑶整个加热过程中，水温降至40°C时，足浴器自动加热至45°C,水温随时间变化的图像如图丙所示，当水温第一次加热至45°C时，小芳开始给爷爷足浴30min,求这次足浴给水加热消耗的电能是多少？(4)小明想了解家里电路的实际电压，于是将家里其他用电器都关闭，他观察到该足浴器在高档工作时，家里标有“2000r/(kW・h)”的电能表转盘在10min内转了216r,则他家电r/iriin路的实际电压是多少？r/iriin额定电压：220V额定频率：50Hz丿汕热功率：300—800W最大容_£：5L【答案】⑴5.04x105J；(2)70%；(3)1.02x106J；(4)198V【解析】【分析】【详解】由题意可知，足浴器装入最大容量的水后，质量是m=pV=1.0xl03kg/m3x5x10-3m3=5kg水水水水吸收的热量是Q=cm(t-1)=4.2x103j/(kg・°C)x5kgx(45°C-21°C)=5.04x105j水水0水吸收的热量是5.04x105J。由题意可知，该足浴器做的总功是W=Pt=800Wx15x60s=7.2x105J总那么该足浴器的热效率是Q5.04x105J耳=x100%=x100%=70%W7.2x105j总该足浴器的热效率是70%。

⑶由上述可知，水温从21°C加热到45°C时，温度的变化量是24°C,需要的加热时间是15min,则水温从40C加热到45°C时，温度的变化量是5°C,需要的加热时间是5°Ct=x15min=3.125min124C由图丙可知，足浴时一个加热循环的时间是10min+3.125min=13.125min足浴30min内加热循环的个数是n=吨沁2.313.125min即30min内2个循环后剩余3.75min,剩余的3.75min不需要加热，需要加热的时间是t=2x3.125min=6.25min2所以这次足浴给水加热的总时间是t=15min+6.25min=21.25min=1275s总那么这次足浴给水加热消耗的电能是W=Pt=800Wx1275s=1.02x106J总(4)由P=兽可得，足浴器的电阻是RR=U=止=60.5QP800W足浴器在高档工作时，电能表转盘在10min内转了216r，那么足浴器消耗的电能是%=zooor/kwTh=°-108kW-%=zooor/kwTh=°-108kW-h=°-108x3・6x106j=3・888x105j实际功率是P=W实=3・888X105J=648W

实t'10x60sU2同理由P=可得，电路的实际电压是RU=.KR=q648WX60.50=198V实实答：⑴水所吸收的热量是5.04x105J；(2)该足浴器的热效率是70%；⑶这次足浴给水加热消耗的电能是1.02x106J；(4)他家电路的实际电压是198V。2.实验小组探究影响蒸发快慢的因素，提出以下的几种猜想：水適械摊开的水脅水籀.欧凤2.实验小组探究影响蒸发快慢的因素，提出以下的几种猜想：水適械摊开的水脅水籀.欧凤二副＜C（1）蒸发的快慢与液体的温度有关；（2）蒸发的快慢与液体的表面积有关；（3）蒸发的快慢与液体面积的空气流动有关；（4）蒸发的快慢与液体的质量有关。实验过程采用的科学探究方法是。验证猜想（3）应选择。（填对应的字母即可）取A和C比较，可以验证猜想。（填对应的序号即可）实验小组想利用E图中甲、乙研究蒸发的快慢与液体的质量是否有关，你认为是否可行并简述理由【答案】控制变量法；AD；（1）；该验证过程是错误的，因为从设计的环节看他没控制水的表面积相同；因为只有在液体上方空气流动速度、液体温度，液体表面积相同时，质量不同时，先蒸发完的蒸发的才快。【解析】【分析】【详解】由给出的猜想可知，液体蒸发快慢可能与四个因素有关，所以，在实验过程中控制了三个量相同，只有要探究的量发生了变化，用到的是控制变量法；验证猜想（3）蒸发的快慢与液体面积的空气流动有关；根据控制变量法的思想，应控制液体温度和表面积相同，改变液体上方空气流动速度，由此可知应选择AD两图；取A和C比较，液体表面积和液体上方空气流动速度相同，液体温度不同，可以验证猜想（1）蒸发的快慢与液体的温度有关；该验证过程是错误的，因为从设计的环节看他没控制水的表面积相同；因为只有在液体上方空气流动速度、液体温度，液体表面积相同时，质量不同时，先蒸发完的蒸发的才快。如图甲是“探究海波熔化时温度的变化规律”的实验装置。三二三二（1）如图乙所示温度计的示数为°C；（2）如图丙所示是根据实验数据描绘出的海波温度随时间变化的图像。海波熔化过程对应图像中的段（选填“AB”或“BC”），其熔点为°C；（3）用质量为的海波做实验，绘制出海波的温度随时间变化的图像如图丁中的a所示。若用相同的热源，用质量为m2（m2>m1）的海波做这个实验，得到的图像可能是图丁中的（选填“b”“c”或“d”）；（4）利用上述实验中的器材来“探究水的沸腾”，还需要一个中间有孔的硬纸板，它的作用是。若正确操作实验，根据实验数据绘出水的温度随时间变化的图像如图戊所示。分析图像可获得的信息是（写出一条即可）。

【答案】46BC48c减少热量的散失水的沸点是98°C【解析】【分析】【详解】⑴［1］从图乙可以看到，该温度计的分度值是1C,它的读数是46°C。⑵［2］［3］海波是晶体，熔化过程温度不变，所以熔化过程对应图像中的BC段，其熔点是48C。（3）［4］海波的质量变大，但是熔点是不变的，从图丁可看到，得到的图像可能是图丁中的c。（4）［5］这个硬纸板，它的作用是减少热量的散失。⑹从图戊可看到，水在第4min开始温度保持不变，可知水的沸点是98C；并且知道水沸腾时，温度是不变的。某小组的同学做“比较不同物质的吸热能力"的实验，他们使用了如图所示的装置.=-100/U（1）在设计实验方案时，需要确定以下控制的变量，你认为其中多余的是.A.采用完全相同的加热方式B.酒精灯里所加酒精量相同C.取相同质量的水和另一种液体D.盛放水和另一种液体的容器相同（2）加热到一定时刻，水开始沸腾，此时的温度如图丙所示，则水的沸点是°C,这表明实验时的大气压强（选填"大于"、"小于"或"等于"）一个标准大气压.（3）实验中，表示液体吸收热量的多少，加热水至沸腾时继续加热，水的温度不变，水的内能（选填“增大”、“减小”或“不变”）。（4）而另一种液体相应时刻并没有沸腾，但是温度计的示数比水温要高的多.请你就此现象进行分析，本实验的初步结论为：不同物质的吸热能力（选填“相同”或“不同”），未知液体的吸热能力（选填“大于”或“小于”）水的吸热能力.【答案】B98小于加热时间（长短）增大不同小于【解析】【详解】（1）［1］在设计实验方案时，需要控制相关物理量不变，需要保证吸收的热量相同、质量也相同、加热时间和方式相同，但并不需要酒精灯里所加酒精量相同，故选B；⑵［2］［3］水的沸点就是这刻的温度，由图可以看到它的沸点是98°C；这个沸点低于1标准大气压时的沸点，所以实验时的大气压强小于一个标准大气压；

(3)[4][5]实验过程，加热时间的长短表示液体吸收热量的多少；加热水至沸腾时继续加热水的温度不变，但是水还在继续吸热，它的内能应该继续增大；(4)[6][7]加热相同的时间，吸收的热量相同，但是另一种液体温度计的示数比水温要高得多，这说明了不同物质的吸热能力不同，未知液体的吸热能力比较小。5．为了探究液体温度升高时吸收热量的多少与哪些因素有关，某同学做了如下实验：在四个相同的烧杯中分别盛有水和煤油，用同样的加热器加热。下表是所有的实验记录，根据实验记录回答下列问题。和升高的温度都相同时，不同物质吸收的热量不同。⑵分析比较①②两烧杯的实验记录，可得出的初步结论是：;分析比较③④两烧杯的实验记录，可得出的初步结论是：。(3)结合(1)(2)中的结论，然后综合归纳可得出，物体温度升高时吸收热量的多少与、、有关系。【答案】①③同种物质升高相同的温度时，质量不同吸收的热量不同同种物质质量相同时，升高的温度不同吸收的热量不同物质的种类质量升高的温度【解析】【分析】探究物质吸收的热量与种类有关，保持质量和升高的温度相同，物质的种类不同，分析比较哪两个烧杯;比较①②两烧杯，同种物质，质量不同，升高的温度相同，吸收的热量不同，分析吸收的热量与哪个因素有关；比较③④两烧杯，同种物质，质量相同，升高的温度不同，吸收的热量不同，分析比较吸收的热量与哪个因素有关;根据(1)(2)中的结论，综合归纳可得出，物体温度升高时吸收热量的多少与什么有关系。【详解】(1)[1]①杯的质量是300g,升高10°C用的时间是12min,③杯的质量是300g,升高10°C用的时间是6min,而每分钟吸收的热量是相等的，说明在质量和升高的温度都相同时，不同物质吸收的热量不同；⑵[2]①②两烧杯，同种物质，质量不同，升高的温度相同，吸收的热量不同，说明同种物质升高相同的温度时，质量不同吸收的热量不同；⑶③④两烧杯，同种物质，质量相同，升高的温度不同，吸收的热量不同，说明同种物质质量相同时，升高的温度不同吸收的热量不同；

(3)[4][5][6]综合上述结论，物体温度升高时吸收的热量的多少与物质的种类、物体的质量、升高的温度都有关系。【点睛】本题考查比热容的概念，需要知道控制变量法就是在研究和解决问题的过程中，对影响事物变化规律的因素和条件加以人为控制，只改变某个变量的大小，而保证其它的变量不变，最终解决所研究的问题。6．李明有一只温度计，虽然它的玻璃管的内径和刻度都是均匀的，但标度却不准确，它在冰水混合物中的读数是-7在沸水中的读数是103°C。这只温度计1格表示的温度是是多少？(保留一位小数)当它指示温度是15C时，实际温度是多少？当它实际气温是45C时指示温度是多少？【答案】(l)0.9C；(2)20C；(3)42.5C【解析】【详解】(1)该温度计的分度值[是:=0.9Cl00C-0C=0.9Ct=1103C-(-7C)(2)当它指示温度是(2)当它指示温度是15C时,实际温度t实是:t=[15C-(-7C)]x10C=20C实11(3)当它实际气温是45C时，指示温度t时，则有:45C45C=Cx[tC-(-7C)]11解得t=42.5C答：(1)这只温度计1格表示的温度是0.9C当它指示温度是15C时，实际温度是20C当它实际气温是45C时指示温度是42.5C7.如图甲所示为超市一款电饭煲，在额定电压为220V的电路中能正常工作，工作原理如图乙所示，尺2=160°，其加热功率与保温功率之间的关系为P=5P，试求：11甲乙温控开关R2h甲乙温控开关R2hR1匕＞电源4：720V⑴电阻耳的阻值；⑵用电高峰时段，电源电压变为200V,此时电饭煲的保温功率为多少；⑶电源电压为200V时，标准气压下将3L的汤从20°C加热至100，需要20min,电饭煲的加热效率是多少。(P—l.Ox103kg/m3,c—4.0x103j/(kg•C))汤汤【答案】(1)40Q；(2)200W；(3)80%【解析】【分析】【详解】⑴由图乙可知，当闭合S、S1拨至2时，电路为叫的简单电路，当闭合S、S1拨至1时，U2电阻R与竹串联，根据P=-^-可知，电阻越小，功率越大，可知当闭合s、S］拨至2时，是加热档位，当闭合s、S1拨至1时，是保温档位，由p=ui、i=lR得1RU2

~R1U2

~R1P加热P保温R+R12则加热功率与保温功率之比为R+R5―12=—R—11电阻耳的阻值R1—R1—4r2—14“60°—40°⑵电源电压变为200V，此时电饭煲的保温功率为U2RU2R+R12(200V匕40°+160°—200W(3)加热功率P=U2」200V)2=1000WR40Q8．某款电磁炉广告称该款电磁炉的热效率可达65％以上，具有节能、高效的特点。在一次综合实践活动中，“好奇”小组想测量该款电磁炉的加热效率以验证其广告的准确性于是他们找来一台全新的电磁炉，包装盒中产品参数数据如下表所示：2208．某款电磁炉广告称该款电磁炉的热效率可达65％以上，具有节能、高效的特点。在一次综合实践活动中，“好奇”小组想测量该款电磁炉的加热效率以验证其广告的准确性于是他们找来一台全新的电磁炉，包装盒中产品参数数据如下表所示：220⑴140八制旧30W>H(kWh)JVC-2Q20K额定电匡220V1500W由P=得，20min电饭煲消耗的电能tW=P't=1000WX20X60s=1.2X106jm由p=v得水的质量m=p/=1.0X103kg/m3X3X10-3m3=3kg水吸收的热量Q=cm(t-tj=4.0x103j/(kg®°C)x3kgx(100°C-20°C)=9.6X105J0电饭煲的加热效率n=肌92：106J=80%电答:(1)电阻耳的阻值为40Q。电饭煲的保温功率为200W。电饭煲的加热效率为80%。⑴若电磁炉正常工作20min,刚好将锅内5kg、20C的水，加热到80C，求此电磁炉烧水时的效率［已知c=4.2X103j/(kg・°C)］；⑵小明家装有如图乙所示的电能表，某个时间段，仅有此电磁炉工作，在3min内电能表表盘转了210圈，求此时电磁炉的实际功率。【答案】(1)70%；(2)1400W【解析】【分析】(1)知道水的质量、水的比热容、水温度的变化，利用吸热公式求水吸收的热量；已知电磁炉正常工作时的功率和通电时间，利用W=Pt计算消耗的电能；水吸热为有用的能量，电流消耗的电能为总的能量，据此求电磁炉的效率。⑵若仅有此电磁炉工作时观察电能表，在3min内电能表表盘要转了210圈，利用电能表

W的参数“3000r/(kW・h)”求电磁炉工作3min消耗的电能；利用P=—求电磁炉的实际功L率。【详解】水吸收的热量Q=cm(t-1)=4.2x103j/(kg-°C)x5kgx(80°C-20°C)=1.26x106J吸0电磁炉正常工作20min,消耗的电能W二Pt二1500Wx20x60s二1.8x106J则此电磁炉烧水时的效率耳=£吸x100%=1.26x106Jx100%=70%W1.8x106J3min内电路中消耗的电能210rW'==0.07kW-h3000r/(kW-h)电磁炉的实际功率p浜=学皆=1.4kW=1400W60答：⑴此电磁炉烧水时的效率是70%；（2）此时电磁炉的功率为1400W。9．图是小明和小华在观察“水的沸腾”实验中的情景,对水加热了很长时间后水才沸腾他们记录的数据如下时间/min・・・01234567891011水温/°C・・・909192939495969798989898（1）在组装器材时,是按照由到的顺序。（2）请指出他们在实验中操作错误之处：。（答一点即可）（3）在纠正错误后他们继续实验,观察到水沸腾时的现象如上图中的（甲/乙）图,水沸腾时吸收热量,温度___（升高/不变/降低）。

（4）本次实验中水沸腾时的温度为°C。5）根据记录在图中画出水的沸腾图像。)（6）水沸腾时，杯口附近出现大量“白气”，“白气”是杯中的水蒸气（填物态变化名称）形成的，该过程要（吸热/放热）（7）实验中发现，水从开始加热到沸腾的这段时间过长，造成这种现象的原因可能是：。（给出一种原因即可）答案】下上温度计接触容器底（或视线未与温度计中液面相平）乙不变98解析】t/min液化放热水的初始温度太低或质量太大解析】t/min液化放热水的初始温度太低或质量太大详解】（1）［1］［2］在组装器材时应该由下到上的顺序组装；（2）［3］由图可知有一处错误是温度计读数时视线没有与液面的最低处相平；（3）［4］［5］水沸腾时气泡越来越大，最后到达液面破裂，故水沸腾时的现象为图乙所示。由记录的实验表格可知水在沸腾时吸收热量温度不变;（4）［6］由记录的实验表格可知水额沸点为98C;（5）［7］根据表格数据描点连线得水沸腾时的图像如图所示：放热；放热；（7）［10］水从开始加热到沸腾的这段时间过长，造成这种现象的原因可能是水的初始温度太低或水的质量太大。10.有一只不准的温度计，它的刻度是均匀的，但放在冰水混合物中，显示为2°C,放在1标准大气压下的沸水中，显示为98C，把它放在某液体中显示为30C，则实际的温度是多少？（计算结果保留一位小数）【答案】29.2C【解析】【详解】由题意可知温度计每一刻度表示的温度是

100°C-0°C25“t二二C098C-2°C24当温度计显示的温度是30°C时，实际的温度是r\v--°Cx(30°C-2°C)+0°C沁29.2C24答：把它放在某液体中显示为30C，则实际的温度约是29.2°C。11．在两个相同的杯子内盛有质量相等的热水和冷水，将一半热水倒入冷水杯内，冷水杯内的温度升高21C，若再将热水杯内剩余热水的一半再次倒入冷水杯内，冷水杯内的水温会升高()A．9CB．8CC．6CD．5C【答案】C解析】详解】设一杯水的质量为m，热水的初温为t，冷水的初温t，将一半的热水倒入容器中后共同的温度为t,因不计热损失，所以，由Q=cm^t可得：Q=Q，即：1c1cm\t2=曲,解得：△t=2M=2x21°C=42°C,据此可设t=0C，则t=21°C,t=21C+42C=63C，3若再将热水杯内剩余热水的一半再次倒入冷水杯内时，相当于同时向冷水中倒杯热水,则：3cm(t-tz)=cm(tz-t)3

即4(63°Ct)才-0解得：t=27°C,所以，冷水温度将再升高：△t=t-t=27°C-21°C=6°C。故C符合题意。—支刻好刻度的温度计，插入冰水混合物中时，水银柱长为4cm；插入1标准大气压的沸水中时，水银柱长为24cm，当温度计的水银柱长为16cm时，它所测量的实际温度是°C；如果实际温度为40C，温度计水银柱长cm。答案】6012【解析】【详解】插入冰水混合物中时，水银柱顶端的位置代表o°c；插入i标准大气压的沸水中时，水银柱顶端的位置代表100C，当温度计的水银柱长为16cm时，它所测量的实际温度24cm—4cm16cm—4cm100°C-0°Ct可解得t=60C；如果实际温度为40C，温度计水银柱长24cm一4cml一4cm100C-0C一40C可解得l=12cm。有一支刻度不准的温度计，放在冰水混合物中，稳定后示数为-4°C,放在一标准气压下的沸水中，示数为92°C,把它放在某教室时温度计示数为28°C,教室的实际温度是【答案】33C【解析】【分析】【详解】摄氏温度的规定是：标准大气压下水的沸点为100°C,冰点为0C,100C和0C之间有100等份，每一份代表1°C,而该温度计的96个小格表示100°C,设温度计示数为28C时的实际温度为r,贝y：100C-0C=t-0C92C-(-4C)_28C-(-4C)解得匕33°C如图所示的装置是我国古代劳动人民发明的提物工具——“差动滑轮”，俗称“神仙葫芦”。它的上半部分是由固定在一起的半径分别为r和R的两个齿轮组成，能绕中心轴0转动，下半部分是一个动滑轮。封闭的链条绕过滑轮，动滑轮下面悬挂着质量为M的重物，已知r：R=1：4。悬挂动滑轮的链条处于竖直状态，滑轮与链条的重力及轴0处的摩擦均忽略不计。现用大小为F的拉力以速率v匀速拉动链条。则错误的判断是()1悬挂动滑轮的链条每根弹力大小都为2Mg1B•拉力F的大小为3Mgv重物上升的速率为31拉力F的功率为了Mgv4【答案】D【解析】【详解】由于有两条链条悬挂动滑轮，滑轮与链条的重力及轴0处的摩擦均忽略不计，重物的1重力为Mg，那么链条每根弹力大小都为2Mg，A正确，不合题意；可知拉力F做的功转化为重物的重力势能，物体上升h，那么力F的作用端移动的距离为3h，可以知道拉力做的功为WF二F-3h，重物增加的重力势能为Mgh，即F-3h=Mgh1拉力F=-Mg,B正确，不合题意；1以速率v匀速拉动链条，那么重物上升的速度为-v，C正确，不合题意；拉力F的功率1P=Fv-Mg-v3D错误，符合题意。用体温计分别测甲、乙、丙三人的体温，先测得甲的体温正常。用酒精消毒后，忘了拿着体温计用力向下甩，就直接依次去测乙和丙的体温，已知乙的体温是37.6°C，丙的体温为38.4C,那么用此方法测得乙和丙的体温分别为（）37C、38.4CB.37C、37.6CC.37.6C、38.4CD.38.4C、38.4C【答案】C【解析】【详解】因为甲的体温正常，所以用体温计测完甲后，体温计的示数应该是37°C左右，不会是37.6°C，用酒精消毒后，忘了拿着体温计用力向下甩，那么液泡会收缩，液柱不会下降，还是37C左右，依次去测乙和丙的体温时，乙的体温是37.6C，这说明液柱上升了，乙的真实体温是37.6C，丙的体温为38.4C，这也说明液柱也上升了，丙的真实体温是38.4C，所以用此方法测得乙和丙的体温分别为37.6°C、38.4C，故选C。甲、乙两容器中装有质量相等的水，水温分别为20°C和70C，现将一温度为80°C的金属球放入甲容器中，热平衡后水温升高到40°C，然后迅速取出金属球并放入乙容器中，热平衡后以容器中水温为(不计热量散失和水的质量的变化)：A.65CB.60CC.55CD.50C【答案】B【解析】【详解】当将金属球放入甲容器中时，金属球放出的热量与水吸收的热量相等，即：Q=Q设金属球的质量为m、比热容为c、水的质量为m、水的比热容为c「贝9：Q=cm(80C-40C)Q=cm(40C-20C)因为Q=0，所以cm(80C-40C)=cm(40C-20C)化简得：cm2-水―水=—；cm1金金当将金属球放入乙容器中时，乙容器中的水放出的热量与金属球吸收的热量相等，即：Q'=Q^由于甲乙容器中的水的质量相等，又是同一个金属球，所以仍设金属球的质量为m、比热容为c、水的质量为m、水的比热容为c，此时两者共同的温度为t°C,贝9：Q'=mc(70°C-t°C)Q'=mc(t°C-40°C)因为：Q,=Q'所以mc(70C-tC)=mc(tC-40C)由于：cm2-水_水=—cm1金金可得：2(70C-tC)=tC-40C

解得t=60°C，故选B.用两只相同的电加热器，分别给相同体积的水和某种油加热，在开始和加热3min时,分别记录的数据如下表所示.已知P二1.0x103kg/m3，c=°2x103j/^g*C),水水P=0.8x103kg/m3，加热的效率都为90%，油的末温没有达到它的沸点，下列说法正油确的是()加热时间(min)03水的温度(°C)1828油的温度(°C)1843A.A.BC.这种油的比热容为2.1x103J/(kg・。C)这种油的比热容为1.68x10J/(kgC)D.加热效率没有达到100%，是因为有一部分能量消失了【答案】B【解析】【详解】ABC.取两种液体都加热了3分钟为研究对象，因为是用的两个相同的电加热器，且加热效率都为90%，所以设它们的体积为V,则水的质量:m=pV水水油的质量:m=pV油油根据Q=c(t-10)有：cpV(t—t)=cpV(t—t)水水水0油油油0代入数据：4.2x103j/(kg•°C)x1.0x103kg/m3x(28°C-18°C)二cx0.8x103kg/m3x(43°C-18°C)油解得：c二2.1x103j/(kg•°C)油故AC项错误、B项正确；D.由能量守恒定律可知，能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到别的物体；在转化和转移过程中其总量不变.故D项错误．18．如图所示，在大烧杯中装有大量的碎冰块，把装有少量碎冰块的试管插在大烧杯的冰块中，在烧杯底部用酒精灯加热．下列说法正确的是大烧杯和小试管中的冰同时熔化小试管中的冰先熔化，大烧杯中的冰后熔化大烧杯中的冰完全熔化后，小试管中冰才开始熔化小试管中冰始终不能熔化【答案】C【解析】冰是晶体，若给烧杯中的冰加热时，烧杯中的冰会熔化，但完全熔化前温度保持不变，所以试管中的冰达到熔点，但由于温度相同没有热传递，则不能从烧杯中继续吸热，所以不能熔化；若烧杯中的冰完全熔化后，继续吸热，温度将升高，所以试管中的冰达到熔点，继续吸热，所以能熔化.故C正确.故选C.受新型冠状病毒的影响，一“罩”难求。一般医用口罩至少要有三层，外层需要阻挡外界空气中的灰层、细菌、唾沫等飞溅物，中间层经过静电处理，可以阻挡细菌等微小颗粒（潮湿环境中会失去静电），内层要吸收佩戴者呼出的水汽、飞沫等。某口罩的构造如图所示。下列说法正确的是（）A.口罩潮湿后防护能力降低B.佩戴口罩时应该使白色吸水无纺布朝外C.口罩的中间层静电熔喷布能吸引小磁针D.佩戴口罩后内层潮湿是呼出的水蒸气升华形成【答案】A【解析】【分析】【详解】潮湿环境中会失去静电，口罩潮湿后，会失去静电，中间层不可以阻挡细菌等微小颗粒，口罩防护能力降低，A正确；由题意可知，内层要吸收佩戴者呼出的水汽、飞沫等