高考物理经典大题练习及

完满word版高考物理经典大题练习及完满word版高考物理经典大题练习及10/10完满word版高考物理经典大题练习及14．（7分）如图14所示，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，散布着磁感觉强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=4.5V、内阻r=0.50Ω的直流电源．现把一个质量m=0.040kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰巧静止．导体棒与金属导轨垂直、且接触优秀，导体棒与金属导轨接图14触的两点间的电阻R0＝2.5Ω,金属导轨电阻不计，g取m/s2．已知sin37°=0.60，cos37°，求：1）经过导体棒的电流；2）导体棒遇到的安培力大小；3）导体棒遇到的摩擦力15．（7分）如图15所示，边长L=0.20m的正方形导线框ABCD由粗细平均的同种资料制成，正方形导线框每边的电阻R0＝1.0Ω，金属棒MN与正方形导线框的对角线长度恰巧相等，金属棒MN的电阻r=0.20Ω．导线框搁置在匀强磁场中，磁场的磁感觉强度B＝T,方向垂直导线框所在平面向里．金属棒MN与导线框接触优秀，且与导线框的对角线BD垂直搁置在导线框上，金属棒的中点向来在BD连线上．若金属棒以v=4.0m/s的速度向右匀速运动，当金属棒运动AC的地点时，求（计算结果保存两位有效数字）：图151）金属棒产生的电动势大小；2）金属棒MN上经过的电流大小和方向；3）导线框耗费的电功率．16．（8分）如图16所示，正方形导线框abcd的质量为m、边长为l，导线框的总电阻为R．导线框从垂直纸面向里的水平有界匀强磁场的上方某处由静止自由着落，着落过程中，导线框向来在与磁场垂直的竖直平面内，cd边保持水平．磁场的磁感觉强度大小为B，方向垂直纸面向里，磁场上、下两个界面水平距离为l已．知cd边刚进入磁场时线框恰巧做匀速运动．重力加快度为g．1）求cd边刚进入磁场时导线框的速度大小．2）请证明：导线框的cd边在磁场中运动的随意瞬时，导线框克服安培力做功的功率等于导线框耗费的电功率．图163）求从导线框cd边刚进入磁场到ab边刚走开磁场的过程中，导线框战胜安培力所做的功．17．（8分）图17（甲）为小型旋转电枢式沟通发电机的原理图，其矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动，线圈的匝数n=100、电阻r=10Ω，线圈的两头经集流环与电阻R连结，电阻R=90Ω，与R并联的沟通电压表为理想电表．在t=0时辰，线圈平面与磁场方向平行，穿过每匝线圈的磁通量φ随时间t按图17（乙）所示正弦规律变化．求：1）沟通发电机产生的电动势最大值；2）电路中沟通电压表的示数．18．（8分）图18为示波管的表示图，竖直偏转电极的极板长l=4.0cm，两板间距离d=1.0cm，极板右端与荧光屏的距离L=18cm．由阴极发出的电子经电场加快后，以v=1．6×107m／s的速度沿中心线进入竖直偏转电场．若电子由阴极逸出时的初速度、电子所受重力及电子之间的互相作使劲均可忽视不计，已知电子的电荷量×10—19C，质量m=0.91×10-30kg．图18（1）求加快电压U0的大小；（2）要使电子束不打在偏转电极的极板上，求加在竖直偏转电极上的电压应知足的条件；3）若在竖直偏转电极上加u=40sin100πt（V）的交变电压，求电子打在荧光屏上产生亮线的长度．19．（9分）如图19所示，在以O为圆心，半径为R的圆形地区内，有一个水平方向的匀强磁场，磁场的磁感觉强度大小为B，方向垂直纸面向外．竖直平行正对搁置的两金属板A、K连在电压可调的电路中．S1、S2为A、K板上的两个小孔，且有一水平搁置的足够大的荧光屏h．比荷（电荷量与质量之比）为

S1、S2和O在同向来线上，另D，O点到荧光屏的距离为k的带正电的粒子由S1进入电场后，经过S2射向磁场中心，经过磁场后打在荧光屏D上．粒子进入电场的初速度及其所受重力均可忽视不计．（1）请分段描绘粒子自S1到荧光屏D的运动状况；（2）求粒子垂直打到荧光屏上P点时速度的大小；图193Q点，PQ=3（3）挪动滑片P，使粒子打在荧光屏上h（如图19所示），求此时A、K两极板间的电压．20．（9分）如图20所示，地面上方竖直界面N左边空间存在着水平的、垂直纸面向里的匀强磁场，磁感觉强度B=2.0T．与N平行的竖直界面M左边存在竖直向下的匀强电场，电场强度E1=100N/C．在界面M与N之间还同时存在着水平向左的匀强电场，电场强度E2=200N/C．在紧靠界面M处有一个固定在水平川面上的竖直绝缘支架，支架上表面圆滑，支架上放有质量m2=1．8×10-4kg的带正电的小物体b（可视为质点），电荷量q2=1．0×10-5C．一个质量m1×10-4kg，电荷量q1×10-5C的带负电小物体（可视为质点）a以水平速度v0射入场区，沿直线运动并与小物体b相碰，a、b两个小物体碰后粘合在一同成小物体c，进入界面M右边的场区，并从场区右界限N射出，落到地面上的Q点（图中未画出）．已知支架顶端距地面的高度h=1.0m，M和N两个界面的距离L=0.10m，g取10m/s2．求：1）小球a水平运动的速率；2）物体c刚进入M右边的场区时的加快度；（3）物体c落到Q点时的速率．14．（7分）（1）体棒、金属和直流源组成合路，依据合路欧姆定律有：E=IR0r1.5A⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯2分（2）体棒遇到的安培力F安=BIL=0.30⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯2分（3）体棒所受重力沿斜面向下的分力F1=mgsin37°=0.24N因为F1小于安培力，故体棒受沿斜面向下的摩擦力f⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分依据共点力均衡条件mgsin37°+f=F安⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分解得：f=6.0×10-2N⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分15．（7分）（1）金属棒生的大小：E=B2Lv=0.42V=0.56V⋯⋯⋯⋯⋯⋯2分（2）金属棒运到AC地点，框左、右两阻并，其并阻：ER并=1.0Ω，依据合路欧姆定律I=R并r=0.47A⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯2分依据右手定，流方向从N到M⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分（3）框耗费的功率：P框=I2R并=0.22W⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯2分16．（8分）1）框cd入磁的速度v，在cd入磁程生的感E=Blv，依据合路欧姆定律，通框的感流I=BlvB2l2vR1分框遇到的安培力F安=BIl=⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯R因cd入磁框做匀速运，所以有F安=mg，⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分mgR⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1以上各式立，得：v=B2l2分（2）框cd在磁中运，战胜安培力做功的功率：P安=F安v代入（1）中的果，整理得：P安=B2l2v2⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1R分框耗费的功率：PB2l2v2B2l2v22R=R2电=IRR=⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分3）框ab入磁，cd即走开磁，所以框做匀速运．框穿磁的整个程中，框的能不．框战胜安培力做功W，依据能定理有2mgl－W＝0⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分安安解得W安＝2mgl⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯117．（8分）（1）沟通机生的最大Emω⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分=nBS而Φm=BS、ω=2π，所以，Em=2nπm⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1TT由Φ－t可知：Φm=2.0×10-2Wb，T=6.28×10-2s⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯所以Em=200V⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1（2）的有效2Em=1002V⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分E=2E由合路的欧姆定律，路中流的有效=2A⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1I=Rr沟通表的示数U=IR=902V=127V⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯2分18．（8分）（1）子通加快的程，依据能定理有02解得U0=728V11⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯22）偏U1，子好出偏，此子沿方向的位移恰巧d/2，即d=1at2=1eU1·t2⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1222mdl⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯子通偏的t=1分解得U1=d2mvet2=91V，所以，使子束不打在偏极上，加在偏极上的U小于91V⋯⋯1分3）由u=40sin100πt（V）可知ω=100πs-1，Um=40V偏化的周期T=2πl=0.02s，而t==2.5×10-9s．Tt，可每个子通v偏的程中，可定的匀．当极板加最大，子有最大偏量ym=1at2=1eUm·t2=0.20cm．子出偏平行极板方向分速度22mdvx=v14．（7分）（1）体棒、金属和直流源组成合路，依据合路欧姆定律有：ER0rI=1.5A⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯2分（2）体棒遇到的安培力F安=BIL=0.30⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯2分（3）体棒所受重力沿斜面向下的分力F1=mgsin37°=0.24N因为F1小于安培力，故体棒受沿斜面向下的摩擦力f⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分依据共点力均衡条件mgsin37°+f=F安⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分解得：f=6.0×10-2N⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分15．（7分）（1）金属棒生的大小：E=B2Lv=0.42V=0.56V⋯⋯⋯⋯⋯⋯2分（2）金属棒运到AC地点，框左、右两阻并，其并阻：ER并=1.0Ω，依据合路欧姆定律I=R并r=0.47A⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯2分依据右手定，流方向从N到M⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分（3）框耗费的功率：P框=I2R并=0.22W⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯2分16．（8分）1）框cd入磁的速度v，在cd入磁程生的感E=Blv，依据合路欧姆定律，通框的感流I=Blv框遇到的安培力B2l2vR1分F安=BIl=⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯RmgR所以有F安=mg，⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1以因cd入磁框做匀速运，B2l2上各式立，得：v=⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分（2）框cd在磁中运，战胜安培力做功的功率：P安=F安v代入（1）中的果，整理得：P安=B2l2v2⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1R分框耗费的功率：PB2l2v2B2l2v2=I2R=R2电RR=⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分所以有P安＝P电⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分3）框ab入磁，cd即走开磁，所以框做匀速运．框穿磁的整个程中，框的能不．框战胜安培力做功W安，依据能定理有2mgl－W安＝0⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分解得W安＝2mgl⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯117．（8分）（1）沟通机生的最大Emω⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分=nBS而Φm=BS、ω=2π2nπm1由，所以，Em=⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯TTΦ－t可知：Φm=2.0×10-2Wb，T=6.28×10-2s⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分所以Em=200V⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1（2）的有效E=2Em=1002V⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分2E由合路的欧姆定律，路中流的有效I==2A⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1Rr沟通表的示数U=IR=902V=127V⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯2分18．（8分）1（1）于子通加快的程，依据能定理有eU0=mv2⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯2分2解得U0=728V⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯12）偏U1，子好出偏，此子沿方向的位移恰巧d/2，即d12eU112l12=at=·t⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯22mmd2vdt=1分子通偏的2⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯et解得U1==91V，所以，使子束不打在偏极上，加在偏极上的U小于91V⋯⋯1分3）由u=40sin100πt（V）可知ω=100πs-1，Um=40V偏化的周期2πl5×10-9s．Tt，可每个子通T==0.02s，而t==2.v偏的程中，可定的匀．当极板加最大，子有最大偏量ym=1at2=1eUm·t2=0.20cm．22md子出偏平行极板方向分速度vx=v，垂直极板方向的分速度vy=ayt=eUm·tmd子走开偏抵达光屏的t′=LL=vxv子走开偏后在直方向的位移y2=vyt′=2.0cm．子打在光屏上的偏移量Ym=ym+y2=2.2cm⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分子打在光屏生亮的度2Ym=4.4cm⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分用下边的方法也2分子射出偏速度与水平的角θ，所以有tanθ=vy=0.11y=（1vx所以子的偏量+L）tanθ⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯12分子打在光屏沿直方向的度范2y=4.4cm⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分19．（9分）1）粒子在中自S1至S2做匀加快直运；自S2至入磁前做匀速直运；入磁后做匀速周运；走开磁至光屏做匀速直运．⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯走开磁后做匀速直运，分．⋯⋯⋯⋯⋯⋯2分明：出粒子在中匀加快运，走开做匀速直运，分；出粒子在匀磁中做匀速周运，2）粒子的量m，荷量q，垂直打在光屏上的P点的速度v1，粒子垂直打在光屏上，明粒子在磁中的运是四分之一周，运半径21分r1=R，⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯v1依据牛第二定律Bqv1=mr1，依意：k=q/m⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分解得：v1=BkR⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分3）粒子在磁中运道半径r2，偏角2θ，粒子射出磁的方向与直方向角α，粒子打到Q点的迹如所示，由几何关系可知tanα=PQ=3，α=30°，θ=30°3Rtanθ=解得：r2=3R⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1r22此v2A、K两极板的U，粒子走开S2的速度vmr213⋯⋯解得：U=kB2R2⋯⋯依据能定理有qU=mv222220．（9分）（1）a向b运程中受向下的重力，向上的力和向下的洛力．小球a的直运必匀速直运，a受力均衡，所以有q1E1－q1v0B－m1g=0⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分解得v0=20m/s⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯2分（2）二球相碰量守恒m1012⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分v=（m+m）v，解得v=10m/s物体c所受洛力f=（q-4N，方向向下⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯11－q2）vB=4.0×10物体c在M右区受力：F2122-3N，方向向右=（q－q）E=4.0×10物体c受重力：G=（m12-3N，方向向下+m）g=3.6×10物体c受协力：F2(fG)2=2-3N合＝F22×10物体c的加快度：a=F合=1002m/s2=15.7m/s2⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1m1m29协力的方向与水平方向的角θ，tanθ＝fG=1.0，解得θ=45°F2加快度指向右下方与水平方向成45°角⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯13）物体c通界面M后的行程中力和重力都它做正功，物体c落到Q点的速率vt，由能定理（m121111222t2－（m122⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分22解得vt=122.2m/s=11m/s．⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分，垂直极板方向的分速度yyeUm·tv=at=mdt′=LL=子走开偏抵达光屏的vxv子走开偏后在直方向的位移y2=vyt′=2.0cm．子打在光屏上的偏移量Ym=ym+y2=2.2cm⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分子打在光屏生亮的度2Ym=4.4cm⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分用下边的方法也2分子射出偏速度与水平的角vyθ，所以有tanθ==0.11y=（1vx所以子的偏量+L）tanθ⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯12分子打在光屏沿直方向的度范2y=4.4cm⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分19．（9分）（1）粒子在中自S1至S2做匀加快直运；自S2至入磁前做匀速直运；入磁后做匀速周运；走开磁至光屏做匀速直运．⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯2分明：出粒子在中匀加快运，走开做匀速直运，1分；出粒子在匀磁中做匀速周运，走开磁后做匀速直运，1分．2）粒子的量m，荷量q，垂直打在光屏上的P点的速度v1，粒子垂直打在光屏上，明粒子在磁中的运是四分之一周，运半径r1=R，⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分2依据牛第二定律Bqv1=mv1，依意：k=q/m⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1r1分解得：v1=BkR⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯1分3）粒子在磁中运道半径r2，偏角2θ，粒子射出磁的