物理加试复习(第一次联考)

第21页（共21页）物理加试复习（第一次联考）一．选择题（共20小题，满分20分，每小题1分）1．（1分）（2013•沈阳）如图所示，当开关S闭合后，下列说法正确的是（）A．灯L1与灯L2是串联，且灯L1被短路B．电压表可测出灯L1两端的电压C．电流表A1测的是灯L1的电流D．电流表A2测的是灯L2的电流2．（1分）（2013•乌海）如图所示，将灯L1、L2按甲、乙两种方式接在电压均为U的两个电路中．L1在甲、乙两个电路中的电功率分别为4W和9W，设两灯丝的电阻不变．下列说法中正确的是（）A．L1、L2两灯灯丝电阻之比为2：1B．甲图中灯L1、L2的功率之比为1：2C．甲、乙两图中灯L1两端的电压之比为2：3D．甲、乙两图中电路消耗的总功率之比为2：93．（1分）（2013•本溪）如图所示，电源电压保持不变，L是标有“2V1W”字样的灯泡，电流表A、A1的量程均为0～0.6A，将滑动变阻器滑片P滑至最右端，断开S1，闭合S2，电压表示数为6V，电流表A的示数为0.3A；闭合S1、S2，电流表A1的示数为0.1A．（假设灯丝电阻不变）则下列说法中正确的是（）A．滑动变阻器的最大阻值为20ΩB．R0的阻值为60ΩC．S1断开，S2由闭合到断开时，电压表的示数会变大D．断开S1、S2，为保证电路安全，滑动变阻器接入电路中的最小阻值为8Ω4．（1分）（2005•桐梓县校级模拟）如图，开关S闭合后，V1示数为4伏，V2示数为6伏，A为1安，且将R2和R3互换位置后，发现三表示数均不变，则（）A．通过三电阻R1、R2、R3的电流之和为1安B．R1=1欧C．电源电压U为7伏D．R2两端电压为3伏5．（1分）（2012•乌兰察布）如图所示的四个电路中，R0为已知阻值的定值电阻，可以测出未知电阻Rx的电路是（）A． B． C． D．6．（1分）（2011秋•昌平区期末）下列关于电阻和电流的说法错误的是（）A．电阻是用来表示导体对电流阻碍作用的物理量，电流越大，电阻越大B．通过导体的电流为零，则该导体的电阻也为零C．负电荷定向移动的方向与电流方向相反D．电荷的移动形成电流7．（1分）用伏安法可以测出一只标有“10V0.5A”小灯泡的（）A．电阻 B．额定功率 C．实际功率 D．电功8．（1分）（2013•大连）某电路如图所示，电源电压不变，R1＞R2．闭合开关s，将滑动变阻器的滑片P从a端滑至b端，则（）A．电路中的总电阻变大B．R1两端电压不变C．R2的电功率变大D．R1电流的变化量小于R2电流的变化量9．（1分）（2012•深圳）如图所示正确的是（）A．照明电路的连线 B．通电螺线管周围的磁感应线C．光由玻璃斜射入空气 D．L是F的力臂10．（1分）（2006•菏泽）甲乙两个长度相同的滑道，一个为凸形，一个为凹形，两个物体以相同的速度分别进入甲乙两个滑道，如图所示，若不计滑道的摩擦，通过甲滑道用的时间为t甲，通过乙滑道用的时间为t乙，则（）A．t甲=t乙 B．t甲＞t乙C．t甲＜t乙 D．无法比较t甲和t乙的大小11．（1分）（2011•茂名）下列说法正确的是（）A．气体很容易被压缩是因为气体分子间的斥力很小B．水经常用来作冷却液是因为水的比热容大C．物体吸收了热量，内能一定增加D．汽油机的做功冲程是将内能转化为机械能的过程12．（1分）（2014•北京）下列说法中正确的是（）A．液体吸收热量，温度一定升高B．液体的沸点随液面上方的气压增大而降低C．组成物质的分子之间的引力和斥力是同时存在的D．组成物质的大量分子无规则运动的剧烈程度与温度有关13．（1分）原子核中质子与中子结合在一起依靠的是（）A．正负电荷相互吸引的力 B．正电荷之间的相互排斥力C．核力 D．分子间的引力和斥力14．（1分）（2014秋•监利县校级期中）质量相同的铜块和铁块，吸收相同的热量后，将它们相互接触（C铜＜C铁），则（）A．它们之间不发生热传递 B．热量由铜块传给铁块C．热量由铁块传给铜块 D．无法确定热量如何传递15．（1分）（2014•南宁）如图是探究电流通过导体产生的热量与什么因素有关的实验装置，将两根阻值不等的电阻丝R1、R2串联后分别放入两个透明容器中，并封闭等量的空气，通电前，A、B两U形管内的液面相平，接通电源一分钟后，通过R1、R2的电流分别为I1、I2，则（）A．I1＞I2，A管中的液面较高 B．I1＜I2，A管中的液面较低C．I1=I2，A管中的液面较高 D．I1=I2，A管中的液面较低16．（1分）（2013•潍坊）小明家的饮水机具有加热和保温两种功能：当饮水机处于加热状态时，饮水机的红灯亮绿灯灭；水被加热到预定温度时，饮水机内部的温控开关S自动切换到保温状态，此时饮水机的绿灯亮红灯灭，下列电路中与上述情况相符的是（）A． B． C． D．17．（1分）（2012•营口）在如图所示的电路中，电源电压不变．闭合开关后，电路正常工作，一段时间后，发现其中一个电压表示数变大，则（）A．灯L可能变亮 B．灯L可能短路C．电阻R可能断路 D．电阻R可能短路18．（1分）如图所示的电路图中，下列说法正确的是（）A．断开S1、S3，闭合S2电路是通路B．断开S3、S2，闭合S1电路是通路C．断开S1、S2，闭合S3电路是通路D．断开S1，闭合S2、S3电路是短路19．（1分）（2014•潍坊）一轻质弹簧的下端固定在容器底部，上端放一小球（不连接），如图所示，向容器中缓慢倒入水，使小球完全浸没且静止在水中，此时小球可能受（）A．重力、浮力、弹力和压力 B．重力、浮力和拉力C．重力、浮力和弹力 D．重力和浮力20．（1分）（2008•宁波）下列各图中，正确的是（）A． B． C． D．

物理加试复习（第一次联考）参考答案与试题解析一．选择题（共20小题，满分20分，每小题1分）1．（1分）（2013•沈阳）如图所示，当开关S闭合后，下列说法正确的是（）A．灯L1与灯L2是串联，且灯L1被短路B．电压表可测出灯L1两端的电压C．电流表A1测的是灯L1的电流D．电流表A2测的是灯L2的电流考点：电压表的使用；电流表的使用．专题：压轴题；电流和电路；电压和电阻．分析：将开关S闭合后，两灯泡并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量通过电灯L2的电流，电压表测量并联电路两端电压．解答：解：开关S闭合后，灯L1与灯L2并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量通过电灯L2的电流，电压表既测量灯L1两端的电压，又测量灯L2两端的电压，还测量电源电压．故AC错误，BD正确．故选BD．点评：本题考查电路的识别、电流表、电压表的使用以及并联电路电压特点的掌握和运用．2．（1分）（2013•乌海）如图所示，将灯L1、L2按甲、乙两种方式接在电压均为U的两个电路中．L1在甲、乙两个电路中的电功率分别为4W和9W，设两灯丝的电阻不变．下列说法中正确的是（）A．L1、L2两灯灯丝电阻之比为2：1B．甲图中灯L1、L2的功率之比为1：2C．甲、乙两图中灯L1两端的电压之比为2：3D．甲、乙两图中电路消耗的总功率之比为2：9考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电阻的串联；电功率的计算．专题：应用题；压轴题；电路和欧姆定律；电能和电功率．分析：（1）甲图中，两灯串联，乙图中两灯并联，根据公式P=可求甲乙两图中灯L1两端的电压之比，根据串联电路的特点和欧姆定律结合甲图求出L1、L2两灯灯丝电阻之比，再根据P=I2R求出甲图中灯L1、L2的功率之比；（2）根据电阻的串联和P=求出甲图电路消耗的总功率；再根据并联电路的电压特点和P=表示出乙图中两灯泡的电功，两者功率之和即为乙图中电路消耗的总功率，进一步结合电阻关系求出甲、乙两图中电路消耗的总功率之比．解答：解：（1）∵甲图中灯L1的功率P1=，乙图中灯L1的功率P1′=，∴===，解得：=，故C正确；甲图中：∵串联电路中总电压等于各分电压之和，且电路中各处的电流相等，∴=====，故A正确；∵P=I2R，∴甲图中灯L1、L2的功率之比：===，故B不正确；（2）∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，∴甲图中电路消耗的总功率：P甲===，∵并联电路中各支路两端的电压相等，∴乙图电路消耗的总功率：P乙=+=+=，∴==，故D正确．故选ACD．点评：本题考查学生对欧姆定律、串并联特点的掌握和运用，要求灵活选用公式，涉及到求比值问题，要细心防止因颠倒而出错．3．（1分）（2013•本溪）如图所示，电源电压保持不变，L是标有“2V1W”字样的灯泡，电流表A、A1的量程均为0～0.6A，将滑动变阻器滑片P滑至最右端，断开S1，闭合S2，电压表示数为6V，电流表A的示数为0.3A；闭合S1、S2，电流表A1的示数为0.1A．（假设灯丝电阻不变）则下列说法中正确的是（）A．滑动变阻器的最大阻值为20ΩB．R0的阻值为60ΩC．S1断开，S2由闭合到断开时，电压表的示数会变大D．断开S1、S2，为保证电路安全，滑动变阻器接入电路中的最小阻值为8Ω考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用；电路的动态分析．专题：压轴题；电路和欧姆定律；电能和电功率；电路变化分析综合题．分析：（1）断开S1、闭合S2，电路为滑动变阻器最大阻值的简单电路，电压表的读数就是电源电压，由欧姆定律可求得滑动变阻器的最大阻值；（2）闭合S1、S2，电阻R0并联在电源上，电流表测该支路的电流，由欧姆定律可求得R0的阻值；（3）S1断开，S2闭合时电路为滑动变阻器的简单电路，电压表测电源的电压，当S2断开时滑动变阻器与灯泡串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据并联电路的电压特点可知电压表示数的变化；（4）断开S1、S2，滑动变阻器与电灯串联，根据P=UI求出灯泡正常发光时的电流，然后结合电流表的量程确定电路的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值．解答：解：（1）断开S1、闭合S2，电路为滑动变阻器最大阻值的简单电路，电压表测电源的电压即U=6V，由I=可得，滑动变阻器的最大阻值：R滑===20Ω，故A正确；（2）闭合S1、S2，电阻R0可以接到电源上，电流表A1的示数即为R0的电流，则R0===60Ω，故B正确；（3）S1断开，S2由闭合到断开时，电压表由测电源的电压变为测滑动变阻器与灯泡串联时滑动变阻器两端的电压，∵串联电路中总电压等于各分电压之和，∴电压表的示数变小，故C不正确；（4）由P=UI可得，灯泡的正常发光时的电流IL===0.5A，∵串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，∴电路中的最大电流Imax=0.5A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，滑动变阻器两端的电压：U滑=U﹣UL=6V﹣2V=4V，滑动变阻器接入电路中的最小值：R滑===8Ω，故D选项正确．故选ABD．点评：本题考查了开关的状态对电路的连接方式的影响和利用欧姆定律、电功率公式的综合计算，仔细判断用电器在开关的不同状态下的连接形式和灵活应用电学中的公式是关键．4．（1分）（2005•桐梓县校级模拟）如图，开关S闭合后，V1示数为4伏，V2示数为6伏，A为1安，且将R2和R3互换位置后，发现三表示数均不变，则（）A．通过三电阻R1、R2、R3的电流之和为1安B．R1=1欧C．电源电压U为7伏D．R2两端电压为3伏考点：欧姆定律的应用．专题：计算题；应用题；压轴题．分析：（1）由电路图可知，三电阻串联，V1测R1、R2两端的电压，V2测R2、R3两端的电压，电流表测电路中的电流．（2）当R2和R3互换位置后电路仍为串联电路，电路中的电阻不变，V1测R1、R3两端的电压，V2测R2、R3两端的电压，电流表仍测电路中的电流．（3）根据电流表的示数可知此时通过三电阻的电流；根据三电表的示数不变和串联电路的分压特点可知R2两端电压；根据欧姆定律和串联电路的分压特点求出电源的电压；根据电压表V1、V2的示数和电流表的示数利用欧姆定律结合串联电路的电阻特点求出R1的阻值．解答：解：（1）将R2和R3互换位置后，电路中的总电阻不变、电流表仍侧电路中的电流；根据欧姆定律可知，当电源的电压不变时，电流表的示数不变，即仍为1A，故A选项不正确．（2）R2和R3互换位置前后三电表的示数不变，根据串联电路电阻的分压特点可知，R2、R3两端分得的电压相等、阻值相等，结合电压表的示数可知R2、R3两端电压均为3伏，故D选项正确．（3）根据串联电路的电压特点可知电源的电压U=V1+V2=4V+×6V=7V，故C选项正确．（4）由题意可知，R1+R2===4Ω，R2+R3===6Ω，且R2=R3；所以R1=1Ω，故B选项正确．故选BCD．点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，关键是电压表所测电路元件的判断和“R2和R3互换位置后，发现三表示数均不变”这一条件的具体应用．5．（1分）（2012•乌兰察布）如图所示的四个电路中，R0为已知阻值的定值电阻，可以测出未知电阻Rx的电路是（）A． B． C． D．考点：伏安法测电阻的探究实验；串联电路的电流规律；并联电路的电压规律．专题：应用题；压轴题；图析法．分析：串联电路的电流处处相等，并联电路各支路电压相等，用电压表和电流表，直接或间接测量电压和电流，根据Rx=求出电阻．解答：解：A、开关S都闭合时，电压表测量电源电压；开关S断开时，电压表测量Rx两端的电压；根据串联电路总电压等于各分电压之和，求出定值电阻两端的电压，根据I=求出通过定值电阻的电流，根据串联电路电流处处相等，通过Rx电流等于通过定值电阻电流Ix=I0，根据Rx=求出电阻，故A正确．B、由电路图可知，当S断开时，电路为R0的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可求电源的电压；当开关S闭合时R0、Rx并联，电流表测干路电流，因通过R0的电流不变，根据并联电路的电流特点可求通过Rx的电流，再根据并联电路的电压特点和欧姆定律即可求出Rx阻值，故B正确；C、由电路图可知，当开关S闭合时，电路为R0的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；当开关S断开时两电阻串联，电流表测串联电路的电流，根据欧姆定律求出电路的总电阻，再根据电阻的串联求出Rx阻值，故C正确．D、由电路图可知，无论开关闭合还是断开，电压表始终测电源的电压，即无法测出或间接得出Rx两端的电压，故此电路图不能测出Rx阻值，故D不正确．故选ABC．点评：利用电压表或电流表测未知电阻的阻值，就是根据串联电路的电流特点或并联电路的电压特点想方设法得出未知电阻两端的电压和电流，然后根据欧姆定律求出未知电阻的阻值．6．（1分）（2011秋•昌平区期末）下列关于电阻和电流的说法错误的是（）A．电阻是用来表示导体对电流阻碍作用的物理量，电流越大，电阻越大B．通过导体的电流为零，则该导体的电阻也为零C．负电荷定向移动的方向与电流方向相反D．电荷的移动形成电流考点：电阻；电流的形成；电流的方向．专题：错解分析题．分析：根据以下内容答题：（1）导体电阻阻值由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压与流过导体的电流无关；（2）电流是电荷的发生定向移动而形成的，正电荷的定向移动方向规定为电流方向．解答：解：A、电阻是用来表示导体对电流阻碍作用的物理量，但与电流、电压的大小无关；故A错误．B、电阻是导体本身的属性，即使没有电流，电阻也不是零，故B错误．C、规定正电荷定向移动的方向为电流方向；则负电荷定向移动的方向与电流方向相反；故C正确．D、自由电荷定向移动才形成电流；电荷的移动不一定会形成电流；故D错误．故选A、B、D．点评：本题综合考查了电流的形成、方向的规定，电阻的性质和影响因素．考查的面比较全，但是都比较基础．7．（1分）用伏安法可以测出一只标有“10V0.5A”小灯泡的（）A．电阻 B．额定功率 C．实际功率 D．电功考点：伏安法；电阻；电功的计算；额定功率；实际功率．专题：应用题．分析：伏安法是指用电压表测电压、电流表测电流，是用来测量用电器的电阻和功率的方法．解答：解：用电压表测出用电器的电压，用电流表测出用电器的电流后，可以由公式R=计算电阻，可以由P=UI来计算实际功率及额定功率，并且当电压表的示数为10V时，由P=UI计算出的是它的额定功率．故选A、B、C．点评：此题考查了伏安法的应用，只有当用电器的电压是额定电压时，由P=UI计算出的是它的额定功率．8．（1分）（2013•大连）某电路如图所示，电源电压不变，R1＞R2．闭合开关s，将滑动变阻器的滑片P从a端滑至b端，则（）A．电路中的总电阻变大B．R1两端电压不变C．R2的电功率变大D．R1电流的变化量小于R2电流的变化量考点：欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用．专题：压轴题；欧姆定律．分析：①在电路中（无论是串联还是并联）一个电阻不变，另一个电阻增大，电路总电阻增大；②在串联电路中，用电器两端电压与其阻值成正比；③一个用电器消耗的功率的变化，利用公式P=分析；④在串联电路中，电流处处相等；在并联电路中，干路电流等于支路电流之和．解答：解：A、由图知：R2阻值不变，滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路电阻增大，所以并联总电阻增大，而R1阻值不变，所以串联的总电阻增大．此选项正确；B、滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路电阻增大，因为串联电路用电器两端电压与其阻值成正比，所以滑动变阻器和R2两端电压增大，所以R1两端电压减小．此选项错误；C、R2阻值不变，滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路电阻增大，因为串联电路用电器两端电压与其阻值成正比，所以滑动变阻器和R2两端电压增大，由公式P=知：定值电阻R2消耗的功率变大．此选项正确；D、R1两端电压与R2两端电压的变化量相同，已知R1＞R2，由公式I=知：R1电流的变化量小于R2电流的变化量．此选项正确．故选A、C、D．点评：此题考查的是对一个基本的混联电路的分析，突破的关键是掌握串联电路和并联电路的基本规律，把握好总体（串联）与局部（并联）的衔接．9．（1分）（2012•深圳）如图所示正确的是（）A．照明电路的连线 B．通电螺线管周围的磁感应线C．光由玻璃斜射入空气 D．L是F的力臂考点：家庭电路的连接；力臂的画法；作光的折射光路图；通电螺线管的磁场．专题：作图题；错解分析题．分析：要解决此题，需要掌握：A、开关控制灯泡时，火线首先接入开关，再接入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套．B、根据安培定则，由电流方向判断通电螺旋管的极性；知道在磁体的外部磁感线都是从磁体的北极出来，回到南极．C、光的折射定律，知道光从其它透明介质斜射入空气时，折射角大于入射角．D、力臂的概念，知道力臂是从支点到力的作用线的距离．解答：解：A、开关控制灯泡时，火线首先接入开关，再接入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套．这种连接方法，开关既能控制灯泡，又能在灯泡损坏后，断开开关，切断火线，更换灯泡时更安全．如图连接，开关在火线和灯泡之间，零线直接接入螺旋套，虽然能控制灯泡，但是安全性很差．连接错误．不符合题意．B、根据安培定则，用右手握住螺旋管，四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是N极，由此可以判断螺旋管的左端的S极，右端是N极，根据磁体周围的磁感线都是从N极出发，进入S极．图中磁感线方向正确，符合题意．C、光从玻璃斜射入空气中，折射角应大于入射角，折射光线远离法线，从图象可以看出该图，折射光线远离了法线，所以C图符合题意．D、图中顶端为支点，F为动力，力臂L是支点到动力F作用线的距离，由支点向动力作用线做垂线，垂线段的长度即为动力臂，所以D图正确，符合题意．故选BCD．点评：此题主要考查了开关控制灯泡的连接方法、安培定则、磁感线的画法、光的折射规律、力臂的画法，这些都属于基础知识，应熟练掌握．10．（1分）（2006•菏泽）甲乙两个长度相同的滑道，一个为凸形，一个为凹形，两个物体以相同的速度分别进入甲乙两个滑道，如图所示，若不计滑道的摩擦，通过甲滑道用的时间为t甲，通过乙滑道用的时间为t乙，则（）A．t甲=t乙 B．t甲＞t乙C．t甲＜t乙 D．无法比较t甲和t乙的大小考点：能量转化的现象；速度与物体运动．专题：压轴题；比较思想．分析：由速度公式V=可知，由于两个物体的运动路程是相同的，要比较物体的运动时间，只要比较出两物体的运动速度的关系，就可以比较出时间的关系即路程一定，时间与速度成反比．解答：解：在凸形滑道运动的物体，在运动到最高点的过程中，要将动能转化为重力势能，运动速度小于初速度；在下落过程中不计滑道的摩擦，机械能守恒，重力势能再全部转化为动能，速度等于初速度；在凹形滑道运动的物体，在运动到最低点的过程中，要将重力势能转化为动能，运动速度大于初速度；在下落过程中不计滑道的摩擦，机械能守恒，动能再全部转化为重力势能，速度等于初速度；因此在凸形滑道运动物体的平均速度小于在凹形滑道运动物体的速度，由t=可知，通过甲滑道用的时间为t甲大于通过乙滑道用的时间为t乙；故选B．点评：比较物理量的大小关系，要首先找到比较的依据即物理规律或计算公式，若不能直接比较，看能不能间接比较．11．（1分）（2011•茂名）下列说法正确的是（）A．气体很容易被压缩是因为气体分子间的斥力很小B．水经常用来作冷却液是因为水的比热容大C．物体吸收了热量，内能一定增加D．汽油机的做功冲程是将内能转化为机械能的过程考点：分子间的作用力；温度、热量与内能的关系；水的比热容的特点及应用；内燃机的四个冲程．专题：应用题；压轴题；学科综合题．分析：（1）正确理解掌握物质的三种状态的分子排列、分子间距、分子间作用力是解决此类题目的关键．（2）根据吸收热量的公式Q=Cm△t，质量相等的甲、乙液体，吸收相同的热量，温度升高的就小，比热容大的，就更适合做冷却液．（3）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递．（4）汽油机工作时，只有做功冲程燃气对外做功，将内能转化为机械能．解答：解：A、气态分子间距很大，分子间的作用力很小，分子可以自由运动，所以气体没有一定的体积和形状，易被压缩．此选项不合题意．B、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以用水作汽车冷却液．此选项符合题意．C、因为物体在吸收热量的同时可以不断的对外做功，如果物体吸收的热量全部用于对外做功，则物体的内能就不会增加．此选项不合题意．D、在做功冲程中，燃气对外做功，将内能转化为机械能．此选项符合题意．故选BD．点评：此题考查学生对水的比热容大的特点及应用、分子间的作用力和固体、液体、气体的特点、改变物体内能的方式及内燃机的四个冲程等物理知识，要求学生牢固掌握，同时体现了从物理走向生活的教学思想．12．（1分）（2014•北京）下列说法中正确的是（）A．液体吸收热量，温度一定升高B．液体的沸点随液面上方的气压增大而降低C．组成物质的分子之间的引力和斥力是同时存在的D．组成物质的大量分子无规则运动的剧烈程度与温度有关考点：温度、热量与内能的关系；沸点及沸点与气压的关系；分子间的作用力；分子的运动．专题：汽化和液化、升华和凝华；分子热运动、内能．分析：（1）液体沸腾中吸收热量温度保持不变；（2）液体的沸点与气压有关，随着液面气压的增大而升高；（3）物质的分子之间有相互的引力和斥力；（4）物质分子的运动与温度有关，温度越高分子运动越剧烈．解答：解：A、液体沸腾中吸收热量温度保持不变，故A错误；B、液体的沸点与气压有关，随着液面气压的增大而升高，故B错误；C、物质的分子之间有相互的引力和斥力，故C正确；D、物质分子的运动与温度有关，温度越高分子运动越剧烈，故D正确．故选：CD．点评：此题考查学生对于液体的吸热与温度的关系、沸点与气压的关系以及物质分子运动与温度关系的理解和掌握．13．（1分）原子核中质子与中子结合在一起依靠的是（）A．正负电荷相互吸引的力 B．正电荷之间的相互排斥力C．核力 D．分子间的引力和斥力考点：分子间的作用力．分析：①质子带正电而中子是不带电的，②分子间的作用力作用在分子上而不是质子和中子上．解答：解：因为中子是不带电的，所以不存在电荷之间的相互作用，所以A、B是错误的．D答案中给出的是分子之间的作用力而不是质子和中子之间的作用力，故而D是错误的．故选C．点评：核子之间存在一种能压服库仑斥力的强相互作用力﹣﹣强力（核力）．在原子核的尺度内强力比库仑力大得多，但强力是短程力，核子间的距离太大时，强力很快下降消失．核力的内容初中并没有提过，所以本题成为了一道易错题目．14．（1分）（2014秋•监利县校级期中）质量相同的铜块和铁块，吸收相同的热量后，将它们相互接触（C铜＜C铁），则（）A．它们之间不发生热传递 B．热量由铜块传给铁块C．热量由铁块传给铜块 D．无法确定热量如何传递考点：热传递在生活中的应用．专题：分子热运动、内能．分析：解决此题要知道热传递发生的条件是要有温度差，结合热量的公式Q=cm△t进行分析解答．解答：解：由公式Q=cm△t可知，△t=，因铜块和铁块的质量以及吸收的热量相同，且C铜＜C铁，所以铜块的温差大于铁的温度差，由于不确定初温的高低，所以不能确定铜块和铁块末温的高低，故无法确定热量如何传递．故选D．点评：本题考查了热量的计算、热传递的方向，熟练应用吸热公式判断末温的高低是解本题的关键．15．（1分）（2014•南宁）如图是探究电流通过导体产生的热量与什么因素有关的实验装置，将两根阻值不等的电阻丝R1、R2串联后分别放入两个透明容器中，并封闭等量的空气，通电前，A、B两U形管内的液面相平，接通电源一分钟后，通过R1、R2的电流分别为I1、I2，则（）A．I1＞I2，A管中的液面较高 B．I1＜I2，A管中的液面较低C．I1=I2，A管中的液面较高 D．I1=I2，A管中的液面较低考点：串联电路的电流规律；焦耳定律的计算公式及其应用．专题：电流和电路；电与热、生活用电．分析：由电路图可知两电阻串联，根据串联电路的电流特点可知通过它们的电流关系，根据Q=I2Rt比较两电阻产生的热量关系，密闭空气吸收热量后，体积不变，压强变大，U形管内两液面的差值变大，据此进行解答．解答：解：因串联电路中各处的电流相等，所以，两电阻丝串联时通过它们的电流相等，故AB不正确；由Q=I2Rt可知，在电路和通电时间相同时，右侧电阻较大，产生的热量较多，密闭空气吸收热量后，体积不变，压强变大，右侧容器内气体的压强与大气压的差值较大，B测玻璃管液面较高，故C不正确，D正确．故选D．点评：本题考查了串联电路的电流特点和焦耳定律的应用，关键是明白U形管在实验中的作用．16．（1分）（2013•潍坊）小明家的饮水机具有加热和保温两种功能：当饮水机处于加热状态时，饮水机的红灯亮绿灯灭；水被加热到预定温度时，饮水机内部的温控开关S自动切换到保温状态，此时饮水机的绿灯亮红灯灭，下列电路中与上述情况相符的是（）A． B． C． D．考点：串、并联电路的设计．专题：压轴题；图析法；电流和电路．分析：由题意可知，两灯泡独立工作、互不影响即为并联，根据P=可知，加热时电路中的电阻小于保温时电路中的电阻，据此进行解答．解答：解：A、由电路图可知，加热时饮水机的红灯亮绿灯灭，保温时绿灯亮红灯灭，且加热时的电阻小于保温时的电阻，符合题意，故A正确；B、由电路图可知，加热时红灯亮绿灯灭，但温控开关S自动切换时，电路中无加热管起不到保温作用，不符合题意，故B不正确；C、由电路图可知，无论加热时还是保温时绿灯均发光，不符合题意，故C不正确；D、由电路图可知，加热时绿灯亮红灯灭，不符合题意，故D不正确．故选：A．点评：本题考查了电路图的设计，分清加热时和保温时电路电阻的关系和指示灯的颜色是关键．17．（1分）（2012•营口）在如图所示的电路中，电源电压不变．闭合开关后，电路正常工作，一段时间后，发现其中一个电压表示数变大，则（）A．灯L可能变亮 B．灯L可能短路C．电阻R可能断路 D．电阻R可能短路考点：电路的三种状态．专题：压轴题；动态预测题；电流和电路．分析：（1）分析电路图，电阻和灯泡串联，电压表V1测量的是串联电路两端的总电压（电源电压），电压表V2测量的是电阻R两端的电压．（2）电压表V1测量的是串联电路两端的总电压（电源电压），无论两灯发生什么故障，其示数不变；所以示数变大的电压表应该是V2的示数变大，由短路和断路故障进行分析．解答：解：电压表V1测量的是串联电路两端的总电压（电源电压），无论两灯发生什么故障，其示数不变；所以示数变大的电压表应该是V2的示数变大．A、因电压表V2的示数变大，且电阻和灯泡串联，则灯L两端的电压一定会减小，所以亮度变亮是不可能的，故