2023年河南省中考数学试卷答案与解析

PAGEPAGE132023年河南省中考数学试卷参考答案与试题解析一、选择题〔共6小题，每题3分，总分值18分〕1．〔3分〕〔2023•深圳〕﹣的相反数是〔〕A．﹣2B．C．2D．﹣考点：相反数．分析：根据相反数的定义：只有符号不同的两个数叫相反数即可求解．解答：解：根据概念得：﹣的相反数是．应选B．点评：此题考查了相反数的意义，一个数的相反数就是在这个数前面添上“﹣〞号：一个正数的相反数是负数，一个负数的相反数是正数，0的相反数是0．不要把相反数的意义与倒数的意义混淆．2．〔3分〕〔2023•河南〕我省200年全年生产总值比2023年增长10.7%，到达约19367亿元．19367亿元用科学记数法表示为〔〕A．1.9367×1011元B．1.9367×1012元C．1.9367×1013元D．1.9367×1014元考点：科学记数法—表示较大的数．专题：应用题．分析：科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值大于1时，n是正数；当原数的绝对值小于1时，n是负数．解答：解：19367亿元即1936700000000元用科学记数法表示为1.9367×1012元．应选B．点评：此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．3．〔3分〕〔2023•河南〕在某次体育测试中，九年级三班6位同学的立定跳远成绩〔单位：m〕分别为：1.71，1.85，1.85，1.96，2.10，2.31．那么这组数据的众数和极差分别是〔〕A．1.85和0.21B．2.11和0.46C．1.85和0.60D．2.31和0.60考点：众数；极差．分析：根据众数、极差的概念求解即可．解答：解：数据1.85出现2次，次数最多，所以众数是1.85；极差=2.31﹣1.71=0.60．应选C．点评：考查众数、极差的概念．众数是一组数据中出现次数最多的数据，注意众数可以不止一个．极差是最大的数与最小的数的差．4．〔3分〕〔2023•河南〕如图，△ABC中，点D、E分别是AB、AC的中点，那么以下结论：①BC=2DE；②△ADE∽△ABC；③．其中正确的有〔〕A．3个B．2个C．1个D．0个考点：三角形中位线定理；相似三角形的判定与性质．专题：压轴题．分析：假设D、E是AB、AC的中点，那么DE是△ABC的中位线，可根据三角形中位线定理得出的等量条件进行判断．解答：解：∵D、E是AB、AC的中点，∴DE是△ABC的中位线；∴DE∥BC，BC=2DE；〔故①正确〕∴△ADE∽△ABC；〔故②正确〕∴，即；〔故③正确〕因此此题的三个结论都正确，应选A．点评：此题主要考查了三角形中位线定理以及相似三角形的判定和性质．5．〔3分〕〔2023•河南〕一元二次方程x2﹣3=0的根为〔〕A．x=3B．x=C．x1=，x2=﹣D．x1=3，x2=﹣3考点：解一元二次方程-直接开平方法．专题：压轴题．分析：先移项，写成x2=3，把问题转化为求3的平方根．解答：解：移项得x2=3，开方得x1=，x2=﹣．应选C．点评：用直接开方法求一元二次方程的解，要仔细观察方程的特点．6．〔3分〕〔2023•河南〕如图，将△ABC绕点C〔0，﹣1〕旋转180°得到△A'B'C，设点A的坐标为〔a，b〕，那么点A′的坐标为〔〕A．〔﹣a，﹣b〕B．〔﹣a．﹣b﹣1〕C．〔﹣a，﹣b+1〕D．〔﹣a，﹣b﹣2〕考点：坐标与图形变化-旋转．专题：压轴题．分析：我们关于原点对称的点的坐标规律：横坐标和纵坐标都互为相反数；还知道平移规律：上加下减；左加右减．在此根底上转化求解．把AA′向上平移1个单位得A的对应点A1坐标和A′对应点A2坐标后求解．解答：解：把AA′向上平移1个单位得A的对应点A1坐标为〔a，b+1〕．因A1、A2关于原点对称，所以A′对应点A2〔﹣a，﹣b﹣1〕．∴A′〔﹣a，﹣b﹣2〕．应选D．点评：此题通过平移把问题转化为学过的知识，从而解决问题，表达了数学的化归思想．二、填空题〔共9小题，每题3分，总分值27分〕7．〔3分〕〔2023•河南〕计算|﹣1|+〔﹣2〕2=5．考点：有理数的乘方；绝对值．分析：负数的绝对值是它的相反数，负数的偶次幂是正数．解答：解：|﹣1|+〔﹣2〕2=1+4=5．点评：此题综合考查了绝对值的性质和乘方的意义．8．〔3分〕〔2023•河南〕假设将三个数表示在数轴上，其中能被如下列图的墨迹覆盖的数是．考点：实数与数轴．专题：图表型．分析：首先利用估算的方法分别得到﹣，，前后的整数〔即它们分别在那两个整数之间〕，从而可判断出被覆盖的数．解答：解：∵﹣2＜﹣＜﹣1，2＜＜3，3＜＜4，且墨迹覆盖的范围是1﹣3，∴能被墨迹覆盖的数是．点评：此题考查了实数与数轴的对应关系，以及估算无理数大小的能力．9．〔3分〕〔2023•河南〕写出一个y随x增大而增大的一次函数的解析式：答案不唯一，如y=x．考点：一次函数的性质．专题：开放型．分析：根据一次函数的性质只要使一次项系数大于0即可．解答：解：例如：y=x，或y=x+2等，答案不唯一．点评：此题比较简单，考查的是一次函数y=kx+b〔k≠0〕的性质：当k＞0时，y随x的增大而增大；当k＜0时，y随x的增大而减小．10．〔3分〕〔2023•河南〕将一副直角三角板如图放置，使含30°角的三角板的直角边和含45°角的三角板的一条直角边重合，那么∠1的度数为75度．考点：三角形内角和定理；平行线的性质．专题：计算题；压轴题．分析：根据三角形三内角之和等于180°求解．解答：解：如图．∵∠3=60°，∠4=45°，∴∠1=∠5=180°﹣∠3﹣∠4=75°．点评：考查三角形内角之和等于180°．11．〔3分〕〔2023•河南〕如图，AB切⊙O于点A，BO交⊙O于点C，点D是上异于点C、A的一点，假设∠ABO=32°，那么∠ADC的度数是29度．考点：切线的性质；圆周角定理．专题：压轴题．分析：先根据切线的性质求出∠AOC的度数，再根据三角形内角和定理求出∠AOB的度数，由圆周角定理即可解答．解答：解：∵AB切⊙O于点A，∴OA⊥AB，∵∠ABO=32°，∴∠AOB=90°﹣32°=58°，∴∠ADC=∠AOB=×58°=29°．点评：此题比较简单，解答此题的关键是熟知切线的性质、三角形内角和定理及圆周角定理，有一定的综合性．12．〔3分〕〔2023•河南〕现有点数为：2，3，4，5的四张扑克牌，反面朝上洗匀，然后从中任意抽取两张，这两张牌上的数字之和为偶数的概率为．考点：列表法与树状图法．分析：用树状图法列举出所有情况，看所求的情况与总情况的比值即可得答案．解答：解：根据题意，作树状图可得：分析可得，共12种情况，有4种情况符合条件；故其概率为．点评：树状图法适用于两步或两部以上完成的事件．用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．13．〔3分〕〔2023•河南〕如图是由大小相同的小正方体组成的简单几何体的主视图和左视图那么组成这个几何体的小正方体的个数最多为7．考点：由三视图判断几何体．分析：易得这个几何体共有2层，3行，2列，先看第一层正方体可能的最多个数，再看第二层正方体的可能的最多个数，相加即可．解答：解：3行，2列，最底层最多有3×2=6个正方体，第二层有1个正方体，那么共有6+1=7个正方体组成．故答案为：7．点评：主视图和左视图确定组合几何体的层数，行数及列数．14．〔3分〕〔2023•河南〕如图矩形ABCD中，AB=1，AD=，以AD的长为半径的⊙A交BC于点E，那么图中阴影局部的面积为．考点：扇形面积的计算；矩形的性质．专题：压轴题．分析：连接AE．那么阴影局部的面积等于矩形的面积减去直角三角形ABE的面积和扇形ADE的面积．根据题意，知AE=AD=，那么BE=1，∠BAE=45°，那么∠DAE=45°．解答：解：连接AE．根据题意，知AE=AD=．那么根据勾股定理，得BE=1．根据三角形的内角和定理，得∠BAE=45°．那么∠DAE=45°．那么阴影局部的面积=﹣﹣．点评：此题综合运用了等腰直角三角形的面积、扇形的面积公式．15．〔3分〕〔2023•河南〕如图，Rt△ABC中，∠C=90°，∠ABC=30°，AB=6．点D在AB边上，点E是BC边上一点〔不与点B、C重合〕，且DA=DE，那么AD的取值范围是2≤AD＜3．考点：直线与圆的位置关系；含30度角的直角三角形．专题：压轴题．分析：以D为圆心，AD的长为半径画圆，当圆与BC相切时，AD最小，与线段BC相交且交点为B或C时，AD最大，分别求出即可得到范围．解答：解：以D为圆心，AD的长为半径画圆①如图1，当圆与BC相切时，DE⊥BC时，∵∠ABC=30°，∴DE=BD，∵AB=6，∴AD=2；②如图2，当圆与BC相交时，假设交点为B或C，那么AD=AB=3，∴AD的取值范围是2≤AD＜3．点评：利用边BC与圆的位置关系解答，分清AD最小和最大的两种情况是解决此题的关键．三、解答题〔共8小题，总分值75分〕16．〔8分〕〔2023•河南〕．将它们组合成〔A﹣B〕÷C或A﹣B÷C的形式，请你从中任选一种进行计算，先化简，再求值其中x=3．考点：分式的化简求值．专题：压轴题；开放型．分析：先把表示A、B、C的式子代入原式，再根据分式化简的方法进行化简，最后把x=3代入计算即可．解答：解：选一：〔A﹣B〕÷C===．当x=3时，原式=；选二：A﹣B÷C====．当x=3时，原式=．点评：此类题目比较简单，解答此题的关键是熟练掌握因式分解及分式的化简方法．17．〔9分〕〔2023•河南〕如图，四边形ABCD是平行四边形，△AB′C和△ABC关于AC所在的直线对称，AD和B′C相交于点O，连接BB′．〔1〕请直接写出图中所有的等腰三角形〔不添加字母〕；〔2〕求证：△AB′O≌△CDO．考点：等腰三角形的判定；全等三角形的判定；平行四边形的性质．专题：证明题．分析：〔1〕根据题意，结合图形可知等腰三角形有△ABB′，△AOC和△BB′C；〔2〕因为四边形ABCD是平行四边形，所以AB=DC，∠ABC=∠D，又因为，△AB’C和△ABC关于AC所在的直线对称，故AB′=AB，∠ABC=∠AB′C，那么可证△AB’O≌△CDO．解答：解：〔1〕△ABB′，△AOC和△BB′C；〔2〕在▱ABCD中，AB=DC，∠ABC=∠D，由轴对称知AB′=AB，∠ABC=∠AB′C，∴AB′=CD，∠AB′O=∠D．在△AB′O和△CDO中，∴△AB′O≌△CDO〔AAS〕．点评：此题是一道把等腰三角形的判定、平行四边形的性质和全等三角形的判定结合求解的综合题．考查学生综合运用数学知识的能力．18．〔9分〕〔2023•河南〕“校园〞现象越来越受到社会的关注．“五一〞期间，小记者刘凯随机调查了城区假设干名学生和家长对中学生带现象的看法，统计整理并制作了如下的统计图：〔1〕求这次调查的家长人数，并补全图①；〔2〕求图②中表示家长“赞成〞的圆心角的度数；〔3〕从这次接受调查的学生中，随机抽查一个，恰好是“无所谓〞态度的学生的概率是多少？考点：条形统计图；扇形统计图；概率公式．专题：压轴题；图表型．分析：〔1〕由扇形统计图可知，家长“无所谓〞占20%，从条形统计图可知，“无所谓〞有80人，即可求出这次调查的家长人数；〔2〕在扇形统计图中，每局部占总局部的百分比等于该局部所对应的扇形圆心角的度数与360°的比，赞成的有40人，那么圆心角的度数可求；〔3〕用学生“无所谓〞30人，除以学生赞成、无所谓、反对总人数即可求得其概率．解答：解：〔1〕家长人数为80÷20%=400，补全图①如下：〔2〕表示家长“赞成〞的圆心角的度数为；〔3〕学生恰好持“无所谓〞态度的概率是．点评：读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．条形统计图能清楚地表示出每个工程的数据；扇形统计图直接反映局部占总体的百分比大小．用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．总体数目=局部数目÷相应百分比．19．〔9分〕〔2023•河南〕如图，在梯形ABCD中，AD∥BC，E是BC的中点，AD=5，BC=12，CD=，∠C=45°，点P是BC边上一动点，设PB的长为x．〔1〕当x的值为3或8时，以点P、A、D、E为顶点的四边形为直角梯形；〔2〕当x的值为1或11时，以点P、A、D、E为顶点的四边形为平行四边形；〔3〕点P在BC边上运动的过程中，以P、A、D、E为顶点的四边形能否构成菱形？试说明理由．考点：直角梯形；平行四边形的判定；菱形的判定．专题：动点型．分析：〔1〕如图，分别过A、D作AM⊥BC于M，DN⊥CB于N，容易得到AM=DN，AD=MN，而CD=，∠C=45°，由此可以求出AM=DN，又因为AD=5，容易求出BM、CN，假设点P、A、D、E为顶点的四边形为直角梯形，那么∠APC=90°或∠DEB=90°，那么P与M重合或E与N重合，即可求出此时的x的值；〔2〕假设以点P、A、D、E为顶点的四边形为平行四边形，那么AD=PE，有两种情况：①当P在E的左边，利用条件可以求出BP的长度；②当P在E的右边，利用条件也可求出BP的长度；〔3〕以点P、A、D、E为顶点的四边形能构成菱形．由〔2〕知，当BP=11时，以点P、A、D、E为顶点的四边形是平行四边形，根据条件分别计算一组邻边证明它们相等即可证明它是菱形．解答：解：〔1〕如图，分别过A、D作AM⊥BC于M，DN⊥CB于N，那么四边形AMND是矩形，∴AM=DN，AD=MN=5，而CD=，∠C=45°，∴DN=CN=CD•sin∠C=4×=4=AM，∴BM=CB﹣CN﹣MN=3，假设点P、A、D、E为顶点的四边形为直角梯形，那么∠APC=90°或∠DEB=90°，当∠APC=90°时，∴P与M重合，∴BP=BM=3；当∠DPB=90°时，P与N重合，∴BP=BN=8；故当x的值为3或8时，以点P、A、D、E为顶点的四边形为直角梯形；〔2〕假设以点P、A、D、E为顶点的四边形为平行四边形，那么AD=PE，有两种情况：①当P在E的左边，∵E是BC的中点，∴BE=6，∴BP=BE﹣PE=6﹣5=1；②当P在E的右边，BP=BE+PE=6+5=11；故当x的值为1或11时，以点P、A、D、E为顶点的四边形为平行四边形；〔3〕由〔2〕知，①当BP=1时，此时CN=DN=4，NE=6﹣4=2，∴DE===2≠AD，故不能构成菱形．②当BP′=11时，以点P′、A、D、E为顶点的四边形是平行四边形∴EP′=AD=5，过D作DN⊥BC于N，∵CD=，∠C=45°，那么DN=CN=4，∴NP′=BP′﹣BN=BP′﹣〔BC﹣CN〕=11﹣12+4=3．∴DP′===5，∴EP′=DP′，故此时▱P′DAE是菱形．即以点P、A、D、E为顶点的四边形能构成菱形；点评：此题是一个开放性试题，利用梯形的性质、直角梯形的性质、平行四边形的性质、菱形的性质等知识来解决问题，要求学生对于这些知识比较熟练，综合性很强．20．〔9分〕〔2023•河南〕为鼓励学生参加体育锻炼，学校方案拿出不超过1600元的资金再购置一批篮球和排球，篮球和排球的单价比为3：2．单价和为80元．〔1〕篮球和排球的单价分别是多少元？〔2〕假设要求购置的篮球和排球的总数量是36个，且购置的篮球数量多于25个，有哪几种购置方案？考点：一元一次不等式组的应用；一元一次方程的应用．专题：经济问题．分析：〔1〕设篮球的单价为x元，那么排球的单价为x元．根据等量关系“单价和为80元〞，列方程求解；〔2〕设购置的篮球数量为n个，那么购置的排球数量为〔36﹣n〕个．根据不等关系：①买的篮球数量多于25个；②不超过1600元的资金购置一批篮球和排球．列不等式组，进行求解．解答：解：〔1〕设篮球的单价为x元，∵篮球和排球的单价比为3：2，那么排球的单价为x元．依题意，得：x+x=80，解得x=48，∴x=32．即篮球的单价为48元，排球的单价为32元．〔2〕设购置的篮球数量为n个，那么购置的排球数量为〔36﹣n〕个．∴，解，得25＜n≤28．而n为整数，所以其取值为26，27，28，对应的36﹣n的值为10，9，8．所以共有三种购置方案：方案一：购置篮球26个，排球10个；方案二：购置篮球27个，排球9个；方案三：购置篮球28个，排球8个．点评：解决问题的关键是读懂题意，找到关键描述语，进而找到所求的量的等量关系和不等关系．21．〔10分〕〔2023•河南〕如图，直线y=k1x+b与反比例函数〔x＞0〕的图象交于A〔1，6〕，B〔a，3〕两点．〔1〕求k1、k2的值．〔2〕直接写出时x的取值范围；〔3〕如图，等腰梯形OBCD中，BC∥OD，OB=CD，OD边在x轴上，过点C作CE⊥OD于点E，CE和反比例函数的图象交于点P，当梯形OBCD的面积为12时，请判断PC和PE的大小关系，并说明理由．考点：反比例函数综合题；一次函数的性质；反比例函数系数k的几何意义．专题：综合题；压轴题．分析：〔1〕先把点A代入反比例函数求得反比例函数的解析式，再把点B代入反比例函数解析式求得a的值，再把点A，B代入一次函数解析式利用待定系数法求得k1的值．〔2〕当y1＞y2时，直线在双曲线上方，即x的范围是在A，B之间，故可直接写出范围．〔3〕设点P的坐标为〔m，n〕，易得C〔m，3〕，CE=3，BC=m﹣2，OD=m+2，利用梯形的面积是12列方程，可求得m的值，从而求得点P的坐标，根据线段的长度关系可知PC=PE．解答：解：〔1〕由题意知k2=1×6=6∴反比例函数的解析式为y=〔x＞0〕∵x＞0，∴反比例函数的图象只在第一象限，又∵B〔a，3〕在y=的图象上，∴a=2，∴B〔2，3〕∵直线y=k1x+b过A〔1，6〕，B〔2，3〕两点∴∴故k1的值为﹣3，k2的值为6；〔2〕由〔1〕得出﹣3x+9﹣＞0，即直线的函数值大于反比例函数值，由图象可知，此时1＜x＜2，那么x的取值范围为1＜x＜2；〔3〕当S梯形OBCD=12时，PC=PE．设点P的坐标为〔m，n〕，过B作BF⊥x轴，∵BC∥OD，CE⊥OD，BO=CD，B〔2，3〕，∴C〔m，3〕，CE=3，BC=m﹣2，OD=OE+ED=OE+OF=m+2∴S梯形OBCD=，即12=∴m=4，又mn=6∴n=，即PE=CE∴PC=PE．点评：此题综合考查了反比例函数与一次函数的性质，此题难度稍大，综合性比较强，注意反比例函数上的点的特点和利用待定系数法求函数解析式的方法．要灵活的利用梯形的面积公式来求得相关的线段的长度，从而确定关键点的坐标是解题的关键．22．〔10分〕〔2023•河南〕〔1〕操作发现：如图，矩形ABCD中，E是AD的中点，将△ABE沿BE折叠后得到△GBE，且点G在矩形ABCD内部．小明将BG延长交DC于点F，认为GF=DF，你同意吗？说明理由．〔2〕问题解决：保持〔1〕中的条件不变，假设DC=2DF，求的值；〔3〕类比探求：保持〔1〕中条件不变，假设DC=nDF，求的值．考点：翻折变换〔折叠问题〕；直角三角形全等的判定；勾股定理．专题：压轴题．分析：〔1〕求简单的线段相等，可证线段所在的三角形全等，即连接EF，证△EGF≌△EDF即可；〔2〕可设DF=x，BC=y；进而可用x表示出DC、AB的长，根据折叠的性质知AB=BG，即可得到BG的表达式，由〔1〕证得GF=DF，那么GF=x，由此可求出BF的表达式，进而可在Rt△BFC中，根据勾股定理求出x、y的比例关系，即可得到的值；〔3〕方法同〔2〕．解答：解：〔1〕同意，连接EF，那么根据翻折不变性得，∠EGF=∠D=90°，EG=AE=ED，EF=EF，∴Rt△EGF≌Rt△EDF，∴GF=DF；〔2〕由〔1〕知，GF=DF，设DF=x，BC=y，那么有GF=x，AD=y∵DC=2DF，∴CF=x，DC=AB=BG=2x，∴BF=BG+GF=3x；在Rt△BCF中，BC2+CF2=BF2，即y2+x2=〔3x〕2∴y=2x，∴；〔3〕由〔1〕知，GF=DF，设DF=x，BC=y，那么有GF=x，AD=y∵DC=n•DF，∴BF=BG+GF=〔n+1〕x在Rt△BCF中，BC2+CF2=BF2，即y2+[〔n﹣1〕x]2=[〔n+1〕x]2∴y=2x，∴或．点评：此题考查了矩形的性质、图形的折叠变换、全等三角形的判定和性质、勾股定理的应用等重要知识，难度适中．23．〔11分〕〔2023•河南〕在平面直角坐标系中，抛物线经过A〔﹣4，0〕，B〔0，﹣4〕，C〔2，0〕三点．〔1〕求抛物线的解析式；〔2〕假设点M为第三象限内抛物线上一动点，点M的横坐标为m，△AMB的面积为S、求S关于m的函数关系式，并求出S的最大值．〔3〕假设点P是抛物线上的动点，点Q是直线y=﹣x上的动点，判断有几个位置能够使得点P、Q、B、O为顶点的四边形为平行四边形，直接写出相应的点Q的坐标．考点：二次函数综合题．专题：压轴题．分析：〔1〕由待定系数法将A〔﹣4，0〕，B〔0，﹣4〕，C〔2，0〕三个点的坐标