【word版可编辑】辽宁省沈阳市新高考物理100实验题狂刷集锦含解析

[word版可编辑】辽宁省沈阳市新高考物理 100实验题狂刷集锦精选高考物理实验题100题含答案有解析1.某同学用插针法”测一玻璃砖的折射率。①在木板上平铺一张白纸，并把玻璃砖放在白纸上，在纸上描出玻璃砖的两条边界。然后在玻璃砖的一侧竖直插上两根大头针Pl、P2,透过玻璃砖观察，在玻璃砖另一侧竖直插大头针 P3时，应使P3用同样的方法插上大头针P4。②在白纸上画出光线的径迹，以入射点 O为圆心作一半径为5.00cm的圆，与入射光线、折射光线分别交于A、B点，再过A、B点作法线NN'的垂线，垂足分别为C、D点，如图所示。测得AC=4.00cm,BD=2.80cm,则玻璃的折射率n=。【答案】挡住P2、Pi的像1.43【解析】【详解】①[1].在木板上平铺一张白纸，并把玻璃砖放在白纸上，在纸上描出玻璃砖的两条边界。然后在玻璃砖的一侧竖直插上两根大头针 P1、P2,透过玻璃砖观察，在玻璃砖另一侧竖直插大头针 P3时，应使P3挡住P2、TOC\o"1-5"\h\zP1的像，用同样的方法插上大头针 P4。②[2].玻璃的折射率sin AOC AC 4.00 ,八n - 1.43sin DOB BD 2.802.某实验小组利用电流传感器（可视为理想电流表）和定值电阻 &以及电阻箱、待测电池等器材，设计了如图甲所示的电路测定电池电动势和内阻。 电流的值通过数据采集器输入到计算机， 数据采集器和计算机对原电路的影响可忽略。他们连接好电路，闭合开关 S后，发现无论如何调节电阻箱R,计算机中显示电流均为零，由此判断电路可能出现了故障。经小组讨论后，尝试用多用电表的欧姆档来检测电路。已知保护电阻Rg15.0,电流传感器量程为100mA。操作步骤如下:①将多用电表挡位调到电阻 “X1S,再将红、黑表笔短接，进行欧姆调零;②断开甲图电路开关 S,将多用电表两表笔分别接在③断开甲图电路开关S,将多用电表两表笔分别接在a、c②断开甲图电路开关 S,将多用电表两表笔分别接在③断开甲图电路开关S,将多用电表两表笔分别接在a、c上，多用电表的指针不偏转；a、b上，多用电表的示数如图乙所示;④断开甲图电路开关S,将多用电表两表笔分别接在⑤断开甲图电路开关S,将多用电表两表笔分别接在b、c上，多用电表的指针不偏转；c、d上，计算机中显示电流不为零。(1)操作步骤③中，多用电表内阻Q;(2)操作步骤⑤中，多用电表红表笔应接(选'c"或？"点)；(3)电路的故障可能是；A.保护电阻Ro短路B.保护电阻Ro断路C.电阻箱R短路D.电阻箱R断路排除电路故障后，该小组按照图甲的电路测量电源的电动势和内阻。改变电阻箱 R的阻值，得到多1组实验数据。根据数据作出 R1图像，如图所示，则电源电动势 EV,内阻r(结果保留2位有效数字)。、R门ISr【答案】15.0cD1.5 3.0【解析】【详解】[1].操作步骤③中，多用电表内阻等于中值电阻，大小为15.0[2].因c端是电流传感器的负极，则操作步骤⑤中，多用电表红表笔应接 C点;[3].根据实验步骤的分析可知，电路的故障可能是电阻箱 R断路，故选D;[4][5].根据闭合电路欧姆定律可得：E=I(R+Ro+r)即：1RE-(Ror)I由图像可知：18E==1.5V12Rr18r=3.0Q3.某兴趣小组要将一块量程为 1mA,内阻约为几十欧的电流表改装成量程为 3V的电压表。首先要测量该电流表的内阻，现有如下器材：甲 乙待测电流表G（量程1mA、阻值约几十欧）；滑动变阻器（总阻值5000、额定电流0.5A）、滑动变阻器（总阻值500、额定电流1A）、电阻箱R2（总阻值999.9）;电源（电动势为1.5V,内阻很小）、电源（电动势为3V,内阻很小）、开关、导线若干。⑴该小组如果选择如图甲所示白电路来测量待测电表 G的内阻，则滑动变阻器Ri应该选择—（选填“A”或“B”;A.滑动变阻器（总阻值5000、额定电流0.5A）;B.滑动变阻器（总阻值500、额定电流1A））,电源应选择（选填"A”或"B”；A.电源（电动势为1.5V,内阻很小）；B.电源（电动势为3V,内阻很小））；（2）实验时，先断开S2,闭合开关S1,调节滑动变阻器R1,使得G的示数为Ig；保证R1的阻值不变，再2 闭合S2,调节电阻箱R2,使得G表示数为一Ig,此时电阻箱R2的示数如图乙所示，则G表的内阻的测3g量值是（选填"A”或"B”；A.24.0;B.96.0）。以上三空答案依次是（ ）（1）A、B（2）A（1）B、A（2）B（1）A、B（2）B（1）B、A（2）A【答案】A【解析】【分析】【详解】[1]用半偏法测电流表内阻， 为减小实验误差，滑动变阻器最大阻值与电源电动势应大些， 由实验器材可知，为减小实验误差，滑动变阻器 R1应选择A,电源应选择B;由图示电阻箱可知，电阻箱示数为R20100Q410Q81Q00.1Q48Q

闭合开关S闭合开关S2后认为电路电流不变，电流表示数为2J 2上，由并联电路特点可知，流过电阻箱的电流为3电流表与电阻箱并联，其两端电压相等，则2IgIg—Rg -R23g3解得，电流表内阻RgR2- 24Qg2故电流表应选A。综上所述三空答案依次是 A、B、A,故选Ao4.有一个量程为3V、内电阻约为4000的电压表，现用如图所示的电路测量其内电阻Pt凡R—— «皿Rb(1)实验中可供选择的滑动变阻器有两种规格，甲的最大阻值为 2000,乙的最大阻值为10。应选用。(选填‘甲"或乙”)(2)实验过程的主要步骤如下，请分析填空。A.断开开关S,把滑动变阻器R的滑片P滑到端；(选填‘a"或b")B.将电阻箱R的阻值调到零；C.闭合开关S,移动滑片P的位置，使电压表的指针指到 3VD.开关S处于闭合状态保持滑片P的位置不变，调节电阻箱 R的阻值使电压表指针指到V,读出此时电阻箱R的阻值，此值即为电压表内电阻的测量值⑶电压表内电阻的测量值 R»和真实值R真相比，有R测%。(选填“>或V【答案】乙b1.5 >【解析】【详解】(1)[1]滑动变阻器在电路中为分压使用，为保证测量电路供电电压不受滑片 P位置的影响，减小实验误差,滑动变阻器的最大电阻应远小于测量电路的电阻，故应选择 10的，即应选用乙；(2)[2]在闭合S前，滑动变阻器滑片应移到某一端使电压表示数为 0,即滑片应移到b端.；[3]当电阻箱阻值为0时，电压表满偏为3V；接入电阻箱后认为电路测量部分的总电压不变，仍为 3V；3.0V,则电阻箱两当电压表读数为1.5V时，电阻箱两端电压也为1.5V,则电压表内电阻与电阻箱阻值相等；(3)[4]电阻箱与电压表串联后，测量电路的电阻增加，则测量电路两端的总电压稍大于

端的电压稍大于3.0V,则电阻箱两R测R真5.某同学利用图甲所示装置探究 加速度与力、物体质量的关系 图中装有祛码的小车放在长木板上，左端拴有一不可伸长的细绳，跨过固定在木板边缘的定滑轮与一祛码盘相连。在祛码盘的牵引下，小车在长木板上做匀加速直线运动， 图乙是该同学做实验时打点计时器打出的一条点迹清晰的纸带， 已知纸带上每相邻两个计数点间还有一个点没有画出，相邻两计数点之间的距离分别是 x1、x2、x3、x4、x5、X6,打点计时器所接交流电的周期为 T,小车及车中祛码的总质量为 mi,祛码盘和盘中祛码的总质量为 m2,当地重力加速度为 g当地重力加速度为 g。（1）根据纸带上的数据可得小车运动的加速度表达式为 a（要求结果尽可能准确）。（2）该同学探究在合力不变的情况下，加速度与物体质量的关系。下列说法正确的是 。A.平衡摩擦力时，要把空祛码盘用细绳通过定滑轮系在小车上，纸带通过打点计时器与小车连接，再把木板不带滑轮的一端用小垫块垫起，移动小垫块，直到小车恰好能匀速滑动为止B.平衡摩擦后，还要调节定滑轮的高度，使滑轮与小车间的细绳保持水平C.若用m2g表示小车受到的拉力，则为了减小误差，本实验要求 mi?m2D.每次改变小车上祛码的质量时，都要重新平衡摩擦力（3）该同学探究在mh和m2的总质量不变情况下，加速度与合力的关系时， 他平衡摩擦力后，每次都将小车中的祛码取出一个放在祛码盘中，并通过打点计时器打出的纸带求出加速度。得到多组数据后，绘出如图丙所示的aF图像，发现图像是一条过坐标原点的倾斜直线。图像中直线的斜率为（用本实验中相关物理量的符号表示）。36T2136T2C mi m2【解析】【详解】（1）［1］因为每相邻两计数点之间还有一个点为画出，为了减小偶然误差，采用逐差法处理数据，则有2 2 2% x3 3a1（2T）, x5 x2 3a2（2T）, x4x 3a3（2T）,为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得

a (a〔a2a3)3解得(X6XX4)(XiX2X3)236T2(2)[2]A.在该实验中，我们认为绳子的拉力就等于小车所受的合外力，故在平衡摩擦力时，细绳的另一端不能悬挂装祛码的祛码盘，故 A错误；B.平衡摩擦后，还要调节定滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行，故 B错误;C.本实验中，对小车及车中祛码由牛顿第二定律得T m1a对托盘和钩码由牛顿第二定律得m2gT m2a两式联立解得Tm2g,故Tm2g,故C正确;由此可知只有满足盘和祛码的总质量远小于小车质量时，近似认为D.由于平衡摩擦力之后有m1gsin m1gcostan所以无论小车的质量是否改变， 小车所受的滑动摩擦力都等于小车的重力沿斜面的分力， 改变小车质量时不需要重新平衡摩擦力，故 D错误。故选Co⑶[3]对盘和祛码m2gFm2a对小车Fm1a联立解得m2g(m1m2)a认为合力Fm2g,所以F(mim2)aa 色m21aF图象是过坐标原点的倾斜直线，直线的斜率表示 m1m26.为了测量木块与木板间动摩擦因数 ，某实验小组使用位移传感器设计了如图所示的实验装置，让木块从倾斜木板上A点由静止释放，位移传感器可以测出木块到传感器的距离。 位移传感器连接计算机，描绘出滑块与传感器的距离s随时间t变化规律，取g10m/s2,sin370.6,如图所示：(1)根据上述图线，计算可得木块在 0.4s时的速度大小为v()m/s；(2)根据上述图线，计算可得木块的加速度大小 a()m/s2；(3)现测得斜面倾角为37,则()。(所有结果均保留2位小数)【答案】0.40 1.00 0.63(1)[1]木块在斜面上做匀加速直线运动，某段时间内的平均速度等于这段时间内中间时刻的瞬时速度，则木块在0.4s时的速度大小- 2(3014)10v m/s0.40m/s0.60.2(2)[2]木块在0.2s时的速度大小(3224)102v m/s0.20m/s0.40木块的加速度大小vv 0.40.2「 2a m/s1.00m/st 0.40.2⑶[3]斜面倾角为37,则对木块受力分析，由牛顿第二定律可得mgsin37mgcos37a 解得

—0.6387.现要测定一段粗细均匀的金属导体的电阻率。(1)螺旋测微器测量该金属导体的直径 D,测量结果示数如图甲所示，由图甲可知D=mm;金属导体图中金属导体图中(2)现要利用图乙来测量该导体的电阻阻值 R,实验步骤如下：①实验时先将滑动变阻器的阻值调到最大，然后闭合开关 Ki,将开关K2打向1处，，接着调节滑动变阻器，使电压表有明显读数，并记下此时电压表的读数 U。断开开关Ki；②闭合开关Ki,将开关K2打向2处，调节电阻箱，使电压表的读数仍为 U。然后读出电阻箱的阻值，如图丙。图丙本实验中电阻箱此时的阻值为 Ro=Q,被测电阻的电阻阻值大小为 R=Qo【答案】5.315 14 14【解析】【分析】【详解】⑴[1]主尺示数为5mm,螺旋示数为31.50.01mm=0.315mm故示数为5mm+0.315mm=5.315mm(2)②[2][3]电阻箱的读数为R0=14QO此实验的原理是采用等效替代法，若开关K2接1时与开关K2接2时电压表的读数相同，说明 R的阻值与Ro的阻值相同。因此根据等效替代的原理知 R=14QO8.某同学通过实验探究热敏电阻 Rt的阻值随温度变化的非线性规律。 实验室有器材如下：毫安表mA(。〜300mA),电压表V(0〜15V),滑动变阻器R(最大阻值为10Q),开关S,导线，烧杯，水，温度计等。

（放在控”装置中:（放在控”装置中:T（1）按图甲所示的电路图进行实验，请依据此电路图，用笔画线代表导线正确连接图乙中的元件 —；（2）某一次实验中，电压表与电流表的读数如图丙所示。则电流表的读数为A,电压表的读数为V。由上述电流值、电压值计算的电阻值为Q;⑶该实验电路因电流表的外接造成实验白^系统误差，使电阻的测量值（选填大于"或小于"）真实值；（4）实验中测量出不同温度下的电阻值，画出该热敏电阻的 Rtt图像如图丁示。则上述（2）中电阻值对应的温度为C；⑸当热敏电阻的温度为70C时，其电阻值为Q。（放在控遒装置中）0.120 10.5 87.5小于20 290.120 10.5 87.5小于20 29【解析】【详解】(1)[1]电路元件连线如图所示【解析】【详解】(1)[1]电路元件连线如图所示(2)[2]电流表量程为300mA,分度值为10mA,测量值为I120mA0.120A[3]电压表量程为15V,分度值为0.5V,测量值为U10.5V[4]由欧姆定律得RtURtU10.5VI0.12A87.5Q(3)[5]电流表外接，电压表分流使电流表读数大于通过热敏电阻的电流，则电阻测量值小于真实值。(4)[6]图像Rt轴的分度值为5Q,估读至1Q。图像t轴的分度值为5C,估读至1Co则对应电阻值为Rt87.5Q的温度为t=20C。⑸口对应t70C时的电阻值为29Q。9.指针式多用电表是实验室中常用的测量仪器。(1)图甲为某同学设计的多用电表的原理示意图。 虚线中S中S为一个单刀多掷开关，通过操作开关，接线柱B可以分别与触点1、2、3接通，从而实现使用多用电表测量不同物理量的不同功能。关于此多用电表，下列说法正确的是。A.当S接触点1时，多用电表处于测量电流的挡位B.当S接触点2时，多用电表处于测量电压的挡位C.当S接触点2时，多用电表处于测量电阻的挡位D.当S接触点3时，多用电表处于测量电压的挡位(2)用实验室的多用电表进行某次测量时，指针在表盘的位置如图乙所示。A.若所选挡位为直流10mA挡，则示数为mA。B若所选挡位为直流50V挡，则示数为V。(3)用表盘为图乙所示的多用电表正确测量了一个约 15a的电阻后，需要继续测量一个阻值约2kQ的电阻。在用红、黑表笔接触这个电阻两端之前，请选择以下必须的步骤，并按操作顺序写出步骤的序号 OA.调节欧姆调零旋钮使表针指向欧姆零点 B把选择开关旋转到“X10位置C.把选择开关旋转到 “X1怔置 D.将红表笔和黑表笔接触(4)某小组同学们发现多用电表欧姆挡的表盘刻度线不均匀，分析在同一个挡位下通过待测电阻的电流 I和它的阻值Rx关系，他们分别画出了如图丙所示的几种图象，其中可能正确的是【答案】ACD4.80BDA24.0A【解析】【分析】(1)灵敏电流计G与分流电阻并联可以改装成电流表，与分压电阻串联可以改装成电压表，与滑动变阻器、电源一起可以改装成欧姆表，分析图示电路图答题；(2)根据电流表量程确定其分度值， 然后根据指针位置读出其示数； 欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；(3)用欧姆表测电阻要选择合适挡位使指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要进行欧姆调零；(4)根据闭合电路欧姆定律求出 I-Rx以及『 的表达式，进而选择图象即可。一二二【详解】(1)由图示电路图可知，当开关置于 2位置时多用电表是欧姆表，A与内置电源负极相连，A为红表笔,B与内置电源正极相连，B为黑表笔；A项：由图示电路图可知，当S接触点1时，表头与分流电阻并联，此时多用电表处于测量电流的挡位，故A正确；

B、C项：由图示电路图可知，当S接触点2时，表头与电源相连，此时多用电表处于测量电阻的挡位,故B错误，C正确；D项：由图示电路图可知，当S接触点3时，表头与分压电阻串联，此时多用电表处于测量电压的挡位,故D正确。故应选：ACD;(2)A、若所选挡位为直流50mA挡，由图乙所示可知，示数为4.80mA;B、若所选挡位为直流50V挡，则示数为24.0V;(3)用多用电表正确测量了一个约 15◎的电阻后，要继续测量一个阻值约 2k◎的电阻，首先要把选择开关置于X100挡位位置，然后进行欧姆调零，把红黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮使指针指针欧姆零刻度线位置，最后再测电阻，故合理的步骤是： BDA;(4)设欧姆表内电池电动势为E,内阻为r,电流表内阻与调零电阻的和为 Rg,则有：一，则I-Rx图象是双曲线的一条，随着Rx的增大，I减小，二二十口价mt上式的倒数、二二'可知一是线性函数'Rx=0时，」且有最小值，士随着Rx的增大而tn0 皿7 口尸0 o增大。故应选：A。本题考查了多用电表结构、多用电表读数与欧姆表的使用方法，知道电流表。电压表与欧姆表的改装原理是解题的前提，分析清楚图示电路结构、掌握基础知识即可解题，平时要注意基础知识的学习与积累。10.张明同学在测定某种合金丝的电阻率时:(1)用螺旋测微器测得其直径为mm(如图甲所示)；(2)用20分度的游标卡尺测其长度为cm(如图乙所示)；(3)用图丙所示的电路测得的电阻值将比真实值(填褊大”或褊小”7(1)用螺旋测微器测得其直径为mm(如图甲所示)；(2)用20分度的游标卡尺测其长度为cm(如图乙所示)；(3)用图丙所示的电路测得的电阻值将比真实值(填褊大”或褊小”7图甲图乙【答案】3.202-3.205?5.015偏小(1)解决本题的关键明确：螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读.(2)游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读.(3)由电路图，根据电表内阻的影响确定误差情况.【详解】(1)螺旋测微器的固定刻度为 3.0mm,可动刻度为20.5>0.01mm=0.205mm,所以最终读数为3.0mm+0.205mm=3.205mm(2)20分度的游标卡尺，精确度是 0.05mm,游标卡尺的主尺读数为 50mm,游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为 3X0.05mm=0.15mm,所以最终读数为：50mm+0.15mm=50.15mm=5.015cm(3)由欧姆定律得，电阻阻值R=U/I,由于电压表的分流作用使电流测量值偏大，则电阻测量值偏小.【点睛】考查螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数； 游标卡尺不需要估读、螺旋测微器需要估读.掌握由欧姆定律分析电路的误差的方法.11.在用油膜法估测分子大小”的实验中，用移液管量取0.25mL油酸，倒入标注250mL的容量瓶中，再加入酒精后得到250m的溶液。然后用滴管吸取这种溶液，向小量筒中滴入 100滴溶液，溶液的液面达到量筒中1mL的刻度，再用滴管取配好的油酸溶液，向撒有郁子粉的盛水浅盘中滴下 2滴溶液，在液面上形成油酸薄膜，待油膜稳定后，放在带有正方形坐标格的玻璃板下观察油膜，如图所示。坐标格的正方形大小为2cmx2cm,由图可以估算出油膜的面积是cm2(结果保留两位有效数字)，由此估算出油酸分子的直径是m(结果保留一位有效数字)。【答案】2.4X0【答案】2.4X02 8X10-10.2滴溶液中含有纯油酸的体积0.25 2 -5V= -mL=210mL2.5010060,乘以小方格面积观察油膜，大于或等于半格的算一格，小于半格的舍弃，数出小方格个数为2cmX2cm=4cm2,60,乘以小方格面积S=60X4cm2=2.4M02cm2- 2- 21.6410V=dS得出油酸分子的直径.把油膜视为单分子油膜，油膜厚度为分子直径，由d=8xi0-10m12.如图甲，是探究功与速度变化的关系”的实验装置，当质量为0.1kg的小车，在1V=dS得出油酸分子的直径出时，橡皮筋对小车做的功记为 W;当用2条、3条 完全相同的橡皮筋进行第 2次、第3次实验时，由于每次实验中橡皮筋的拉伸长度相同，因此第2次、第3次 实验中，橡皮筋对小车做的功分别为2W、3W,每次实验中小车获得的最大速度可由打点计时器所打出的纸带求出。则：(1)关于该实验，下列说法中正确的是 __(填选项序号字母)。A.必须平衡摩擦力B.打点计时器可以用干电池供电C.每次实验，小车必须从同一位置由静止释放D.可以选用规格不相同的橡皮筋(2)图乙为某次用1条橡皮筋实验打出的纸带，测得 A、B、C、D、E相邻两点间的距离分别为AB1.60cm,BC1.62cm,CD1.64cm,DE1.64cm,则小车获得的最大速度为 m/s。如果用2条橡皮筋做实验，那么，在理论上，小车获得的最大动能为 __J(结果保留两位有效数字)。纸带纸带乙【答案】AC0.82 0.067【解析】【详解】[1].A.为了保证小车的动能都是橡皮筋做功的结果，必须平衡摩擦力，长木板要适当的倾斜，故A正确。B.打点计时器使用的是低压交流电源。故B错误；C.根据实验原理可知，每次实验，小车必须从同一位置由静止弹出。故C正确。D.根据实验原理可知，橡皮筋必须是相同的，故D错误。故选AC[2][3].要测量最大速度，应该选用点迹恒定的部分。即应选用纸带的 C、D、E部分进行测量，时间间隔为0.02s,最大速度：0.020.82m/s

0.020.82m/s如果用2条橡皮筋做实验，那么在理论上，小车获得的最大动能为1 2 2Ekni2-mv20.10.822J0.067Jkm 2m13.一课外实验小组用如图（a）所示的电路测量某待测电阻 Rx的阻值。&为标准定值阻（&20.0Q）,Vi、V2均为理想电压表，S为单刀开关，E为电源，R为滑动变阻器。EHia）请完成以下问题（1）闭合S前，滑动变阻器的滑动端应置于填“a或"b）端;（2）闭合S后将滑动变阻器的滑动端置于某一位置，若电压表 Vi、V2的示数为Ui、U2,则待测电阻阻值的表达式Rx（用&、Ui、U2表示）；（3）改变滑动变阻器滑动端的位置，得到多组 Ui、U2数据，用计算机绘制出U2Ui的图线，如图（b）所示，根据图线求得RxQ（保留i位小数）；（4）按照原理图（a）,将图（c）中实物连线补画完整

U2c【答案】a Ro 26.8Ui【解析】【详解】（1）［1］为了保证实验安全，S闭合前，滑动变阻器滑动端应置于a端；。（2）［2］由欧姆定律可得，通过 Rxa端；。待测电阻阻值U2U2Rx — —R0OIU1⑶［3］根据题图（b）可得U221.34Ui代入得Rx26.8。（4）［4］实物连线时应注意滑动变阻器采取分压式接法 ［［依据题图（a）］］、电压表Vi和V2的量程［［依据题图（b）选择］］,如图14.圆柱形陶瓷元器件表面均匀镀有一层导电薄膜，已知导电薄膜电阻率为 ，为了测量该薄膜厚度，某同学使用铜丝紧绕在元件表面，铜丝绕制成圆形，圆柱体轴线垂直于铜丝圆面，制成电极 A、B,如图甲所示LL（1）用螺旋测微器测量元件的直径，测量结果如图乙所示，其读数为mm。（2）为了测量元件电阻，某同学首先使用多用电表对元件粗测，元件电阻约为 10Q,现需准确测量电阻阻值，可供器材如下A.被测元件Rx（阻值约10Q）B.直流电源（电动势约6V,内阻约3Q）C.电流表Ai（量程0~0.6A,内阻约2Q）D.电压表Vi（量程0~2V,内阻Rvi1000Q）E.电压表V（量程0~12V,内阻约5000Q）F.定值电阻Ro（Ro2000Q）G.滑动变阻器Ri（0:20Q）H.滑动变阻器R2（0:100Q）I.电键、导线等①在可供选择的器材中，已经选择 A、B、C、I除此之外，应该选用（填写序号）②根据所选器材，在图丙方框中画出实验电路图③需要测量的物理量,请用上述物理量表示被测电阻 Rx，请结合使用（3）物理量表示薄膜厚度，请结合使用（3）物理量表示薄膜厚度d（4）若被测元件电阻为 R,元件直径为d,电阻率为【答案】0.398（0.396~0.399均可给分）DFG（分压式接法也可以）【答案】0.398（0.396~0.399均可给分）DFG（分压式接法也可以）电流表A1示数।,电压表V1示数UURvR0 URVR0 1 （或 1 ）RVIU RVI\o"CurrentDocument"1 1电极A、B之间的距离LLdLdR【详解】(1)[1]螺旋测微器主尺刻度为 0,可动刻度为39.80.01mm=0.398mm,所以读数为0+0.398mm=0.398mm(2)[2]因为直流电源电动势为 6V,电压表V2量程太大，不能选择，可将电压表Vi改装，因此需要DF;滑动变阻器起限流作用，安全下选择小的，比较方便操作，所以选择Go[3]该电路设计滑动变阻器阻值比被测阻值大， 而且能保证仪器安全， 因此滑动变阻器采用限流方式， 使用伏安法测量被测电阻，其中电压表需串联一个分压电阻，总电阻远大于待测电阻，采用电流表外接。电路如图：[4]根据欧姆定律，需要测量电流表 Ai示数I,电压表Vi示数U;[5]电压应为电压表和定值电阻的总电压，电流应为流过待测电阻的电流，则TOC\o"1-5"\h\z—Rv RoRvi V1 U Ry Ro\o"CurrentDocument"Rx I URv1I URVicU因为I?—,所以也可表示为RVi⑶[6]根据电阻定律Rx其中薄膜很薄，展开后可认为是以圆周长为边，厚度为高的矩形，即SMd所以为了测量薄膜厚度，还需要测量连入电路的电阻长度为电极 A、B之间的距离L。(4)[7]据题有因此15.某同学在验证力的平行四边形定则”的实验中，利用以下器材:两个轻弹簧A和B、白纸、方木板、橡皮筋、图钉、细线、钩码、刻度尺、铅笔。实验步骤如下：(1)用刻度尺测得弹簧A的原长为6.00cm,弹簧B的原长为8.00cm；(2)如图甲，分别将弹簧A、B悬挂起来，在弹簧的下端挂上质量为m=100g的钩码，钩码静止时，测得弹簧A长度为6.98cm,弹簧B长度为9.96cm。取重力加速度g=9.8m/s2,忽略弹簧自重的影响，两弹簧的劲度系数分别为kA=N/m,kB=N/m;(3)如图乙，将木板水平固定，再用图钉把白纸固定在木板上，将橡皮筋一端固定在 M点，另一端系两根细线，弹簧A、B一端分别系在这两根细线上，互成一定角度同时水平拉弹簧 A、B,把橡皮筋结点拉到纸面上某一位置，用铅笔描下结点位置记为 O。测得此时弹簧A的长度为8.10cm,弹簧B的长度为(4)如图丙，取下弹簧A,只通过弹簧B水平拉细线，仍将橡皮筋结点拉到。点，测得此时弹簧B的长度为13.90cm,并用铅笔在此时细线的某一位置记下点P,此时弓t簧B的弹力大小为F'=N(计算结果保留3位有效数字)；(5)根据步骤(3)所测数据计算弹簧A的拉力Fa、弹簧B的拉力Fb,在图丁中按照给定的标度作出Fa、Fb的图示,根据平行四边形定则作出它们的合力 F的图示，测出F的大小为No(结果保留3位有效数字)(6)再在图丁中按照给定的标度作出 F'的图示，比较F与F'的大小及方向的偏差，均在实验所允许

的误差范围之内，则该实验验证了力的平行四边形定则。【答案】100 50 2.95作Fa、Fb的图示(Fa=2.10N、Fb=1.90N) 2.80〜2.95【解析】【详解】(2)[1][2].根据胡克定律，两弹簧的劲度系数分别为kA -FA- 01-9.8 2N/m=100N/m kB-FB- 01-9.8 2N/m=50N/m；xA (6.986.00)10 'xB(9.968.00)10[3].弹簧B的弹力大小为(FkBxB50(0.13900.08)N=2.95N[4][5].由胡克定律可得：(Fa kAxA100(0.08100.06)N=2.10N(Fb kBxB50(0.11800.08)N=1.90N画出两个力的合力如图，由图可知合力 F=2.90N;(6)[6].做出力图如图;.某实验小组用如图所示的装置，做验证机械能守恒定律的实验。当地重力加速度为5g八守5g八守光电门O电磁铁断电，小球由静止释放，测得小球通过光电门所用时间为t,测得小球直径为d,电磁铁下表面到光电门的距离为h(h?d),根据测得数值，得到表达式(用已知和测得的物理量表示)在误差允许的范围内成立，则机械能守恒定律得到验证;(2)若保持电磁铁位置不变，改变光电门的位置，重复上述实验，得到多组h及小球通过光电门的时间 t,为了能通过图像直观地得到实验结果，需要作出 O电磁铁断电，小球由静止释放，测得小球通过光电门所用时间为t,测得小球直径为d,电磁铁下表面到光电门的距离为h(h?d),根据测得数值，得到表达式(用已知和测得的物理量表示)在误差允许的范围内成立，则机械能守恒定律得到验证;(2)若保持电磁铁位置不变，改变光电门的位置，重复上述实验，得到多组h及小球通过光电门的时间 t,为了能通过图像直观地得到实验结果，需要作出 h\o"CurrentDocument"1 1(填f2”1“”或Y”)图像，当图像是一条t t2过原点的倾斜直线时，且在误差允许的范围内，斜率等于(用已知和测得的物理量表示)，则机械能守恒定律得到验证;(3)下列措施可以减小实验误差的是A.选用直径较小，质量较大的小球B.选用直径较大，质量较大的小球C.电磁铁下表面到光电门的距离适当大些D.尽量让小球球心通过光电门1 d2F 2gACD(1)电磁铁通过铁夹固定在铁架台上，给电磁铁通电，小球被吸在电磁铁下方(光电门的正上方)⑴[1]由机械能守恒有mgh1m(d)2故要验证的表达式为gh1(d)故要验证的表达式为gh1(d)2。2t,,1(2)[2][3],,1(2)[2][3]由gh-2h二2gt2即为了直观地得到实验结果，应作1 , d2即为了直观地得到实验结果，应作h-丁图像，在误差允许的范围内图像的斜率为 ——，则机械能守恒定t 2g律得到验证。⑶[4]AB.为了减少实验误差，应选用质量大、体积小的小球，选项A正确，选项B错误；CD.电磁铁下表面到光电门的距离适当大些可以减小长度及速度测量的误差，尽量让小球球心通过光电门，减小因小球遮光长度不是直径引起的误差，选项C、D正确。故填ACD。.在描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，需测量一个标有 3V,15W”灯泡两端的电压和通过灯泡的电流.现有如下器材：直流电源（电动势1.2V,内阻不计）电流表A1（量程1A,内阻约2.1Q）电流表A2（量程622mA,内阻约5Q）电压表V1（量程1V,内阻约1kQ）电压表V2（量程15V,内阻约222kQ）滑动变阻器R1（阻值2〜12Q,额定电流1A）滑动变阻器R2（阻值2〜1kQ,额定电流122mA）⑴在该实验中，电流表应选择（填“A1”或“做”），电压表应选择（填“%”或“V2”），滑动变阻器应选择（填2”或"2"）.（2）某同学用导线a、b、c、d、ef、g和h连接成如图甲所示的电路，请在乙图方框中完成实验的电路图

（1）该同学连接电路后检查所有元器件都完好， 电流表和电压表已调零， 经检查各部分接触良好. 但闭合开关后，反复调节滑动变阻器，小灯泡的亮度发生变化，但电压表和电流表示数不能调为零，则断路的导线为.（4）如图是学习小组在实验中根据测出的数据， 在方格纸上作出该小灯泡的伏安特性曲线. 若将该灯泡与一个6.2◎的定值电阻串联，直接接在题中提供的电源两端，请估算该小灯泡的实际功率 P=W（保留两位有效数字）.（若需作图，可直接画在图中）【答案】A2V【答案】A2ViRi2.17W(2.15W~2.18W)【解析】【详解】⑴［1］灯泡额定电流I=P/U=1.5/1A=2.5A,电流表选A2（量程622mA,内阻约5Q）;［2］灯泡额定电压为1V,如果选择15V量程则误差太大，故电压表只能选 V1（量程1V,内阻约1kQ）;［1］描述小灯泡的伏安特性曲线，要求电流从零开始变化，需采用分压电路. 为保证电路安全，方便实验操作，滑动变阻器应选： R1（阻值2〜12◎，额定电流1A）；（2）［4］由实物电路图可知，滑动变阻器采用分压接法，电流表采用外接法.根据实物电路图作出电路图,如图所示：［5］小灯泡的亮度可以发生变化，但电压表、电流表无法调为零，说明分压电路变成限流电路，导线h断路;（4）［6］电动势为1V的电源与6.2◎的定值电阻串联组成等效电源，在灯泡伏安特性曲线中作出等效电源的U-I图象，如图所示两图象的交点坐标值为：U=1.2V,I=2.1A,灯泡功率为：P=UI=1.2VX2.1A=2.16W..某实验小组设计了如图所示的实验装置验证机械能守恒定律，其主要步骤如下:心wkJLM....〃/77〃 产(1)物块P、Q用跨过光滑定滑轮的轻绳相连，P底端固定了一竖直宽度为d的轻质遮光条。托住P,使系统处于静止状态(如图所示)，用刻度尺测出遮光条所在位置A与固定在铁架台上的光电门B之间的高度ho(2)现将物块P从图示位置由静止释放， 记下遮光条通过光电门的时间为 t,则遮光条通过光电门时的速度大小v=。(3)己知当地的重力加速度为g,为了验证机械能守恒定律，还需测量的物理量是(用相应的文字及字母表示)。(4)利用上述测量的实验数据，验证机械能守恒定律的表达式是。(5)改变高度h,重复实验，描绘出v2-h图象，该图象的斜率为k。在实验误差允许范围内，若卜=,则验证了机械能守恒定律。……d 1 d2 2(Mm)【答案】一P的质量M,Q的质量m(M-m)gh=_(Mm)(一) gt 2 t(Mm)【解析】【详解】[1]光电门的遮光条挡住光的时间极短，则平均速度可作为瞬时速度，有：d't，[2]两物块和轻绳构成的系统，只有重力做功，机械能守恒：1 2 1一2MghmghMvmv2 2故要验证机械能守恒还需要测量 P的质量M、Q的质量m;（3）[3]将光电门所测速度带入表达式:Mghmgh：M(d)21m(d)2则验证机械能守恒的表达式为:（4）[4]将验证表达式变形为:k2g(Mm)。Mm19.某同学要测量一节干电池的电动势和内电阻:①实验室除提供开关S和导线外，有以下器材可供选择:电压表：V（量程3V,内阻Rv=10kQ）电流表：G（量程3mA,内阻Rg=100Q）电流表：A（量程3A,内阻约为0.5◎）R2（阻值范围0-1000Q额定电流1A）定值电阻：R3=0.5Q②该同学将电流表G与定值电阻R3并联，实际上是进行了电表的改装，则他改装后的电流表对应的量程是 A;(Mm)gh2(M喈)2;2v2g(Mm)hMm若在误差允许的范围内，系统满足机械能守恒定律,v2h图像将是一条过原点的倾斜直线，其斜率为:滑动变阻器:R1（阻值范围0-10Q,额定电流2A）该同学依据器材画出了如图所示的原理图，他没有选用电流表A的原因是③为了能准确地进行测量，同时为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器（填写器材的符号）④该同学利用上述实验原理图测得数据，以电流表 G读数为横坐标，以电压表V读数为纵坐标绘出了如图所示的图线，根据图线可求出电源的电动势 E=V（结果保留三位有效数字），电源的内阻r=Q（结果保留两位有效数字）。【答案】量程与被测电流值相比较太大 0.603 Ri 1.48 0.84（0.70-0.90之间都给分）【解析】【分析】【详解】①[1]一节干电池的电动势约 E=1.5V,为方便实验操作，滑动变阻器应选 Ri,它的阻值范围是0-105电路中最小电流约为IminR0.15ATOC\o"1-5"\h\z电流表A的量程是3A,被测电流值与电流表量程相比差距太大，因此不能用电流表 Ao②[2]改装后电流表量程：IgRg 0.00310八II 0.003 A0.603Ag R3 0.5③[3]根据以上分析可知，选用的滑动变阻器是 R1。④[4][5]由上可知，改装后电流表的量程是电流表 G量程的200倍，图象的纵截距b等于电源的电动势，由图读出电源的电动势为：E=1.48V图线的斜率大小k=r,由数学知识知：VUk0.84VI则电源的内阻为：r=k=0.84Q20.某同学通过实验测定一个阻值约为 5a的电阻Rx的阻值：（1）现有电源（4V,内阻可不计、滑动变阻器 （0〜50aQ,额定电流2A）、开关和导线若干，以及下列电表：A.电流表（0〜3A,内阻约0.025Q）B.电流表（0〜0.6A,内阻约0.125Q）C.电压表（0〜3V,内阻约3kQ）D.电压表（0〜15V,内阻约15k◎）为减小测量误差，在实3^中，电流表应选用，电压表应选用（选填器材前的字母）；（2）下图是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线.要求电压表和电流表从零开始读数 ，补充完成图中实物间的连线 ：(3)接通开关，改变滑动变阻器滑片 P的位置，并记录对应的电流表示数 I、电压表示数U,某次电表示数如图所示，可得该电阻的测量值 RxU◎保留三位有效数字).(4)在测量电阻的过程中产生误差的主要原因是(选填选项前的字母)A.电流表测量值小于流经 Rx的电流值B.电流表测量值大于流经 Rx的电流值C.电压表测量值小于 Rx两端的电压值D.电压表测量值大于 Rx两端的电压值(5)实验中为减少温度的变化对电阻率的影响 ，采取了以下措施，其中在确的是A.多次测量 U、I,画UI图像，再求R值B.多次测量U、I,先计算R,再求R的平均值C.实验中通电电流不宜过大，通电时间不宜过长D.多次测量 U、I,先求U、I的平均值，再求R(1)由于电源电动势为4V,所以电压表应选C(因为若选才i电压表D时，电动势3V还不到电压表量程的 一.…，_，.、. .U4〃根据欧姆定律可知，通过待测电阻的最大电流为： Imax--A0.8A所以电流表应选B；Rx 5

(2)实物连线图如图所示:(3)由图可知，电流表的读数为:I=0.50A,(2)实物连线图如图所示:(3)由图可知，电流表的读数为:I=0.50A,电压表的读数为： U=2.60V,所以待测电阻为:2.600.505.20(4)根据欧姆定律和串并联规律可知，采用甲电路时由于电压表的分流作用，导致电流表的测量值大于流经Rx的电流，所以产生误差的主要原因是 B;故选B.⑸由于电流流过电阻丝发热，所以在实验时流过电阻丝的电流不能过大，并且时间不要太长，故选 C.21.欲测量G表的内阻rg和一个电源的电动势E内阻r.要求：测量尽量准确、能测多组数据且滑动变阻1器调节方便，电表最大读数不得小于量程的 1.待测元件及提供的其他实验器材有：3A、待测电源E：电动势约1.5V,内阻在0.40.7。间B、待测G表：量程500A,内阻在150〜250Q间C、电流表A：量程2A,内阻约0.1QD、电压表V：量程300mV,内阻约500QE、定值电阻R。：Ro300Q;F、滑动变阻器R:最大阻值10。，额定电流1AG、电阻箱R2:0〜9999QH、H、开关S一个，导线若1(1)小亮先利用伏安法测量 G表内阻rg.①图甲是小亮设计的实验电路图，其中虚线框中的元件是;(填元件序号字母)②说明实验所要测量的物理量；③写出G表内阻的计算表达式％.(2)测出%200后，小聪把G表和电阻箱R2串联、并将R2接入电路的阻值调到2800，使其等效为一只电压表，接着利用伏安法测量电源的电动势 E及内阻r.①请你在图乙中用笔画线，将各元件连接成测量电路图，()②若利用测量的数据， 作出的G表示％.与通过滑动变阻器Ri的电流I的关系图象如图丙所示， 则可得到电源的电动势E V,内阻r.【答案】EG表示数I,V表示数UUR0 电路图见解析1.5 0.6【解析】【详解】(1)[1].G表本身可以测量通过的电流，但由题意可知， G表内阻较小，无法直接用电压表进行测量，故应与E:定值电阻R。串联后再与电压表并联；[2][3].同时由于两表量程偏低，且滑动变阻器阻值偏小，为了安全，采用滑动变阻器分压接法；故原理图如甲图所示；为了更好地保护电路，也可以与电阻箱串联后给 G供电；故电路图可以是甲图中的任一个；由欧姆定律可知1="R+R0解得：UR丁R。则要测量的量是： G表示数I,V表示数U;(2)①[4].将G表与电阻箱串联后，可以充当电压表使用，则其应并联在电源两端，滑动变阻器与电流表串联后即可进行测电源电动势和内电阻的实验，实物电路图如图所示：②[5][6].电源的路端电压U=Ig(200+2800)=30001G故图象与纵坐标的交点为 500^A,则电源的电动势为：E=500科AX3000=1.5V内阻

1.53501030000.750.622.在一次测量定值电阻1.53501030000.750.622.在一次测量定值电阻Rx阻值（Rx5Q）的分组实验中，甲、乙两组分别进行了如下实验过程:（1）甲组可选器材如下：滑动变阻器Ra（0~500Q,100mA）;滑动变阻器Rb（0~5Q,2A）;电流表A（0~0.6A、内阻约2Q;0~3A、内阻约0.5◎）;电压表V（0~3V、内阻约1.5k 0~15V、内阻约7.5k◎）;电源E（电动势为3V）;开关S,导线若干。①为便于调节和测量，滑动变阻器采用分压接法，应选择（选填"h"或"B"）；②请根据以上实验器材，在图甲中将实物电路连接完整;③按以上操作，测得Rx测―Rx真（填“>7“=或“</。（2）乙组可选器材如下：电压表V（0~3V）;滑动变阻器Rc（10Q,1A）;电阻箱Ro（0~999.990;电源E（电动势为3V）;开关So■*<?>■*请根据乙组的电路图乙和以上实验器材在 MN处先接,按一定的步骤操作后记下仪表的读数， 再换接,正确操作后测出Rx的阻值；若在MN处更换器材时，不小心将滑动变阻器的滑片 P向左移了一些，测量结果将（填变大”、变小”或不变”）。⑶比较甲乙两组测量结果，组更接近真实值（填‘甲"或Z"）。

【答案】Rb【答案】Rb<RxRo变小乙【解析】【详解】(1)①[1].为便于调节和测量，滑动变阻器采用分压接法，应选择阻值较小的 Rb;②[2].因电压表内阻远大于待测电阻的阻值，则采用电流表外接，实物电路连接如图:③[3].按以上操作，因电压表的分流作用，使得电流的测量值偏大，电阻的测量值偏小，即测得 Rx测＜Rx(2)[4][5].根据乙组的电路图乙和以上实验器材在 MN处先接Rx,按一定的步骤操作后记下仪表的读数，再换接电阻箱Ro,正确操作后测出Rx的阻值，此方法为等效替代法；[6].若在MN处更换器材时，不小心将滑动变阻器的滑片 P向左移了一些，则Rc减小，若电压表读数不变，则电路中内阻和Rc两端电压不变，则电路中电流变大，则 Rx变小，即测量结果将变小。(3)[7].比较甲乙两组测量结果，在正确操作的情况下，乙组误差较小，即乙组更接近真实值。23.利用如图所示的装置探究动能定理。将木板竖直放置在斜槽末端的前方某一固定位置，在木板上依次固定好白纸、复写纸，将小球从不同的标记点由静止释放。记录标记点到斜槽底端的高度 H,并根据落点位置测量出小球离开斜槽后的竖直位移 y,改变小球在斜槽上的释放位置，在斜槽比较光滑的情况下进行多次测量，已知重力加速度为 g,记录数据如下：高度为单位K度】h2h3AAh5A曜苴位移力E130.015.0](J.07.56+05.D4.3(1)小球从标记点滑到斜槽底端的过程，速度的变化量为(用x、v、g表示)；(2)已知木板与斜槽末端的水平距离为 x,小球从标记点到达斜槽底端的高度为H,测得小球在离开斜槽后的竖直位移为v,不计小球与槽之间的摩擦及小球从斜槽滑到切线水平的末端的能量损失。小球从斜槽上滑到斜槽底端的过程中，若动能定理成立，则应满足的关系式是;(3)保持x不变，若想利用图像直观得到实验结论，最好应以 H为纵坐标，以为横坐标，描点画图。(1)[1]小球离开斜槽底端后做平抛运动，则.2y 2gtxvt解得(2)[2]由(1)(2)[2]由(1)知vx在小球下滑过程中，不计小球与槽之间的摩擦，只有重力做功，则有一1 2mgH-mv解得2x4y(3)[3]为了更直观，应画成直线，根据上式可知：最好应以 H为横坐标，以一为纵坐标，描点作图。y24.测量玩具遥控汽车的额定功率实验，简要步骤如下：A.测出小车质量为0.6kg。B.在小车尾部系一条长纸带，让纸带穿过电源频率为 50Hz的打点计时器。C.使小车以额定功率沿水平面加速到最大速度，继续运行一段时间后关闭小车发动机，让其在水平面上滑行直到停止。D.取下纸带进行研究。测得的数据如图所示。4.01 400 3.99 4.Q04.01 400 3.99 4.Q03用］3.523.252.9^69回答下列问题:(1)由纸带知遥控汽车的最大速度为,汽车滑行时的加速度为(2)汽车滑行时的阻力为;其额定功率为【答案】1.00m/s —1.73m/s 1.04N 1.04W【解析】【分析】【详解】⑴[1][2].汽车的最大速度为XiX2XiX2X33T4.014.003.9960.02210m/s=1.00m/s纸带上最后6段对应汽车做关闭发动机做减速运动，加速度为X7X7Xx9X4 X5 X69P3.252.972.60 4.003.813.52 2 2 2 7 10m/s=-1.73m/s90.042(2)[3][4].根据牛顿第二定律得f=ma=0.6X-1.73)N7.04N当汽车匀速运动时，牵引力与阻力大小相等，即有F=f则汽车的额定功率为P=Fvm=fvm=1.041W=1.04W25.如图所示为测量物块与木板间的动摩擦因数的实验装置，挡光条固定在物块的最前端，光电门固定在木板上，并靠近物块的初始位置，当地重力加速度为go(1)如图所示，利用游标卡尺测得的挡光条宽度为cm(2)调整实验装置，使木板水平，物块被弹射器弹开，在木板上做减速运动。 某次测量时发现挡光条通过光电门时，数字计时器记录挡光条的挡光时间为 t,测得物块被弹开时挡光条与光电门中心的距离为 X0,物块停止时光电门中心与挡光条中心的距离为 X,挡光条宽度用d表示，物块的质量用m表示，则物块与木板间的动摩擦因数:,弹射器对物块做的功为(均用字母表示板间的动摩擦因数:,弹射器对物块做的功为(均用字母表示)(3)考虑到空气阻力的影响,(3)考虑到空气阻力的影响,的测量值与真实值相比(填“偏大”偏小”或相等"J【答案】0.450d2

【答案】0.450d2

2gxt2md2x0x

2xt2偏大【解析】【详解】(1)[1]游标卡尺的主尺读数为 4mm,游标尺上第10个刻度与主尺上某一刻度对齐，故其读数为0.0510mm=0.50mm,所以最终读数为4mm+0.50mm=4.50mm=0.450cm(2)[2]物体通过光电门时的速度为dv—t由动能定理，则有mgx01mv2解得d22^[3]再根据功能关系，弹射器对物块做的功除到达光电门的动能外，还在滑行过程中产生内能，则有mgx01mv2解得~.2, 、md(x0x)2xt2(4)[4]考虑空气阻力的影响，则有1 2mgx-mv因此值的测量值与真实值相比偏大；.如图甲(侧视图只画了一个小车)所示的实验装置可以用来验证 牛顿第二定律”。两个相同的小车放在光滑水平桌面上，右端各系一条细绳，跨过定滑轮各挂一个相同的小盘，增减盘中的祛码可改变小车受到的合外力，增减车上的祛码可改变小车的质量。两车左端各系条细线，用一个黑板擦把两细线同时按在固定、粗糙的水平垫片上，使小车静止(如图乙)。拿起黑板擦两车同时运动，在两车尚未碰到滑轮前，迅速按下黑板擦，两车立刻停止，测出两车在此过程中位移的大小。图丙为某同学在验证合外力不变加速度与质量成反比”时的某次实验记录，已测得小车1的总质量m1100g，小车2的总质量m2200g。由图可读出小车1的位移Xi5.00cm，小车2的位移ai X2 cm,可以算出一 （结果保留3位有效数字）；在实验误差允许的范围内,a2TOC\o"1-5"\h\z\o"CurrentDocument"a1 m2 自— —（选填大于"、小于”或等于"）。a2 mi【答案】2.452.50 2.002.04等于【解析】[1]刻度尺最小分度为 0.1cm,则小车2的位移为X2=2.45cm,由于误差2.45cm—2.50cm均可\o"CurrentDocument"1 2[2]由于小车都是做初速度为零的匀加速运动，根据x-at可知，由于时间相同，则有2\o"CurrentDocument"曳土加0204a2 x2 2.45由于读数误差，则2.002.04均可[3]由题意可知m2 200m1 100故在误差允许的范围内a1 m2a2 m1.热敏电阻包括正温度系数电阻器（PTC）和负温度系数电阻器（NTC）。正温度系数电阻器（PTC）在温度升高时电阻值越大， 负责温度系数电阻器（NTC）在温度升高时电阻值越小， 热敏电阻的这种特性，常常应用在控制电路中。 某实验小组选用下列器材探究通过热敏电阻 Rx（常温下阻值约为10.0Q的电流随其两端电压变化的特点。A.电流表A1（满偏电流10mA,内阻「1=10◎）B.电流表A2（量程0〜1.0A,内阻「2约为0.5QC.滑动变阻器R1（最大阻值为10◎）D.滑动变阻器R2（最大阻值为500Q）E.定值电阻R3=990QF.定值电阻R4=140QG.电源E（电动势12V,内阻可忽略）H.电键、导线若干

(1)实验中改变滑动变阻器滑片的位置，使加在热敏电阻两端的电压从零开始逐渐增大，请在所提供的器材中选择必需的器材，应选择的滑动变阻器。(只需填写器材前面的字母即可)(2)请在所提供的器材中选择必需的器材，在虚线框内画出该小组设计的电路图 。(3)该小组测出某热敏电阻Rx的Ii—I2图线如曲线乙所示，NTC热敏电阻对应的曲线是(填①或②)。(4)若将上表中的PTC电阻直接接到一个9V,内阻10◎的电源两端，则它的实际功率为W。(结果均保留2位有效数字)2.0W(1.9~2.1W)2.0W(1.9~2.1W)(1)[1]因为要求加在热敏电阻两端的电压从零开始逐渐增大，所以滑动变阻器采用分压接法，为了便于调节，应选择最大阻值小的滑动变阻器，故填Co(2)[2]因为器材没有电压表，故用已知内阻的电流表 A1串联一个大电阻R3改装成电压表。由于热敏电阻的阻值远小于电压表内阻，所以电流表应用外接法，电路图如图所示⑶[3]把热敏电阻Rx的I1—12图线的纵坐标改成I』&n)1000I「即热敏电阻的电压，单位为V,图像就成为热敏电阻的UI图像。UI图像上的点与坐标原点连线的斜率表示电阻值。随电压增大，电流增大，电阻实际功率增大，温度升高。NTC热敏电阻在温度升高时电阻值减小，故对应的曲线是②。

(4)［4］做出9V,内阻10◎的电源的UI图像其与曲线②的交点坐标的乘积即为所要求的实际功率，为PUI40.5W2.0W由于作图和读书有一定的误差，故结果范围为 1.9~2.1W。28.某实验小组做探究加速度和力、质量的关系 ”实验。(1)用如图甲所示的装置做实验， 图中带滑轮的长木板放置于水平桌面上， 拉力传感器可直接显示细线所受拉力的大小。实验时，下列操作必要且正确的是。甲A.将长木板右端适当垫高，使小车前端的滑轮不挂砂桶时，小车能自由匀速滑动B.为了减小误差，实验中要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量C.实验时，拉小车前端滑轮的细线必须保持水平D.实验时，使小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录拉力传感器的示数(2)在正确、规范的操作下，打出一条如图乙所示的纸带， 每相邻两个计数点之间还有四个计时点没有画出来，纸带上的数字为相邻两个计数点间的距离，打点计时器电源的频率为 50Hz。则打计数点3时，小车的速度大小V3m/s；小车做匀加速直线运动的加速度大小 am/s2。(结果均保留三位有效数字)5.017.50］泣。112.50 1199 ］［印足位：巾］0 11 3 4 5 6(3)带滑轮的长木板水平放置，保持小车质量 M不变，改变砂桶里砂的质量测出每次拉力传感器的示数【答案】AD1.13 2.50B(1)[1]A.为使小车的合外力等于小车受到的拉力，必须平衡摩擦力，故A正确；B.小车受到的拉力等于拉力传感器的两倍，不需要用细线的拉力近似等于砂和砂桶的重力，实验中不需要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量，故 B错误；C.细线必须与木板保持平行，因为平衡了摩擦力，木板不水平，所以细线也不水平，故 C错误；D.为充分利用纸带，小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录传感器的示数，故D正确。故选AD。(2)[2]打点计时器电源的频率为50Hz,相邻两个计数点之间还有四个计时点没有画出来，则相邻计数点间时间间隔T0.10s根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于这段的平均速度可得X3刈2T代入数据可得v31.13m/s[3]根据逐差法有X4X5X6XiX2X3a 2 9T代入数据可得2a2.50m/s(3)[4]木板水平放置时，没有平衡小车受到的摩擦力，则有2FfMa整理得MM则aF图象为不过原点的斜线，故B正确，ACD错误。故选B。.某同学做验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中 A为固定橡皮条的图钉，。为橡皮条与细绳的结点，OB与OC为细绳.图乙是在白纸上根据实验结果面出的图.甲 乙(1)如果没有操作失误，图乙中的 F与F'两力中，方向一定沿AO方向的是.(2)该实验用到的实验器材除了方木板、白纸、橡皮条、细绳套 (两个)、图钉(几个)等，还需要的实验器材有 A.刻度尺 B.量角器 C.弹簧测力计(3)有关该实验，下列说法正确的是A.同一实验中的两只弹簧测力计的选取方法是 ：将两只弹簧测力计水平放置并调零，之后互钩对拉，若两只弹簧测力计读数相同，则可选：若读数不同，应调整或另换，直至相同为止.B.在同一次实验中，只用一个弹簧测力计通过绳套拉橡皮条，使橡皮条的伸长量与用两个弹簧测力计拉时相同即可.C.用两只弹簧测力计钩住绳套，互成角度地拉橡皮条时，夹角应取合适角度，以便算出合力大小.D.若只增大某一只弹簧测力计的拉力大小而保持橡皮条结点位置不变，只需调整另一只弹簧测力计拉力的大小即可.E.在用弹簧测力计拉橡皮条时，应使弹簧测力计的弹簧与木板平面平行.(4)在该实验中，如果将OB与OC细绳也换成橡皮条，那么对实验结果影响.(选填有"”或没有”)【答案】F' ACAE没有【解析】【详解】[1].F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F'是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到。点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力.故方向一定沿 AO方向的是F',由于误差的存在F和F'方向并不在重合；

[2].该实验用到的实验器材除了方木板、白纸、橡皮条、细绳套 (两个)、图钉(几个)等，还需要的实验器材有刻度尺和弹簧测力计，故选 AC.[3].A.同一实验中的两只弹簧测力计的选取方法是：将两只弹簧测力计水平放置并调零，之后互钩对拉，若两只弹簧测力计读数相同，则可选；若读数不同，应调整或另换，直至相同为止.故 A正确.B.在同一次实验中，只用一个弹簧测力计通过绳套拉橡皮条，使橡皮条的结点与用两个弹簧测力计拉时拉到同一位置。，故B错误.C.用两只弹簧测力计钩住绳套，互成角度地拉橡皮条时，夹角没有严格要求，故 C错误.D.若只增大某一只弹簧测力计的拉力大小而保持橡皮条结点位置不变， 需调整另一只弹簧测力计拉力的大小和方向，故D错误.E.在用弹簧测力计拉橡皮条时，应使弹簧测力计的弹簧与木板平面平行，故 E正确.[4].由于用一个弹簧测力计和用两个弹簧测力计拉橡皮条结点，只需要效果相同，所以将两个细绳套换成两根橡皮条，不会影响实验结果..某同学为了将一量程为 3V的电压表改装成可测量电阻的仪表 一一欧姆表.(1)先用如图a所示电路测量该电压表的内阻，图中电源内阻可忽略不计，闭合开关，将电阻箱阻值调到3k◎时，电压表恰好满偏；将电阻箱阻值调到的读数为V.由以上数据可得电压表的内阻到3k◎时，电压表恰好满偏；将电阻箱阻值调到的读数为V.由以上数据可得电压表的内阻Rv=kQ.(2)将图a的电路稍作改变，在电压表两端接上两个表笔，就改装成了一个可测量电阻的简易欧姆表,如图c所示，为将表盘的电压刻度转换为电阻刻度，进行了如下操作：闭合开关，将两表笔断开，调节电阻箱，使指针指在“3.0V'处，此处刻度应标阻值为(填“0或再保持电阻箱阻值不变，在两表笔间接不同阻值的已知电阻找出对应的电压刻度，则 “1V处对应的电阻刻度为kQ.(3)若该欧姆表使用一段时间后，电池内阻不能忽略且变大，电动势不变，但将两表笔断开时调节电阻箱，指针仍能满偏，按正确使用方法再进行测量，其测量结果将 —.A.偏大 B.偏小C.不变D.无法确定【答案】1.50 6 8 1C[1][2]由图(b)所示电压表表盘可知，其分度值为 0.1V,示数为1.50V；电源内阻不计，由图a所示电路图可知，电源电动势:E=U+IR=U+R/E=U+IR=U+R/由题意可知：E=3+—X3000RzE=1.5+15X12000Rv解得Rv=6000野6kQ,E=4.5V(2)两表笔断开，处于断路情况，相当于两表笔之间的电阻无穷大，故此处刻度应标阻值为 8,当指针指向3V时，电路中的电流为：Ig=-3—A=0.0005A6000此时滑动变阻器的阻值：1.5R= Q=3kQ0.0005当电压表示数为1V时，有：4.5 Rx以1=R RXRVRxRyRxRy解得Rx=1kQ.(3)[5][6]根据闭合电路欧姆定律可知电池新时有：Ig=-E—=—E——，rRR(rR)Rv测量电阻时电压表示数为：E RvRxU=(rR) RvRRvRxRyRx欧姆表用一段时间调零时有：EIg=r RyR'测量电阻时：e -RXU=r口 RvRRyRrRRRx比较可知：r+R=r4r'所以若电流相同则R'x=Rx,即测量结果不变，故选Co31.如图所示为一简易多用电表的电路图。图中E是电池，R1、R2、R3、R4和R5是定值电阻，其中R3=20Q,31.如图所示为一简易多用电表的电路图。R0为滑动变阻器。表头G的满偏电流为Io=250 内阻为ro=600QoA端和B端分别与两表笔相连，该多用电表有5个挡位，其中直流电流挡有 1mA和2.5mA两挡。为了测量多用电表内电池电动势和内阻，还备有电阻箱R(最大阻值为99999.9Q)。(1)由以上条件可算出定值电阻 Ri=◎、R2=Qo(2)将选择开关与“晒连，滑动R6的滑片到最下端b处，将两表笔A、B接在电阻箱上，通过调节电阻箱的阻值R,记录不同阻值R和对应的表头示数I。在坐标纸上，以R为横坐标轴，以为纵坐标轴，把记录各组I和R描绘在坐标纸上，平滑连接，所得图像为一条不过原点的直线。测得其斜率为 k、纵截距为b,则多用电表内电池的电动势和内阻分别为和__。(用k、b和已知数据表示)TOC\o"1-5"\h\z\o"CurrentDocument"… 1 4 b【答案】80 120 170I k k【解析】【详解】⑴[1][2].选择开关与“1、”“2相连时为电流表，量程分别为 2.5mA和1mA。根据串、并联电路特点有I0R2r0--2--I02.5mAR1。「1。「0R1 R2I01mA联立解得R,80R2120 。(2)[3].选择开关与“加连，量程为1mA,根据并联电路特点可知 R,、R2串联后与表头并联的总电阻为_ 1R0一「0,通过电源的电流为通过表头电流 I的4倍。根据闭合电路欧姆定律有4E4Ir&R3R变形为1 4-4R R3rR IE E

1由此可知横轴为R,则纵坐标轴为-I[4][5].斜率纵截距解得E4krb170k32.在一次实验中，某同学想描绘一标有 32.在一次实验中，某同学想描绘一标有 “3V1.5W”的小灯泡的伏安特性曲线，除导线开关外还有A.直流电源（电动势约为4V,内阻可不计）B.直流电流表Ai（量程0~3A,内阻约为0.1Q)C.A.直流电源（电动势约为4V,内阻可不计）B.直流电流表Ai（量程0~3A,内阻约为0.1Q)C.直流电流表A2（量程0~300mA,内阻为1Q)D.直流电压表Vi（量程0~15V,内阻很大）E.直流电压表V2（量程0~4V,内阳很大）F.滑动变阻器（最大阻值F.滑动变阻器（最大阻值10Q,允许通过的最大电流为 2A）G.滑动变阻器（最大阻值G.滑动变阻器（最大阻值1k5允许通过的最大电流为 0.5A）H.定值电阻R1=1QI.定值电阻R2=10Q实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能测多组数据。（1）实验中电流表应选用,电压表应选用,滑动变阻器应选用（1）实验中电流表应选用,电压表应选用,滑动变阻器应选用（均用序号字母表示）。（2）请按要求设计实验电路（3）某同学通过实验正确作出的小灯泡的伏安特性曲线如图所示， 现把实验中使用的两个相同的小灯泡串联后由E=3V,内阻不计的电源供电，此时灯泡的实际功率约为W（结果保留两位有效数字）。【答案】CEF【解析】【详解】49—【答案】CEF【解析】【详解】49—0.54--0.57——I⑴[1][2]小灯泡的额定电压为3V,因此电压表选择量程大于等于 3V的即可，电压表故选E;而小灯泡的额定电流为P1.50.5AP1.50.5A电流表A1量程太大，测量误差太大，故应用电流表A2和定值电阻R并联，改装成电流表，电流表故选C;[3]还需要调节电路的滑动变阻器， 为了方便操作，且小灯泡两端的电压从零开始变化， 滑动变阻器应选阻值较小的F;(2)[4]本实验小灯泡两端的电压从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；同时因电流表内阻与小灯泡的电阻接近，电压表内阻远大于小灯泡的电阻，故电流表选用外接法；实验电路图如图所示：(3)[5]电源内阻不计，两灯泡串联，每个灯泡两端电压相等为 U