高中概率高考真题总结

TOC\o"1-5"\h\zC2C21解：(1)令红色球为X个，则依题意得+-36-x二(3分)C2C223636所以2x2-72X+18X35=0得x=15或x=21，又红色球多于白色球，所以x=21•所以红色球为21个，白色球为15个．(6分)(2)设从袋中任取3个小球，至少有一个红色球的事件为A,均为白色球的事件为B,则P(B)=1——P(A)=则P(B)=1——P(A)=1—C3C319120412分)36•加工某种零件需要经过四道工序，已知死一、二、三、四道工序的合格率分别为876、、、、、、，且各道工序互不影响987求该种零件的合格率从加工好的零件中任取3件，求至少取到2件合格品的概率假设某人依次抽取4件加工好的零件检查，求恰好连续2次抽到合格品的概率(用最简分数表示结果)解：(1)该种零件合格率为P=9X8X7X6=3TOC\o"1-5"\h\z1109875

32(2)该种零件的合格率为5，则不合格率为5，从加工好的零件中任意取3个，\o"CurrentDocument"32381至少取到2件合格品的概率P=C2()2()+C3()3=\o"CurrentDocument"2355351253)恰好连续2次抽到合格品的概率(3)2X2X1+(2)X(3)2X2+1X2X(3)2=岂555555625•同时抛掷15枚均匀的硬币一次试求至多有1枚正面向上的概率；试问出现正面向上为奇数枚的概率与出现正面向上为偶数枚的概率是否相等?请说明理由.

解：⑴记“抛掷1枚硬币1次出现正面向上”为事件A,P（A）=2,抛掷15枚硬币1次相当于作15次独立重复试验，根据几次独立重复试验中事件A发生K次的概率公式,记至多有一枚正面向上的概率为P1则P1则P1=P150)+P15⑴=c：5（2）15+雪需（2）记正面向上为奇数枚的概率为P2,则有P2=P15（1）+P15（3）+…+P15（15）=C；5（2）15+C：5（2）15+…+c15（2）15=（—）15（C1+C3+…+C15）—（—）15•214=15151522又“出现正面向上为奇数枚”的事件与“出现正面向上为偶数枚”的事件是对立事件，记“出现正面向上为偶数枚”的事件的概率为P3P3=1-=相等22•如图，用A,B,C,D表示四类不同的元件连接成系统M.当元件A,B至少有CD—个正常工作且元件C,D至少CD有一个正常工作时，系统M正常工作•已知-元件A,B,C,D正常工作的概率依次为0.5m—0.6,0.7,0.8，求元件连接成的系统M正常_工作的概率P（M）.解：由A,B构成系统F,由C,D构成系统G,那么系统F正常工作的概率P(F)二［1-P(A•B)］，系统G正常工作的概率为P(G)二［1-P(C•D)］,由已知，得P（M）=P（F）•P（G）=0.752，故系统M正常工作的概率为0.752.2-有一批种子，每粒发芽的概率为3，播下5粒种子，计算：（I）其中恰好有4粒发芽的概率；（II）其中至少有4粒发芽的概率；（川）其中恰好有3粒没发芽的概率.（以上各问结果均用最简分数作答）解：C54(3解：C54(3)4(3)=曇(II212C冷）4（(II212C冷）4（3）+（3）58032112+=24324324312（川）C5（3）1*3（3）2=10X42434024312．袋中有大小相同的5个白球和3个黑球，从中任意摸出4个，求下列事件发生的概率.（1）摸出2个或3个白球；（2）至少摸出一个黑球.解：（I）设摸出的4个球中有2个白球、3个白球分别为事件A、B,3二7,P(B)二C3二7,P(B)二C2-C1―53C48则P(A)二54C48•••A、B为两个互斥事件AP（A+B）=P（A）+P（B）=67TOC\o"1-5"\h\z即摸出的4个球中有2个或3个白球的概率为66分（II）设摸出的4个球中全是白球为事件C,贝C41P（C）=才=—至少摸出一个黑球为事件C的对立事件C4148的一所．经咨询知道，张林被甲校录取的概率为0.4，被乙校录取的概率为0.7，被丙校录取的概率为0.9．如果张林把甲、乙、丙三所院校依次填入A、B、C三个志愿，求：(I)张林被B志愿录取的概率；张林被A、B、C三个志愿中的一个录取的概率.解：记“张林被A志愿录取”为事件A，“张林被B志愿录取”为事件A，“张林被12C志愿录取"为事件A3•1分(I)由题意可知，事件A发生即甲校不录取张林而乙校录取张林.二P(A)=(1—0.4)x0.7=0.42•6分2记“张林被A、B、C三个志愿中的一个录取”为事件A•由于事件A、A、A中任何两个事件是互斥事123件，………………7分且P(A)=(1—0.4)x(1—0.7)x0.9=0.6x0.3x0.9=0.1629分3P(A)二P(A+A+A)二P(A)+P(A)+P(A)二0.4+0.42+0.162二0.982•123123方法2：(I)记“张林被A、B、C三个志愿中的一个录取”为事件A•由于事件A的对立事件是"张林没有被A、B、C三个志愿中的一个录取”.……7分TOC\o"1-5"\h\z二P(A)=1—(1—0.4)x(1—0.7)x(1—0.9)10分二1—0.6x0.3x0.1二0.982•11分答：张林被B志愿录取的概率为0.42；张林被A、B、C三个志愿中的一个录取的概率为0.982•12分14•平面直角坐标系中有两个动点A、B,它们的起始坐标分别是(0,0),(2,2)，动点A、B从同一时刻开始每隔1秒钟向上、下、左、右四个方向中的一个方向移动1个单位,已知动点A向左、右移动的概率都是4，向上、下移动的概率分别是*和p,动点B向上、下、左、右四个方向中的一个方向移动1个单位的概率都是q•(I)求P和q的值；

（II）试判断最少需要几秒钟，动点A、B能同时到达点D（1,2）,并求在最短时间内同时到达点D的概率•解：（I）由于质点A向四个方向移动是一个必然事件,2分件,所以丁+万+了+p=1，所以443TOC\o"1-5"\h\zP=•4分同理可得q=4•6分（I）至少需要3秒可以同时到达点D•8分经过3秒钟，点A到达点D的概率为3p右p上p上112右上上112…10分经过3秒钟,点B到达点D的概率为12分所以，经过3秒钟，动点A、B同时到达点D的概率为193x=•-^14分642561（当第1（当第n次出现正面时）-1（当第n次出现反面时）记（1）求吐二2时的概率；

⑵若前两次均为正面，求g时的概率解：(1)|S4=21，需4次中有3次正面1次反面，设其概率为辺6分⑵当同时出现正面时，要使□，需后6次111P(A-A-A111P(A-A-A)=P(A)-P(A)-P(A)=(1—Tx(1—Tx=.12312332212答:该学生在第三个交通岗第一次遇到红灯的概率为右.6分5641256412分P二-X-C3-2226V2丿V2丿V2丿16．一位学生每天骑自行车上学，从他家到学校共有5个交通岗，假设他在每个交通岗遇到红灯是相互独立的，且首末两个交通岗遇红灯的概率均为p，其余3个交通岗遇红灯的概率均为2•2若p=3，求该学生在第三个交通岗第一次遇到红灯的概率；若该学生至多遇到一次红灯的概率不超过注：本小问缺少事件命名、概型分析、答，各扣一分．，求p的取值范围.注：本小问缺少事件命名、概型分析、答，各扣一分．解：(I)记该学生在第i个交通岗遇红灯为事件A.(i=1,2,…,5)，它们相i互独立，则“这名学生在第三个交通岗第一次遇到红灯”为A-A-A123（II）过首末两个路口，过中间三个路口分别看作独立重复试验•该学生至多遇到一次红灯指没有遇红灯（记为A）或恰好遇一次红灯（记为B），则A与B互斥．TOC\o"1-5"\h\zP（A）=Co（l—p）2•Co（l—-）3=-（1-p）2，7分2328P(B)=Co(1—p)2•C1-(1—-)2+Clp(1—p)•Co(1—-)3=3(1—p)2+1p(1—p).9分232223284该学生至多遇到一次红灯，为A+B,1311P(A+B)=P(A)+P(B)=3(1—p)2+§(1—p)2+7p(1—p)=丁(p2—3p+2),88441518故二（p2—3p+2）<，即9p2—27p+8<0，解得丁<p三了•11分41833又0<p<1，所以p的取值范围为［3,1］.12分注：p的取值范围写成［|,1）不扣分.17•高三（1）班、高三（2）每班已选出3名学生组成代表队，进行乒乓球对抗赛，比赛规则是：①按“单打、双打、单打”顺序进行三盘比赛；②代表队中每名队员至少参加一盘比赛，不得参加两盘单打比赛；③先胜两盘的队获胜，比赛结束.已知每盘比赛双方胜出的概率均为（I）根据比赛规则，高三（1）班代表队共可排出多少种不同的出场阵容？（II）高三（1）班代表队连胜两盘的概率是多少？（III）高三（1）班代表队至少胜一盘的概率为多少？解：解：（I）参加单打的队员有A2种方法.参加双打的队员有C1种方法.（2分）2所以，高三⑴班出场画容共有A2•C1=12（种）（4分）32（II）高三（1）班代表队连胜两盘，可分为第一盘、第二盘胜或第一盘负,其余两盘胜•所以，连胜两盘的概率为恳（8分）222228（III）高三（1）班至少胜盘，可分为：TOC\o"1-5"\h\z⑴胜一盘，此时的概率为2x2x2+2x2x2=4.（9分）（2）胜两盘，此时的概率为2x2+2x2x2+2x2x2=2°（11分）厶厶厶厶厶厶厶厶厶113所以，高三（1）班至少胜一盘的概率为-+2=4°（12分）或：高三（1）班代表队至少胜一盘的对立事件为输掉前两盘（10分）113所以，所求概率为1-2x2=-（12分）18•甲、乙两人各进行3次射击，甲每次击中目标的概率为2，乙每次击中目2标的概率为3，（1）记甲击中目标的次数为g，求g的概率分布及数学期望Eg；（2）求乙至多击中目标2次的概率；（3）求甲恰好比乙多击中目标2次的概率.（14分）19．为了支持三峡工程建设，某市某镇决定接受一批三峡移民，其中有3户互为亲戚关系,将这3户移民随意安置到5个村民组求这3户恰好安置到同一村民组的概率求这3户中恰好有2户安置到同一村民组的概率解：①3户任意分配到5个村民组，共有53种不同分法，3户都在同一村民组共有5种方法，3户都在同一村民组的概率为53=0.04,二3户都在同JJ一村民组的概率为0.04C2A2②恰有2户分到同一村民组的结果有C2A2种，•••-3^=0.48•••恰有2户分3553到同一村民组的概率为0.4820．某制药厂设甲、乙两个研究小组,独立研制治疗禽流感的新药物.（1）设甲小组研制出新药物的概率为0.75，乙小组研制出新药物的概率为0.80，求甲、乙两组均研制出新药物的概率；（2）设甲、乙两组研制出新药物的概率相同。若该制药厂研制出新药物的概率为0.64，求甲小组研制出新药物的概率.

TOC\o"1-5"\h\z解：(1)0.80x0.75=0.605分⑵设甲研制出的概率为P,1-(1-P)2=0.6410分解得P=0.4011分答(1)甲、乙两组均研制出新药的概率为060；⑵甲研制出的概率为0.40.12分21.袋中装有黑球和白球共7个，从中任取2个球都是白球的概率为1,现有甲、乙两人从袋中轮流摸取1球，甲先取，乙后取，然后甲再取……取后不放回，直到两人中有一人取到白球时既终止，每个球在每一次被取出的机会是等可能的，用g表示取球终止所需要的取球次数.求袋中所有的白球的个数；求甲取到白球的概率.解：(I)设袋中原有n个白球，由题意知n(n-1)1_C2

—=—1_C2

—=—n7C277x67x6~2~所以n(n-1)=6，解得n=3(舍去n=-2)即袋中原有3个白球.(II)由题意，g的可能取值为1,2,3,4,53p(g=1)=7P(P(g=2)=27；P(g4x3x2P(gTOC\o"1-5"\h\zx6x535p(g_4)_；x3x；x47x6x5x44x3x2x1x31P(g_5)__；7x6x5x4x335因为甲先取,所以甲只有可能在第一次,第三次和第5次取球,记”甲取到白球”为事件A,则P(A)=P(“g=1”,或“g=3”,或“g=5”).因为事件“g=1”、“g=3”、“g=5”两两互斥，所以P(A)=P(g=1)+P(g=3)+P(g=5)=3+—+丄=丝735353522．在一次由三人参加的围棋对抗赛中,甲胜乙的概率为0.4,乙胜丙的概率为0.5,丙胜甲的概率为0.6,比赛按以下规则进行；第一局：甲对乙；第二局：第一局胜者对丙；第三局：第二局胜者对第一局败者；第四局：第三局胜者对第二局败者,求：(1)乙连胜四局的概率；(2)丙连胜三局的概率．解：(1)当乙连胜四局时,对阵情况如下：第一局：甲对乙,乙胜；第二局：乙对丙,乙胜；第三局：乙对甲,乙胜；第四局：乙对丙,乙胜．所求概率为P］二(1-0.4)2x0.52二0.32二0.09•••乙连胜四局的概率为0.09.(2)丙连胜三局的对阵情况如下：第一局：甲对乙,甲胜,或乙胜．当甲胜时,第二局：甲对丙,丙胜．第三局：丙对乙,丙胜；第四局：丙对甲,丙胜．当乙胜时,第二局：乙对丙,丙胜；第三局：丙对甲,丙胜；第四局：丙对乙,丙胜．故丙三连胜