人教版高中物理选修3-1高二上学期磁场专题训练1

杆与斜面间的摩擦力可能为零的是（杆与斜面间的摩擦力可能为零的是（）高中物理学习材料金戈铁骑整理制作槪嘟（选择题）2013.12一、选择题:1•首先发现电流的磁效应的科学家是（）安培B.奥斯特C.库仑D.麦克斯韦2•关于磁感应强度B,下列说法中正确的是（）磁场中某点B的大小，跟放在该点试探电流元的情况有关磁场中某点B的方向，跟该点处试探电流元所受磁场力的方向一致在磁场中某点处试探电流元不受磁场力作用时，该点B值大小为零垂直放入磁场中同一试探电流元，所受磁场力越大处，该点B值大小越大3•科学研究表明，地球自西向东的自转速度正在变慢，我国已在2006年1月1日零时进行了时间调整•假如地球的磁场是由地球表面带电引起的，则可能判定（）A•地球表面带正电，由于地球自转变慢，地磁场将变弱地球表面带正电，由于地球自转变慢，地磁场将变强地球表面带负电，由于地球自转变慢，地磁场将变弱地球表面带负电，由于地球自转变慢，地磁场将变强4•两根通电的长直导线平行放置，电流分别为I】和12，电流的方向如图所示，在与导线垂直的平面上有ab、c、d四点，其中ab在导线横截面连接的延长线上，c、d在导线横截面连接的垂直平分线上•则导体中的电流在这四点产生的磁场的磁感应强度可能为零的是（）A.aA.a点C.c点B.b点D.d点A:hI*-亠」亠丄*心|h真空中有两根长直金属导线平行放置，其中一根导线中通有恒定电流.在两导线所确定的平面内,一电子从P点运动的轨迹的一部分如图中曲线PQ所示，则一定是（）ab导线中通有从a到b方向的电流ab导线中通有从b到a方向的电流TOC\o"1-5"\h\zcd导线中通有从c到d方向的电流丿cd导线中通有从d到c方向的电流右Q&面积是0.5m2的导线环，放在某一匀强磁场中，环面与磁场垂直，穿过导线环的磁通量是1.0Xl0-2Wb，则该磁场的磁感应强度B等于（）0.50X10-2TB.1.0X10-2TC.1.5X10-2TD.2.0X10-2T7•如图所示，空间存在着由匀强磁场B和匀强电场E组成的正交电磁场，电场方向水平向左，磁场方向垂直纸面向里。有一带负电荷的小球P,从正交电磁场上方的某处自由落下，那么带电小球在通过正交电磁场时（）A•—定作曲线运动不可能作曲线运动-E可能作匀速直线运动可能作匀加速直线运动8•质量为m，长度为L的金属细杆放在倾角为0的斜面上，杆与斜面间的动摩擦因数为卩。杆中通有垂直纸面向里的恒定电流。整个装置处在如图所示的匀强磁场中，金属杆处于静止状态。其中①②③⑷①②③⑷①③B.②③C.①②④D.②③④XXXXXB0XXXEXXP二回旋加遠黠t当外加磁场一定时T可以把质子的遠率加遠到V］加遠电场频率为仁当在逑一加遠器屮加遠□粒子时所得遠率和加遠电场曲频率分别为（）A.v2B.2V.A.v2B.2V.vC,2V.2fD,—、2f2如图所示，在正交的匀强电场和磁场的区域内（磁场水平向内），有一离子恰能沿直线飞过此区域（不计离子重力）（）若离子带正电，E方向应向下若离子带负电，E方向应向上若离子带正电，E方向应向上不管离子带何种电，E方向都向下第n卷（非选择题）二•计算题在宽L=20cm的区域内，存在着互相垂直的电场和磁场，如图所示，一束荷质比=1.8Xl0iiC/Kg的电子以v=1.8Xl06m/s的速度垂直射入场中，然后沿直线从P点射出，已m知磁场磁感应强度B=4.OX1O-5T，求：电场的电场强度；若去掉电场，电子穿过磁场区时偏离P点距离；如果去掉磁场而保持原电场，电子穿过电场区时偏离P点距离。XXXXXXXX3k-攻X-BXXXXE<—L->12•如图所示，光滑的平行导轨倾角为0，处在竖直向下匀强磁场中，导轨中接入电动势为E、内电阻为r的直流电源，电路中除电阻R外其余电阻不计；将质量为m、长度为L的导体棒放在平行导轨上恰好能够处于静止状态，求磁感应强度B。如下图所示，为电视机显像管的简化原理图，现有质量为3、电荷量为e、初速度不计的电子经加速电场加速后，垂直于磁场及其左边界射入宽度为L的有界匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强度为B,方向垂直纸面向里。若电子束经过磁场的偏转角为，求：加速电场的电势差U为多大？BB【选做题】如图所示，有位于竖直平面上的半径为R的圆形光滑绝缘轨道，其上半部分处于竖直向下、场强为Emg的匀强电场中，下半部分处于水平向里的匀强磁场中；质量为m，带正电为q的小球,q从轨道的水平直径的M端由静止释放，若小球在第一次通过最低点时对轨道的压力为零，求（1）磁感强度B的大小；（2）小球第二次通过轨道最低点时对轨道的压力；（3）若小球恰好能在圆形轨道内作完整的圆周运动，则小球在轨道最高点的速度大小为多少？小球从M出发时的竖直向下的速度大小是多少？2013—2014学年高二第一学期期末测试考前训练磁场试题(一)参考答案1.B2.D3.C4.AB5.C6.D7.A8.C9.A10.D11•解：(1)由平衡条件可知：eE-evB=°故E二vB二72v/m⑵去掉电场后「电子仅受涪住益力v2由牛顿第二定律可知：svB=m—r则广=——=0.25m则广=——=0.25m=sB25cm设电子穿过磁场区时偏离P点的曲离为则由几彳可羌策可知:(广一&尸+Z2二异解得：d=\0(7^3(3)去掉磁场，电子做类平抛运动eE二mavt=Ld'=—at22解得：d'=°.°8m=8cm12•解：导体棒受力分析如图，由闭合电路欧姆定律及平衡条件可知:I亠R+r故B=mg(R+r)tan0ELmgILBcos故B=mg(R+r)tan0ELmg13-解：电场中'由动能定理可知：eu=2mv2在磁场中，洛伦兹力提供向心力，贝I」：evB=13-解：电场中'由动能定理可知：eu=2mv2在磁场中，洛伦兹力提供向心力，贝I」：evB=mr由几何关系可知:Lr=—sin0kk解得:eB2Lu=2msin20XXM14•解：(1)从M到最低点，由动能定理得：mgR=2mv2v2由牛顿第二定律可知：qvB-mg=mR(2)第二次通过最低点时速度与第一次通过最低点时大小相等方向相反由牛顿第二定律可知：N-mg-qvB=mR则：N=6mg由