中考二轮复习化学专题训练 推断题

中考二轮复习化学专题训练推断题一、中化学推断题1．已知铜绿Cu（）CO在加热时分解生成、、三常见的氧化物，下面是有关22物质之间的转化关系图示（部分生成物未标出）（）通过分推断，确定下列物质的化学式，，G________，H________．（）出化学程式C→H________，→G【答案】OCuOCuCaCO23+CuOO2

（OH═HO+CaCO223【解析】【分析】A在电的条下反应生成D和，以A为水，所以D、是氢气或氧气中的一种B和E在热条件下能生成红色固体，以为，为化铜，那么E就氢气，所以D为氧气，碱式碳酸铜受热分解能生成氧化铜、水和二氧化碳，所以C为二氧化碳，二氧化碳和黑色单质反生成气体，体F会氧化铜反应生成铜，所以F是氧化碳，就是木炭，二氧化碳和氢氧化钙反应生成白色的碳酸钙沉淀和水，所以H是碳酸钙，碱式碳酸铜受热分解生成氧化铜、水、二氧化碳，水通电生成氢气和氧气，氢气和氧化铜加热生成红色的铜，二氧化碳和木炭在高温的条件下生成一氧化碳，一氧化碳和氧化铜加热也会生成铜，二氧化碳和氢氧化钙反应生成白色的碳酸钙沉淀和水，推出的各种物质均满足题意，推导合理，【详解】（）是H，是CuO是，是CaCO；23（）→的应是二氧化碳和氢氧化钙反应生成白色的碳酸钙沉淀和水，其反应的化学方程式为：

（OH═HO+CaCO2

；E+B→的应是氢气和化铜反应生成白色的铜和水，其反应的化学方程式为：+CuOO2

．

2．～是中学常见的七种物质，且、、、DE属单、氧化物、酸、碱、盐五种不同类别的物质，它们之间的关系如图所示。“﹣表相连的物质能相互反；“→表示物质间转化关系；部分反应物、生成物及反应条件未标)。已知物中含有三种元素；是质，其组成元素在地壳中含量位居第四；物质C的溶液呈蓝色；反应①②的现象相同，都产生白色沉淀、G两物质类别相同，且都易溶于水。试回答：(1)写A、G的学式：A_____、B_____、G_____。(2)物在业生产中的一种用途_。(3)D与E反应的化学方程式是。【答案】FeBa(OH)配制波尔多液2NaOH+CO=NaCO+HO242223【解析】根据A～G是中化学常见的七种物质，ABC、、属单质、氧化物、酸、碱、盐五种不同类别的物质A物中含有三种元素B是质，其组成元素在地壳中的含量位居第四，所以B是，物质C的溶液呈蓝色，所以C中有铜离子，反①的象相同，都产生白色沉淀D、G两物质类别相同，且都易溶于水A会化成C，所A是酸C是硫酸铜，G氢氧化钡，可是碳酸钠，D是氧化钠E是氧化碳，然后将推出的物质进行验证即可。）A～G是初中化学常见的七种物质，且AB、、D、E属单质、氧化物、酸、碱、盐五种不同类别的物质A物中含有三种元素B是单质，其组成元素在地壳中的含量位居第四，所以B是铁，物质溶液呈蓝色，所以中含有铜离子，反应①②现象相同，都产生白色沉淀D、G两物质类别相同，且都易溶于水，A会化成，所以A是酸，C是酸铜G是氧化钡F可是碳酸钠，是氧化钠E是氧化碳经过验证，推导正确，所以A是H，Fe，G24是（OH）；（）物质在业生产中的一种用途是配制波尔多液；3D与E的2应是氢氧化钠和二氧化碳反应生成碳酸钠和水，化学方程式是：2NaOH+COCO+H。222点睛：在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可。3．E是中化学常见的五种不同类别的,C常作建筑材料E常用作食品干燥剂。他们之间的关系如图所示“”示相连的物质能发生反,“”表示一种物质能生成另一种物质部反应物、生成物和反应条件已略.

请回答下列问题：（）的学式是____（）转化为C的学方程_，反应现象。（）与B反应的化学方程_____,其基本反应类型_。【答案】

+HO32

出现白色沉淀+H

置换反应【解析】【分析】A是初中化学常见的五种不同类别的物C常用作建筑材料，则C为碳酸钙，属于盐，常用作食品干燥剂，则E是氧化钙，属于氧化物能生成能生成C，则是氢氧化钙，属于碱，能D、反，则B是酸，则是酸A和B反应，则是金属单质。【详解】（）常作食品干燥剂，则是氧化钙，故E的学式是CaO。（）常作建筑材料，则C为酸钙，能生成，能生成C，是氧化钙，D转化为C的应是氢氧化钙和二氧化碳反应生成碳酸钙和水，化学方程式为=CaCO+H22

，反应现象是出现白色沉淀。（）能D、反应，则B是，则B是酸A和B反，则是属单质，可是铁，故与反的化学方程

Fe+2HCl=FeCl+H22

，反应符合一种单质和一种化合物生成另一种单质和另一种化合物的反应，故基本反应类型为置换反应。【点睛】C常作建筑材料，则为碳酸钙，常作食品干燥剂，则E是氧化钙，E能成，能生成C，是氧化钙。4．一包固体粉末可能含有、、NaOHCuClSO和)中的一种或几332232种，为确定其组成，现做实验如下：①取少量固体溶于足量的水，过滤得沉淀A和无色滤液B。②取洗涤干燥后的固19.7g，加过量稀HNO，体全溶解，溶液变蓝且有气体产3生，将气体通入足量的石灰水中，得到10.0g固体。③向无色滤液B中入CO，产生白2色沉淀。试根据上述现象回答下列问题：（）淀中滴稀HNO，液变蓝的化学方程式是。3（）体A中___含有，含。选填一”、不定或一不）33（）液中入CO生白色沉淀的化学方程式为。2

（）固体粉一定不含有的物质___。【答案】Cu(NO+2HO不一定一定+2NaOH+Ba(NO=23322232BaCOHO33224【解析】【分析】BaCO、难于水，NaOH与生成能溶于酸的蓝色沉淀Cu(OH)，SO和332224Ba(NO)生难溶于的BaSO白色沉淀。沉淀洗干燥后加稀酸全部溶解，溶液变324蓝且有气体生成，可知沉淀中一定有，定没有BaSO，则原固体中一定有24、CuCl，可能有SO和)中的一种，向无色滤液中入CO，产生白色224322沉淀，可知原固体中一定有Ba(NO，定没有SO。沉淀A中加酸生成的气体通入足3224量石灰水中产生沉淀，可知原固体中有BaCO、中一种或两种33【详解】（1根据分析可知，沉淀中滴加稀HNO，液变蓝的化学方程式是Cu(OH)=323Cu(NO)2HO322（2根据分析知，沉淀A中定含，能含BaCOCaCO中一种或两种，根233据元素守恒列比例式，若原固体中含，质为x，33BaCO~~CaCO2

197x=100100g

x=19.7g若原固体中含CaCO，设质为，33CaCO~~2

100y100

10.0gy=10.0g固体，且含有Cu(OH)，结合以上计算，可知固体中一定CaCO，一定没有23BaCO。3（）液中入CO生白色沉淀，可知滤液中含氢氧化钠，氢氧化钠与二氧化碳反应2生成碳酸钠，碳酸钠与硝酸钡反应生成碳酸钡沉淀，反应的化学方程式为CO+2NaOH+2Ba(NO)+HO32332（4根据分析知原固体粉末一定不含有的物质是。24【点睛】本题有一定难度，掌握常见物质的溶解性及常见离子的颜色是解题关键。常见有颜色的离子有：铜离子蓝色、铁离子黄色、亚铁离子浅绿色、高锰酸根离子紫红色，根据离子颜色、常见物质溶解性及相关计算可推断物质成分。

225．下列框图中的物质均为初中学常见物质，其中A为大理石主要成分，是色粉末，H是蓝色沉淀，如图是它们之间的转化关系，请回答：（）出下列质的化学式A_____D_____F_____．（）出G+E→H的学方程式：_____．（）出物质B的种用途：．【答案】CaCOCaCuO2=CuSO灭剂4【解析】【分析】A为理石主成分，则A是碳酸钙A高生成B和C，B和可能是氧化钙和二氧化碳C和反应生成D，和碳酸钠反应生成，是化钙D是氧化钙B是氧化碳，是氧化钠H是色沉淀，则是氢氧化铜G中有铜离子，和稀硫酸反应生成，F是化铜，是酸铜。【详解】（）为理石主要成分，则A是碳酸钙，化学式为，高生成B和，则和C可是氧化钙和二氧,和反应生成D，和碳酸钠反应生成，则C是氧化钙，是氢氧化钙，化学式为

，是二氧化碳E是氢氧化钠，是色沉淀，则H是氢氧化铜，化学式为CuO。

Cu2

，中有铜离子，和稀硫酸反应生成G，则F是化铜（）是氧化钠，是酸铜G和E反应生成氢氧化铜蓝色沉淀和硫酸钠G+E→H的化学方程式为

2NaOH+CuSO=CuSO424

。（）高生成和，B和C可是氧化钙和二氧化,和反应生成D，和酸钠反应生成E则C是化钙，是氧化钙，是氧化碳，物质B的种用途灭火剂。【点睛】A为理石主成分，则A是碳酸钙是色沉淀，则H是氧铜F和稀硫酸反应生成，F是化铜，是酸铜。6．．2018·南中考模拟）某同学将一小包铜粉和锌粉的混合物放入一定量的硝酸银溶液中，使其充分反应后过滤，得到固体和蓝色滤液。并对滤液的组成进行探究。(1)请出一个相关反应的化学方程式________

(2)同们又对滤液中所含的物质作出多种猜，有两种猜想可能成立，第一种猜想是滤液中含硝酸锌、硝酸铜，则另一种猜想应是什么________(3)请设计实验方案来验证第一种猜想________【答案】Zn+2AgNO3

Zn(NO+2Ag或Cu+2AgNO323

Cu(NO+2Ag滤中含32、Zn(NO、)。取样品少量，加入稀盐酸，无现象，证明溶液中没有33232，含)、)。33232【解析】（）据锌的活动性比银强，利用锌与硝酸银的反应规律，写出反应的化学方程式；（）据种金属的活动性顺序锌铜银，推断将一小包铜粉和锌粉的混合物放入一定量的硝酸银溶液中可能发生的反应，得到固体和蓝色溶液，对反应后溶液的组成进行猜测；（）据种金属活动性及氯离子与银离子不能共存的反应规律，设计验证猜想一。（）置换硝银中的银，同时得到硝酸锌，反应的化学方程式为Zn+2AgNO=Zn(NO)332+2Ag；2）由到溶液呈蓝色，说明铜粉与硝酸银发生了反应，反应后溶液中一含有硝酸铜；由于锌的活动性比铜强，锌会先于铜与硝酸银反应且锌粉可与硝酸铜反应，因此可判断锌粉已完全反应，溶液中一定含有硝酸锌；硝酸银是否完全反应则成为所要猜测的两种可能，若硝酸银完全反应，则溶液中只含有硝酸锌、硝酸铜，若硝酸银有剩余，则溶液中含有硝酸锌、硝酸铜、硝酸银（或AgNO、Zn(NO)、Cu(NO)）；3）取样品少33232量，加入稀盐酸，无现象，证明溶液中没有AgNO，为溶液呈蓝色，所以一定有3Cu(NO)，和AgNO反生成了Zn(NO)，以溶液中只有Zn(NO、Cu(NO，没有323323232。3点睛：活动性强的金属放入活动性弱的金属的混合盐溶液中，活动性强的金属会先把活动性最弱的金属从其盐溶液中置换出来，然后再置换活动性较弱的金属。7．、、、E、是中化学中常见的质．根据它们的转化关系回答下列问题：（）出下列质的名称：白烟E：；体乙．（）验集气内气体甲的操作方法_____．（）反③，固体起作用．（）出下列学反应文字表达式及基本反应类型：反应：；反；反应：；反；反应：；反．【答案】五氧化二磷氢将火星的木条伸到集气瓶内，观察木条是否复燃催

Δ

4

KMnO+MnO↑分4P+5O2442

2PO化252

↑↑分22【解析】【分析】A是黑色固体，则A是锰酸钾，加热分解生的气体甲是氧气，黑色固体B与液D混合产生的无色液体通电能分解生成氧气，则B是氧化锰是氧化氢，生成的气体乙是氢气；故生成的固体是酸钾；固体在气这燃烧产生白烟E，故可是红磷，E五氧化二磷，带入框图，推断合理；【详解】（）烟是五氧化二磷，气体乙是氢气，故填：五氧化二磷，氢气；（）是氧气检验氧气是将带火星的木条伸到集气瓶内，观察木条是否复燃，故填：将带火星的木条伸到集气瓶内，观察木条是否复燃；（）是氧化锰，在过氧氢分解中起催化作用，故填：催化；（）应①：是高锰酸钾，加热分解能生成锰酸钾、二氧化锰和氧气，属分解反应，故填：

2KMnO

4

K+MnO24

，分解；反应②：甲是氧气，是红磷，红磷在氧气这燃烧生成五氧化二磷，属于化合反应，故填：

4P+5O2

点燃

O2

，化合；反应④：水通电能生成氢气和氧气，属于分解反应，故填：

O2

通电

+O2

，分解．8．、、、、是初中化学常见的物质。它们之间的转化关系如图所示（“→”表示物质之间的转化关系，“——”表示两端的物质能发生化学反应，有些转化关系的反应条件和其它反应物等已略去）。其中A、、D在一条件下都能生成E；和B都黑色固体且A为化物，B为质，两者也能反应生成E；是常见的补钙剂中的主要成分；D与E的成元素种类相同据此完成下列各题。（）出E的学式____________。（）出A和B发反的化学方程。

（）出D→E反应化学方程式______________________________。（）出物质D的种途。【答案】C+2CuO

2Cu+CO↑2CO+O

2CO做料或冶炼金属（其他答案合理即可）【解析】【分析】根据C是常见的补钙剂中的主要成”，C为酸钙；“与E的成元素类相同、、、、在定条件下都能生成；和B都黑色固体，且为化物，为单质，两者也能反应生成E”，推测A为化铜，为，为氧化碳，为二氧化碳，代入检验，符合题意。【详解】（）据分析E为二氧化碳，故的学式CO。2（）和B发生反应，即碳与氧化铜反应，反应的化学方程式C+2CuO

2Cu+CO2（）→E反，即一氧化碳燃烧，反应的化学方程式2CO+O2（）据分析物质D为氧化碳，故D的一种用途：做燃料。故答案为：

。2（）；2）2属；（其他答案合理即可）

2Cu+CO；（）2CO+O22

；（做燃料或冶炼金29．有一包固体X，能由NHNO、、、SO、、Ba(NO)中两种或两43324332种以上物质组成。为探究其成分，进行如下实验：（）少量固与熟石灰研磨，无氨。则原固体中一定不____________。（）取少量体X按图中的甲进行实验。①操作a的称_，甲实验判断，原固体中一定不________②取白色沉淀于烧杯中并逐滴加入稀硝酸，烧杯中固体质量随滴入稀硝酸质量的变化如图乙所示。则白色沉淀B的分为，乙中点烧杯中的溶液中一定含有的阳离子是___________。（）进一步究原固体X的组成，取无色溶液，向其中通入CO气体，产生白色沉2

222222淀，由此判断固体X中含有________。【答案】NO过FeClBaSO、CaCOCa、4343

【解析】【详解】（）态氮肥碱性物质（如熟石灰）反应能生成有刺激性气味的氨气，取少量固体X与熟石灰研磨，无氨味，则原固体中一定不含NO，填NH。433（）操作a将液体与不溶性固体分离开，则该操作为过滤，故填过滤；过滤后得无色溶液和色沉淀D，而溶呈黄色，所以原固体中一定不含FeCl，33故填FeCl。3②由图可知，加入稀硝酸后，沉淀部分溶解，则固体中能与稀硝酸反应的难溶性固体为碳酸钙，不溶于稀硝酸的是硝酸钡与硫酸钠反应生成的硫酸钡，故填、；43碳酸钙与稀硝酸反应生成硝酸钙、水和二氧化碳，则图乙中点烧杯中的溶液中的溶是硝酸钙和过量的硝酸，一定含有的阳离子是硝酸钙解离的和酸离出的H，填Ca、。（）无色溶A，向其中通入CO气体，产生白色沉淀，说明生成的沉淀中有碳酸2根，固体中能与二氧化碳反应生成碳酸根的是氢氧化钠，故填NaOH。10．化学小组的同学利用CuSO、的合溶液进行如下探究实验．44（）出铝和酸铜溶液反应的化学方程_____（）固体A上加稀盐酸，若有气泡产生则A中一定含有的固体有哪_？若无气泡产，则溶液中定含有的溶质有哪些____【答案3CuSO+2Al=3Cu+Al（）；铜和铁，硫酸亚铁和硫酸铝；4243【解析】【详解】（）据铝和酸铜反应生成硫酸铝和铜进行分析，化学方程式为+2Al=3Cu+Al42（）；43（）据铝的属活动性比铁、铜强，铝会先置换出溶液中的铜，然后再置换出铁，铁的活动性排在氢之前，铜不会与酸反应生成氢气，向固体中加稀盐酸，有气产生，说明固体中一定含有铁、铜，可能含有铝；无气泡产生，说明固体中一定不含铁和铝，所以溶液中一定含有硫酸铝和硫酸亚铁。．A是镁、、铜三种单质中的一种，在化合物中A元常显+2价物质CE

都含有相同的某种元素，CG都氧化物，J是三种元素组成的盐各

物质间能发生如下反应：（反应条件未标出）①

A+B②A+D③

④

H+DE+G⑤E+IH请推断：（）出下列质的化学式A，_____.（）D所的物质类型是填字).A氧物

B酸

C碱

D盐（）出④的学方程式_____.（）出⑤的学方程式_____.【答案】HBMg（OH）+H+2HO+Ba（）（）22244242↓↓24【解析】【分析】A是、铝、三种单质中的一种，在化合物中A元素常显+2价所以不铝和D反应会生成E和气体，所以A是，、、、含相同的某种元素C是化物，所以是化镁，镁和氧气反应生成氧化镁，所以B是气，镁反会生成E和体F，所以F是氢气D是酸或硫酸，是氧化物，氧化镁和酸反应会生成盐和水，所以G是水，和反应会生成E和水，所以H是，是，和反应会生成沉淀H、，是由三种元素组成的盐，依据复分解反应的原理可知E中有三种元素，所以是硫酸E是硫酸镁，是氧化镁I是氧化钡，镁和氧气反生成氧化镁，镁和硫酸反应生成硫酸镁和氢气，氧化镁和硫酸反应生成硫酸镁和水，氢氧化镁和硫酸反应生成硫酸镁和水，硫酸镁和氢氧化钡反应生成硫酸钡沉淀和氢氧化镁沉淀，在化合物中镁元素常+2价硫酸钡是由三种元素组成的盐，推出的各种物质均满足题中的转化关系，推导正确。【详解】（）是Mg，F是H；2（）过推导知D是酸，属于酸，所以所的物质类型是：；（）应④是氧化镁和硫酸反应生成硫酸镁和水，化学方程式为MgOH）+HSO+2H；22442（）应⑤是氧化钡和硫酸镁反应生成硫酸钡沉淀和氢氧化镁沉淀，化学方程式为：+Ba（）=Mg（）↓+BaSO↓．422412．～均为初中化学常见的物质，它们之间的关系如图所示图-”表相连的物质之可以在溶液中发生化学反应，“→表由某种物质可通过一步反应直接转化为另一种物质（部分反应物、生成物及反应条件已略去），已知是前世界上年产量最高金属B是胃酸的主要成分；水溶液呈蓝色，常用来配制农药波尔多液属碱E属于盐。

（）C的学式为_____。（）与B反应的化学方程式______。（）转为的学方程式为。【答案】CuSOFe+2HCl=FeCl+H↑CO+Ca（）422323【解析】【分析】根据～均为初中化学常见的“，是目前世界上年产量最高的金“，是；根据B是胃酸的主要成”，为稀盐酸；根“水溶液呈蓝色，常用来配制农药波尔多液，C为硫酸铜溶液；根据D属碱E属于”，结合图框，则推测D可为氢氧化钠，可为碳酸钠溶液，代入检验，符题意。【详解】（）据分析则的化学式为CuSO。4（）与B反应，即铁与稀盐酸反应，故反应的化学方程式为═。22（）转为D，碳酸钠与氢氧化钙反应生成白色的碳酸钙沉淀和氢氧化钠，故反应的化学方程式为CO+Ca（）═。2323故答案为：CuSO；Fe+2HCl═+H；NaCO+Ca（）═↓+2NaOH。4222323【点睛】本题为框图型物质推断题，完成此类题目，可以依据题干提供的信息，结合框图，找准解题的突破口，直接得出物质的化学式，然后顺推或逆推或由两边向中间推得出其他物质的化学式。13．一包固体，可能含有氧化、硝酸钾、碳酸钠、碳酸钙中的一种或几种。为探究其组成进行如下实验。①体中一定含有。②体中一定没有。③出生成白色沉淀的化学反应方程_。【答案NaCaCO和CaO+NaCO=CaCO↓+223233【解析】

【详解】加足量水形成的是溶液，可排除不溶于水的碳酸钙；氧化钙与水反应生成氢氧化钙会与碳酸钠生成沉淀，两者不可共存，又溶液加入石灰水后有白色沉淀，那么应该存在碳酸钠，没有氧化钙。因此该固体中一定有；一定没有CaCO和；生成白色沉淀的反23应是碳酸钠与氢氧化钙的反应，化学方程式是=↓+2。223314．工厂的废液中含有、MgCl、，向其中加入一定量的锌粉，充分反应后过222滤，向滤渣中加入稀盐酸有气泡产生，下列分析正确的是A．滤渣中一定有Cu、，能有Fe，液中一定有MgCl、22B．渣中一定有CuFe滤液中一定有MgCl、22C．渣中一定有、、，液中可能有2．渣中一定有、，能有Zn，滤中可能有CuCl2【答案】【解析】【详解】四种金属的活动性顺序：锌铜向有、MgCl、CuCl的废液中，加入一定222量的锌粉，锌不能氯化镁反应，不能置换出镁，能将铁和铜从溶液中置换出来，锌先与氯化铜反应，后与氯化亚铁反应，充分反应后过滤，滤渣中加入稀盐酸有气泡产生，说明滤渣中一定有铜、铁，可能有锌；滤液中一定有氯化镁、氯化锌可能有氯化亚铁，一定没有氯化铜。故选。【点睛】金属活动顺序表KNaMgAlPbCuAgPt，在金属活动顺序表中，排在氢前边的金属能和酸发生置换反应生成盐和氢气。金属的位置越靠前，金属的活动性越强。位置靠前的金属能将位于其后的金属从它的盐溶液中置换出来。15．、、、是中化学常见的物质，他们的关系如图：“一”表示相互之间可以反应，“→”表示可以转化生成。其中是产量最多的金属C是一种常见的碱，和反应生成的一种物质是我们日常生活的调味品是一种气体D在气中含量的增加导致温室效应。（）出的学式_；写出物质的一种用_。（）出A和反的化学方程_；反应属_____类型（化合反应分反应置反④复解反应中选择）。【答案】CO玻、造纸、纺织、洗涤Fe+2HCl＝FeCl↑③222【解析】

【分析】A是产量最多的金属，因此A是；C是种常见的碱B和C应生成的一种物质是我们日常生活的调味品，氢氧化钠和盐酸反应生成氯化钠和水，因此B是酸，是氢氧化钠；D是种气体D在气含量的增加会导致温室效应，因此D是氧化碳。将猜想代入关系图，猜想正确。【详解】（）是一种气体，D在气中含的增加会导致温室效应，因此D是氧化碳C是氧化钠，氢氧化钠的用途有：玻璃、造纸、纺织、洗涤等；（）和盐酸应生成氯化亚铁和氢气，反应的化学方程式为＝+H↑该22反应由一种单质与一种化合物反应，生成另一种单质和另一种化合物的反应，属于置换反应。故③。【点睛】本题是推断题，解题时往往需要从题目中挖出一些明显或隐含的条件，抓住突破口（突破口往往是现象特征、反应特征等），获得结论，最后把结论代入原题中验证。16．有A、、、、都初中化学中常见的物质，它们分别由氢、碳、氧、钠、钙中的两种或三种元素组成，它们之间的转化如图（表物质通一步反应能够转成另一种物质，部分反应物生成物及反应条件己略去）。其中物质A和B是用的灭火剂A和B属于同一类化合物，和属另类化合物。回答下列问题（）质A的化学式为。（）成物质D的学方程式为_____。（）温下，稀盐酸慢慢滴入装有溶的烧杯中，利用温度感器测出烧杯中溶液的温度，溶液温度随加入盐酸的质量而变化的曲线如图2所。①段度变化的原因______②在处液中的溶质_。【答案】COCa）CO=CaCO氢化钠与盐酸反应放热NaCl和2233【解析】【分析】物质和是用灭火剂，它们分别由氢、碳、氧、钠、钙中的两种或三种元素组成，A二化碳B为；能生成A，则E是酸钠；能和C反，则C为氧化钙，是氢氧化钠，根据图象可以看出随着盐的加入温度在逐渐上升，说明稀盐酸与

氢氧化钠溶液发生的反应是放热反应；根据温度确定点示盐酸过量【详解】（）质A和是用的灭火剂，它们分别由氢、碳、氧、钠、钙中的两种或三种元组成，A二化碳，故物质A的学式为CO；2（）成物质D的学反应是氢氧化钙和碳酸钠反应生成碳酸钙和氢氧化钠，化学方程式为

Ca(OH)CO=CaCO223

3

。（）由图象可以看出，随着稀盐酸的加入，温度在逐渐的升高，明稀盐酸与氢氧化钠溶液发生的反应是放热反应。②z点的温度低于最最高，说明盐酸过量，此时溶液中的溶质是氯化钠和氯化氢。【点睛】物质和是用灭火剂，它们分别由氢、碳、氧、钠、钙中的两种或三种元素组成，A二化碳B为；能生成A，则E是酸钠；能和C反，则C为氧化钙，是氢氧化钠。．～是中常见的不类别的物质，它们之间有如图所示的转化和反应关系（图中“﹣”表示能相互反应，“→”表示转化关系）。其中E是铁锈的主要成分与能生中和反应B与反应有两种沉淀生成且有一种是蓝色沉淀。（）属于_（填“酸”或“碱”或“盐”）；请写出的一种用途_____（）DE是个复杂的转化程，需要的条件是_____；（）出与C反的化学程式_____；（）与D的反应是属于____（填“基本反应类型”）。【答案】酸金属除锈潮空（或与氧气和水同时接触）Ba(OH)+CuSO＝24BaSO↓+Cu(OH)↓置反应42

【解析】【详解】⑴E是中常见的不同类的物质E是铁锈的主要成分，所以E是化铁，D和化铁可以互相转化，所以D是铁；与反应有两种沉淀生成且有一种是蓝色沉淀，蓝色沉淀是Cu(OH)，然另一种沉淀是盐沉淀，同时生成两种沉淀且有Cu(OH)生的只有硫酸22铜和氢氧化钡，而与B能生和反应，所以是碱，是氢氧化钡C是硫酸铜，是酸，而且会转化成硫酸铜，所以A是硫酸；经过验证，推导正确A的一种用途：金属除锈。⑵→是生锈，要的条件是：潮湿空气（或与氧气和水同时接触）。⑶与C的反应是氢氧化钡和硫酸铜反应生成硫酸钡沉淀和氢氧化铜淀，化学方程式：Ba(OH)+CuSO＝+Cu(OH)↓242⑷与D的反应是铁和硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，属于置换反。【点睛】本题是一道有一定难度的推断题，突破口是其中是锈的主要成分，得出E是化铁，推出D是；与能生中和反应，所以A与B中一种是酸，一种是碱，而B与C反有两种沉淀生成且有一种是蓝色沉淀，初中阶段只有硫酸铜和氢氧化钡反应才符合这样的特征，综合分析就可得出B是氧化钡C是硫酸，是酸。然后依次推出其他物质。18．固体物质可能含有NaSO、、CaCl、、和KOH中一种或几种。242324为探究其组成，进行如下实验，流程和现象记录如下：（资料）CaCl、、KCl三溶均中性。22(1)依步骤①的实验现象得出固体物质中一不填化学(2)步②中发生反应的化学方程式________________________________。(3)根上述实验得出固体物质中一定含_填学式，下可能含有______为进一步确定可能含有的物质，采用的方法_____________________写实验的操作、现象和结论【答案】CuSO4

CO＋BaCl===BaCO↓＋、KCl232323

取少量无色溶液A于管中，入足量的稀硝酸，然后滴加硝酸银溶液，若产生白色沉淀，则固体中一定含有，则含KCl【解析】试题分析：1）据步骤的验现象得出固体物质中一定不含硫酸铜因为硫酸铜溶

液呈蓝色；2）反应现象可知，步②中生的白色沉淀为碳酸钡，原混合物中一定含有碳酸钾，一定不含氯化钙、硫酸钠，因为溶液显碱性，故一定含有氢氧化钾，故反应的方程式为为+NaCO==BaCO↓+2NaCl；（3根据上述实验得出固体物质中一定2233含有NaCO、可能含有，一步确定可能含有的物质，采用的方法是取少量无色23溶液于管中，入足量的稀硝酸，然后滴加硝酸银溶液，产生白色沉淀，则固体中一定含有氯化钾，反之不含氯化钾。考点：碱和盐的性质、物质的推断19．、、、是中化学常见的物质。自然界中转为为光合作用B、为含元素相同的氧化物，常用来实验室制取二氧化。它们之间的转化关系如所示（其中部分反应物、生成物和反应条件已略去）。（）出的种用途；转为C，生成物中有红色固体生的化学方程式为_________。（）出D通分反应转化为C的学方程_。【答案】用来灭火CO+CuO

Cu+COCaCO23

CaO+CO↑2【解析】【分析】由题干信息，自然界中C转为为光合作用，、为所含元素相同的氧化物用来实验室制取二氧化碳。推测C为氧化碳，A为氧气B为一氧化碳，为酸钙。代入推导正确。【详解】（）质C为氧化碳，可以用来灭火；转为，且生成物中有红色固体生成说明一氧化碳还原氧化铜生成铜和二氧化碳，反应方程式为

Cu+CO2（）为碳酸钙通过分解反应转化为二氧化碳的反应方程式为CaCO3

CaO+CO↑2【点睛】在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可。20．、乙、丙三种物质的转化系如图所示“→表反应能一步实现实现部分反应

物、生成物和反应条件均已略去），请回答下列问题。（）乙是最用的溶剂，丙是单质，则甲可能_____填化学式），丙乙化的化学化学方程_；（）甲是一黑色固体，乙和丙是组成元素相同的两种气体，写出乙转化的化学方程式；（）甲是纯，乙是一种常见的温室气体，则丙可能_____（化学式），写出→丙转化的化学方程式____。【答案】OO+2H2222

2CO+O22

（2

CO+C2

）CaCO3CO+Ca（）＝O2232【解析】【详解】甲、乙、丙三种物质的转化关系如图所示，（）乙是最用的溶剂，丙是单质，乙和丙可以相互转化，所以乙是水，丙是氧气，甲会转化成水和氧气，所以甲是过氧化氢溶液，经过验证，推导正确，所以甲可能是O，22丙乙化的反应是氢气和氧气在点燃的条件下生成水，化学方程式是：O+2H22

；2（）甲是一黑色固体，乙和丙是组成元素相同的两种气体，所以乙、丙是二氧化碳和一氧化碳，甲是碳，若乙是二氧化碳，则→转化的反应是一氧化碳和氧气在点燃的条件下生成二氧化碳，化学方程式为2CO+O2

；乙是一氧化碳，则乙转化2的反应是二氧化碳和碳在高温条件下生成一氧化碳，化学方程式为：CO+C2

。（）甲是纯，乙是一种常见的温室气体，所以甲是碳酸钠，乙是二氧化碳，碳酸钠转化成的丙和二氧化碳可以互相转化，所以丙是碳酸钙，经过验证，推导正确，所以丙可能是，乙丙转化的反应是二氧化碳和氢氧化钙应生成碳酸钙沉淀和水，化学方程3式为：+Ca（OH）＝。2232故答案为：1）O，O+2H2222

O2（）2CO+O2

点燃

（2

CO+C

高温

2CO

）

（），CO（）＝↓+H。32232【点睛】本题中2）甲是一种黑色固体，乙和丙是组成元素相同的两种气体，所以乙、丙是二氧化碳和一氧化碳，因为没有说明乙和丙的特性，所以应该有两种可能：乙为二氧化碳，丙为一氧化碳；乙为一氧化碳，丙为二氧化碳。因此丙→乙的化学方程式就应该是两种可能。21．～是中化学常见质，它们之间的转化关系如下图所示（部分产物已略去）。(1)写的化学________，其常见用途_写条。(2)反应的学方程式________该反应属________(基本反应类。(3)反应的象____________(4)反应是填放”“吸热)反。(5)反应是业上生产漂白粉的原理，该反应的化学方程式________【答案】CO灭或做气体肥料或制碳饮料等（合理即可）+Ca(OH)=2232CaCO+2HO复分解反应红棕色末逐渐变成黑色粉/红棕色粉末出现黑色物质3↓2放热2Ca(OH)+2Cl=Ca(ClO)CaCl+2HO22222【解析】【分析】A能HO反生成碳酸，二氧化碳与水反应生成碳酸，则A为氧化碳；碳酸与氢氧化2钙反应生成碳酸钙和水，则B为酸钙；碳酸钙高温分解生成氧化钙和二氧化碳，氧化钙与水反应生成氢氧化钙，则C为氧化钙；二氧化碳与碳在高温条件下反应生成一氧化碳，一氧化碳与氧化铁在高温条件下反应生成铁与二氧化碳，则D为为氧化碳，F为铁。将猜想代入框图验证，猜想正确。【详解】根据以上分析可知：（1写出A的学式CO其常见用途为灭火或做气体肥料或制碳酸饮料等；2（2反应①是碳酸与氢氧化钙反应生成碳酸钙和水，反应的化学方程式为H+23Ca(OH)=+2H，反应是由两种化合物相交换成分，生成另外两种化合物的232反应，属于复分解反应；（3反应②是一氧化碳与氧化铁在高温条件下反应生成铁与二氧化碳，反应的现象为红(棕色末逐渐变成黑色粉/红棕色粉末出现黑色物质；

2222（4反应③是氧化钙与水反应生成氢氧化钙，该反应是放热反应；（5反应④是工业上生产漂白粉的原理，根据流程图可知，氢氧化钙与氯气反应生成、Ca(ClO)和H，应的化学方程式为2Ca(OH)+2Cl=Ca(ClO)++O22222【点睛】在解此类题时，先将题中有特征的物质推出，然后再利用推出的和题中的条件推出剩余的物质，最后将各物质验证即可。22．、、、为中化学常见的四种物质，它们之间有如图所示的转化和反应关系（→表示某一种物质经一步反可转化为另一种物质“表示相连两物质能发生化学反应，部分反应物、生成物及反应条件已略去）（）A、含有相同的元素组成，且常温下、、均无色气体C为紫红色固体，则为___________；出→B反的学方程_；（）A、、、为种不同类别的化合物C在工业上广泛用于制取肥皂，以及石油、造纸、纺织等工业，也存在于炉具清洁剂中，且BC之间存“系；则为；出→C反的化学方程。高温

C”相转化的关【答案】CO+C22

CO+（）=CaCO233【解析】【分析】（）为红色固则C为铜；、为同的元素组成的气体，且气体B发生化学反应后能生成C（），所以B为一氧化碳A为氧化碳为气体，且气体D发生化学反应后能生成C（）、（一氧化碳），所以可推断为气。（）在业上广泛用于制取肥皂，以及石油、造纸、纺织等工业，也存在于炉具清洁剂中，所以C为氢氧化钠；之间存在相互转化的关系，根据氢氧化钠的化学性质，可推知B为碳酸钠AB、、为种不同类别化合物，、之存在“B相互转化的关系，根据氢氧化钠的化学性质，可推知A为氧化碳、、、为四种不同类别的化合物，既能与C（氧化钠）反应，也能与B（碳酸钠），则D应酸。【详解】（）上述分可知，气体D为氧气，其化学式为O，填；22由分析可知AB反是二氧化碳与碳在高温的条件下反应生成一氧化碳故反应的化学高温方程式写为CO+C2

。（）分析可为二氧化碳，其化学式为CO，故填CO；22

B→反是碳酸钠与氢氧化钙应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，故反应的化学方程式写为：Na+Ca（）₂=CaCO↓+2NaOH233。23．是初中化学实验常用的两种溶液，用圆表示四种物质。用两圆相切表示两种物质可以发生反应，用

表示通过一步反应能转化成该物质，请回答下列问（）写出A溶中溶质的名_（）出与反应的化学方程______________.【答案】氯化氢2AgNO+Fe=Fe(NO)+2Ag3【解析】【分析】A、B是中化学实验室常见的两种溶液，氧化铁能与A反，氧化铁与盐酸反应生成氯化铁和水，A可是盐酸A盐酸）能与B应，硝酸银与盐酸反应生成氯化银和硝酸，可能是硝酸银，B能铁反应，硝酸银与铁反应生成酸亚铁和银，氧化铁与一氧化碳在高温条件下反应生成二氧化碳和铁，将猜想代入关系图，猜想成立。【详解】（1）A溶中溶质是氯化氢；（2）B与铁反应是硝酸银与铁反应生硝酸亚铁和银，反应的化学方程式2AgNO+Fe=Fe(NO)。3【点睛】在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可．24．知A、、、、是中化学中常见的不同类别的物质。它们之间的关系如图所示（→表示物质间的转化关系，-表示两端的物质能发生化学反）A是用最广泛的金属，是用的食品干燥剂E是制波尔多液的主要成份之一，其溶液为蓝色为三种元素组成的化合物。请回答：

（）出下列质的化学式，C______。（）出物质B的种用途：______。（）出转为F的化学方程_，图中所涉及的反应没有包含的基本反应类型是_____。【答案】CaO金属除锈（）CO=CaCO分反应2233【解析】【分析】A是用最广的金属，因此A是铁C是常用的食品干燥剂，因C是化钙；是制波尔多液的主要成份之一，其溶液为蓝色，因此是酸铜；为三种元素组成的化合物；铁与硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，因此是酸；硫酸和氢氧化钙反应生成硫酸钙和水，因此是氢氧化钙；碳酸钠和氢氧化钙反应生成碳酸钙白色沉淀氢氧化钠，因此F是氢氧钠。【详解】（）是用最广泛的金属，因此A是铁，化学式为Fe；C是常用的食品干燥剂，因此是氧化钙CaO。（）是酸，硫酸可用于属除锈等。（）酸钠和氧化钙反应生成碳酸钙白色沉淀和氢氧化钠，化学方程式为Ca(OH)CO22

3

；图中所涉及的反应没有包含的基本反应类型是分解反应。【点睛】A是用最广的金属，因此A是铁C是常用的食品干燥剂，因C是化钙；是制波尔多液的主要成份之一，其溶液为蓝色，因此是酸铜。25．H是初中化学常见的物质，它们之间的关系如图所“→表物质间的转化关系，一表两端的物质能发生化学反）．虚线圈中的两种物质类别相同的浓溶液有吸水性，在实验室常用作干燥剂C可用来改良酸性壤广应用于肥皂、石油、造纸、纺织和印染等工业，在生活中可用来去除油污E的水溶液为浅绿色F可生石灰、水配制成具有杀菌作用的波尔多液的稀溶液与G发生复分解反应生成F与．

（）出化学B

，

。（）出C转为的化学程式。（）出A的稀溶液与发反的化学方程式；转为E反应的基本类型是。（）类观是学的核心观念之一．以上种物质没有涉及到的物质类别是。【答案】（），CuSO．2）NaCO+Ca（）═．42323（）CuO+HSO═CuSO+H；置换反应．）单质．2442【解析】试题分析：根据～是中化学常见的物”，虚线圈中的两物质类别相，根据A的浓溶液有吸水性，在实验室常用作干燥”，以A是硫酸，硫酸会转化成酸B，以B是盐酸，根据C可用来改良性土，所以为氢氧化钙；根“D广应用于肥皂、石油、造纸、纺织和印染等工业，在生活中可用来去除油”，以D是氢氧钠；根“的水溶液为浅绿”，则为亚铁离子的溶液；根“可与生石灰、水制成具有杀菌作用的波尔多”，则F为酸铜；根据“的溶液与G发生复分解反应生成与H，所以推测是化铜是，然后将推的物质进行验证即可（）据分析知B为HCl，为CuSO；4（）应C，即氢氧化钙与碳酸钠反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，故其化学方程式为：Na+Ca（）═CaCO↓+2NaOH；2323（）据分析知是硫酸G是氧化铜，则的溶液与发反应，即氧化铜与稀硫酸反应生成硫酸铜和水，故其反应的化学方程式为SO═CuSO+H；2442F转化为E即硫酸铜溶液与铁反应生成硫酸亚铁溶液和铜，故反应的基本类型是置换反应；（）类观是学的核心观念之一为酸，为，为盐，为化物，故以上8种质没有涉及到的物质类别是单质考点：物质的鉴别、推断；反应类型的判定；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式26．B、、、、F都是初中化学常见的物质，其中B是植物进行光合作用的一种重要原料又称气肥，是见的食品干燥剂，它是金属氧化物．它们之间的关系如图所示．（图中“﹣”表示两端的物质能发生化学反应；“→”表示物质间存在转化关系，有关反应条件和其他物质已略去．）

点燃点燃点燃点燃（）知反应②、的本反应类型相同，反②的学方程式_____．（）知反应⑤、中一个有沉淀生成，另一个有气体生成，还有一个没有明显现象．E不含相同元素、只含一种相同元素．反⑤化学方程式_，反应⑥的学方程式为____．【答案】2

CO（）+NaCO＝CaCO↓Na+2HCl＝22233232NaCl+HO+CO↑22【解析】【分析】此题为框图式物质推断题，完成此类题目，关键是找准解题突破口B是植物进行光合作用的一种重要原料，则B是氧化碳；然后根据物质的性质和物质之间的反应，做出判断，常常以与其他物质反应最多或最少的物质为突破口．解题方法如下：先按题中物质顺序写好，然后把能发生反应的两种物质用线相连，找到最多或最少的连线物质，然后用假设法往下做．该题解法是是氧化碳A能转化成和，则可能是氧化钙，可是氧气，可能是氢氧化钙E能生成二氧化碳且能与氢氧化钙反应，则可是盐酸，F可能是碳酸钠，然后代入框图，推断合理则正确。【详解】（）是用于光合作用和火的气体，则是二氧碳，已知反①、、的本反应类型相同，利用假设法，设A为氧气B二化碳C为氧化钙．入验证，符合题意，其①是和氧气反应生成氧化钙是碳和氧气反应生成二氧化碳是化钙、水和二氧化碳反应生成碳酸钙，所以反的化学方程式为：

C+O=CO2

，故填：；2（）据题意反④、⑥中一个有沉淀生成，另一个有气体生成，还有一个没有明显现象、E不含相同元素，、只一种相同元素．利用假设法，D为氧化钙，E盐F碳酸钠．代入验证，符合题意，其④氢氧化钙和盐酸反应无现象是氧化钙和碳酸钠反应生成沉淀是碳酸钠和盐酸反应生成气体；所以反⑤的学程式为：

Na+2NaOH2

；反应的学方程式为：NaO+CO232

；故填：NaCO+Ca(OH)；NaO+CO22232【点评】

。

解答框图式物质推断题，关键是找准解题突破口，得出结论，然后利用题目的明显或隐含条件，逐一导出其他结论，并把结论代入原题中验证，符合即正确。27．有A、、、、六初中化学常见的物质，其中A、E是属单质B、、、分别只是酸、碱、盐、氧化物中的一种、是黑色粉末B和C的相对分子质量相等。用两圆间的短线﹣表两种物质可以发生化学反应，箭“表一种物质能转化为另一种物质。双向箭头←表示可以相互转化。请回答下列问题以反应均在初中知识范围内(1)图有一条表示两种物质能相互转化的双箭头没有画出，请在图中补充画出并使其转化关系成立___；(2)写化学式：：；(3)写与D反的化学方程_；(4)足B与F反的验现象___。【答案】

FeCuOFe+CuSO＝+Cu44黑色固体逐渐溶解，溶液由无色变成蓝色【解析】【分析】A、B、E、六初中化学常见的物质，其中A、是属单质B、、、分只是酸、碱、盐、氧化物中的一种AF是色粉末B和的相对分子质量相等C会化成黑色粉末，所以是氢氧化铜，是化铜B就硫酸E和氧化铜可以相互转化，所以是铜，会化成铜，所以A是，是酸铜。【详解】(1)A、E是金属单质BC、、分只是酸碱、盐、氧化物中的一种AF是黑色粉末，和C的相对分子质量相等C会化成黑色粉末，所以C是氢氧化铜F是氧化

铜，就是硫酸，和氧化铜可以相互转化，所以是铜，A会化成铜，所以A是铁，是硫酸铜。(2)A是，是CuO。(3)A与D的应铁和硫酸铜反应生成