中考化学推断题50题专题训练

中考化学推断题50题专题训练含答案)一、中化学推断题1．现有一包固体粉末，可能含Cu、O、CuSO、NaCl、SO中的一种或几种，为23424确定其成分按如图所示进行实验，出现的现象如图中所述（设过程中所有发生的化学反应都恰好完全反应）：根据实验过程中的现象判断：（）体的学式是_，红褐色沉淀的化学式_____。（）、、表同一操作，其名称是____。（）色溶液C中定含有的酸根离子，色溶液I中一定含有的金属离子是_____。（）出过程发生的化学方程_____。（）体粉末A中一定含有的物质是。（）体粉末A中一定不含的物质是。原因_____。【答案】（）过滤硫根离子钠子NaSO+Ba（）＝3242BaSO↓Cu、、SOCuSO溶C是无色的423244【解析】【分析】固体粉末A加足量水，过滤，得到固体物质无色溶液C，硫铜显蓝色，则A不含硫酸铜，黄色溶液E和无色溶液F会成红褐色沉淀H，所以H是氢氧化铁沉淀，F中含有氢氧根E是B中加入盐酸生成的，所以中有氯化铁，和氧化铁都难溶于水，所以中含有氧化铁和铜D是，和氢氧化钡反应会生产白色沉，所以中有硫酸钠，硫酸钠和氢氧化钡反应生成硫酸钡沉淀和氢氧化钠，所以F是氧化钠是酸钡，氢氧化钠和氯化铁反应生成氢氧化铁沉淀和氯化钠，所以I中定含有氯化钠A中含有氧化铁、铜、硫酸钠。【详解】（）是中入盐酸生成的，所以E中含有氯化铁，铜和氧化铁都难溶于，所以中含有氧化铁和铜D是，固体的化学式是；黄色溶液E和无色溶液F会生成红褐色沉淀H，以是氧化铁沉淀，红褐色沉淀H的化学式是

。

。。（）、、表同一操作，是将固体和液体分离，其名称是过滤。（）和氧化钡反应会生产白色沉淀，所以中有硫酸钠，无色溶液C中一含有的酸根离子是硫酸根离子，氢氧化钠和氯化铁反应生成氢氧化铁沉淀和氯化钠，所以是氯化钠，无色溶液中一定含有的金属离子是钠离子。（）和氧化钡反应会生产白色沉淀，所以中有硫酸钠，硫酸钠和氢氧化钡反应生成硫酸钡沉淀和氢氧化钠，所以F是氢氧化钠G是硫酸钡，故过③发的化学方程式为Na+Ba（）=BaSO242

4

+2NaOH

。（）体粉末A中一定含有的物质是Cu、O、Na2324（）体粉末A中一定不含的物质是CuSO；原因是硫酸铜溶液呈蓝色，而溶液C是无色4的。【点睛】无色溶液，A中含酸铜，黄色溶液E和色溶液F会生成红褐色沉淀，以是氢氧化铁沉淀C和氧化钡反应会生产白色沉淀，所以中有硫酸钠。2．～是中学常见的七种物质，且、、、DE属单、氧化物、酸、碱、盐五种不同类别的物质，它们之间的关系如图所示。“﹣表相连的物质能相互反；“→表示物质间转化关系；部分反应物、生成物及反应条件未标)。已知物中含有三种元素；是质，其组成元素在地壳中含量位居第四；物质C的溶液呈蓝色；反应①②的现象相同，都产生白色沉淀、G两物质类别相同，且都易溶于水。试回答：(1)写A、G的学式：A_____、B_____、G_____。(2)物在业生产中的一种用途_。(3)D与E反应的化学方程式是____。【答案】FeBa(OH)配制波尔多液2NaOH+CO=NaCO+HO242223【解析】根据A～G是中化学常见的七种物质，ABC、、属单质、氧化物、酸、碱、盐五种不同类别的物质A物中含有三种元素B是质，其组成元素在地壳中的含量位居第四，所以B是，物质C的溶液呈蓝色，所以C中有铜离子，反①的象相同，都产生白色沉淀D、G两物质类别相同，且都易溶于水A会化成C，所A是酸C是硫酸铜，G氢氧化钡，可是碳酸钠，D是氧化钠E是氧化碳，

然后将推出的物质进行验证即可。）A～G是初中化学常见的七种物质，且AB、、D、E属单质、氧化物、酸、碱、盐五种不同类别的物质A物中含有三种元素B是单质，其组成元素在地壳中的含量位居第四，所以B是铁，物质溶液呈蓝色，所以中含有铜离子，反应①②现象相同，都产生白色沉淀D、G两物质类别相同，且都易溶于水，A会化成，所以A是酸，C是酸铜G是氧化钡F可是碳酸钠，是氧化钠E是氧化碳经过验证，推导正确，所以A是H，Fe，G24是（OH）；（）物质在业生产中的一种用途是配制波尔多液；3D与E的2应是氢氧化钠和二氧化碳反应生成碳酸钠和水，化学方程式是：2NaOH+COCO+H。222点睛：在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可。3．～是中学常见的物质A和C在常温下均为无色液体，且组成元素相同D是天然气的主要成分；与F含相同的两种元素，且F是有毒气体。它们的转化关系如图，根据图示回答下列问题。（）的学式；（）应②的学方程式_；（）应③属基本反应类型中_反；（）举一项态E在际生活中的用_。【答案】

O22

CH+2O42

CO+2H化合人降雨22【解析】【分析】～

是初中化学常见的物质，A和C在温下均为无色液体，且组成元素相同，由与C的系可知A是过氧化氢C是，是气；D是然气的主要成分D是烷；与含有相同的两种元素，且F是有毒气体F是氧化碳E是二氧化碳G是酸。【详解】

由以上分析可知A是氧化氢；故填：

O22

；

是甲烷B是氧气，所以反应

②

是甲烷与氧气在点燃的条件下反应生成二氧化碳和

水；故填：+2O42

CO+2HO22

是水，是二氧化碳，二氧化碳与水反应生成碳酸，该反应符多变一的特征，属于化合反应；故填：化合；

是二氧化碳，固态的二氧化碳俗称干冰，干冰易升华，会吸收大量的热，所以可用于人工降雨；故填：人工降雨。【点睛】本题难度不大，掌握初中化学常见物质，根据题目中所给物质的特征及题中的转化关系推导出其余物质是解题关键。初中常见的组成元素相同且能转化的物质主要有：水和双氧水，双氧水分解生成水；一氧化碳和二氧化碳，一氧化碳点燃生成二氧化碳，二氧化碳与碳高温下生成一氧化碳。4．在一次化学课堂活动中，老设计了如图所示的游戏，要求五位同学分别佩戴下列铭牌：铝、氧气、二氧化碳、硫酸铜、氢氧化钠，以最快的速度找到自己的位置（图一”表示相的两位置代表“同学能生化学反应，→表示两位置代表“学存在转化关系）。其中的溶液显蓝色，的体可用于人降雨。请回答下列问题：（）的化学式为_____。（）出C的种用途______。（）反应的化学方程式为。（）列四位戴铭牌的同学为候选人员按游戏规则，只有一人能从原五位同学中找到替代对象完成游戏，这位同学佩戴的铭牌______（序）。①银②一化碳③盐④氯钠【答案】CO供呼吸CuSO+2NaOH=Cu（）↓+NaSO③24224【解析】【分析】A的液显蓝，所以是硫酸铜D的体可用于人工降雨，所以是氧化碳，会转化成二氧化碳，所以C是气B会与C反应，以是，是氧化钠，经过验证，推导正确。【详解】（）是二氧化碳，其化学式为；2（）是气，氧气的一种用途是：供给呼吸；（）的反应是硫酸铜和氢氧化钠反应生成氢化铜沉淀和硫酸钠，化学方程式为：CuSO+2NaOH=Cu(OH)↓+Na；4224（）为银和化钠不能和这五种物质中的任何物质反应，而一氧化碳也只能转化为二氧

化碳，不能跟其他物质反应，所以只有盐酸符合要求，盐酸代替硫酸铜会与氢氧化钠和铝反应，所以这位同学佩戴的铭牌③。【点睛】在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可。5．图示中～是初中化学常见的物质，其中A是种钠盐C、为氧化物，、C、、中都含有氧元素，且物质C的固体俗称“干冰”。图中—”表示相连的两种物质之间可以发生反应，“→”表示物质间存在着相应的转化关(部分反应物、生成物及反应条件已略去。请分析后作答：(1)物的学__________(2)反①的基本反应类型。(3)反②的化学方程_______________________。(4)写B的种用途________________【答案】CO复解反应BaCl+HSO=2HCl+BaSO↓补剂（合即可）22244【解析】【分析】根据题目给出的流程图和信息A是种钠盐C、D为化物，A、B、CD中都含有氧元素，且物质C的体俗称“干冰”，因此C二氧化碳；碳酸钠和硫酸反应生成硫酸钠和水和二氧化碳，碳酸钠和氢氧化钙反应生成碳酸钙白色沉淀和氢氧化钠，碳酸钙在高温的条件下生成氧化钙和二氧化碳，硫酸和氯化钡反应生成硫酸钡和盐酸，因此A是酸钠，是碳酸钙，是化钙，E是酸F是酸。【详解】（1物质C的体俗称“干冰”，因此C是二氧化碳；化学式为；2（2）D是化，是盐酸，反应①是氧化钙和盐反应生成氯化钙和水，属于复分解反应；（3）E是酸，F是酸，反应②是硫酸和氯化钡反应生成硫酸钡和盐酸，反应方程式为：BaCl+HSO↓+2HCl。2244（4）B是碳酸钙，可作补钙剂（合理可）。6．下图是一些常见物质的转化系，其中C是色无刺激性的气体，且能使澄清石灰水变

浑浊；是种无污染的清洁能源，其燃烧物是。请根据上图，回答下列有关问题：(1)红色粉末A和体C、的化学式分别为C________、：。(2)G转为H和A的反应类型________反；转成和D的应类型________反应。(3)A与酸反应的化学方程式_______________________；②和氯气化合生成的化学方程式为。(4)以图中无色气体C为中心，延展如图：①请写出实现这两个转化的另一反应物JK的学式：J________K________②请完善由和分转变成无色气体C的转化关系图，在箭号上注明必要的反应3条件和其它反应物。_______________________【答案】分置FeO＋＋2FeCl＋===2FeCl23222332223CCa(OH)2【解析】【详解】由题目对C物质的描述：无色无刺激性的气体，且使澄清石灰水变浑浊，可确定物为二氧化碳；由溶液F呈黄色可判断溶液中含有Fe，根据溶F与氧化钠溶液反应生成红褐色沉淀，判断为（），据G受热分解生成红棕色粉末A和色3体H，可判断为O、为H；据与高温下生成无色气体和色末，23可判断黑色粉末为；据色粉末B与盐酸反应生成无色气体E和浅绿溶液，判断为H、液D为FeCl溶；最后根据绿色溶液D通氯气生成黄色溶液F，判断22溶液为FeCl溶液；3（）溶液呈色可判断溶液中含有，再根据溶液与氧化钠溶液反应生成红褐色沉淀G，判断G为Fe（），据G受热分解生成红棕色粉末和色液体H，3判断为、为H；是色无刺激性的气体，且能使澄清石灰水变浑浊，可判断232气体C为CO；根据黑色粉末与盐酸反应生成无色气体E和浅绿溶液，判断E为2H、液为FeCl溶液；22故答案为：O；；；2322

（）溶性铁与氢氧化钠溶液反应生成的红褐色（）沉G，加热条件下生成3无色液体O和棕粉末O，属于一种物质反应生成两种物质的分解反应B黑色粉223末与盐酸反应生成无色气体H和的绿溶液D反应属于单质与化合物生成22单质与化合的置换反应；故答案为：分解；置换；（）（）受分解生成的红棕色O与盐酸发生复分解反应，生和3233HO2故答案为：O+6HCl=2FeCl；2332②浅绿色氯化亚铁溶液与氯气发生反应，生成了氯化铁的黄色溶液；故答案为：2FeCl+Cl=2FeCl；223（）物质C为无色气体二氧化碳，二氧化碳能与氢氧化钙溶液形成碳酸钙沉淀、在高温条件下能与碳反应生成一氧化碳；因此，固体为质碳C、液K为Ca（OH）溶；2故答案为：；（）；2②一氧化碳在氧气中燃烧或高温下能金属氧化物如氧化铜反应，都可生成二氧化碳；碳酸钙与稀盐酸或在高温下发生分解也都可以产生气体二氧化碳；故答案为：（由CO或转为CO的其他合理途径也行）32AFAEFC_____E_____EF__________【答案】+HHCO222223

+CuO2

ΔO2【解析】【详解】A～F是初中化学见的物质A是红色金属，所以是铜；、常下均是气体，、都能用于灭火，日常生活中，最常用的灭火剂是水和二氧化碳，所以E是二氧化碳，是水；是人体胃液中含有的酸，所以C是盐酸；盐酸会转化成、B、都转化成

铜，所以B是氢气，D是氯化铜。经过验证，推导正确。（）是，铜具有良好的电性，所以铜的一种用途是：作导线（合理的答案都可以）；（）为B能转化为铜，所以B是氢气；而E能火，所以E是氧化碳。、的学式分别为：、CO；22（）﹣F是二氧化碳和水反应生成碳酸，化学方程式为CO+O＝；2223（）的化学方程式为：

+CuO2

Δ2【点睛】本题提供的重要信息是：EFCA是铜，然后根据CC是盐酸，再根据FE。8．有一包固体粉末，由CuCl、CaCO、、BaCl和NaOH中三种物质组2322成。为确定其成分，进行如下实验：（）出生成色气体的化学反应方程________________；（）上述实基础上，补充恰当的实验，即可确定这包固体粉末的成分。需要充实验的具体操作是_______________________。（）设计实验证加入的NaOH恰适量，写出具体的操作步骤和依据的现象________________。【答案】CaCOCaClHOCO↑向色溶液加入氯化钡溶液，出现白色沉淀说明固体粉末中有硫酸钠没有氯化钡，没有明显现象，说明有氯化钡没有硫酸钠。向蓝色溶液中滴加氢氧化钠，至刚好不在产生蓝色沉淀。【解析】【分析】固体样品加足量水得到白色固体和蓝色溶液，说明一定有氯化铜，氯化铜和氢氧化钠不能共存，一定没有氢氧化钠。白色固体加稀盐酸有气泡和无色溶液，说明白色固体中一定有碳酸钙，一定没有硫酸钡，也就是说氯化钡和硫酸钠两种物质中只能有其中一种。综上所述，固体粉末中一定有氯化铜和碳酸钙、一定没有氢氧化钠，不能确定含氯化钡还是硫酸钠。

【详解】（）成无色体的是碳酸钙和稀盐酸，化学反应方程式CaCO2HClCaClHOCO（）上述实基础上，补充恰当的实验，就是要进一步确定含有氯化钡还是硫酸钠。具体操作是向无色溶液中加入氯化钡溶液，出现白色沉淀说明固体粉末中有硫酸钠没有氯化钡，没有明显现象，说明有氯化钡没有硫酸钠。（）计实验证加入的NaOH恰适量，写出具体的操作步骤和依据的现象：向蓝色溶液中滴加氢氧化钠，至刚好不在产生蓝色沉淀。9．～是中学常见的物质，它们之间的转化关系如图所示。其中A、、、都是氧化物，、、G都金属单质，且F为电性、导热性最好的金属A和G均红色固体中部分反应条件、反应物及生成物已略。回答下列问题：(1)写G物质的化学___。(2)写B物的一种用途___(3)写①反应的化学方程_。写②反应的化学方程__(4)从观角度解释B和D两物质性质不同的原因__【答案】冶炼金属或做燃料3CO+Fe23

2Fe+3COCO+CuO2

Cu+CO分子构成2不同【解析】【详解】（）～是中化学常见的物质，其中A、、、都氧化物，、、G都是金属单质，且为电性、导热性最好的金属，所以是银，和G均为红色固体G会化成银，所以G是，和生成的会与转化成铜，所以是化铁，是一氧化碳，一氧化碳和C反会生成铜，所以C是化铜，是氧化碳，经过验证，推导正确，所以G是Cu；（）是氧化碳，用途有金、做燃料；（）应①一化碳和氧化铁在高温的条件下生成铁和二氧化碳，化学方程式是：3CO+Fe23

2Fe+3CO；应②是一氧化碳和氧化铜在加热的条件下生成铜和二氧化2碳，化学方程式是：CO+CuO

Cu+CO；2

22（）微观角解释B和D两物质性质不同的原因：分子构成不同个氧化碳（）子比1个氧化碳（）分子多1个原子。10．雪同学发现家里有一瓶无签的无色液体，她为了探究它是何种物质，做了如下实验：把此液体编号为，加热液，发现有气体B产生，在A中加入黑色粉末，微振荡，在常温下就能迅速产生气体，产生了常温下为液体的纯净物，而C的质量在反应前后没有改变。她把B收起来，用带火星的木炭伸入盛的集气瓶中，木条剧烈燃烧。如把黄色粉末E点燃后放入盛B的集气瓶中，能剧烈燃烧，生成一种无色有刺激性气味的气体F。（）据小雪实验，分析A、、、、、分是什么物质。写出各物质的名称：、、、、F______。（）横线上出题中所发生反应的文字表达式，并从反应物和生成物种类的角度看各属于什么类型的反应，把反应类型写在括号内。________（）________（）________（）二氧锰【答案】过氧化氢溶液氧二化锰水硫二氧化硫过化氢水氧分解反应木氧

化反应硫+氧

化反应【解析】【分析】在中加入黑色粉末C稍微振荡，在常温下就能迅速产生气体B，且产生了常温下为液体的纯净物DC的量在反应前后没有改变，所以C是氧化锰，用带火星的木条伸入盛的气瓶中，木条剧烈燃烧，所以是氧气A是氧化氢为，把淡黄色点燃后放入盛氧气的集气瓶中，能剧烈燃烧，生成一种无色有刺激性气味的气体F所以E是硫，是二氧化硫，经过验证，推出的各种物质均满足题中的转化关系，推导正确。【详解】（）是氧化氢溶液B是气C是氧化锰D是，是，是二氧化硫；（）氧化氢二氧化锰的催化作用下分解生成水和氧气，文字表达式为：过氧化氢二氧锰水氧，该反属于分解反应；木炭在氧气中燃烧，生成二氧化碳，文字表达式为：木炭氧应属于化合反应；黄色粉在B中燃烧的反应是硫和氧气在点燃的条件下生成氧化硫，文字表达式为：+氧气

属于合反应．

11．～为中化学常见物质，相互关系如图所示“→表转关系“表示相互之间能发生反部反应物、生成物及反应条件省。其中、、为化物且A和G的元素组成相同；、是常见的两种碱；C是石灰石的主要成分F是胃酸的主要成分。(1)A的学_____________，的化学____________。(2)F的用途____________(写出一种即)，的称。(3)写化学反应①③的化学方程式：①；③____________。(4)下反应中属于置换反应的。A．④

．⑤

．【答案】COCaCO除铁锈或制药物烧碱火碱苛性钠Ca(OH)+NaCO=23223CaCOCaCO+2HCl=CaClO+CO↑B33222【解析】【分析】A、为化物且A和G的元素组成相同A、G，可能CO和CO或HO和O中的一2222种，为碱，能碱反应A是氧化碳G为一氧化碳，能化为H，可是CO与金属氧化物反应生成的金属如铁等F为胃酸的主要成分，是盐酸，盐酸能与活泼金属反应，盐酸能与碳酸钙反应生成二氧化碳B、是见的两种碱能够转化为B可能是氢氧化钙D为氧化钠C为石灰石的主要成分C为碳酸钙E是化物，可能为水；将假设代入检验，符合题意；【详解】（）是氧化碳，化学式是CO，是碳酸钙，化学式是CaCO；23（）是酸，可用作除铁锈或制药物是氢氧化钠，俗称是烧碱或火碱或苛性钠；（）学反应是可用碳酸钠溶液与氢氧化钙溶液反应生成氢氧化钠和碳酸钙反应的化学方程式是+Na=CaCO↓+2NaOH；应③是碳酸钙与盐酸反应生成氯化钙、水223和二氧化碳，化学方程式是：+2HCl=CaCl+HO+CO↑；3222（）应④与属氧化物反应生成金属和二氧化碳，该类反应是两种化合物反应生成一种单质和一种化合物，不属于置换反应；反应⑤是金属与盐酸反应生成盐和氢气，该类反应是由一种单质与一种化合物反应生成一种单质和一种化合物，属于置换反应；反应⑥是盐酸和碳酸钙反应生成氯化钙和水和二氧化碳，属于复分解反应。故选B。12．图表示某些物质间的转化系，甲、乙是常见气体，丙是常见金属C的水溶液呈蓝色，是理石的主要成分。

按要求回答下列问题：（）化学式：甲____________H。（）出反应①、②的化学方程式：_________________②_______________。（）业上常用B和C混合制农药X，的称_（）和反应生成醋酸和水，反应中和甲质量比_（简比）。【答案】CaO（）=CaCOO2Cu+2HSO2223242

2CuSO+2H或42（2

2CuOCuO+HSO=CuSO）波多液11:12442【解析】【分析】C的液是蓝色溶液，故是硫酸铜，则丙是铜B和C能成农药，故B是氧化钙，E通能生成常见气体甲和乙，故甲是氢气，乙是氧气E水D是大理石的主要成分，故D是碳酸钙，碳酸钙高温分解生成氧化钙和二氧化，故A是氧化碳H是化钙，据此分析解答。【详解】（）分析知甲是氢气，化学式为；是氧化钙，化学式为；2（）是二氧碳与氢氧化钙反应生成碳酸钙和水，反应方程式为Ca（）+CO=CaCO↓+H；应②是硫酸和铜和氧反应生成硫酸铜和水，反应方程式为22322Cu+2HSO242

2CuSOO或422

2CuOCuO+HSO=CuSO+H）2442（）酸铜和氧化钙配制得的溶液称为波尔多液；（）氧化碳氢气反应生成醋酸和水，反应方程式为4H=2HHO，故反应222242中和甲的质量比为。13．盐中含有MgCl、等杂质，工业提纯粗的工艺流程如图所示：22（）（）俗称，步骤①反应的化学方程式_。2

（）骤③操a的称是_。（）步骤①步骤②的顺序颠倒，则最后所得的精盐水中还含_____。【答案】熟石灰或消石灰+Ca（）＝OH）↓；过CaCl（氯22222化钙）【解析】【分析】粗盐水里面含有氯化镁和氯化钙，加入过量的氢氧化钙溶液，会生成氢氧化镁白色沉淀，加入过量的碳酸钠溶液，生成碳酸钙沉淀，滤液中含有氯化钙。【详解】（）氧化钙俗名为熟石灰或消石灰；步①入过量的氢氧化钙溶液，氯化镁与氢氧化钙反应生成氢氧化镁沉淀和氯化钙，反应的化学方程式为：+Ca（）＝Mg（OH）↓+CaCl。2222（）滤是分固体和液体的操作，步操作a后到沉淀和滤液，为过滤。（）据Ca（）除去MgCl，CO可除去CaCl．果步骤和骤的序颠22232倒，步②先应溶液中就有过量的碳酸钠，然后完成步①，时过量的氢氧化钙把上步中多余的碳酸钠除去，同时生成氢氧化钠，另外氢氧化钙与氯化镁反应还生成氯化钙，最后步④中入适量的盐酸，反应掉生成的氢氧化钠，但不生成的氯化钙反应，所以最后所得的精盐水中还含有，答案为CaCl。22【点睛】除杂的原则：除去杂质，不能引入新的杂质。14．中A、、、、、分是铁、水、稀盐酸、稀硫酸、氢氧化钙溶液、硝酸银溶液中的一种，其中为质C和E的质类别同。图中“”“⌒”表示两种物质之间能发生化学反应，“或”表一种物质可以转为另一种物(部反应物和生成物及反应条件已略去请回答下列问题：(1)写C、物或质的学式C___，。(2)A﹣反的化学方程式为__F→D反的学方程式___，该反应的基本类型为___。(3)写与C发反应的实验现象___。【答案】SOFe+2AgNO═Fe(NO)+2AgCaO+HOCaOH)化反应固体逐243322

渐溶解，有气泡产生，最终得到浅绿色溶液【解析】【分析】根据是质，所A是，和的质类别相同，故C和E是盐酸和稀硫酸中的一种；铁能与B反，故B表硝酸银；硝酸银能与反，能化为C，C是酸E是硫酸；硫酸能转化为，F能转化为，故F是，是氢氧化钙，然后将推出的物质进行验证即可。【详解】（）是酸E是酸，故填：H24（）与B的反应是铁和硝酸银反应生成硝酸亚铁和银，故填Fe+2AgNO═（）33+2Ag2F生成D是化钙与水反生成氢氧化钙，属于化合反应，故填CaO+HO═（）；22化合反应（）与盐酸应生成氯化亚铁和氢气，故会观察到固体逐渐溶解，有气泡产生，最终得到浅绿色溶液，故填：固体逐渐溶解，有气泡产生，最终得到浅绿色溶液【点睛】在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可。15．维导图是激发大脑潜能，就科学思维的有效方法。图示中A～是中化学常见的物质，属于不同类别，是石灰石的主要成分。图中“﹣”表示两种物质之间可以相互反应，“→”表示一种物质可以生成另一种物质。分析推理，回答问题：（）质C的学式：_____；→反的实质_____（）应①的学方程式_____。（）应②的学方程式_____。【答案】锌子和氢离子反应生成锌离子和氢分子（）+2HClCaCl+2HO3222通电2

↑↑22

【解析】【分析】A～E是初中化学常见的物质，属于不同类别C是石灰石的主要成分，所以C是碳酸钙，A能反，能与碳酸钙反应的物质是酸，所以D为，可能是盐酸，五种物质为不同类别物质，B、分为单质、氧化物和碱的一种A既可以与酸反应，又可以生成C（碳酸钙），所以只碱Ca(OH)]，与A[CaOH）]互转化的氧化物是水，所以最22后猜测为单质，过验证，推导正确。2【详解】根据以上分析可知：（）以C是酸钙，化学式为CaCO，→的反应可以锌和盐酸反应生成氯化锌和3氢气，实质为：锌原子和氢离子反应生成锌离子和氢分子；（）应是氢氧化钙和盐酸反应生成氯化钙和水，化学方程式为Ca（OH）+2HCl＝2CaCl+2HO；22（）应是水在通电的条件下生成氢气和氧气，化学方程式为：通电2

↑↑。22【点睛】在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可。16．～是初中常见的不同类别的物质，它们之间有如图所示转化和反应关系（图中“﹣”表示能相互反应，“→”表示转化关系）。其中E是铁锈的主要成分与能生中和反应B与反应有两种沉淀生成且有一种是蓝色沉淀。

（）属于_（填“酸”或“碱”或“盐”）；请写出的一种用途_____（）DE是个复杂的转化程，需要的条件是_____；（）出与C反的化学程式_____；（）与D的反应是属于____（填“基本反应类型”）。【答案】酸金属除锈潮空（或与氧气和水同时接触）Ba(OH)+CuSO＝24BaSO↓+Cu(OH)↓置反应42【解析】【详解】⑴E是中常见的不同类的物质E是铁锈的主要成分，所以E是化铁，D和化铁可以互相转化，所以D是铁；与反应有两种沉淀生成且有一种是蓝色沉淀，蓝色沉淀是Cu(OH)，然另一种沉淀是盐沉淀，同时生成两种沉淀且有Cu(OH)生的只有硫酸22铜和氢氧化钡，而与B能生和反应，所以是碱，是氢氧化钡C是硫酸铜，是酸，而且会转化成硫酸铜，所以A是硫酸；经过验证，推导正确A的一种用途：金属除锈。⑵→是生锈，要的条件是：潮湿空气（或与氧气和水同时接触）。⑶与C的反应是氢氧化钡和硫酸铜反应生成硫酸钡沉淀和氢氧化铜淀，化学方程式：Ba(OH)+CuSO＝+Cu(OH)↓242⑷与D的反应是铁和硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，属于置换反。【点睛】本题是一道有一定难度的推断题，突破口是其中是锈的主要成分，得出E是化铁，推出D是；与能生中和反应，所以A与B中一种是酸，一种是碱，而B与C反有两种沉淀生成且有一种是蓝色沉淀，初中阶段只有硫酸铜和氢氧化钡反应才符合这样的特征，综合分析就可得出B是氧化钡C是硫酸，是酸。然后依次推出其他物质。17．质A﹣分代表氧气、碳酸钠、二氧化碳、氢氧化钠、一氧化碳、氧铁、水七种物质中的一种，把它们排列成如图所示“雁阵”。中连线表示两种相邻物质之间能相互转化或相互反应。已知是一种盐A、E、F常温下呈气态，、是人的生命活动中两种最重要的物质。请回答相关问题：（）的化学式是____。（）出一个D转成C的化学方程_，反应属于基本反应类型中的反应。

（）出转化成F的化学方程式。（）大阵中是一只漂亮的____色大雁。高温【答案】Ca（OH）CO＝复分解+C2322332

赤【解析】【分析】根据物﹣分代表氧气、碳酸钠、二氧化碳、氢氧化钠、一氧化碳、氧化铁、水七种物质中的一种，把它们排列成如图所示“雁阵”。中连线表示两种相邻物质之间能相互转化或相互反应。已知是一种盐A、E、F常温下呈气态，、是人的生命活动中两种最重要的物”，则推测A为气B为，为氧化钠为酸钠，为氧化碳，为氧化碳，为氧化铁，代入检验。【详解】（）据分析D的学式是Na。23（）一个D转化成C的学方程式为碳酸钠溶液与氢氧化钙反应，化学方程式为Ca（）CO＝CaCO；该反应属于基本反应类型中的复分解反应。2233高温（）转成F，二氧化碳与碳反应的化学方程式为+C2

。（）大阵中为氧化铁，是一只漂亮的赤“大雁。故答案为：（）CO；（2Ca（）CO＝↓+2NaOH，分解。（）232233高温CO+C2

。（4）红【点睛】本考点属于物质的推断题，是通过对实验方法和过程的探究，在比较鉴别的基础上，得出了正确的实验结论。18．去难溶性杂质后的食盐中往含有少量的SO、MgCl、CaCl等杂质，为了将这242些杂质除去，可向食盐溶液中依次加入过量的NaOH、BaCl、③NaCO溶液，然后过223滤除去沉淀，再加入盐酸调至溶液，后蒸发得到精盐．加入溶后发生的化学反应方程式为_______，能将BaCl、NaCO溶的加入顺序颠倒的原因是，223证明过滤后加入盐酸前所得的溶液中含有溶的方法_____。【答案】

+2NaOH=

碳酸钠中的碳酸根离子会与钡离子和钙离子反应生成碳酸钡和碳酸钙沉淀，加入碳酸钠溶液的目的是除去溶液中的钙、钡离子，所添加

BaClNaCO22

溶液的顺序不能颠倒滴过量氯化钙溶液，碳酸钠跟氯化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀，过滤后，在剩下的溶液中滴入无色酚酞试液，变红色说明有氢氧化钠溶液存在。

【解析】【分析】氯化镁与氢氧化钠反应生成氢氧化镁沉淀和氯化钠，镁离子用氢氧根离子沉淀，加入过量的氢氧化钠可将镁离子沉淀，硫酸根离子用钡离子沉淀，加入过量的氯化钡可以将硫酸根离子沉淀，钙离子用碳酸根离子沉淀，加入的碳酸钠要放在加入的氯化钡之后，碳酸钠反应会除去剩余的氯化钡，如果加反了，过量的钡离子就不能除去，离子沉淀完全过滤，最后加盐酸，除去剩余的氢氧根离子和碳酸根离子，除去氯化钙用碳酸钠溶液，碳酸钠溶液必须放在氯化钡之后，过滤后加入盐酸前所得的溶液中含有氯化钠、碳酸钠、氢氧化钠，碳酸钠溶液与氢氧化钠溶液均显碱性，检验氢氧化钠的存在就应该先排除碳酸钠的的影响，即滴加过量的氯化钙溶液，碳酸钠和氯化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀，过滤后，在剩下滴入无色酚酞试液，变红色说明有氢氧化钠溶液存在。【详解】加入溶，氢氧化钠和氯化镁反应生成氢氧化镁和氯化钠，化学反应方程式为+2NaOH=

。不能将、溶液的加入顺序颠倒的223原因是碳酸钠中的碳酸根离子会与钡离子和钙离子反应生成碳酸钡和碳酸钙沉淀，加入碳酸钠溶液的目的是除去溶液中的钙、钡离子，所添加

aCl、Na22

溶液的顺序不能颠倒，证明过滤后加入盐酸前所得的溶液中含有溶的方法是滴加过量氯化钙溶液，碳酸钠跟氯化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀，过滤后，在剩下的溶液中滴入无色酚酞试液，变红色说明有氢氧化钠溶液存在。【点睛】氯化镁与氢氧化钠反应生成氢氧化镁沉淀和氯化钠，镁离子用氢氧根离子沉淀，加入过量的氢氧化钠可将镁离子沉淀，硫酸根离子用钡离子沉淀，碳酸钠和氯化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀。Δ19．知难溶于水的碱受热易分，如（）之间存在如图所示的转化关系：

2

CuO+HO，，，，五物2请填写下列空白：（）质A的化学式为；（）溶与氢氧化钠溶液反应的基本类型_；（）C转为D的化学反应方程_．

高温【答案】复解反应3CO+FeO323

2Fe+3CO2【解析】【分析】红褐色沉淀B为氧化铁，则氢氧化铁在加条件下分解生成对应的金属氧化物，则C为氧化铁；氧化铁再与一氧化碳在高温下发生氧化还原反应，生成金属铁和二氧化碳，则金属单质为；滤液加入硝酸后再滴入硝酸银出现白色沉淀E，物质E应为氯化银的沉淀，说明滤液中含有氯离子；结合A溶与氢氧化钠生成氢氧化铁和钠盐的滤液；综合所述，可判断溶液A中含有氯离子，即氯化物A与氧化钠反应生成氢氧化铁和氯化钠，则物质含氯离子铁离子，因此物质为化铁。【详解】（）褐色沉为氢氧化铁，则氢氧化铁在加热条件下分解生成对应的金属氧化物，则为化铁；氧化铁再与一氧化碳在高温下发生氧化还原反应，生成金属铁和二氧化碳，则金属单质D为；滤液加入硝酸后再滴入硝酸银出现白色沉淀E，物质E应为氯化银的沉淀，说明滤液中含有氯离子；结合A溶液与氢氧化钠生成氢氧化铁和钠盐滤液；综合所述，可判断溶液中含有氯离子，即氯化物A与氢氧化钠反应生成氢氧铁和氯化钠，则物质含有氯离子和铁离子，因此物质A为氯化铁，化学式为FeCl。（）化铁和氧化钠的反应是两种化合物相互交换成分生成两种新的化合物的复分解反应。（）→D的应是一氧化碳和氧化的反应，产物是铁和二氧化碳，反应的方程式为：高温3CO+Fe23

2Fe+3CO；2【点睛】红褐色沉淀B为氧化铁，滤液加入硝酸后滴入硝酸银出现白色沉淀，物质E应氯化银的沉淀。20．、乙两物质可相互转化：甲

乙（→表一步进行转化）。（）甲乙都于同类别物质①若甲乙均为氧化物，乙为一氧化碳，则甲______写学式，下同）。②若甲乙均为单质，写出甲和乙的一种组合：甲______、。（）甲乙属不同类别的含钠化合物，甲的相对分子质量小于乙，“乙甲的学方程式为_____。【答案】COFeCO+Ba(OH)=BaCO或NaCO+Ca(OH)22232332CaCO3或NaSO+Ba(OH)或2NaCl+2HO24242【解析】

通电

↑+Cl22

【详解】（1若甲乙都属于同类别物质①若甲、乙均为氧化物，乙为一氧化碳，一氧化碳在氧气中燃烧生成二氧化碳，二氧化碳与碳在高温条件下反应生成一氧化碳，则甲为二氧化碳，化学式为；2②若甲、乙均为单质，铁能与酸反应生成氢气，氢气具有还原性，能与氧化铁反应生成铁，甲和乙的一种组合：甲是铁，化学式为Fe；乙是氢气，化学式为H；2（2若甲、乙属于不同类别的含钠化合物，氢氧化钠与二氧化碳反应生成碳酸钠，碳酸钠与氢氧化钙或氢氧化)应生成氢氧化钠和碳酸钙（或碳酸钡），碳酸钠能与氢氧化钠相互转化，氢氧化钠的相对分子质量小于碳酸钠的相对分子质量，所以乙是碳酸钠，甲是氢氧化钠，则“乙→甲”的化学方程式为Na↓+2NaOH或233NaCO=或者：23若甲、乙属于不同类别的含钠化合物，氢氧化钠与硫酸应生成硫酸钠和水，硫酸钠与氢氧氢氧化钡反应生成氢氧化钠和碳酸钡，硫酸钠能与氢氧化钠相互转化，氢氧化钠的相对分子质量小于硫酸钠的相对分子质量，所以乙是硫酸钠，甲是氢氧化钠，则“乙→甲”的化学方程式为SO+Ba(OH)=BaSO↓+2NaOH；者：2424若甲、乙属于不同类别的含钠化合物，氢氧化钠与盐酸反应生成氯化钠，电解氯化钠的水溶液生成氢氧化钠、氢气和氯气，氯化钠能与氢氧化钠相互转化，氢氧化钠的相对分子质量小于氯化钠的相对分子质量，所以乙是氯化钠，甲是氢氧化钠，则“乙→甲”的化学方程式为2NaCl+2H2

通电

↑+Cl↑。22【点睛】解题时往往需要从题目中挖出一些明显或隐含的条件，抓住突破口（突破口往往是现象特征、反应特征等），获得结论，最后把结论代入原题中验证。21．、、为中化学常见的三种物质，们之间有下图所示的转化关“”示某一种物质经一步反应可转化为另一种物质，部分反应物、生成物及反应条件已略。请回答下列问题：（）A为色固体、、的相对分子质量次增大，且B与C是组成元素相同的两种气体，则的化学式为_________；→C的反应类_________填一定”或“不一定”是合反应。（）A、、为三种不同物质类别的化合物，且C可用于改良酸性土壤，写出→B反应的化学方程式_______。（）A、、是三种不同类别的物质，都含有同一种元素，且组成元素分别为三种、两种和一种，常温下为气态，则B的化学式_________。【答案】CO不定2

3

高温

2

HO2

【解析】【详解】（1若A为色固体，A、、相对分子质量依次增大，且B与C是成元素相同的两种气体，碳在氧气中不完全燃烧生成一氧化碳，一氧化碳在氧气燃烧生成二氧化碳，故A是B是一氧化碳，是二氧化碳，化学式为CO；→的反应是一氧化碳生成二氧2化碳，可以是与氧气反应，也可以是与氧化铜反应，不一定是化合反应；（2若A、B、为三种不同物质类别的化合物，且可于改良酸性土壤，则为氢氧化钙，碳酸钙高温分解生成氧化钙和二氧化碳，氧化钙与水反应生成氢氧化钙，则A为酸钙，为氧化钙，A→的反应是碳酸钙高温解生成氧化钙和二氧化碳，反应的化学方程式为：

3

2

；（3）AB、C是三种不同类别的物质，都含有同一种元素，且组成元素分别为三种、两种、一种，常温下C为态，硫酸与氧化铜反应生成铜和水，水通电分解生成氧气氢气，则A可以是硫酸（或氢氧化钠等可溶性碱或碳酸盐等，合理即可）B可以是水，C可以是氢气（或氧气，如氢氧化钠和二氧化碳反应生成碳酸钠和水，水通电分解生成氧气），的化学式为HO。2【点睛】解题时往往需要从题目中挖出一些明显或隐含的条件，抓住突破口（突破口往往是现象特征、反应特征等），获得结论，最后把结论代入原题中验证。22．欲探究一固体物质A的分，已知其中可能含有FeCl、、、（）3232中的一种或多种。按如图所示进行实验，出现的现象如图中所述（设过程中所有发生的反应都恰好完全反应）。试根据实验过程和发生的现象做出判断，填写以下空白：（）色沉淀B的学式为_____白色沉淀F的化学式_。（）液C中定存在的酸根阴离子（写离子符号）。（）液中存在______种质。（）定不存的物质______理是。（）体物质A中一定存在的物质是_____（化学式）。（）出过程中生成蓝色沉淀反应的化学方程______。

----【答案】AgCl4

NO

、4氯铁加氢化钠后会生成蓝色沉淀CuCl、2Ba()32

CuCl+2NaOH=Cu(OH)2NaCl【解析】【分析】硫酸根离子和钡离子反应会生成硫酸钡沉淀，氢氧根离子和铜离子会生成蓝色的氢氧化铜沉淀，和铁离子会生成红褐色的氢氧化铁沉淀，氯离子和银离子反应会生成氯化银沉淀；据此进行分析【详解】（）体混合A中入稀硫酸会生成白色沉淀B，所以A中一定含有硝酸钡，硝酸钡和硫酸反应生成硫酸钡沉淀和硝酸，所以中含有硝酸；向溶液C、中加入硝酸银溶和足量稀硝酸，生成的白色沉淀为氯化银；所以白色沉淀B的化学式为，白色沉淀F4的化学式为AgCl；（）以上分可知溶液中肯定有硝酸和氯离子存在，所以溶液C中定存在的酸根阴离子是NO

、

；（）体混合A中入氢氧化钠会生成蓝色沉淀E，以A中一定含有氯化铜，氯化铜和氢氧化钠反应生成氢氧化铜沉淀和氯化钠，所以中有氯化钠；结合以上分析可知A中肯定含有氯化铜和硝酸钡；所以A物经①应C溶液中有硝酸和氯化铜A物质经过反溶液中有氯化钠和硝酸钡C再经过反，溶中有硝酸钠硝酸钡、硝酸铜、硝酸，所以滤液G中共存在4种质；（）定不存的物质是氯化铁，理由是：加入氢氧化钠后会生成蓝色沉淀；（）体物质A中一定存在的物质是、(NO)；232（）程②中成蓝色沉淀的反应是氯化铜和氢氧化钠反应生成氢氧化铜沉淀和氯化钠，化学方程式为：

CuCl+2NaOH=Cu(OH)2NaCl

。【点睛】在解此类题时，首先分析题中所给物质的性质和两两之间的反应，然后依据题中的现象判断各物质的存在性，最后进行验证即可。FACAB()(1)ACA___C___

(2)___()(3)___(4)EF_【答案】HO③CaO+2HCl=CaCl+HOHCl+AgNO=AgCl2322233【解析】【分析】CD、CDABBBEF【详解】NaCO,BO.232③稀硫酸与碳酸钠的反应，是复分解反应；反应④是碳酸钠与氢氧化钙或氯化钙等反应生成碳酸钙等，是复分解反应；反应⑤是碳酸钙高温分解生成氧化钙，是分解反应，表示复分解反应，故填③④。（）应①是盐酸与氧化钙反应生成氯化钙和水，反应的方程式为：CaO+2HCl=CaCl+HO.22（）EEF②HCl+AgNO=AgCl33【点睛】本题的难度较大，要熟悉酸、碱、盐之间转化关系，特别是硫酸和盐酸之间的转化。24．、、、是中化学常见的物质，他们的关系如图：“一”表示相互之间可以反应，“→”表示可以转化生成。其中是产量最多的金属C是一种常见的碱，和反应生成的一种物质是我们日常生活的调味品是一种气体D在气中含量的增加导致温室效应。（）出的学式_；写出物质的一种用_。（）出A和反的化学方程_；反应属_类型（化反应分反应置反④复解反应中选择）。【答案】CO玻、造纸、纺织、洗涤Fe+2HCl＝FeCl↑③222【解析】【分析】A是产量最多的金属，因此A是；C是种常见的碱B和C应生成的一种物质是我们日常生活的调味品，氢氧化钠和盐酸反应生成氯化钠和水，因此B是酸，是氢氧化钠；D是种气体D在气含量的增加会导致温室效应，因此D是氧化碳。将猜

与OH+与OH+-想代入关系图，猜想正确。【详解】（）是一种气体，D在气中含的增加会导致温室效应，因此D是氧化碳C是氧化钠，氢氧化钠的用途有：玻璃、造纸、纺织、洗涤等；（）和盐酸应生成氯化亚铁和氢气，反应的化学方程式为＝+H↑该22反应由一种单质与一种化合物反应，生成另一种单质和另一种化合物的反应，属于置换反应。故③。【点睛】本题是推断题，解题时往往需要从题目中挖出一些明显或隐含的条件，抓住突破口（突破口往往是现象特征、反应特征等），获得结论，最后把结论代入原题中验证。25．维导图是激发大脑潜能，就科学思维的有效方法A-D是中学常见的四种物质，可于金属除锈B难于水。它们相互之间的关系如图所示“表示两种物质之间可以相互反应“→表一种物质可生成另一种物质。分析推理，回答问题：(1)A的学式_______________。与反的实质_。(2)A生B的化学方程式______________________________(3)C与D反应的化学方程__________________________。【答案】或HSO氢离子与氢氧根离子生成水分(或H24

+-

生成H分子2

与OH生。HSO+BaCl=BaSO或HCl=AgCl+Ca(OH)=224243322CaCO↓+H(或SO+SO+HO)32232【解析】A可于金属锈，则是盐酸（或硫酸）B难于水，且能化为，则B是化银（或硫酸钡）；水能转化为DA能与应，则D碱（如氢氧化钙、氢氧化钠等）；水能与反，也与C反，则非金属氧化物（如二氧化碳、二氧化硫等）(1)A的化学式为或SO)；为酸为，与D反应为中和反应，实质为氢离子与氢24氧根离子生成水分子盐与硝酸银溶液反应生成氯化银和硝酸，反应的化学方程式为HCl+AgNO=AgCl↓+HNO（硫酸与氯化钡溶液反应生成硫酸钡和盐酸，反应的化学方程33式为HSOBaCl=BaSO）；二氧化碳与氢氧化钙溶液反应生成碳酸钙水，反2424应的化学方程式为CO+Ca(OH)=CaCO↓+HO（二氧化硫与氢氧化钠溶液反应生成碳酸2232钠和水，反应的化学方程式为SO+H）2232

点睛：在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可。26．～是见物质A为品干燥剂，B、三白色固体都有同种金属元F为固体单质，、、都有同种非金属元素。（）质C的学式为。（）应F→的本反应类型_。（）→的学方程式_。【答案】化反应CO+Ca(OH)=CaCO↓32232【解析】【分析】由～是见质为品干燥剂，可知为，据AB、三种白色固体都含有同种金属元素及转化关系图中A、、的化系，而反应→，断定氢氧化钙与二氧化碳反应生成碳酸钙和水，则可推断B、分别为氢氧化钙、碳酸钙；再由C（酸钙）、两种物质相互转化的关