江西省重点中学协作体2022年物理高三上期中教学质量检测模拟试题含解析

2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先5．保持卡面清洁，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，目要求的。1、直线P1P2过均匀玻璃球球心O，细光束a、b平行且关于P1P2对称，由空气射入玻A．玻璃对a光的折射率较大B．玻璃对a光的临界角较小C．b光在玻璃中的传播速度较小D．b光在玻璃中的传播时间较短2、如图所示的几种情况中，不计绳、弹簧测力计、各滑轮的质量，不计一切摩擦，物体质量都为m，且均处于静止状态，有关角度如图所示．弹簧测力计示数F、FB、FC、AF由大DA．FD＞FB＞FA＞FCB．FD＞FC＞FB＞FAC．FB＞FD＞FA＞FCD．FC＞FD＞FB＞FA3、如图所示，甲、乙两个小孩各乘一辆冰车在水平冰面上游戏，甲和他的冰车总质量共为M=30kg，乙和他的冰车总质最也是30kg，游戏时甲推着一个质量m=15kg的箱子v=2m/s和他一起以大小为的速度滑行，乙以同样大小的速度迎面滑来，为了避免相撞，0A．4.4m/s4、冰壶比賽是在水平冰面刷擦冰壶运行前方的冰面，使冰壶与冰而间的动摩擦壶滑行至10m处擦冰2m，冰壶从推出间为8s，第二次在冰壶滑行至15m处擦冰2m，D．8.0m/s员两次以相同的速冰壶整个过程滑行的距离为x滑行时间为t，则B．x<25mC．t<8sD．t=8s5、在α粒子散射实验中，虚线是以原子核P为圆心的同心圆，相邻两个同心圆之间的a、b、c为轨迹上的三点个．则A．α粒子在a点的加速度B．α粒子在a点的动能最小C．α粒子在b点的电势能最大D．两点间的电势差U=U最大accb6、如图所示，竖直平面内有、、三点，三点连线构成一直角三角形，AB边竖直，ABCBC边水平，D点为BC边中点．一可视为质点的物体从A点水平抛出，经过D点，与AC交于E点．若A物体从运动到的时E间为，从A运动到的时间为，则:tDt2ttll2为A．1:1C．2:3D．1:3A．货物在0.21.2s内的加速度大小为1m/s2C．货物从A运动到B的过程中，货物与传送带间因摩擦产生的热量为2.4JD．货物从A运动到B的过程中，传送带对货物做的功为6.4J8、如图所示，有一水平椭圆轨道，M、N为该轨道的两个焦点，虚线AB、CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点，且AM=MO=OC=2cm，则下列说法正确的是A．若将+Q的点电荷放置在O点，则A、B两处电势、场强均相同B．若将+Q、-Q等量异种电荷分别放置在M、N点，则带负电的试探电荷在O处的电势能小于B处的电势能C．若从C处静止释放的电子仅在电场力作用下能在CD上做往复运动，则放置在M、N的点电荷电量越大，电子往复运动的周期越大D．若有一平行于轨道平面的匀强电场且A、B、C三点的电势分别为10V、2V、8V，则匀强电场场强大小为1002V/mg2v速度大小减小为0时，所用时间可能是（）2v02gv0A．C．B．D．g3v3v02g0g三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某电压表的内阻在20～30kΩ之间，为了测量其内阻，实验室提供下列可用的器材：A．待测电压表V（量程3V）B．电流表A1（程量200μA）C．电流表A2（程量5mA）D．电流表A3（程量0.6A）E．滑动变阻器R（最大阻值1kΩ）F．电源E（电动势4V）G．电键、导线若干（1）在所提供的电流表中应选用______（填器材前面的字母）。（2）其中电流表读数如图甲所示，则此读数为________。（3）为了尽量减小偶然误差，要求多测几组数据。试在图乙方框中画出符合要求的实_________________________。12．（12分）物理爱好者陈向阳同学，为了深入研究“动能定理或功能关系”，利用气垫k=100N/m的弹簧一端固定在导轨左端，右端紧靠质量m=1kg的滑块，但不连接。d；利用乙所示，则d=_________mm。Δx：陈向阳同学打开气源，调节气垫导轨至水平，并使滑块悬浮使弹簧压缩Δx，然后释放滑块，门的时间s，请你推断弹簧压缩量Δx=_____。(弹性势能在导轨上，向左与压缩量的关系式，结果保留两位有效数字)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程骤。13．（10分）如图所示,质量为m物块A被轻质细绳系住斜吊着放在倾角为30°的静止式和演算步3．细绳绕过定滑轮，左右两边与A与斜面间的动摩擦因数为O)3竖直方向的夹角α=30°、β=60°，细绳右端固定在天花板上，O'为细绳上一光滑动滑轮，下方悬挂着重物B．整个装置处于静止状态,重力加速度为g,最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力．求:(1)重物B的质量为多少时，A与斜面间恰好没有摩擦力作用？(2)A与斜面间恰好没有摩擦力作用时，水平地面对斜面的摩擦力为多大？(3)重物B的质量满足什么条件时，物块A能在斜面上保持静止？14．（16分）质量为m=0.5kg、长L=1m的平板车B静止在光滑水平面上，某时刻质量M=lkg的物体（视为质点）以=4m/s向右的初速度滑上平板车的上表面，在AvB0AB重力加速度取10m/s1．试求：gABFP点的①该入射光线射入圆柱体的入射角i；介质中，由P点运动至B点所用的时间（设光在真空中的速度为）c②光在圆柱体t参考答案一、单项选择题：题本共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：由图知，光线通过玻璃砖后，b光的偏折角大，则玻璃对b光的折射率较大，1较小，由sinC分析知，玻璃对a光的临界角较大．故故A错误．玻璃对a光的折射率ncB错误．由分析知，b光在玻璃中的传播速度较小，由ts分析知b光在玻璃中的传播时间较长．故D错过的路程较大，传播速度误．故选C．较小，故C正确．b光在玻璃砖通vnv考点：光的折射；全发射【名师点睛】此题考查了光的折射定律及全发射知识；解决本题的关键要明确折射率越大，光的偏折角越大，判断出折射率关系，再分析其他量之间的关系．2、A【解析】对A图中的m受力分析，m受力平衡，根据平衡条件得：2Fcos45mgA解得2mgFA2对B图中的m受力分析，m受力平衡，根据平衡条件得：FmgB对C图中的m受力分析，m受力平衡，根据平衡条件得：Fmgsin30C1mg2对D图中的m受力分析，m受力平衡，根据平衡条件得：2Fcos75mgD解得：mgFD2cos75所以有FFFF，故A正确。DBAC3、B【解析】推出设甲至少以速度v将箱子推出，箱子后甲的速度为v，乙的速度为v，取向右方甲乙守恒，甲和箱子向为正方向，则根据动量（M+m）v0=Mv+mv甲乙和箱子mv-Mv=（m+M）v0乙当甲与乙恰好不相撞时v＝v甲乙解得v＝5.2m/s故选B。v2两种情况下，初速度相同，在擦冰处匀速运动的位移相同，两段减速运动的位移x02a也相同，所以总位移相同，速度图象如图所示：根据图象可知，t＞8s。A．x=25m，与结论相符，选B．x<25m，与结论不相符，选项B错误；C．t<8s，与结论不相符，选项C错误；D．t=8s，与结论不相符，选项D错误；A。项A正确；故选5、C【解析】kQr2A、α粒子和原子核间的库仑斥力产生加速度，由a最大；A错误.可知b间距离最小，加速度B、C、α粒子从a到c的全过程知库仑斥力先做负功后做正功，由动能定理可得动能先减小后增大，电势能先增大后减小，即b点的动能最小和电势能最大；故B错误，C正确.D、相邻虚线圆间的d相等，而由点电荷的电场分布可知平均场强EE，则据accbUEd可得UUca；故D错误.bc故选C.【点睛】本题考查到了电势能、带电粒子在电场中的运动、等势面、电场力做功等几方面的知识点.解决此题的关键是对等势面的理解，等势面就是电场中电势相等的点各构成的面，等势面有以下几方面的特点：①、等势面一定与电场线垂直，即跟场强的方向垂直．②、在同一等势面上移动电荷时电场力不做功.③、电场线总是从电势高的等势面指向电势低的等势面．④、任意两个等势面都不会相交.⑤、等差等势面越密的地方电场强度越6、B2为，根据平抛运动规v0律，质点由A到E，gt2tan2vt1解得：t2vtan；01g同理：质点由A到D，1gttan2vt2202解得：t2vtan；02g故：=1：2；t1t2A.1:1，与结论不相符，选项A错误；B.1:2，与结论相符，选项B正确；C.2:3，与结论不相符，选项C错误；D.1:3，与符，选项D错误．结论不相二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】由加速度的定义知：货物在0.1-1.1s内的加速度为：vat1.20.221m/s21m/s2，故A正确；物块在传送带上先做匀加速直线运动，2当速度达到传送带速度，仍做匀加速直线运动，所以物块由到的间距对应图象所AB112围梯形的“面积”，为：=×1×0.1+×（1+1）×1=1.6m．故B错误；由图象可知，xv-t2v5m/s，对物体受摩物块在传送带上先做匀加速直线运动，加速度为：aa12t1mg擦力，方向向下，重力和支持力，得：sinθ+μmgcosθ=ma1…①；同理，做的匀加a1速直线运动，对物体受力分析受摩擦力，方向向上，重力和支持力，得：mgsinθ-μmgcosθ=ma1…②联立①②解得：sinθ=0.3，μgcosθ=1，根据功能关系，货物与传送带摩擦产生的热量等于摩擦力乘以相对位移，f=μmgcosθ=4N，做匀加速直线运a11动，位移为：=×1×0.1=0.1m，皮带位移为：=1×0.1=0.1m，相对位移为：△=xxx皮x1121位移为：=×（1+1）×1=1.5m，xx12-=0.1-0.1=0.1m，同理：做匀加速直线运动，x1a1皮=1×1=1m，相对位移为：△=-xxx1皮=0.5m，故两者之间的总相对位移为：皮111△=△△△=4×0.6J=1.4J，故+xxx=0.6m，货物与传送带摩擦产生的热量为：==CQWfx11正确；根据功能关系，由C中可知：=μmgcosθ=4N，做匀加速直线运动，由图象知fa1位移为：=0.1m，物体受摩擦力，方向向下，摩擦力做正功为：==4×0.1=0.4J，x1Wfx1f1同理做匀加速直线运动，由图象知位移为：=1.5m，物体受摩擦力，方向向上，摩x1a1擦力做负功为：=-=-4×1.5=-6J，所以整个过程，传送带对货物做功大小为：Wfxf116J-0.4J=5.6J，故D错误；8、BD【解析】A、点电荷处于点，则、两电处势相等，而A、B两点的电场强度大小相同，方OAB向不同；故A错误.B、将+Q、-Q等量异种别放置在M、N点，根据等量异种垂线电势为零，可知，O的处电势高于B，处依据EP=qφ，则有负电荷在O的处电势能小于B的处电势能，故B正确.C、若从C处静止释放的电子仅在电场力作用下能在上做CD往复运动，则放置在、MN的点电荷电量越大，依据库仑定律，可知，电子受到的电场力越大，则产生合力也越大，2d2cm2cm，根据U=Ed，则匀强电场场强为2E2100V/m1002V/m2；故D正确.故选BD.【点睛】考查点电荷的电场线的分布，等量异种电荷的等势面的解由电势确定电场线，注意求电势能时，关注电荷的电性，同时注意U=Ed，式中d是等势面的间距.9、AD分布，掌握库仑定律的内容，理【解析】物体向上先加速后减速，加速度先向上，后向下，根据牛顿运动定律可知物体先处于超重状态，后处于失重状态，故重物和手有共同的速度和加速度时，二者不会A正确；分离，故物体离开手的瞬间，物体向上运动，物体的加速度等于重力加速度，但手的加速度应大于重力加速度，并且方向竖直向下，此时物体对手的压力等于0，故BC错误，D正确。故选AD。【点睛】超重和失重仅仅指的是一种现象，但物体本身的重力是不变的，这一点必须明确．重物和手有共同的速度和加速的时，二者不会分离．10、BC【解析】v当滑块速度大小减为0时，其方向可能与初速度方向相同，也可能与初速度方向相反，2vvv0g3vvv因此要考虑两种情况，即v=0或v=-0，代入公式t=，得t=或t=0，0g22a故BC正确AD错误。故选BC。(2)[2]电流表的量程为0-200μA，分度值为4μA，电流表的读数为120μA。[3]因为滑动变阻器的总阻值远小于电压表的内阻，所以滑动变阻器应选用分压式接法，电路图如图所示：12、4.00.40【解析】（1）由图知第10条刻度线与主尺对齐，d=3mm+10×0.1mm=4.0mm。（2）滑块通过光电门时的速度为：，根据能量守恒得：，即，代入数据解得：。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。3m(2)f33mg,方向水平向右613、(1)mB13313mmmB(3)3【解析】(1)受力分析可知：A与斜面间恰好没有摩擦力作用即f=0，根据平衡条件：3Nsin300Tsin300,2Tcos300mg，解得：mg3T，由B受力平衡可知：11mTB3mg；3fNsin30(2)对斜面体受力分析和平衡条件可知：063mg；(3)如果物体A恰好不上滑，则对A，平行斜面方向：T1cos30°-mgsin30°-f=0垂直斜面方向：N+T1sin30°-mgcos30°=0mg(13)；解得：T13如果物体A恰好不下滑，摩擦力反向，则对A平行斜面方向：T2cos30°-mgsin30°+f=0垂直斜面方向：N+T2sin30°-mgcos30°=0mg(13)；解得：T13对物体B，根据平衡条件，有：2Tcos60°=m′g故绳子的拉力等于物体B的重力，故物体B的质量范围为：．mg(13)mmg(13)3314、(1)1NF3N(1)x0.5m【解析】物体A不滑落的临界条件是A到达B的右端时，的最小值．另一种临界情况是A、B速度相