有机物的推断和合成

/有机物的推断和合成【专题目标】掌握各类有机物分子结构的官能团的特点，理解其官能团的特征反应,根据物质性质推断分析其结构和类别。理解有机物分子中各基团间的相互影响。关注外界条件对有机反应的影响。掌握重要有机物间的相互转变关系.【经典题型】题型１：根据反应物官能团的进行推导【例1】为扩大现有资源的使用效率,在一些油品中加入降凝剂Ｊ，以降低其凝固点，扩大燃料油品的使用范围。Ｊ是一种高分子聚合物,它的合成路线可以设计如下,其中Ａ的氧化产物不发生银镜反应：试写出：(l）反应类型；a、b、P（２)结构简式；Ｆ、H（3）化学方程式：D→EE＋K→Ｊ【解析】根据产物Ｊ的结构特点,采用逆推的方法得到K、H、Ｇ、F中含有碳碳双键,所以F为１,4加成产物。【规律总结】（1）合成原则：原料价廉，原理正确,途径简便，便于操作,条件适宜,易于分离。（2）思路：将原料与产物的结构进行对比,一比碳干的变化，二比官能团的差异.①根据合成过程的反应类型，所带官能团性质及题干中所给的有关知识和信息,审题分析，理顺基本途径。②根据所给原料，反应规律,官能团引入、转换等特点找出突破点.③综合分析,寻找并设计最佳方案。（3)方法指导：找解题的“突破口"的一般方法是:a.找已知条件最多的地方,信息量最大的；b。寻找最特殊的—-特殊物质、特殊的反应条件、特殊颜色等等；c．特殊的分子式，这种分子式只能有一种结构；d．如果不能直接推断某物质，可以假设几种可能，认真小心去论证,看是否完全符合题意。(４）应具备的基本知识：①官能团的引入：引入卤原子(烯、炔的加成，烷、苯及其同系物，醇的取代等);引入双键(醇、卤代烃的消去，炔的不完全加成等）;引入羟基（烯加水,醛、酮加Ｈ２,醛的氧化，酯水解,卤代烃水解,糖分解为乙醇和CO２等）；生成醛、酮(烯的催化氧化，醇的催化氧化等)②碳链的改变：增长碳链（酯化、炔、烯加HCN，聚合，肽键的生成等);减少碳链(酯水解、裂化、裂解、脱羧,烯催化氧化，肽键水解等）③成环反应(不饱和烃小分子加成-—三分子乙炔生成苯；酯化、分子间脱水，缩合、聚合等）题型2:有机合成【例2】在有机反应中,反应物相同而条件不同，可得到不同的主产物．下式中R代表烃基，副产物均已略去。请写出实现下列转变的各步反应的化学方程式，特别注意要写明反应条件。（1）由ＣH３ＣH2CH２CH2Br分两步转变为CＨ3CＨ２CHBrCH3(2)由(ＣＨ３）2CHCH=CH2分两步转变为（CＨ3）2CHCＨ２CH2OH【解析】（1)比较反应物和最终产物,官能团的位置发生了变化，充分利用题给信息，先消去，后加成。（1)比较反应物和最终产物,官能团的位置发生了变化，充分利用题给信息，先加成，后水解。题型３:根据题目提供信息,进行推断。【例3】请认真阅读下列3个反应：利用这些反应，按以下步骤可以从某烃A合成一种染料中间体DSD酸。ﻩ请写出A、B、Ｃ、Ｄ的结构简式。A__＿____＿_＿＿_＿____＿＿_B__＿_______＿＿____＿Ｃ___＿__＿_＿__＿＿__D___＿_＿______＿_【解析】采用逆推法，充分使用题给信息，推得A为甲苯，先硝化得到Ｂ,磺化得到C.由于氨基容易被氧化，所以C应该发生3反应,然后还原。【规律总结】【巩固练习】1、松油醇是一种调香香精，它是α、β、γ三种同分异构体组成的混合物,可由松节油分馏产品A(下式中1８O是为区分两个羟基而人为加上的)经下列反应制得：试回答:（１)α—松油醇的分子式(２)α-松油醇所属的有机物类别是（多选扣分）（a)醇(b)酚（c)饱和一元醇（３）α—松油醇能发生的反应类型是（多选扣分）（a)加成（b)水解(ｃ)氧化(4）在许多香料中松油醇还有少量的以酯的形式出现，写出RCOＯH和α—松油醇反应的化学方程式。（５)写结简式:β—松油醇，γ—松油醇2、化合物A最早发现于酸牛奶中,它是人体内糖代谢的中间体，可由马铃薯、玉米淀粉等发酵制得,Ａ的钙盐是人们喜爱的补钙剂之一。A在某种催化剂的存在下进行氧化，其产物不能发生银镜反应。在浓硫酸存在下,A可发生如下所示的反应。浓硫酸浓硫酸BC2H5OH浓硫酸AC3H6O3CH3COOH浓硫酸DE能使溴水褪色浓硫酸加热加热F(六原子环化合物)C6H8O4试写出：⑴化合物的结构简式：A，B,D.⑵化学方程式:A→E，A→F。⑶反应类型:A→E，A→Ｆ。【随堂作业】1．工业上可用乙基蒽醌（Ａ)制备Ｈ２O2，其工艺流程可简单表示如下：（１)Ａ的分子式为_＿＿___,B的分子式为______＿.（2）涉及氧化反应的反应式可写成:_____＿___＿_＿＿__.涉及还原反应的反应式可写成:__________＿_。(3)“绿色化学”是当今社会人们提出的一个新概念。在绿色化学中，一个重要的衡量指标是原子的利用率，其计算公式为：原子利用率＝期望产品的摩尔质量/化学方程式按计量所得产物的摩尔质量如,则制备学工艺”中，理想状态原子利用就为100％，试问该法生产H2O2可否称为理想状态的“绿色工艺”？简述理由.2、已知乙烯在催化剂作用下，可被氧化生成乙醛，试以为主要原料合成。写出有关的化学方程式。＿____＿＿__＿________＿_____＿＿__＿____＿_________＿__＿。3、写出以为原料制备的各步反应方程式。(必要的无机试剂自选）＿__＿＿__＿_＿_＿____＿__＿_＿___＿___＿_＿_＿____＿＿_＿_＿______＿_＿＿_。4、提示:通常，溴代烃既可以水解生成醇，也可以消去溴化氢生成不饱和烃。如:请观察下列化合物A～H的转换反应的关系图(图中副产物均未写出），并填写空白:（1）写出图中化合物C、G、H的结构简式：C___＿＿＿＿＿、G_＿_＿__＿_、H_＿＿___＿.(２)属于取代反应的有（填数字代号，错答要倒扣分)___＿＿__＿。5、通常情况下，多个羟基连在同一个碳原子上的分子结构是不稳定的,容易自动失水,生成碳氧双键的结构：ﻫﻩ ﻫﻩ下面是9个化合物的转变关系：ﻫﻩﻫ （1）化合物①是_＿_____＿___,它跟氯气发生反应的条件A是＿________

ﻩ（2）化合物⑤跟⑦可在酸的催化下去水生成化合物⑨，⑨的结构简式是：__＿_＿__名称是___＿__＿________＿______ﻫ (３)化合物⑨是重要的定香剂，香料工业上常用化合物⑧和②直接合成它.此反应的化学方程式是＿＿___＿___＿____＿_______＿_＿＿＿____________＿＿_＿.6、由乙烯和其它无机原料合成环状化合物E，其合成过程如下：⑴写出A、B、Ｃ、D的结构简式Ａ，Ｂ，Ｃ,D。⑵写出A和E的水解反应的化学方程式:A水解：；E水解：。7、下图中①—⑧都是含有苯环的化合物。在化合物③中,由于氯原子在硝基的邻位上，因而反应性增强，容易和反应试剂中跟氧原子相连的氢原子相结合，从而消去HＣｌ。请写出图中由化合物③变成化合物④、由化合物③变成化合物⑥、由化合物⑧变成化合物⑦的化学方程式(不必注明反应条件,但是要配平）. ﻩ③→④ﻩ③→⑥ ⑧→⑦ﻩ8、某高校曾以下列路线合成药物心舒宁(又名冠心宁），它是一种有机酸盐。ﻩﻩﻫ(1）心舒宁的分子式为。ﻩ（2)中间体（=１＼＊ROMANI）的结构简式是.

(3)反应①~⑤中属于加成反应的是（填反应代号）。

（4)如果将⑤、⑥两步颠倒,则最后得到的是(写结构简式）.9、在金属锂和碘化亚铜存在的条件下,卤代烃间发生反应生成一种新的烃,如：把下列各步变化中的有机产物的结构简式填入方框中:题型解决技巧【专题目标】熟悉高中常见题型掌握一般的解题方法及技巧【经典题型】选择题选择题是化学高考中广泛采用的一种题型。它具有构思新颖、灵活巧妙，知识容量大，覆盖面广，考试的客观性强，答题简单,评分容易、客观准确等优点。不但能用来考查考生基础知识的掌握程度，还能用来考查考生的思维敏捷性。总之,这类习题可衡量学生能否准确地运用基本概念、基本理论和基本计算来解答问题，对学生扎扎实实地打好基础、发展智力、培养能力都起一定作用。化学选择题的解法没有一个通用的解法。但不管哪种解法都要经过认真审题、析题、解题这几个环节。选择题的类型有多种,在结构上一般由题干和选项两部分组成。由于选择题是从题干的信息和选项中找出正确答案,因此解题方法上还是有其特点的.【题型一】直接法【例1】已知自然界氧的同位素有16O、17O、1８O,氢的同位素有H、D,从水分子的原子组成来看，自然界的水一共有（A)3种（B）６种(Ｃ)9种(D)1２种【点拔】：从水的分子组成（Ｈ２O）来看,3种氧原子分别与2种氢原子可构成6种水分子，此外，2种氢原子混合与3种氧原子又可构成3种水分子,因此自然界中的水一共有9种。即：H216Ｏ、H２1７O、Ｈ218Ｏ、D１6O、D17Ｏ、Ｄ1８O、HD1６O、HＤ1７O、ＨＤ18O.【例2】下列离子方程式书写正确的是（Ａ）FeCｌ2溶液中通入氯气：Ｆe２+＋Ｃl２Fｅ3++2Cｌ-(B）澄清石灰水与少量小苏打溶液混合：Ca2＋+OH—+HＣO3—CaＣO3↓+H2O（C)ＦeＳ固体放入稀硝酸溶液中：ＦeS＋2Ｈ+Fe2＋+Ｈ2S↑(D）AｌCl3溶液中加入过量氨水：Al3＋＋4OH-AlＯ２—+2Ｈ2O【点拔】：离子方程式的书写是高考化学中的一个常考点。根据质量守恒、电荷守恒及书写离子方程式的有关规则对各个备选答案进行一一分析,即可全面作答。(A)中质量守恒,但电荷不守恒；(C)中稀硝酸具有强氧化性，其产物应为Fe３+、S、NO和水,其离子方程式与事实不符；(D)中氨水碱性比较弱,不可能和Al3+反应生成AlO２—，它们的反应产物应为氢氧化铝，因此该离子方程式也与事实不符.。【规律总结】根据题干所给的信息，直接求出答案，然后再跟选项比较找出正确选项。【巩固】1．混合下列各组物质使之充分反应,加热蒸干产物并在30０℃灼烧至质量不变,最终残留固体为纯净物的是(A）向CuSO４溶液中加入适量铁粉（B）等物质的量浓度、等体积的（NH4）2SO4与BaCｌ2溶液(C)等物质的量的ＮaＨCＯ３与Ｎａ２O2固体(D）在NaBr溶液中通入过量氯气2。短周期元素单质A和Ｂ中,分别加入足量的酸,在A中加入盐酸，在Ｂ中加入稀H2SＯ4，反应完全后,生成相同状况下的H2的体积分别为VＡ和ＶB,而且VＡ≠VＢ若要确定反应生成物中Ａ和B的化合价，至少还需知道的数据是A。VＡ∶ＶＢ的值B．VＡ或ＶB的值Ｃ．A或Ｂ的物质的量D。HCl和H２ＳO4的物质的量浓度【题型二】筛选法【例1】在pＨ=１的无色溶液中能大量共存的离子组是（A）NH4+、Mg2+、SO42—、Cl—（B)Ba2+、K+、OH—、NＯ３—(C）Ａl３+、Cu2+、SO42—、Cl—(Ｄ）Nａ＋、Ca2+、Cl—、AlO2-【点拔】离子共存题是高考题的常考点之一。本题有两个限定条件，一是pH=1，表明溶液为强酸性溶液，二是无色溶液。按此两个条件再加上离子是否共存对各个选项进行逐项分析。(Ａ）组离子在酸性条件下可以共存，且为无色,符合题意；(B)组离子为无色，可以共存，但其中的ＯH—与H+不能共存，应予排除；（C)组离子在酸性条件下可以共存,但其中的Cu２＋在水溶液中显蓝色，也应排除；（D）组离子中AlO2—在酸性条件下会迅速水解而不能共存，也应排除。【例２】水的状态除了气、液和固态外，还有玻璃态，它是由液态水急速冷却到1６５K时形成的，玻璃态的水无固定形状、不存在晶体结构，且密度与普通液态水的密度相同，有关玻璃态水的叙述正确的是(A)水由液态变玻璃态,体积缩小（B）水由液态变为玻璃态,体积膨胀（C）玻璃态是水的一种特殊状态（D）玻璃态水是分子晶体【点拔】本题是一个信息给予题，读懂信息是解题的关键.由题给信息知,玻璃态水的“密度与普通液态水的密度相同”，表明水由液态变玻璃态其体积不变；此外，“玻璃态水无固定形状,不存在晶体结构",因而答案(A）（B）(D)错误,【规律总结】又称排除法或淘汰法。根据题干所给的条件和要求，将选项中不合题意的答案，逐个排除,加以淘汰,剩下来的就是正确答案。【巩固】1.在常温下，１0mＬpH==１０的氢氧化钾溶液中，加入pH＝=4的一元酸HA溶液至ｐＨ刚好等于7（假设反应前后总体积不变），则对反应后溶液的叙述正确的是（A）c（A—)=＝c（K＋)(Ｂ）c(Ｈ+)=＝ｃ(ＯH—）<ｃ（K＋)〈c(A—)（Ｃ)V总≥20mL(D)Ｖ总≤2０mL２．拟除虫菊酯是一类高效、低毒、对昆虫具有强烈触杀作用的杀虫剂,其中对光稳定的溴氰菊酯的结构简式如右图：COOCOOCNOBrBr下列对该化合物叙述正确的是(A)属于芳香烃（B）属于卤代烃（Ｃ）在酸性条件下不水解（D)在一定条件下可以发生加成反应【随堂作业】1.下列叙述中,正确的是质子数相同的两微粒，一定属于同一元素只含一种元素的物质一定是纯净物只含一种分子的物质一定是纯净物生成了新物质的变化一定是化学变化2.在Ｃ4H1０Ｓ中，S原子以两个单键与其它原子相连接，它具有的同分异构体的数目为A、７B、6C、5D、4３.下列说法不正确的是增大某反应物的浓度,该反应速率一定加快在Fｅ与稀硫酸反应时，向其中滴加少量CuＳO４溶液,生成氢气的速率加快。在Zｎ与稀硫酸反应时,向其中滴加少量CH3CＯＯNa溶液,生成氢气的速率加快。电解质溶液导电的过程实质上是在阴、阳两极发生氧化还原反应的过程。4．下列反应的离子方程式书写正确的是向澄清的石灰水中通入过量的CO2CO２＋OＨ—=HCO３—向FeBr2溶液中通入少量Cl22Br－+Cl2=Ｂr2+2Cｌ－向Ca（ＣｌO)2溶液中通入过量ＣO2Ca2++2CｌO—＋2H2O+CＯ2==＝CaCO３↓+2ＨClO向氨水中通入少量ＳＯ2NH３•Ｈ２O+SO2===NＨ4+＋HSO3-5．．①、②、③有三瓶体积相等，浓度都是1mol·Ｌ－1的HCｌ溶液,将①加热蒸发至体积减少一半,在②中加入少量CＨ３ＯOONａ固体（加入后溶液仍呈强酸性），③不作改变，然后以酚酞作指示剂，用ＮａOH溶液滴定上述三种溶液,所消耗的NaOＨ溶液体积是A、①=③〉②B、③>②〉①C、③=②〉①D、①=②=③6。甲、乙、丙、丁分别是Aｌ2(ＳO４)３，FｅSＯ3，NaOＨ,ＢaCl２四种物质中的一种,若将丁溶液滴入乙溶液中，发现有白色沉淀生成,继续滴加则沉淀消失，丁溶液滴入甲溶液时，无明显现象发生,据此可推断丙物质是A、Ａl２（SO4）3B、NaOHC、BaCl2Ｄ、FeSO３７。绿色化学对于化学反应提出了“原子经济性”（原子节约）的新概念及要求。理想的原子经济性反应是原料分子中的原子全部转变成所需产物,不产生副产物，实现零排放.下列几种生产乙苯的方法中,原子经济性最好的是（反应均在一定条件下进行)A+C2H５Ｃl→+HClB+C2H。5OH→+Ｈ2OC+CH２=CH2→D→+HBr；＋H２→8．以下说法正确的是A纳米材料是指一种称为“纳米"的新物质制成的材料B绿色食品是指不含任何化学物质的食品Ｃ生物固氮是指植物通过叶面直接吸收空气中的氮气D光导纤维是以二氧化硅为主要原料制成的9。有人曾建议用AG表示溶液的酸度，AG的定义为AＧ＝lg(［H+］/［OH－］)。下列表述正确的是A在25℃时,若溶液呈中性，则ｐＨ＝７，AG＝1Ｂ在25℃时，若溶液呈酸性，则pＨ＜7，AG＜０C在25℃时，岩溶液呈碱性，则ｐH>7，AＧ＞0D在25℃时，溶液的pH与ＡG的换算公式为ＡＧ=2(7-pH)10．Ｌ–多巴是一种有机物，它可用于帕金森综合症的治疗，其结构简式如下:这种药物的研制是基于获得20００年诺贝尔生理学或医学奖和获得2001年诺贝尔化学奖的研究成果.下列关于L–多巴酸碱性的叙述正确的是A既没有酸性，又没有碱性Ｂ既具有酸性,又具有碱性C只有酸性，没有碱性D只有碱性,没有酸性11．为了除去蛋白质溶液中混入的少量氯化钠，可以采用的方法是A过滤B电泳C渗析D加入AｇNＯ3溶液，过滤12．R、X、Ｙ和Z是四种元素，其常见化合价均为＋２价,且X2+与单质R不反应;Ｘ２＋＋Z＝X+Z2+;Y＋Z2＋=Y２＋＋Z。这四种离子被还原成０价时表现的氧化性大小符合AＲ２+＞X2+>Z2+＞Y2+BX2＋>Ｒ2+＞Y2+＞Z2＋CY2+＞Z2+>R２＋〉X2＋DZ２+＞X2+＞R2+>Y2＋13．将40mL1．5moｌ·L-1的CuSO4溶液与30mL３mol·Ｌ－1的ＮaＯH溶液混合，生成浅蓝色沉淀,假如溶液中[Cu2＋]或[OＨ－]都已变得很小，可忽略，则生成沉淀的组成可表示为ACu（ＯH)2BCuＳO4·Cu（OH)２CＣｕＳO4·2Cu（ＯＨ)2ＤCｕSＯ４·3Cu(OH）214.在原电池和电解池的电极上所发生的反应,同属氧化反应或同属还原反应的是Ａ原电池的正极和电解池的阳极所发生的反应B原电池的正极和电解池的阴极所发生的反应C原电池的负极和电解池的阳极所发生的反应D原电池的负极和电解池的阴极所发生的反应1５．在一定条件下，分别以高锰酸钾、氯酸钾、过氧化氢为原料制取氧气,当制得同温、同压下相同体积的氧气时，三个反应中转移的电子数之比为Ａ１︰１︰１B2︰2︰1C２︰３︰1D4︰３︰2１6。碘跟氧可以形成多种化合物，其中一种称为碘酸碘，在该化合物中,碘元素呈+3和+5两种价态，这种化合物的化学式是AI2O３B12O4ＣI4O7ＤI４O9１７.下列各组物理量中，都不随取水量的变化而变化的是A．水的沸点；蒸发水所需热量Ｂ。水的密度;水中通人足量CO2后溶液的pHC。水的体积；电解水所消耗的电量D．水的物质的量;水的摩尔质量18．在一支25mL的酸式滴定管中盛入0．ｌmol·Ｌ－1HＣl溶液，其液面恰好在5mＬ的刻度处,若把滴定管中的溶液全部放入烧杯中,然后以０。lmoｌ·L-１NaOH溶液进行中和。则所需ＮaOＨ溶液的体积A．大于20mLB.小于20mＬC。等于20mLD。等于5mＬ19．具有单双键交替长链（如:…）的高分子有可能成为导电塑料。2０00年诺贝尔（Nobｅl)化学奖即授予开辟此领域的3位科学家。下列高分子中可能成为导电塑料的是Ａ聚乙烯Ｂ。聚丁二烯C.聚苯乙烯Ｄ．聚乙炔20。有一种磷的结构式是，有关它的下列叙述不正确的是A。它完全燃烧时的产物是Ｐ２O５Ｂ．它不溶于水C．它在常温下呈固态D．它与白磷互为同分异构体21。将ag含ＮaOH样品溶解在bmＬ0。ｌmol·L—1的硫酸中，再加入cｍL0．1mol·Ｌ－1的氢氧化钡溶液，反应后所得溶液恰好呈中性，则样品中NaOH的纯度是（NaＯＨ式量为40）Ａ.［（b—c)／１２５a］×１00％Ｂ.[（ｂ—2c)/１25a]×100%C[（b—c)/250a]×１００％D［（8b－8ｃ)／a]×１00％22．已知化合物B3N3H６(硼氮苯)与Ｃ6H6(苯）的分子结构相似,如下图:则硼氮苯的二氯取代物B３Ｎ3H４ＣI2的同分异构体的数目为A.2B。3C。4D。６2３.下列具有特殊性能的材料中，由主族元素和副族元素形成的化合物是Ａ.半导体材料砷化镓B.吸氢材料镧镍合金Ｃ.透明陶瓷材料硒化锌Ｄ。超导材料Ｋ3Ｃ６０24。重金属离子有毒性。实验室有甲、乙两种废液,均有一定毒性。甲废液经化验呈碱性,主要有毒离子为Ba2＋离子，如将甲、乙两废液按一定比例混合,毒性明显降低。乙废液中可能含有的离子是ACｕ2＋和SO42—BＣu２＋和Cl－ＣK＋和ＳO４2－DAg+和NO3—２5．金属加工后的废切削液中含２～5%的NaＮO２，它是一种环境污染物。人们用ＮH4Cl溶液来处理此废切削液,使ＮａＮＯ2转化为无毒物质。该反应分两步进行：第一步：NaＮO2＋NＨ４Cl→ＮaCl＋NH4NO2第二步：NH４ＮO2N2↑＋２H2O列对第二步反应的叙述中正确的是①NＨ４NO2是氧化剂②NH4ＮO２是还原剂③NH4NO２发生了分解反应④只有氮元素的化合价发生了变化⑤NH4NＯ2既是氧化剂又是还原剂A①③B①④C②③④Ｄ③④⑤第28届国际地质大会提供的资料显示，海底有大量的天然气水合物,可满足人类１000年的能源需要.天然气水合物是一种晶体，晶体中平均每46个水分子构建成８个笼，每个笼可容纳五个CＨ4分子或1个游离Ｈ２O分子.根据上述信息，完成下两题：２６。下列关于天然气水合物中两种分子极性的描述正确的是Ａ两种都是极性分子B两种都是非极性分子ＣCH4是极性分子,H2O是非极性分子DH2Ｏ是极性分子,CH4是非极性分子27．若晶体中每8个笼只有6个容纳了ＣH4分子，另外2个笼被游离H2Ｏ分子填充,则天然气水合物的平均组成可表示为ACH4·14H2OＢCH4·8Ｈ2OCCＨ4·（23／３）H2ODＣH4·6Ｈ2O２８．C8H18经多步裂化,最后完全转化为C4H8、C3H6、Ｃ2H4、C2H6、ＣH4五种气体的混合物。该混合物的平均相对分子质量可能是A28B3０Ｃ38D40２9．世界卫生组织(ＷＨO）将二氧化氯CｌＯ2列为Ａ级高效安全灭菌消毒剂，它在食品保鲜、饮用水消毒等方面有着广泛应用.下列说法正确的是()A二氧化氯是强氧化剂Ｂ二氧化氯是强还原剂C二氧化氯是离子化合物Ｄ二氧化氯分子中氯为负１价我国某著名学者在潜心研究后认为：创造=需要×（设想）2。这表明,设想在创造思维中起着重要作用。下列各题均与设想有关。3０．“若在宇宙飞船的太空实验室（失重条件下)进行以下实验,其中最难完成的是A将金粉和铜粉混合Ｂ将牛奶加入水中混合C蒸发食盐水制取食盐晶体D用漏斗、滤纸过滤除去水中的泥沙31.学生用滤纸折成一只纸蝴蝶并在纸蝴蝶上喷洒某种试剂,挂在铁架台上。另取一只盛有某种溶液的烧杯，放在纸蝴蝶的下方（如图)。过一会儿,发现纸蝴蝶的颜色由白色纸蝴蝶上的喷洒液转变为红色，喷洒在纸蝴蝶上的试剂与小烧杯中的溶液是（）AＢCＤ纸蝴蝶上的喷洒液石蕊酚酞酚酞石蕊小烧坏中的溶液浓盐酸浓氨水氢氧化钠溶液浓硫酸32。在烧杯中加入水和苯（密度:0．8８g/ｃｍ3)各5０mL。将一小粒金属钠（密度:0。97g/ｃm3）投入烧杯中。观察到的现象可能是（）A钠在水层中反应并四处游动B钠停留在苯层中不发生反应Ｃ钠在苯的液面上反应并四处游动D。钠在苯与水的界面处反应并可能作上、下跳动【经典题型】简答题简答题要求考生用简练的文字表述来回答问题.它具有取材广阔，内涵丰富，立意新颖,设问巧妙，思考容量大,能力要求高。而且常把识记、理解、实验、推论和计算等多方面、多层次的要求融于一题之中，往往具有一定的难度，对学生能力要求较高.简答题是填空题的变形，即把空格变成问句，所以它们的功能基本相似.它不但用来考查考生的各种能力(理解能力、观察能力、思维能力、文字表达能力），还用来考查考生掌握知识的情况。不但用来考查考生是否“知其然"，还要考查考生能否“知其所以然”。解题时首先要紧扣题意,认真审题,抓住关键;其次回答问题时,不但要回答出“是什么”，重点还要回答出“为什么”，回答问题一般要体现“前提、理由、结论"的答题过程,切忌顾此失彼；最后联系题意综合分析、归纳，并作语言的加工提练,做到原理正确、回答切题、语言精练、意思完整。【题型一】因果分析法因果分析法要求根据题给事实或现象,进行分析、推理，并说明其原因或目的,最后阐述结果，作出正确答案.【例1】（１）明矾具有净水作用,但某些工厂用FｅCｌ3代替明矾,简答FeCl3净水作用的原理。(２）用石灰抹墙有硬化过程，水泥砌墙也有硬化过程，比较其硬化原理。（3）在铸造工业中常将水玻璃与石英砂混合制成模具，然后将模具浸泡在NH４Ｃl溶液中使之定型,简答其工艺原理。【点拔】这是用元素化学知识解释实际生产中化学问题的简答题.根据题意分析,用AｌCl3可净水，其原理是AlＣｌ3为弱碱强酸盐，Ａｌ３+发生水解产生Al（OH)3胶体,其表面积大吸附水中杂质，达水净化目的.而FeCl3溶液中Fｅ3+水解程度也很大，也能生成Ｆe(OH)3胶体，达净化水目的；石灰抹墙硬化是Ca（OH)2与空气中CO2反应,生成ＣaＣO3的结果，而水泥硬化是硅酸盐与水作用，生成胶状物，胶状物发生凝聚,生成强度大的晶体的结果;定型固化：水玻璃成分是Ｎa２SiＯ3水溶液，而SiO32-水解程度大,其溶液呈碱性SiO32—+２Ｈ2ＯH２SｉＯ３+２ＯH-；ＮH４Cl溶液中,ＮH4+水解，溶液呈酸性，NH4++H2ONＨ3·Ｈ2O+H+。两溶液相遇,使两者水解平衡向正反应方向移动，生成不溶性Ｈ2SiO3把石英砂粘结起来,使之定型.本题主要考查分析、比较、逻辑思维，语言表达和灵活运用知识的能力。【例２】酸雨主要是由燃烧含硫燃料时所排放的尾气中的ＳO2造成的。现每隔一定时间测定某份雨水样品的ｐH值:请回答：在测定时间里，雨水样品的PH值变小的原因。【点拔】这是有关ＳO2、H２SＯ３的性质联系实际的环境化学测试题，只要熟悉含硫燃料燃烧排放的ＳO2、H２SO3的性质,就能准确解答.在简答中可用化学方程式配合简要的文字加以说明。要注意SＯ2与H2Ｏ反应生成H2SO3，Ｈ2SO3既有弱酸性又有还原性，易被空气中O2氧化成H2SO4,而H2SO４为强酸，因此雨水的pH值减小。特别需注意pH值的不断减小，ｃ（Ｈ＋）不断增大，不应认为是SＯ2续溶解雨水中造成的，因空气中ＳO２含量不可能很大，而ＳＯ2在水中溶解度较大(1∶４0），雨水对SＯ2吸收不是缓慢进行。【规律总结】简答题的解法没有固定的格式.化学简答题主要考查综合分析、比较、逻辑思维、语言表达和灵活运用知识的能力。解题的关键是把握说明的理论根据，然后搞清因果关系。表达时要求条理清晰,化学用语准确，文字叙述简捷明了。【巩固】1．苏打和小苏打有着广泛的应用.试从反应物的消耗量角度说明在下列用途中选用苏打还是小苏打?为什么？(1)做面条时防止面粉较长时间储存变酸味,常加入适量的面碱，面碱就是，为什么不选用另一种？(2)作为泡沫灭火器中的药品,应选用原因是什么？2。BｉCｌ3水解生成ＢiOCｌ沉淀.（１)写出水解反应的离子方程式_＿__＿__＿＿_____＿_＿＿_____(2)医药上把BiOCl叫作次氯酸铋,该名称___＿＿___（填“合理"或“不合理”),其理由是_＿___＿___＿____＿_＿＿_.(3）配制ＢiCl3溶液时，其方法是＿＿_____＿_＿＿___＿___＿_______.(4)把适量固体BiＣl3置于浓NaCl溶液可得到澄清溶液，其原因是______＿__＿＿_＿___＿_．【题型二】分析判断法此法要求考生根据题设情境先总结、归纳、分析、判断、统摄成规律性的结论,再按此结论来作出对限定条件下的判断、分析，最后得出结论.【例1】已知有下列反应：(1）ＣuＳＯ4+H2S=CuS↓＋H2SＯ4(2）Ｂr2+H2Ｓ=S↓+2ＨBｒ或４Br2+H2S+4H２O=H2SＯ4+８HBr依下述方法之一可以测定被污染空气中的H２S含量:将已知体积的空气通过溴水或CｕＳＯ4溶液并测定其电导变化（电导即溶液电阻的倒数,表示溶液的导电性能,当离子浓度不太大的时候,电导随离子浓度近似地成正比关系).上述吸收剂之一可用来测定很大浓度范围的Ｈ２S含量（每立方米空气中含０－50毫升H2Ｓ);而另一种吸收剂用于低浓度范围的H2S含量（每立方米空气中含0—5毫升Ｈ2S)，但是后者有很高的灵敏度。试指出分析情况下选择吸收剂的依据.【点拔】这题是信息给予题,也属于综合评价题，考查自学能力.通过阅读题干内容，分析出其中要点，即未学过的新知识:①电导与离子浓度有近似正比关系；②从题干中反应,H2Ｓ是弱电解质，反应后转化为强电解质。随反应进行,离子浓度不断增大，因此电导增大,故可测知H2S的含量；③两种吸收剂溶解度不同，CuSO4易溶于水，所配溶液浓度大，故可吸收H2Ｓ的量就大；而Ｂr2在水中的溶解度有限，故吸收H2Ｓ的量就不大，两种吸收剂分别适合测定H2Ｓ浓度大范围及浓度小范围的要求。根据（1）反应,生成H2SO４溶液离子浓度大,即H2ＳO4完全电离H2ＳＯ4=2H＋+SO４2－，1molH2SＯ4电离3mol离子，而原ＣuＳO４也为强电解质完全电离CuSO4=Cu2++SO42—，1molCuSＯ4，电离出２ｍol离子，显然反应后离子总浓度增大,因此增大电导性能，而且CuSO４易溶，可配制浓度大的溶液，吸收Ｈ2S容量大,从而适用于测定高浓度范围的H2S的污染空气.由反应(2）可知由Ｂr２吸收弱电解质H2S后,生成２ｍoｌ强电解质HＢr（或1molH２SO4或８moｌHBr）,离子浓度明显增大，电导也随之增大,所以可以更精确测定H2S的含量（灵敏度大).但因Ｂr2水不能制得高浓度溶液,因此溶液吸收Ｈ2S容量有限,从而适用于测定低浓度范围的H2S污染空气.本题考查学生自学能力、综合分析、评价能力，题干给出材料新颖的信息知识,应通过阅读准确分析提供信息，透过现象分析本质,抓突破口，培养严密、科学的思维能力。【例2】解释下列实验问题：(１）浓盐酸易挥发，使产生的气体中含杂质HＣｌ，为什么实验室还用浓盐酸与MnO2反应制Cl２而不使用稀盐酸?(2）实验室用电石制乙炔时，通常用饱和食盐水代替水，并且用分液漏斗控制加入？（３）实验室用Nａ2SＯ３固体和硫酸反应制取ＳO2气体时，既不用稀H２SO4,也不用浓H２SO4,而是用中等浓度的H2ＳO4，为什么？【点拔】(1）因为用稀盐酸与MnO２反应几乎得不到Cl2,所以尽管能引入杂质ＨCl也只好使用浓盐酸。制得氯气中的HCl杂质可用饱和食盐水除去。（２）电石ＣａC2与Ｈ2Ｏ反应生成Ｃ2Ｈ2气体是一个很剧烈的反应.所以应设法控制反应，适当降低速度。将H2O换成饱和食盐水,可以降低H2O分子的浓度、减慢反应速度。用分液漏斗控制加入,可以减小水与反应物的接触面积,减缓反应速度，使气体平稳放出。(3)SO2气体易溶于水，溶解度为1∶40,但比起HCｌ、NH3,又小得多.Ｎａ2ＳＯ3与Ｈ2SO4反应产生ＳO2气体,本质上是离子反应。所以使用浓H２ＳO４时,由于Ｃ（Ｈ＋)太小(浓H2SO4中主要为Ｈ2SO4分子），反应十分缓慢.但如果用稀H2SO４,反应体系中的水太多，ＳO2又不易逸出.所以用中等浓度的硫酸即可解决上述两方面的问题：既可保证有较快的反应，又可减少SO2损失.【规律总结】考生在解题过程中,需要充分发挥由抽象到具体的演绎式的思维活动，这实际上是认识科学、认识自然的思维方法之一。【巩固】1．下列各种溶液中通入或加入少量物质，对溶液导电能力有何影响

（1）盐酸中通入少量ＮH3(2）氨水中通入少量HＣl（３)醋酸中通入少量ＮH3（４）盐酸中加入少量AgNO32。1molH2燃烧时约放热２8６KJ,而每kg汽油燃烧时约放热4６０00KＪ。而氢气却被公认是21世纪替代石化燃料的理想能源。请试述理由.3．近年来,某些自来水厂在用液氯进行消毒处理时还加入少量液氨，其反应的化学方程式为：NH3＋HClO=H2O+NH2Ｃl(一氯氨）。ＮH2Cl较ＨClO稳定．试分析加液氨能延长液氯杀菌时间的原因:．【随堂作业】1.某热电厂地处多雨地带，使用的燃料煤中含有少量的硫，燃烧的气体未经处理即排放到空气中，又有部分发电用水未经冷却排入附近的河中,经观察其下游几十公里范围内的河水中鱼类几乎绝迹，试解释出现这种现象的原因。2.。工业上制取ＣuＳＯ4不是直接用浓硫酸与铜反应，而是将铜丝浸入稀硫酸中并不断由容器的下部吹入细小的空气泡,试分析这种制备办法的优点。ﻫ3．．大气中CO2增多会引起温室效应.空气中增多CO２的主要来源是什么?自然界中消耗ＣO2的主要过程是什么?4。我国南方某些地区的井水取来久置后，井水由澄清透明变成少量棕红色絮状沉淀积于缸底,水面浮着一层“锈皮”,当地居民常采用加明矾的方法处理.（1）井水久置后,水面浮着的一层“锈皮"的主要成分是(写化学式)。

(2）用化学方法鉴别该井水的步骤是；离子方程式是.

（3)用化学方法鉴别经明矾处理后的水的步骤是；离子方程式是。

5．苏打和小苏打有着广泛的应用.试从反应物的消耗量角度说明在下列用途中选用苏打还是小苏打?为什么?（1）做面条时防止面粉较长时间储存变酸味,常加入适量的面碱，面碱就是，为什么不选用另一种？（2)作为泡沫灭火器中的药品，应选用原因是什么?6．制氧化钾往往不直接用金属钾与氧气反应，而是用钾还原KNO3制得，该反应的化学方程式是:为什么要采用这种方法?ﻩ7．切割钾的方法跟切割金属钠一样,但要特别小心，新切开的表面不能跟未切割的钾的表面接触，否则会发生剧烈的反应而引起爆炸,试叙其原因:8。在碳酸钠饱和溶液中通入二氧化碳气体后有碳酸氢钠晶体析出，此反应的化学方程式是.碳酸氢钠之所以能析出的原因,除了它的溶解度比碳酸钠小以外，另两个与此有关的原因是（不考虑温度）。【经典题型】实验题题型特点实验题的形式繁多，它常把实验的基本操作,实验原理,实验现象、实验设计，元素化合物的性质，化学计算和推理融为一体进行考查.它具有知道面广，命题新颖，思考容量大,综合性强等特点。它不但能用来考查考生的观察能力，操作能力，分析能力和实验设计能力，还用来考查考生创造性思维能力和数据处理的能力.不仅要求考生知其然,还要知其所以然。因此实验题的解答要求高,难度较大.只有考生对实验题的功能，考查范围,考查特点弄清弄懂，才能理顺解答实验题的思路。实验题解题方法实验题的解法没有固定的格式。解这类题时，只要从实验原理入手，结合具体实验题目的特点，根据题给信息,认真审题,抓住题眼，就能很快地理顺解答的思路和方法。【题型一】化学实验基本操作用正确的化学实验基本操作完成某项实验任务，是历年高考化学实验考查的重点内容之一。【例１】欲用亚硫酸钠和硫酸制取0．５mｏl的二氧化硫气体，要用下列仪器来组装气体发生装置，应选用的仪器是（)A.试管ﻩB。烧瓶ﻩ C．烧杯 D．集气瓶【点拔】中学阶段常见的容器和反应器有：试管、烧杯、烧瓶、锥形瓶、坩埚、蒸发皿、集气瓶、试剂瓶、滴瓶、启普发生器等。要求掌握这些仪器的主要用途和使用注意事项，如能否直接加热、所装试剂的量等。本题所给仪器都可做反应容器，但烧杯、集气瓶一般不用来装配气体发生装置,试管和烧瓶都可以做反应容器，但试管适用于少量物质间的反应，而烧瓶可适用于较多量物质间的反应,现欲配制０．５mol二氧化硫气体,至少需亚硫酸钠固体63g，故应选烧瓶。【例２】为了除去粗盐中的Ｃa2+、Ｍg2+、SO４2-及泥沙,可将粗盐溶于水，然后进行下列五项操作:①过滤,②加过量NaＯＨ溶液，③加适量盐酸，④加过量Ｎａ2CO3溶液，⑤加过量BａCｌ2溶液。正确的操作顺序是Ａ．①④②⑤③Ｂ。④①②⑤③C．②⑤④①③D。⑤②④①③【点拔】在有多种杂质存在的情况下，要搞清所加试剂与被除杂质的对应关系，同时还要注意到，在实际操作中，通过加入适量的试剂除去杂质几乎是做不到的,因此，所加每一种试剂一般都是过量的,后加的试剂既要除去杂质，又要除去前面所加的多余的试剂，所以一定要确定出合理的除杂顺序。本题主要考查粗盐提纯的操作顺序。从所用试剂和粗盐中的杂质可知：用BaCl2可沉淀ＳＯ42-，Na２CＯ3可沉淀Ca2+，ＮaOＨ可沉淀Mg２+,但由于所加试剂过量,因此,最后必须除去所加的多余的试剂。从所用试剂看，多余的Na２CＯ３和NaOH可用盐酸除去，多余的BａCｌ２可用Na2CO３生成BaCO3沉淀来除去，因此在加入试剂时，BaCl2必须在加Na2CO3溶液以前加入,盐酸用来除去Na2CO3和NａOH，但又会溶解Mg（ＯＨ）2、CａCO３沉淀,故必须在过滤后加入到滤液中.从以上分析知:粗盐提纯的关键是①、③必须在最后，⑤必须在④的前面。因此正确的答案是C、D.【规律总结】这类试题的特点通常是给出限定的仪器、药品和一些操作步骤，要求正确完成某项实验操作，从而考查考生化学实验操作的能力。【巩固】1.某学生做完实验后，采用以下方法分别清洗所有仪器：①用稀硝酸清洗做过银镜反应的试管；②用酒精清洗做过碘升华的烧杯；③用浓盐酸清洗做过高锰酸钾分解实验的试管;④用盐酸清洗长期存放过三氯化铁溶液的试剂瓶；⑤用氢氧化钠溶液清洗盛过苯酚的试管，你认为他的操作(）Ａ．②不对B．③④不对ﻩC．④⑤不对D。全部正确2．某同学在实验报告中有以下实验数据①用托盘天平称取11.７ｇNaCl②用量筒量取5.2６mＬ盐酸；③用广泛pH试纸测得溶液的ｐH是３.5；④用标准ＮaOH溶液滴定未知浓度的盐酸用去23.10mLNaOH溶液,其中数据合理的是（)A．①④ B．②③ﻩﻩC.①③ ﻩD。②④3.一般所谓无水乙醇,含乙醇约99。5％。当特殊需要而要求进一步去水时，常采用如下操作:置5克镁条和0。５克碘(碘作催化剂）于一恰当容量的烧瓶中，倾入50~7５毫升无水乙醇，逐渐加热，此时有小气泡不断从混和液中逸出。继续加热回流直至镁条完全溶完,成为乳白色浆液。再倾入900毫升无水乙醇,回流30分钟,然后直接蒸出乙醇，这样得到的乙醇其含量可以达到99.95%.试回答：ﻩ（１）上述操作所需烧瓶应选用容积为（）（选填下列序号）ﻩA.2升 Ｂ．1升ﻩ C．０。5升 ﻩD.0．2升作出以上选择的理由是(2)写出主要的反应方程式(有机物写结构简式）【题型二】化学实验原理此类试题主要考查考生的观察能力、思维能力、判断能力与理论联系实际的能力。【例1】用金属钠制取氧化钠通常采用下法:２NａＮＯ2+６Nａ=4Na2O＋Ｎ２↑,试说明为什么用此法制取氧化钠比直接钠氧化法好。【点拔】这题属于信息给予题，解答中必须紧扣题干Na2O制取反应式：2NaNO２＋6Ｎa=４Na2Ｏ＋N2↑，反应中生成N2这一重要信息，才可找出答案:Ｎa2O在N2气中不被氧化，从而分析出Na直接氧化法不足之处;无论金属钠是在氧气中点燃，还是在空气中氧化，因生成的Na２Ｏ极不稳定，会进一步氧化生成Ｎａ２O２，即2Na＋Ｏ2Na2O2,而实际上得不到纯Na2Ｏ。【例2】（1）在一盛有Ｂa（OH）2溶液的烧杯中漂浮着一小木块，小心地向烧杯中滴加与Ba（OH）２溶液密度相同的稀硫酸,静置后小木块浸入水中的体积开始（)。Ａ．不变B.增大C．减小D。无法判断（2）写出所发生的化学反应的方程式.（3）若将一试管如右图所示倒立于同一Ｂa（OＨ）2溶液中，在滴入稀硫酸的前后，试管内外液面的高度差将（）（设反应过程中温度不变，且反应后试管仍然漂浮)。A。不变B．变大C。变小D.无法判断【点拔】本例属物理、化学综合题。题目巧妙地把化学和物理融于一体，综合运用物理的阿基米德定律、物体浮沉条件及化学的复分解反应知识。解答此题的关键是两物质发生复分解反应,判定沉淀物生成，再由物理知识正确求解。（１)滴入稀硫酸后，溶液要发生中和反应:Ba（ＯH）2+H2SＯ4=BaSＯ4↓+2H2O。反应生成物为ＢａSO４沉淀和水。由于原来的的Ba（OH)2溶液的密度比水要大，所以反应后的溶液密度应该比原来小.由木块受力平衡有（大小不变）。又由阿基米德定律

可知：将变大。（3）以试管底为研究对象,设试管横截面积为,反应后试管内气体压强为，做出其受力分析图如右所示。由其受力平衡有由于试管重力不变、外界大气压强不变,故可知反应后试管内气体的压强不变.再以试管中液面为研究对象，设液面处液体压强为，做出其受力分析图如右所示，由受力平衡有所以知试管中液面处液体压强不变。又有在上式中由（1）分析可知反应后的溶液密度变小,所以最终可得出：试管内外的液面差应该变大。【规律总结】这类试题通常要给出限定的实验装置、反应条件、实验现象和有关数据，要求考生根据实验原理，结合元素化合物知识，选用仪器药品，写出有关的化学方程式，进行数据处理，说明理由等。【巩固】1。试预测在C６H５ONa(苯酚钠）溶液中逐滴加入FeCｌ３溶液，可能出现哪些现象，可能发生哪些反应。水氨气图水氨气图1图2⑴．写出实验室制取氨气的化学方程式:ﻫ__＿＿___＿_____＿_＿____＿_＿＿_＿__＿_____＿__＿＿＿＿__＿______＿_____.⑵.收集氨气用___＿_＿__＿_＿＿法，要得到干燥的氨气可选用________＿__作干燥剂.⑶．用图1装置进行喷泉实验，上部烧瓶已装满干燥氨气，引发水上喷的操作是______＿_＿_________＿＿____＿__。该实验的原理是_＿_＿______＿______＿______＿＿__＿______＿__＿＿_＿__＿＿_＿＿__＿_＿__＿＿＿。⑷.如果只提供如图2的装置，请说明引发喷泉的方法.【题型三】化学实验设计这类试题的特点是利用已知的仪器装置，要求根据实验目的或给出的药品,将气体制备，除杂提纯或设计操作程序与仪器连接，定量计算结合起来，考查考生设计实验，基本操作、数据处理的能力或评价实验方案优劣的能力。【例1】。如何用实验证明一无色晶体是明矾？【点拔】明矾的组成可表示为:KAl(SO４）2·12H２O或K２SO４·Ａl2(SO4)3·24H2Ｏ，要求用实验的方法分别确定出该晶体中含Ｋ+、Ａl3+、SＯ42—及H2O。并简要地写明实验方法、现象及其结论和必要的反应方程式。【例2】水蒸气通过灼热的煤所产生的混合气,其主要成分是CO、H2,还含有CO2和水蒸气。请用图中装置设计一个实验，以确认上述混合气中含有CＯ和H２。（1）连接图中装置的正确顺序是：（填各接口的代码字母.）混合气—→（）（)接(）(）接()（）接（）()接(）（)。（2）确认混合气中含有H２的实验现象是＿____＿＿___＿_；其理由是_______＿___。[点拔］检验H2是使其转化成水后用无水ＣuSO4检验;检验CO是使其转化成CO2后用澄清石灰水检验。但是题中原混合气体中就含有水蒸气和CＯ2,因此先除去混合气中的这两种气体,是完成此题的关键所在.【规律总结】这类试题的特点是给出新情境（主要是中学课本中未介绍过的新反应或未见过的新装置)，结合仪器组装，物质的性质或制法，实验现象描述或分析等已有知识提出问题,考查考生接受新信息,运用所学知识进行联想、迁移、分析、重组来解决实验问题的能力,同时还考查了考生的观察能力、思维能力和自学能力。【巩固】1。分别由聚乙烯、聚氯乙烯为原料制成的两种塑料袋，如何用化学方法鉴别之２．不用焰色反应，如何鉴别ＮaCl和KCｌ两种无色晶体？简述实验原理、实验步骤以及实验用品。3.欲在室温和1.01×1０5Pa条件下测定镁的原子量。请利用图给定的仪器（盛放镁条的隔板有小孔)组装成一套实验装置（每种仪器只允许用一次）。请回答下列问题:（１）假设气流方向为左→右,则各仪器的接口连接的先后顺序为(用小写字母填写）__＿___。（2)连接好仪器后，要进行的操作有以下几步:①待仪器Ｂ中的物质恢复至室温时,测量量筒Ｃ中水的体积(若假定将测定的体积换算成标准状况下为ＶmL）;②擦掉镁条表面的氧化膜，将其置于天平上称量（假定其质量为mｇ），并将其投入试管B中；③检查各装置的气密性；④旋开仪器Ａ上分液漏斗的活塞，当镁条完全溶解时再关闭活塞。上述几步操作的先后顺序是_＿__＿_.（3）根据实验数据可算出镁的原子量，其数字表达式为＿_____。（4)若未将试管B冷却至室温就测量量筒Ｃ中水的体积，这将会使所测镁的原子量数据（填偏高、偏低或无影响）__＿＿__。(５）若未擦净镁条表面氧化膜就进行实验，这将会使所测镁的原子量数据（填偏高、偏低或无影响）＿__＿__。【随堂作业】1、以下实验能获得成功的是(A）用含结晶水的的醋酸钠和碱石灰共热制甲烷气体(B)将铁屑、溴水、苯混合制溴苯（C）在苯酚溶液中滴入少量稀溴水出现白色沉淀（D）将铜丝在酒精灯上加热后，立即伸入无水乙醇中，铜丝恢复成原来的红色2。以下贮存物质的方法正确的是[]A.少量白磷贮存在二硫化碳中B.氢氧化钠贮存在带玻璃塞的试剂瓶中Ｃ．少量的钠贮存在酒精中D．硝酸银贮存在棕色试剂瓶中３。设计了五种制备气体的方案:①加热稀硫酸和乙醇制备乙烯②加热稀盐酸和二氧化锰制备氯气③用稀Ｈ2SＯ4和大理石制备CO２④用稀硝酸和硫化亚铁制备H2Ｓ⑤用稀H2SO4和食盐共热制备HCl不宜采用的方案有哪些?［］A．只有①和②B．只有②和③C.只有④和⑤D．①②③④⑤4.下列各组溶液，不用其他试剂,就可以将它们区别开的是[]A。盐酸、氢氧化钠、碳酸钠、硫酸钠B．盐酸、硝酸镀、氢氧化钠、硝酸钠C.氢氧化钠、硫酸镁、碳酸钠、硫酸氢钠D．氯化钡、硫酸钠、氯化钙、硝酸钙５。给1５0mL某液体加热的操作中，所需的仪器是[］①试管;②烧杯;③酒精灯;④试管夹；⑤石棉网；⑥泥三角;⑦坩埚;⑧铁三角架。A。③⑥⑦⑧B。②③⑤⑧Ｃ．①③④⑤D．②③⑤⑥6。以下贮存物质的方法正确的是［]A．少量白磷贮存在二硫化碳中B.氢氧化钠贮存在带玻璃塞的试剂瓶中Ｃ。少量的钠贮存在酒精中D．硝酸银贮存在棕色试剂瓶中7.下列实验操作错误的是[］A。用胶头滴管加液时，可以伸入试管中但不要接触试管壁B.蒸馏盛在烧瓶中含水的酒精，需在瓶内放一些碎瓷片C．温度计插入液体测量温度的同时，又用它搅拌液体D.用容积100ｍL的量筒量取８０mL无水乙醇，使液面最低点至刻度80mL处８某学生的实验报告中有下列数据：①用托盘天平称取1１.７g食盐；②用量筒量取2１。48ｍL盐酸；③用容量瓶配制21６mL1mol/L硫酸溶液;④用标准NaOH溶液滴定未知浓度的盐酸，用去21.20mＬNaＯＨ溶液。其中数据合理的是［］A．①④Ｂ．②④C．①③D。②③9.洗涤下列试管时,选用的试剂(括号中的物质)不妥当的是[］A.做过ＫＭｎＯ4分解反应实验的试管（浓盐酸）Ｂ.做过木炭还原氧化铜实验的试管(硝酸）Ｃ。做过银镜反应实验的试管（氨水)D．做过Ｎａ2S2O3和稀硫酸反应的试管（二硫化碳)10.下列实验操作中，仪器需插入液面下的有:①制备Fｅ（ＯH）2，用胶头滴管将NaＯH溶液滴入FeSＯ4溶液中;②制备氢气的简易装置的长颈漏斗；③分离石油时控制温度所用的温度计;④用水吸收氨气时的导管口；⑤向试管中的ＢａCl２溶液中滴加稀硫酸。A。③④⑤B.②⑤Ｃ．①②D．①②③④⑤1１如图装置中，若关闭活塞，则品红溶液无变化，石蕊试液变红,石灰水变浑浊。若打开活塞，则品红褪色,石蕊试液变红,石灰水变浑浊。据此判断气体和广口瓶中盛放的物质是［]Ａ．H2S和浓H2SO4Ｂ．ＳO２和NａＨＣO3溶液Ｃ．Cl２和NａHCO3溶液D．Ｃl２和氯水１２对未知无机盐溶液里所含的离子作鉴定。根据下列实验做出的判断不一定正确的是［］A．加入BaCｌ２溶液有白色沉淀，再加稀盐酸,沉淀不溶解,则原溶液中含有SＯ42－离子B.向溶液中加稀HNO3酸化,再加ＡgNO3溶液，有白色沉淀,则原溶液中含有Cl－离子Ｃ．向溶液中加盐酸有无色能使石灰水变浑浊的气体逸出,则原溶液中含有ＣO32-离子D．加入ＮaOH溶液,微热时有能使湿润的红色石蕊试纸变蓝的气体放出,则溶液中含有NH4＋离子13下列三个问题均与图实验装置有关，请选择A～D序号填入空格中。（１）制取某无色非金属氧化物气体时，烧瓶X内的药品应是[］A．铜和稀硝酸Ｂ．铜与浓硝酸Ｃ．碳酸钙与稀硫酸D．亚硫酸钠和浓盐酸(2）洗气瓶Y中所装的液体应是（不允许非水杂技混在气体中)［］A．浓硫酸Ｂ．NaOH溶液C.饱和ＮaHＳＯ3溶液Ｄ．NａHCO３溶液(3)检验集气瓶乙是否集满气体，置于瓶口的滤纸应沾上的溶液是［］A．BaCl2溶液Ｂ．酸性ＫMnO4溶液Ｃ．KI淀粉试纸D．澄清石灰水１4。现有A、Ｂ、C、D、E、F六瓶未知液，它们分别是MgSO4、BaCｌ2、（NH4）２CＯ3、ＡgＮO3、ＨBr、NaOH。为了区别它们，各取少量溶液进行两两混合试验,结果如下表。“↓”表示沉淀,“↑”表示气体，“－"表示无明显现象。试推断A是____＿_,B是___＿__,Ｃ是__＿＿＿_，D是____＿_,E是_＿____,F是_＿__＿_.15.。实验室中有一瓶KＣl和CaＣl2的固体混合物，通过下述实验方法可以确定该混合物中ＫCｌ和CａＣl2的质量比，也可得纯净的氯化钾。根据实验步骤填写下列空白.实验步骤：（１)调整零点时，若指针向左偏转，应将左边的螺丝帽向_____＿旋动。（2)某学生用已知质量yｇ的表面皿，准确称取wg样品。他在托盘天平的右盘上放入（w+y）g砝码，在左盘的表面皿中加入样品,这时指针偏向右边（如右图所示）,下面他的操作应该是＿＿__＿_使＿___＿_。(3）加入的A是_＿____，检验A是否过量的方法是___＿_＿。(4)过滤时，某学生的操作如左图所示，其中的错误是＿＿__＿＿。（５)滤液中加入的B物质是＿＿__＿_，其过量的理由是_＿____。（6)为了检验沉淀是否洗净，应在最后几滴洗出液中加入＿____，若__＿＿__，表明沉淀已洗净。（7）得到的固体C是＿_＿_＿_。（８）该混合物中KCl与CaCl2质量比的计算式为__＿___。【经典题型】计算题化学计算题题型特点化学计算是从量的方面来反映物质的组成、结构、性质及其变化规律的,是历年高考化学试题的压轴题，它具有情境新颖,信息量大，化学知识丰富，复盖面广，综合性强等特点。它不但能用来考查考生的思维能力和自学能力,还用来考查考生应用各方面知识进行逻辑思维、抽象思维、推理判断和分析综合的能力。因此这类试题区分度较大，易于把考生不同的知识和能力水平区分开来，具有选拔优秀学生的功能，比其它几种题型难度大，要求高。化学计算解题方法化学计算内容繁多,千差万别，其解法也没有一成不变的解题模式。但不管哪种解法都要经过认真审题、析题、解题这几个环节。①认真审题,挖掘题给信息，明确试题的已知条件是什么,需求什么。②析题就是在审题的基础上，运用有关的化学概念对题目进行分析和解剖，找出已知条件和未知条件之间量的关系，探求解题的突破口和解题途径。③确定解题途径后，列出各步算式，然后计算求解。【题型一】差量法【例１】在2只盛有１00mＬ１mol/Ｌ盐酸的烧杯中，分别加入ag碳酸镁、bg小苏打，反应完全后，两烧杯中的溶液质量仍相等,则a与b的关系中正确的是［]A.a＝b>4。２gＢ。a＞b>6．２gC.a=6.２g，b=8.４gD。a＝b＜4。2g【点拔】等量的酸和不同的金属(或盐）反应，要保持溶液质量相等，实际上是要求投入溶解的金属质量减去反应后离开溶液的气体质量的差值相等。由于本题提供的酸是一具体数量，而不同盐的质量是变量,因此要从量上进行讨论。HCｌ物质的量为０.1L×1mol／Ｌ＝0．１moｌ,MｇCＯ３+2ＨCl==MgＣl２+CO2↑+H２Ｏ８4g2mｏｌa=4．2g０．1molNaHＣO3+HCｌ==NaCｌ+CO２↑+Ｈ2O8４g1moｌb=8。4g0．1mｏｌ当a=b＜4．2g时，MgCＯ3和NａHCO３均不足,放出的CO２均按盐的量计算，由于ＭgＣO３和ＮaHCO3的摩尔质量相同,且每摩尔盐完全反应均放出1molCＯ2，所以此时放出CＯ2的量也相等，反应后两烧杯中的溶液质量仍相等，满足题目要求.当a=b>4．2g时，由上述分析可知MgCO3过量，ＮaH—CO3不足,此时两边放出CＯ2的量不相等，因此反应后两烧杯中溶液质量不可能相等.当a=6.2g,b=8。4g时,MgCＯ3有余，放出ＣO2的量按HCl的量计算为２。2g，ＮａHCO3和HＣl恰好反应完,放出CO2４.4g,反应后加MgCO3的烧杯中质量增加为6.２g—2．2g=4g，加NaＨCO3。的烧杯中质量增加为8。4g－４.4g=4g，也满足题目要求.用类似方法分析知当a＞ｂ>6．2g时，反应后两烧杯中的溶液质量也不相等。【例２】200℃时,11.６gCＯ2和H２O蒸气的混合气体与足量的Na2Ｏ2充分反应后，固体质量增加了3.6g,求原混合气体的平均相对分子质量为多少？【点拔】Na2O2与CO2、H2Ｏ反应，其化学方程式如下：2Nａ2O２+2CＯ2==２Na２CO3+O２↑2Ｎa2O2＋2H2O＝=４NａOＨ＋O２↑在解题过程中，如果我们从不同角度对上述反应方程式进行分析,往往会给我们许多启发，从而使解题过程简化。（1)若我们从反应前后气体体积变化的角度来分析，则由上述反应方程式可知2CO２～O2，2H2Ｏ~O2，因此可推出一定物质的量的CO2和H2的混合气体,不管它们以任何比例混合,混合气体与Na2O2固体充分反应以后，产生的O2的物质的量是原混合气体总物质的量的一半.（2)若从反应前后固体质量的变化进行分析,Nａ2O２与ＣO2反应，从1ｍoｌＮa2O2变为1molNａ2CO3固体物质增重的质量为１ｍolCＯ的质量.同样Na2O２与H２O反应,从1ｍolＮa2O2变为2mｏlNaＯH,固体物质增重的质量为1mｏlH2的质量，如果反应前ＣO2和H2Ｏ混合气体的质量为ａg，而反应前后固体物质质量增重为bg，则（a-b)g应是产生的O2的总质量.在解本题时,如果我们按(２）并结合(1)的思考方式，则解题过程就大大简化。【规律总结】化学反应中，物质在量(质量、物质的量、气体体积、压强等）的方面常常发生一些变化,而这种变化的差值—-差量，必然与反应物或生成物的量存在某种比例关系。利用这种比例关系进行计算的方法,叫差量法。【巩固】固体复盐化学式是mKCl·ＭgCl2·nＨ2Ｏ，取此样品３。33ｇ，加热使其失去全部结晶水，质量变成2。03g,把剩余固体溶于水并加入过量氢氧化钠溶液，滤出的沉淀物经干燥后加强热,发现质量减轻了0．216g，则复盐中m、n值分别为多少?【题型二】平均值法【例1】0.0３ｍｏl铜完全溶于硝酸，产生氮的氧化物（NO、NO2、Ｎ2O4)混合气体共0.0５mol。该混合气体的平均相对分子质量可能是（A）３0（Ｂ)46（C）5０（Ｄ）6６【点拔】：设生成的气体产物中NO、NO2、N2O4的物质的量分别为x、y、ｚ按极限思维的观点，将三组分体系转化为二组分体系.①若气体产物中只生成NO、NO2的混合物。则由3Cu～2NOCu～2NO23２１23/2xxy/2ｙ依题意:3/2ｘ+y／2==0。０3mｏlx+y=＝０．05ｍｏl解得:x==0.005mｏly==0.04５mol0.005mol×30g/mol+0.045mol×46g/mol0.005mol×30g/mol+0.045mol×46g/mol0.05mol==44.4g/molM1==②若气体产物中只生成NＯ2、N2Ｏ4的混合物则由Cu～2NＯ2Cu～N2O4ｙ/2yzz依题意：y/2+ｚ==0.03mｏly+ｚ===0.0５mol解得：y==0.０4molｚ=＝0.0１mｏl0.004mol×46g/mol+0.01mol×92g/mol0.004mol×46g/mol+0.01mol×92g/mol0.05mol==55.2g/molM2==∴M1〈M＜M2，即44。4＜M＜55.2。【例2】将金属元素钠在空气中燃烧,生成Na2O与Na２O2的混合物。取该燃烧产物7。48ｇ溶于水制成10０0mＬ溶液，取出1０mL用0。１ｍol/Ｌ的盐酸中和，用去盐酸20ｍL，由此可知该产物中Na２O的质量分数约为[］A.16.6％Ｂ.20％Ｃ．８0%D．78。４％【点拔】由盐酸和ＮaOH反应的化学方程式知:Na2Ｏ与Ｎa2O2混合Na2Ｏ+H2O=＝2NaＯH1mol２mol２Na２Ｏ2+2Ｈ2Ｏ==4NaOH+O2↑1mol２mｏl分子量为74。8,由十字交叉法：所以,nＮａ2Ｏ∶nNa2O２=3．2∶12。8＝1∶4，即Nａ2Ｏ物质的量分数为20%,由Nａ２O和Nａ2Ｏ２的分子相对质量知Na2O的质量分数一定小于２0％【规律总结】所谓平均值法是一种将数学平均原理应用于化学计算的解题方法。它所依据的数学原理是：两个数M1和Ｍ2（M１＞M2）的算术平均值M一定介于二者之间，即M1＞M＞Ｍ２。所以,只要求出平均值M,就可知道M1和Ｍ2的取值范围,结合题给条件即可迅速求出答案【巩固】含有1。4g某碱金属及其氧化物的混合物,跟水完全反应后蒸干溶液得不含结晶水的固体１。79ｇ,则该混合物中碱金属的质量分数为［]A．25．7%B。35.２％C．4４.5%Ｄ．６4。５％【题型三】守恒法【例1】将１２。4ｇ碱石灰制成溶液，加入13.７gNa2CO3和NaHＣO３，反应后得沉淀1５ｇ，经测定，反应后溶液中不含Ca2+、CＯ32+、HCO３－。求（１)CaＯ和ＮaOH各多少g？(2）Na２CＯ３和NaHCO３各多少ｇ？【点拔】运用守恒法解题既可避免书写繁琐的化学方程式,提高解题的速度,又可避免在纷纭复杂的解题背景中寻找关系式，提高解题的准确度。据题意CａO和Ｎa2CO３、NaHCＯ3均全部转化为ＣaCO３沉淀，据Ｃa原子和C原子两种原子的守恒关系，便可列出关系式：ｎCaO＝nCa（ＯH)2=nCａCO3＝nNa2CO3+nNaHCO3可得关系式:CaＯ~CaCO3~（Ｎa２CＯ3+ＮaHCO3）５６ｇ100g1mｏlｘ15gy解得ｘ＝8。4gy=0.15mｏl所以ｍNaOH=１2。4g—8．4g=４ｇ设Na２CＯ３物质的量为a,则NａHCO３物质的量为０．15mol—a10６g/ｍola+８4g／mｏl×(0.15moｌ－a)=13。７g解得a=0．05moｌ所以mNa２ＣＯ3＝0.０5mｏl×10６g/mol＝5.３gmＮａHCO３＝１3。７g—5.3g＝８.４ｇ。【例2】为了测定某铜银合金的组成,将30.0ｇ合金溶于80mL13.5mol／Ｌ的浓HNＯ３中，待合金完全溶解后，收集到气体6．７2L(标准状况）,并测得溶液的ｐH＝0，假设反应后溶液的体积仍为８0ｍL，试计算：(1）被还原的硝酸的物质的量。(2)合金中银的质量分数。【点拔】(1）HＮO3与金属反应时还原得到的产物是ＮO或NO2,由于题设收集到的气