2020届华大新高考联盟押题信息考试十九物理试卷

2020届华大新高考联盟押题信息考试（十九）物理试题★祝你考试顺利支注意事项:1、考试范围：高考考查范围。2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。选择题部分一、选择题I（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个备选项中，只有一项是符合题目要求的。）1.了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要.以下符合史实的是A.伽利略发现了自由落体运动规律；牛顿提出了把实验和逻辑推理有机地结合起来的科学研究方法B.开普勒提出了万有引力定律；第谷测定了引力常量GC.安培发现了电流的磁效应；法拉第发现了电磁感应现象D.麦克斯韦预言了电磁波的存在；赫兹用实验证实了电磁波的存在【答案】D【解析】【详解】A.伽利略发现了自由落体运动规律，并提出了把实验和逻辑推理有机地结合起来的科学研究方法，选项A错误；B.牛顿提出了万有引力定律；卡文迪许测定了引力常量G,选项B错误；C.奥斯特发现了电流的磁效应；法拉第发现了电磁感应现象，选项C错误；D.麦克斯韦预言了电磁波的存在；赫兹用实验证实了电磁波的存在，选项D正确。2.下列关于静电场问题的相关表述中，正确的是A.接地导体可能带净电荷B.电场强度大的地方，电势一定高C.电场中放入一带正电的检验电荷，其电势能一定为正D.处于静电平衡状态的导体，其表面可能不是一个等势面【答案】A【解析】【详解】A.接地导体如果放在带电导体旁边，就能使导体带上净电荷，选项A正确;B.电场强度大的地方，电势不一定高，例如离负点电荷越近的地方场强越大，电势越低，选项B错误;C电场中放入一带正电的检验电荷，若该点电势小于零，则其电势能为负，选项C错误;D.处于静电平衡状态的导体，其表面一定是一个等势面，选项D错误。3.一女生在校运动会中参加4kg组的铅球比赛.她在某次投掷时的成绩为5m多.经估算可知本次投掷过程中该女生对铅球所做功为1500J150J15J1.5J【答案】B【解析】【详解】铅球做平抛运动，水平方向:%=vt竖直方向h=—gt22vv=%则由动能定理，铅球得到的动能等于人做的功:mg%2式中h大约为1.6m,%=5m,m=4kg带入可得:WW=156J1500J,与结论不相符，选项A错误;150J,与结论相符，选项B正确；15J,与结论不相符，选项C错误；1.5J,与结论不相符，选项D错误；4.如图所示，近地卫星的圆轨道I半径为R；设法使卫星通过一次变轨进入椭圆轨道II,再通过一次变轨进入半径为r入半径为r的预定圆轨道111.已知地球的质量为M,引力常量为G,则卫星在近地轨道I卫星在近地轨道I上的绕行线速度大小为A.GMB.卫星在轨道II上通过远地点b时的加速度大小为 -r2C.卫星在轨道II上通过近地点。时的速度等于通过远地点b时的速度D.卫星在预定圆轨道III上的机械能小于在近地轨道I上的机械能【答案】B【解析】【详解】A.卫星在近地轨道I上运行时：TOC\o"1-5"\h\z-Mm v2G =m—R2 R解得v鸣选项A错误；B.卫星在轨道II上通过远地点b时：GMm=ma

r2解得GM

a二 r2选项B正确；C.根据开普勒第二定律，则卫星在轨道II上通过近地点a时的速度大于通过远地点b时的速度，选项C错误；D.卫星从轨道I到轨道III要经过两次加速变轨，则卫星在预定圆轨道III上的机械能大于在近地轨道I上的机械能，选项D错误。.人在平地上静止站立时，受到的支撑力等于人的重力.做原地纵跳时，在快速下蹲和蹬伸的过程中，人体受到的支撑力发生变化（如图，G为重力，F为支撑力）.下列曲线能正确反映该变化的是（）【解析】人腾空时支持力为零，故AC项错误，人在快速下蹲和蹬伸的过程中，加速度先向下，再向上，即先失重，再起重，故支持力先小于重力，然后大于重力，故B错误D正确..如图所示，在水中有两条相互垂直的光线1和2（均在纸面所在平面内）.其中光线1直接由水射到水与空气的交界面上，入射角为60o；光线2先射到一块平行水面的平板玻璃（较薄）的下表面，经两次折射后从上表面射出，再射到水与空气的交界面上.已知水的折射率为1.33,玻璃的折射率为*,5，则经上述过程后能折射入空气的是空气A.只有光线1B.只有光线2C.两条光线都能D.两条光线都不能【答案】B【解析】【详解】光线从水中射向空气时的临界角满足：sinC=1=-1-=3，则30°<C<60°,则光线1不能射出n1.334水面；光线2射到玻璃上的入射角为30°,经过玻璃砖后发生侧移，出射光线仍平行于入射光，射到水与空气表面时的入射角为30°,因C>30°,可知光线2在水与空气的界面发生折射，从而射出水面。A.只有光线1,与结论不相符，选项A错误；B.只有光线2,与结论相符，选项B正确；C两条光线都能，与结论不相符，选项C错误；D.两条光线都不能，与结论不相符，选项D错误;.下列表述中正确的是A.核反应2H+3H-;He+on中，氮核（产）的比结合能小于氘核（；H）.铀238经一次a衰变和一次P衰变后，形成的新核相比铀238质量数减少了4，电荷数减少3.C.科技的进步，测量工具精度的提升，将来可以同时精确测量微观粒子的位置和动量D.宏观物体的德布罗意波的波长小，难以观察其波动性【答案】D【解析】【详解】A•核反应2H+3H-2He+0n中，氮核（2He）的比结合能大于氘核（2H）,选项A错误；B.一次a衰变质量数减小4,电荷数减小2；一次P衰变后质量数不变，电荷数增加1；则铀238经一次a衰变和一次P衰变后，形成的新核相比铀238质量数减少了4,电荷数减少1,选项B错误.C.根据不确定原理，不可以同时精确测量微观粒子的位置和动量，选项C错误；D.宏观物体的德布罗意波的波长小，难以观察其波动性，选项D正确。8.如图所示，在光电效应实验中用。光照射光电管时，灵敏电流计指针发生偏转，而用b光照射光电管时,灵敏电流计指针不发生偏转，则光束渡a光的强度一定大于b光b光的频率一定小于a光频率a光照射光电管时，电流计中的光电流沿d到c方向D.将K极换成逸出功较小的金属板，仍用a光照射，其遏止电压将减小【答案】BC【解析】【详解】AB.因。光照射光电管时能发生光电效应，而b光照射光电管时不能发生光电效应，可知。光的频率一定大于b光的频率，选项A错误，B正确；C.电流的方向与负电荷定向移动的方向相反，用a光照射光电管阴极K时通过电流计G的电流是由d到c，故C正确。D.#K极换成逸出功较小的金属板，仍用a光照射，根据%=E^=hv-W逸出功，则其遏止电压将变大,选项D错误。9.如图所示.一套太阳能路灯配备1个太阳能电池组件、1块免维护电池、2只LED灯.太阳能路灯技术参数如下：太阳能电池组件（太阳能单晶硅光电转换效率为24%,得到的电池平均功率为120W）；免维护电池（100Ah,15V,充电效率为75%,输出效率为80%）；每只LED灯（12V,2A）.照明时间412h可根据需要任意调节，结合以上数据可知A.利用太阳能电池组件给免维护电池充电，充满所需最长时间为12.5hB.太阳光照射2h,太阳能电池组件吸收的太阳能约为8.64x105JC.利用免维护电池给2只LED灯供电，最长供电时间为25hD.充满电的免维护电池具有的电能为1500J【答案】C【解析】【详解】A.利用太阳能电池给蓄电池充电，充满需要的最长时间为：z=15x100-120-75%=16.7小时；故A错误；B.光电转换电池功率为120WB.光电转换电池功率为120W,2小时可吸收的太阳能为：E=120x2x3600

24%J=3.6x106J故b错误;100Ahx15Vx80%。口C.利用免维护蓄电池给2只的LED供电,最长时间约为2x12Vx2A=25h；故C正确;D.充满电的免维护电池具有的电能为100Ax3600sx15V=5.4x106J,选项D错误。10.如图所示，水平地面上有一倾角为30°的斜面体，将一质量为m的矩形小物块放置在斜面上，对其施加一斜向右上方的恒力耳（其与平行斜面方向成30°角），物块沿斜面上滑.一段时间后，撤去外力F最终物块将沿斜面下滑.整个过程中，物块和斜面体间始终有挤压，斜面体相对地面始终静止，则下列关于地面对斜面体的摩擦力表述正确的是/"///////////////////"//////////////////A.撤去F前，物块上滑过程，摩擦力可能为零B.撤去F后，物块上滑过程，摩擦力方向可能向右C.撤去F后，物块下滑过程，摩擦力可能为零D.物块在斜面上运动全过程，摩擦力方向始终向左【答案】D【解析】【详解】若物块与斜面体之间光滑接触，对斜面体受力分析，在撤去F前后的过程中，物块对斜面体只有垂直斜面体斜向右下方的压力，则地面对斜面体有向左的摩擦力；若物块与斜面体之间有摩擦，对斜面体受力分析，在物块上滑的过程中，物块对斜面体有垂直斜面体斜向右下方的压力和沿斜面向上的摩擦力，两个力都有水平向右的分量，可知地面给斜面体的摩擦力向左；当物块下滑的过程中一定是加速下滑，即物块的加速度有水平向左的分量，则对滑块和斜面体的整体而言，由牛顿第二定律可知，地面对斜面体一定有向左的摩擦力；综上所述：物块在斜面上运动全过程，摩擦力方向始终向左.A.撤去F前，物块上滑过程，摩擦力可能为零，与结论不相符，选项A错误；B.撤去F后，物块上滑过程，摩擦力方向可能向右，与结论不相符，选项B错误；

C.撤去F后，物块下滑过程，摩擦力可能为零，与结论不相符，选项C错误；D.物块在斜面上运动全过程，摩擦力方向始终向左，与结论相符，选项D正确；二、选择题II（本题共3小题，每小题5分，共15分。每小题给出的四个备选项中至少有一项是符合题目要求的。全部选对得5分，选对但不全得2分，有选错的得0分）11.一列简谐横波在t=0.1s时波的图象如图（a）所示，此时P点的位移为5cm，Q点为平衡位置在42m处的质点；图（b的质点；图（b）为质点Q的振动图象，则图⑶ 图（A.这列简谐波的传播速度为20m/sB.这列简谐波将沿％轴正方向传播1C.t=3s时，质点P位于波峰D.从t=0.1s开始的一小段时间内，质点P速度不断增大【答案】AC【解析】【详解】A.由图知：；=4m,T=0.2s,则波速T0.2T0.24—=20m/s选项B选项B错误;1当t=3s时波向左传播的距离为2—m3故A正确。B.因t=0.1s时质点Q向下振动，由波形图可知，波沿％轴负向传播:C.因t=0.1s时P点的位移为5cm,可知P点的位置坐标为x=3m,.」. 14s=vt=20x(3—0.1)m=—m—九+则此时P点恰好到达波峰，选项C正确;D.从t=0.1s开始的一小段时间内，质点P向上振动，则速度不断减小，选项D错误。12.如图（a）所示，在匀强磁场中，一闭合矩形金属线圈可绕与磁感线垂直的中心轴00'，匀速转动，线圈两次以不同的转速转动产生的正弦式交变电动势图象如图（b）中图线甲、乙所示，则A.两次A.两次t=0时刻线圈平面均与磁场方向平行北//X102B.图线甲、乙对应的线圈转速之比为2:1C.将转轴移至与线圈ab边共线，则相同转速下交变电动势的峰值不变D.若线圈电阻为0.1Q，则线圈电动势按图线乙规律变化时的发热功率为5W【答案】BCD【解析】【详解】A.两次t=0时刻感应电动势均为零，可知线圈平面均与磁场方向垂直，选项A错误;B.由图可知，甲乙对应的周期之比为1:2,根据T=1/n可知图线甲、乙对应的线圈转速之比为2:1,选项B正确;C.根据EdnBS①可知，电动势的峰值与转轴位置无关，则将转轴移至与线圈ab边共线，则相同转速下交变电动势的峰值不变，选项C正确;D.对两个线圈而言:2兀nBSE=nB3S= =2V加甲 甲T ；甲E=nB3S=*二空空=1E=1V若线圈电阻为0.1Q,则线圈电动势按图线乙规律变化时的发热功率为2w=5W0.1选项D正确。13.如图（a）所示，小物块甲固定在光滑水平面的左端，质量m=0.4kg的小物块乙可在光滑水平面上滑动.甲、乙两物块间因存在相互作用力而具有一定的势能，它们的相互作用力沿二者连线且随两者间距的变化而变10化.现已测出势能随间距％的变化规律，如图（b）中的曲线（实线）所示.已知曲线与x轴相切的切点坐标为％o=20cm；虚线①为势能变化曲线的渐近线，其纵坐标值为0.28J，与曲线交点的横坐标值为6cm；虚线②为经过曲线上1线②为经过曲线上11=11cm点的切线，斜率绝对值k=0.03J/cm，则aiomA.小物块乙在10=20cm处所受的相互作用力为0B.将小物块乙从i=6cm处静止释放，其有可能返回出发点C.将小物块乙从i=6cm处静止释放，其所能达到的最大速度为1m/sD.小物块乙经过11=11cm处时一定有向右且大小为7.5m/s2的加速度【答案】AD【解析】【详解】A.因为Ep-1图像的斜率等于F=qE，可知小物块乙在10=20cm处所受的相互作用力为0,选项A正确；B.由图可知，在6cm<1<20cm区间内两球之间的作用力为排斥力，在20cm<1<^区间内两球之间作用力为吸引力，无穷远处和6cm处的势能为0.28J.若小球乙的静止释放点在6cm<1<^区间，小球乙做往复运动，而若将小物块乙从1=6cm处静止释放，则将到达无穷远处不能回到出发点，选项B错误；C.将小物块乙从1=6cm处静止释放，则当电势能最小时动能最大，即在10=20cm处动能最大，由能量关系：0.28=1mv2m解得v=TT4m/s21.2m/s选项C错误；D.小物块乙经过％1=11cm处时所受的电场力向右，大小等于该处切线的斜率，即F=k=0.03J/cm=3J/m=3N,则物块的加速度为, 「一——m/s2=7.5m/s20.4选项D正确。非选择题部分三、非选择题（本题共5小题，共55分）14.某同学把附有滑轮的长木板平放在实验桌上，将细绳一端栓在小车上，另一端绕过定滑轮，挂上适当的小盘和祛码，使小车在细绳的牵引下运动，以此定量探究一些物理规律.此外还准备了电磁打点计时器及配套的学生电源、导线、复写纸、纸带、刻度尺、各种质量规格的祛码和钩码等，组装的实验装置如图所示.（1）以下探究实验可用此装置模型进行探究的有（填字母代号）人.探究求合力的方法8.探究碰撞中的不变量仁探究加速度与力、质量的关系口.探究小车速度随时间变化的规律（2）若用此装置定量探究小车所受合外力做功与其速度变化的关系，则①实验开始前，该同学先调整木板上定滑轮的高度，使牵引小车的细绳与木板平行.他这样做的目的是下列的哪个？（填字母代号）A.避免小车在运动过程中左右晃动B.可保证小车最终能做匀速直线运动C.可使打点计时器在纸带上打出的点迹清晰D.可在平衡阻力后使细绳拉力等于小车所受的合外力②通过正确操作得到的一条纸带应为纸带（填纸带编号）12③用天平测定小车质量后，他将小盘和祛码所受重力做的功当作细绳拉力做的功，经多次实验发现拉力做的功总是要比小车动能的增量大一些.这一情况可能是下列哪些原因造成的 （填字母代号）A未平衡小车所受阻力B.小车释放时离打点计时器太近C.先释放小车，再使打点计时器工作D.小盘和祛码做匀加速运动，小盘和祛码的重力大于细绳拉力【答案】 ⑴.CD（2）.D（3）.① ⑷.D【解析】【详解】（1）[1].此实验装置可以探究加速度与力、质量的关系，也可以探究小车速度随时间变化的规律，故选CD.（2）①⑵.调整木板上定滑轮的高度，使牵引小车的细绳与木板平行，这样做的目的是可在平衡阻力后使细绳拉力等于小车所受的合外力，故选D.②[3].在探究小车所受合外力做功与其速度变化关系的实验中得到的纸带应该是匀加速运动的纸带，点迹间距逐渐增加，故此纸带应该是①.③[4].实验中，拉力做的功总是要比小车动能的增量大一些，其原因是小盘和祛码做匀加速运动，小盘和祛码的重力大于细绳拉力，故选D.15.某同学利用电压表（3V挡）、定值电阻用、电阻箱R0等实验器材测量电池A的电动势和内阻，实验电路图如图甲所示.实验时多次改变电阻箱的阻值，记录外电路的总电阻阻值R（远小于电压表内阻），用电压表测得路端电压G并绘制如图乙所示的g1关系图线A,重复上述实验方法测量电池B的电动势和内UR阻，得到图乙中的图线B.13图丙(1)图丙是某次电压表测量的表盘图示，此时电压表的读数为 .(2)由图线A可知电池A的电动势EA=V,内阻yA=Q；(3)若将一个阻值R2=0.5Q的定值电阻先后与电池A和电池B串联构成回路，则两电池的输出功率Pa Pb(填“大于”、“等于”或“小于”)，两电池的效率“a,(填“大于”、“等于”或“小于“).【答案】 ⑴.1.30〜1.35V （2）.2V（3）.0.5Q ⑷.小于（5）.小于【解析】【详解】（1）[1].图丙电压表的读数为1.32V；（2）[2][3].根据E=U+Ur得：R1 r 1 = + . U E ER图象A,截距b=0.5=—

E斜率k=0.25=—

E故电动势E=2.0V,内电阻r=0.5Q；[4][5].重复上述实验方法测量电池B的电动势和内阻，从图B可以看出：电池B的电动势EB>EA,内阻rB<rA,则当它也给同样的电阻R供电时，则电源的输出功率EP=12R=( )2RR+r所以PA<PB；电源的效率电池的效率UI“二一

EI由于rB<rA，所以nA<nB。16.如图所示，空间有竖直向下匀强电场E=5.0义105N/C,长L=0.25m的不可伸长的轻绳一端固定于0点，另一端系一质量m=0.01kg的不带电小球A，将小球A拉起至绳水平绷紧后，无初速度释放.另一电荷的量q=-10-7C且质量与小球A相等的小球B以初速度%=2.4m/s水平抛出.小球A第一次经过D点时与小球B正碰并粘在一起可视为小球C(两球的总电量不变)，OD与竖直方向的夹角为37°.碰后小球C运动到O点正下方的P点时，电场突然增强到E，=3.6x106N/C,电场方向不变.不计空气阻力，整个运动过程小球昇、B、C均可视为质点.则：⑴碰撞前小球B的运动时间t；(2)碰撞后小球C的速度大小；⑶小球C能否运动到O点正上方0.25m处的点？若能，请计算通过Q点时轻绳的拉力大小；若不能，请说明理由.【答案】(1)0.36s(2)0.5m/s(3)能，理由见解析【解析】【详解】(1)由v=v•tan37。=1.8m/smg-qE=ma]解得a=5m/s215解得t=0.36s(2)由于v——By-=3m/ssin37°mgL•cos37°--2mv2解得v=2m/s由动量守恒定律:mv-mv=2mv共解得v共=0.5m/s(3)能；小球C以轻绳为半径，沿圆弧轨迹摆至最低点P(2mg一qE)•LG—cos37°)=22mv2一；2mv共解得v=1m/sqE'-2mg-2ma2解得a=8m/s2竖直向上九一?二克m/s"p,小球C从P点做类平抛运动16

t=0.25s,x=0.25m,y=0.25m故小球运动至与O点等高处，绳被拉直，只保留竖直方向分速度，并继续绕0点做圆周运动向上摆，通过Q点v=v•2tan45。=2m/s.c),1-1c.'一2mg/L=—2mv2一一2mv2Q2yv2T+2mg-qE,-2m-Q-T-0.8N17.如图所示，绝缘斜面与水平面成30°角，其上固定两根不平行的且粗糙程度不均匀的金属导轨ab与dc,Zabe=Zdcf=60。，导轨底端be间接有一个阻值为R的电阻.且bc边与斜面底边平行.磁感应强度为B的匀强磁场垂直斜面向上(覆盖整［斜面)，一质量为m的导体棒平行bc边放置在导轨上，给予一个垂直导体棒沿斜面向上的初速度v0.导体棒运动伊始，处于导轨间的长度为L0,此后导体棒向上运动过程中，电阻R的热功率不变.导轨和导体棒的电阻、导体棒与导轨间的接触电阻均不计，求：⑴回路中b、c两点的电势，哪点高？(2)导体棒开始运动后，沿导轨上滑x0距离所花时间t；(3在满足(2)的条件下，导体棒所受摩擦阻力做的功.(L午—x)x【答案】(1)C点(2).‘0 30,0(3)t二 Lvmv2——02[(L、「1 B2Lxv 0^——)2-1]+—mgx+ 000.23 2oRL+ x0 30(L0+三x0)【解析】【详解】(1)由右手定则可知，c点电势高(2)P=12R，电流I大小不变BLv=IR0BLvR°q=It=/t=经RR其中解得:(3)由题意可知BLv=B(L+2、3x)v

00 0 3 0由动能定理可得:-mgx0=—mv2——mv2F=BI(L+丁0)mv2W=―[(——阻2L+L2°T- x30)2-1]+1mgx+B2幻0v0(L+亘x)2 0R03018.如图所示为接地的金属外壳长方体粒子发射腔，ABCD为矩形通道的入口，长BB=L，高BC