2013年市高考物理一模试卷

一、单项选择题（每小题2分，共16分，每小题只有一个正确选项）1（2分）下列现象中，最能恰当地说明分子间有相互作用力的是（ 2（2 3（2 4（2 C．端压D．电源的输出功率5（2 A．B．C．6（2 7（2所标，大气压强为p0，则图中A点的压强是（ A．ρghB．p0+ρgh C．p0+2ρghD．p0+3ρgh8（2分）下列运动过程中机械能守恒的是（ 二、单项选择题（3249（3分）如图所示，一根不可伸长的细绳两端分别连接在固定框架上的A、B两点，细 B．只将绳的左端移向A′10（3 A．B．11（3向运动，重力加速度g10m/s2．则它们（）A．经约0.92s相 B．经约1.38s相C．经2s相 12（3Ek与其发生位移x B．x=3mC．2m位移的运动过程中物块所经历的时间为D．4m位移的运动过程中拉力对物块做的功为13（3A固定且通有电流I，线框B从图示位置由静止释放，在运动到A下方的过程中（）C．线框B所受力的合力为DB14（3固定水银槽中，管内外水银面高度差为h，下列情况中能使细绳拉力增大的是（ 15（3放置一个物块，在升降机运动过程的某一段时间内，发现电流表的示数I不变，且I大于升降机静止时电流表的示数I0，在这段时间内（ 16（3分）某机器内有两个围绕各自固定轴匀速转动的铝盘A、B，A盘上固定一个信号发射装置P，能持续沿半径向外发射红外线，P到圆心的距离为28cm．B盘上固定一个带窗口的红外线信号接收装置Q，Q到圆心的距离为16cm．P、Q转动的线速度均为4πm/s．当P、Q正对时，P发出的红外线恰好进入Q的接收窗口，如图所示，则Q每隔一定 三、多项选择题（416分.分；选对但不全的，得2分；有或不答的，得0分17（4分）如图所示，相距l的两小球A、B位于同一高度h（l、h均为定值．将A向B水平抛出的同时，B自由下落．A、B与地面碰撞前后，水平分速度不变，竖直分速度大 C．A、BD．A、B18（4FN，细绳对AF1BF2B的细绳和系A的细绳同时断开，则两细绳刚断开时（）CFN+F2﹣F119（4分）如图所示，圆心在OR的光滑圆弧轨道ABC竖直固定在水平桌面上，OC与OA60°，轨道最低点A与桌面相切．一足够长的轻绳两端分别系着质C点，然后从静止释放．则（）Am1C点下滑到ABm1CAm1Cm1ADm1恰好能沿圆弧下滑到A20（4hA=d/2，hB=d，hC=3d/2．当导线框A、B、C由静止开始释放后，在经过匀强磁场的过程 B．线框进入磁场后，导线框C的加速度最大CA最长DC四、填空题.（420分21（410cm87℃，则重物将上升cm22（4分）质量为m=100kg的小船静止在水面上，水的阻力不计，船上左、右两端各站着质量分别为m甲=40kg，m乙=60kg的游泳者，当甲朝左，乙朝右，同时以相对河岸3m/s ”； 23．一绕地球做匀速圆周运动的线速度大小为v，若地球质量为M，引力常量为G， 的圆周运动的半径R为 24（4后进入水平面（设经过B点前后速度大小不变，最后停在C点．每隔2s测得的三个时刻物体的瞬时速度，记录在下表中．重力加速度g取10m/s2，则物体到达B点的速度为m/s；物体经过BC所用时间为 024608825（4分）如图所示，竖直平面内有两个水平固定的等量同种正点电荷，AOB在两电荷连线的中垂线上，O为两电荷连线中点，AO=OB=L，一质量为m、电荷量为q的负点电荷若由静止从A点释放则向上最远运动至O点．现若以某一初速度向上通过A点，则向上最远运动至B点，重力加速度为g．该负电荷A点运动到B点的过程中电势能的变化情 ；经过O点时速度大小为 26（4分）如图所示电路中，E为不计内阻的电源，R1为滑动变阻器，R2为定值电阻，灯L的电阻不随温度改变，所有均为理想．某同学选择与电路图相应的实验器P的位置从而调节灯泡的亮度，并将各的示数变化情况分别记录在下表中．A1A2V1V212X30 Ω；表格中X值 五、实验题.（24分27（6 28（6（aF，乙组直接用力传感器测得拉力F，改变重物的重力重复实验多次，a﹣F图象． （填“”或“ 29（6在图乙﹣R坐标系中标出了该同学所测的实验数据点，试作出这些数据点的拟合直 30（6（1（ （2（（3）某老师为本实验配制油酸溶液，配备的器材有：面积为0.22m2的蒸发皿，滴管，量筒（50滴溶液滴入量筒体积约为1毫升，纯油酸和无水若干等．已知分子直径数量级为10﹣10m，则该老师配制的油酸溶液浓度（油酸与油酸溶液的体 ．六、计算题.（50分31（10p0=75cmHg．32（12平滑连接（B点前后速度大小不变AH=7.0m，BC长d=2.0mCh=1.0mm=50kgA点无初速AB、BCμ=0.1（g=10m/s2，ACWChdB′C′位置B′C′h′．33（14OAB的两个端点A、BO点且垂直于纸面的水平轴在竖直平面内自由转动．直角三角形的直角边长为LmA=3m，mB=m，电荷量分别为QA=﹣q，QB=+qg．E，使框架OB边水平、OA边竖直并保持静止状态，则E多大？EOAB在接下来的运动过程中，带电小球AEkA为多少？和的最小值E′34（14分）MN、PQ与水平面的夹角为R=2Ωm=0.2kg的完全相同的细金属棒abcd垂直导轨并排靠紧的放置在导轨x=1.6m3x=4.8mab由静止abcd，金属棒cd在出磁场前已做匀速运动．两金属棒在下滑过程中与导轨接触始终良好（取重力加速度g=10m/s2．金属棒ab金属棒cd一、单项选择题（2161（2（2013• A错误；B错误；运动，故D错误；2（2（2013• 【考点】第一定律下，总保持匀速直线运动状态或静止状态．并且要理解第一定律的内容．【点评】此题主要考查了对第一定律的理解，不仅要知道第一定律的内容，并且3（2（2013• 【分析】对于物理中的重要、规律的得出要了解其发展历史，明确重要科学家伽利略、、法拉第、奥斯特等的主要贡献，培养自己的科学素养和科学品质．4（2（2013• C．端压D．电源的输出功率电源把其它形式的能转化为电能的本领越强，故A正确．5（2（2013•斗形落下，则下图中能正确反映最终落在槽内小球的分布情况的是（ A．B．C．内的分布是不均匀的，以中间槽最多，两边最少，故C正确．6（2（2015•号，Z表示该门电路输出端的信号，则根据它们的波形可以判断该门电路是（ 【分析】与门的特点：的所有条件满足，才能发生．或门的特点：只要有一个条件满足，就能发生．非门的特点：输入状态和输出状态完全相反．“1”，或门输入端只要有“1”，输出端就为“1”．发现A正确，B、C、D错误．能发生．或门的特点：只要有一个条件满足，就能发生．非门的特点：输入状态和输7（2（2013•内液面高度差如图中所标，大气压强为p0A点的压强是（）A．ρgh C．p0+2ρghP0等于中间这段气体产生的压强加上h液体Ah液体产生的压强，p1=p0+ρgh，ApA=p1+ρgh=p0+2ρgh，C．【点评】在计算气体压强时，有两个结论可以直接应用①②同8（2分（2013•徐汇区一模）下列运动过程中机械能守恒的是（ 能不变，重力势能减小，所以机械能不守恒，故A错误．B正确．D错误．二、单项选择题（3249（3（2013•移动细绳的端点，则绳中拉力大小的变化情况是（）B．只将绳的左端移向A′α，绳子的长度为L，B点到墙壁的距离为S，根据几何知识和对称性，可得到sinα=，当只将绳的左端移向A′点或将绳的右端移向B′点，分析α如何变化，以滑轮为研究对象，根据平衡条件分析拉力如何变化．以滑轮为研究对象，设绳子拉力大小为F，根据平衡条件得2Fcosα=mg，得F= A、BA′点，S和L均不变，则由②式得知，FA错误，BC、DB′点，S增大，而L不变，则由①式得知，α增大，cosα减小，则由②式得知，FCD均错误．αB点到墙壁距10（3（2013• A．B．B正确．11（3（2014•vB=2m/s同时相向运动，重力加速度g10m/s2．则它们（）A．经约0.92s相 B．经约1.38s相C．经2s相 【考点】第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与【分析】先根据第二定律求出两个物体的加速度，然后计算出物体B停止运动的时间，得出A、B的位置，最后再求出接下来的运动时间．【解答】解：对物体A受力分析，均受到重力、支持力和滑动摩擦力，根据第二定B2物体B的位移为：xB=vBt1+at2故此时开始，物体B不动，物体A继续做匀运动，直到相遇；A6m处相遇，故D错误；1sA2物体A继续做 运动过程，xA2=vA1t2+at2【点评】本题关键是边计算边分析确定两物体的运动情况，多次根据运动学列式求12（3分（2016•金山区一模）质量m=2kg的物块放在粗糙水平面上，在水平拉力的作用下由静止开始运动，物块动能Ek与其发生位移x之间的关系如图所示．已知物块与水平面间的动摩擦因数μ=0.2，重力加速度g取10m/s2，则下列说法中正确的是（ B．x=3mC．2m位移的运动过程中物块所经历的时间为D．4m位移的运动过程中拉力对物块做的功为【考点】动能定理的应用；第二定律B、对x=2m到x=4m段运用动能定理，求出水平拉力的大小，根据第二定律求出物块C、根据动能定理求出前2m内水平拉力的大小，结合第二定律和运动学求出运动 F=6.5N．．故B错误．末速度v=，根据v=at得，t=2s．故C正确D、对全过程运用动能定理得，WF﹣μmgs=△EkWF=25JD错误．C．13（3（2013•的竖直平面内，线框的对应边相互平行．线框A固定且通有电流IB从图示位置由静止释放，在运动到A下方的过程中（）C．线框B所受力的合力为DB【分析】由右手螺旋定则可知AB中磁通量的变化，由于电磁感应，B产生感应电流，由楞次定律可知B中电流的方向；由F的=BIL可知力的变化，由处下落时，磁通量以A中内部磁感应强度为主，内部磁感通量越来越大；而在离开时，由于内外磁感线相互抵消，故磁通量开始减小，故磁通量应是先增大后减小的，故AB、由楞次定律可得，BB错误；C、线圈B中的电流相等，但由于两边所处的磁感应强度不等，故力的合力不为零，C错误；D、框下落时，力做负功使丝框的机械能转化为线框B的动能，故D正确；D．A中内部和外磁感线的条数之14（3（2016•上，玻璃管下端浸没在固定水银槽中，管内外水银面高度差为h，下列情况中能使细绳拉 P=P0﹣ρgh，对玻璃进行受力分析，得到绳拉力大小的决定因Pm，则有对玻璃管受力分T=（P0﹣P）S+mg=ρghS+mg，即绳的拉力等于管的重力所以：AhT增加，A正BP=P0﹣ρgh可知，hT减小，BCP=P0﹣ρgh和气体状态方程可知，封闭气体压强增大，体h减小，故拉力减小，C错误，P=P0﹣ρghh减小，故绳拉力减小，D错误．15（3（2014•III0，在这段时间内（）【分析】通过压敏电阻将压力信号转换成电信号，从而根据电路中的示数来确定升降【解答】解：A、在升降机运动过程中发现II0，则说明不可能匀速运动．故A错误；BI大于升降机静止时电流表的示数I0，则可知外电压变大，内电压变小，说明电流变小．所以是电阻变大．由压加速，也可能向上匀．故B错误；CI大于升降机静止时电流表的示数I0，则可知外电压变大，内电压变小，说明电流变小．所以是电阻变大．由压加速，也可能向上匀．故C正确；D错误；I不变，说明压力不变；而II0，16（3（2013•AP，能持续沿半径向外发射红外线，P到圆心的距离为28cm．B盘上固定一个带窗口的红外线信号接收装置Q，Q16cm．P、Q4πm/sP、Q正对时，P发出的红外线恰好进入Q的接收窗口，如图所示，则Q每隔一定时间就能接收到红外线信号，这个时间的最小值为（）P、Q正对时，PQ的接收窗口，再次被接收时，经【解答】解：P的周期 Q的周 0.56s0.56sB正确，A、C、D错误．B．PQ的接收窗口，所经历的时间三、多项选择题（416分.分；选对但不全的，得2分；有或不答的，得0分17（4分（2012•江苏）如图所示，相距l的两小球A、B位于同一高度h（l、h均为定值．将A向B水平抛出的同时，B自由下落．A、B与地面碰撞前后，水平分速度不变， C．A、BD．A、BA的初速度较大时，A、BABA、B在第一次落地前不碰，由于反弹后水平分速度不变，竖直分速度大小不变、B错误，D正确．C、若A球落地时的水平位移为时，则A、B在最高点相碰．故C错误．18（4（2013•FNA的断开时（）CFN+F2﹣F1【考点】运动定律的应用-超重和失重【分析】先对木盒静止时进行受力分析，再对AB分别受力分析，细绳断开瞬间库仑力不FN=G木+GA+GB，F1=GA+F库B的拉F2=F库﹣GB；细绳断开瞬间，库仑力不变，A向下加速失重，B向上加速超重，A的加速度大，BAB总的效果是失重，故木盒对地面的压力减小，木盒对地FN+F2﹣F1．19（4（2014•直固定在水平桌面上，OC与OA的夹角为60°，轨道最低点A与桌面相切．一足够长的轻绳两端分别系着质量为m1和m2的两小球（均可视为质点，挂在圆弧轨道光滑边缘C的两边，开始时m1位于C点，然后从静止释放．则（ Am1C点下滑到ABm1CAm1Cm1ADm1恰好能沿圆弧下滑到A【分析】ABm1滑下去m1恰好能沿圆弧轨道下滑到a点，此时两小球速度【解答】解：A、m1C点下滑到Am1滑A错误；m1一开始的竖直速度也必然为零，最后运动到A点的时候，由于此时的切线是水平C到A的过程当中是肯定有竖直分速度的，所mgvB正确；Cm1恰好能沿圆弧轨道下滑到aC正确，D错误；20（4（2013•d的由相同导线制成的闭合导线框竖直置于磁场的上方，它们的底边处在同一高hA=d/2，hB=d，hC=3d/2．当导线框A、B、C由静止开始释放后，在经过匀强磁场的过程中线框受到的磁场力始终小于线框的重力，则（）B．线框进入磁场后，导线框C的加速度最大CA最长 ，可知刚进入磁场时三个导线框的速度相同．故A正确 g，而BC仍有感应电流，受到向上的力，则它们的加速度小于g，故线框A的加速度最大．故B错误．C、设线框的截面积为S，高度为h，电阻率为ρ1，电阻为R，密度为ρ2，则根据第二 则知，线框的高度越大，加速度越大，则线框进入磁场后，导线框C的加速度最大，当Ag，A、C线框通过的位移相同，均为，B一直有感应电流，则通过磁场过程中无感应电流的时间导线框AC正确．D正确．ACD四、填空题.（420分21（4（2013•活塞离气缸底的高度为10cm．如果缸内空气温度降为87℃，则重物将上升1 程适用的气体定律是盖•定律（填“玻意耳定律”或“定律”或“盖•定87℃，则重物将上升，温度、体积变化，压强不变．根据87℃，则重物将上升，温度减小、体积减小，压强不==22（4（2015•m甲=40kg，m乙=60kg的游泳者，当甲朝左，乙朝右，3m/s的速率跃入水中时，小船运动方向为向左（填“向左”或“向右”；运动速率为0.60=m甲v甲+m乙v乙解得：v=0.6m/s0.6m/s．23（2013•徐汇区一模）一绕地球做匀速圆周运动的线速度大小为v，若地球质量为M，引力常量为G，则该 的圆周运动的半径R为；它在周期内的平均速度的大小为． 得 的周期 ，周期内的位移为R，经历的时间 24（4（2013•开始下滑，经过B点后进入水平面（设经过B点前后速度大小不变，最后停在C点．每隔2s测得的三个时刻物体的瞬时速度，记录在下表中．重力加速度g取10m/s2，则物体到达B点的速度为13.33 m/s；物体经过BC所用时间为6.665 0246088【分析】根据图表中的数据，可以求出下滑的加速度a1=4m/s2运动学求出vB，从而求出物体经过BC所用的时间．a1=4m/s2和在水平面上的加速度2s4sB点．根据运动学：8+a1t1﹣a2t2=12t1+t2=2，解出t1=s，知经过s到达B点，B点的速度v=a1t=．则经过BC的时 【点评】解决本题的关键熟练掌握运动学v2﹣v=2ax、25（4（2013•荷，AOB在两电荷连线的中垂线上，O为两电荷连线中点，AO=OB=Lm、电qAO点．现若以某一初速度向上ABg．该负电荷AB点的过程中电势能的变化情况是先减小后增大；经过O点时速度大小为．AOOB，电场力做负OV，由动能定理联立解得26（4分（2013•徐汇区一模）如图所示电路中，E为不计内阻的电源，R1为滑动变阻器，R2为定值电阻，灯L的电阻不随温度改变，所有均为理想．某同学选择与电P的位置从而调节灯泡的亮度，并将各的示数变化情况分别记录在下表中．A1A2V1V212X30则由表格中数据可知变阻器电阻R1的全阻值为 Ω；表格中X值为 A2PbaPV1的读数，可求出通过aPX．2组数据得知，变阻器触头滑到最右端，通过变阻器的电流等于两电流根据第2组数据，由电压表V2和电流表A2的读数，得变阻器Pb段的电阻 ，则变阻器aPRaP=R1﹣RPb=10ΩV1的读数，得通过aP段的电流为IaP==，则X=I2+IaP=0.24A+0.48A=0.72A．V20的含义；其次要抓住电五、实验题.（24分27（6（2013•通过本实验可以验证共点力合成时遵循的法则是平行四边形在实验过程中要注意：细绳、弹簧秤应与水平木板保持在同一水平面内（或平行），弹簧秤伸长的方向与细绳要在同一直线上．力．可以判断乙同学的实验结果是明显错误的．（1）28（6分2016•在用IS（（b（）（）a﹣F（1）位移传感器（B）属于填“”或“F的条件是小车的质量远大于重物的质量图（c）中符合甲组同学做出的实验图象的是② 的是① （1）a=而实际上a′=，即随着重物的质量增大，不在满足重物的质量远远小于小车的质量，FF测量是准确的，a﹣F关系为（1）29（6（2013•在图乙﹣R坐标系中标出了该同学所测的实验数据点，试作出这些数据点的拟合直线，并读得该直线的纵轴截距为1 A﹣1，求得其斜率为V﹣1；求得电池的电动势是 V，内阻是 把坐标系中的各点连接起来，作出﹣R图象，由图象求出图象的纵轴截距与图象斜由闭合电路的欧姆定律求出与R的关系式，然后根据图象求出电源电动势与内（1）用一直线把坐标系中的各点连接起来，得到﹣R图象，如图2所示；由图象可知，图象的截距是b=1A﹣1，图象的斜率k==V﹣1．，E=I（r+R，b==1A﹣1k==E=1.5V，电源内阻（1）（2）（3）1.；1.5．、求出与R的关系式，是正确求出电源电动势与内阻的关键．30（6（2013•（1（该实验中的理想化假设是 （2（（3）某老师为本实验配制油酸溶液，配备的器材有：面积为0.22m2的蒸发皿，滴管，量筒（50滴溶液滴入量筒体积约为1毫升，纯油酸和无水若干等．已知分子直径数量级为10﹣10m，则该老师配制的油酸溶液浓度（油酸与油酸溶液的体积比）至多为1.1 ．如果油酸不加稀释形成的油膜面积很大，不便于测量，油酸可以溶于，因此（1）单分子分布的；②把油酸分子看成球形；③C错误，ABD如果油酸不加稀释形成的油膜面积很大，不便于测量，油酸可以溶于，因此ACD错误，B正确．一滴油酸溶液的体积为六、计算题.（50分31（10分（2013•徐汇区一模）U型试管，左侧管长LOA=30cm20cm，气体温27°Cp0=75cmHg．（1）2=p0+ρg=85从状态1到状态2由理想气体状态方 得 即（2）x，则p3=p0+px=（75+x）cmHg13经历等容过程．（1）152℃（2）31.25cm长度的水银，可32（12（2015•ABBC平滑连接（B点前后速度大小不变A距水面的高度H=7.0m，BCd=2.0mC距水面的高度h=1.0mm=50kg的运动员从滑道μ=0.1（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，运动员在运动过程中可视为质点）ACWChdB′C′位置B′C′h′． （1）根据第二定律：mgsinα﹣μmgcosθ=ma得运动员沿AB下滑时加速度的大小为：a=gsinθ﹣μgcosθ=5.2m/s2C点时速度的大小Ct，下滑过程中克服摩擦做功保持不变 h’═3m（1）ACW500JC点时速度的大10m/s；33（14（2013