西藏拉萨市那曲二高2018-2019学年高二物理上学期期末考试试题含解析

XXXX市那曲二高2018-2019学年高二物理上学期期末考试试题（含解析一、选择题：本题共8小题,每小题6分，共48分・（1至5题为单选题,6至8题为多选题少选得两分,错选不得分.下列说法中正确的是< >电场强度反映了电场的力的性质，因此场中某点的场强与检验电荷在该点所受的电场力成正比F场中某点的场强等于一，但与检验电荷的受力大小及电荷量无关q场中某点的场强方向是检验电荷在该点的受力方向公式E=—和£=«乌对于任何电场都是适用的qr~［答制B［解析］［详解］A.电场强度反映了电场的力的性质，是由电场本身决定的，电场中某点的场强与检验电荷在该点所受的电场力无关，选项A错误；电场中某点的场强等于-,但与检验电荷的受力大小及电荷量无关，选项B正确；q电场中某点场强方向是检验正电荷在该点的受力方向，选项C错误；F o公式E=一对于任何电场都是适用的，旧=只适用于点电荷电场，选项D错误；0 厂故选B。一平行电容器两极板之冋充满云母介质，接恒压直流电源上，若将云母介质移出，则电容器（极板上的电荷量变大，极板间的电场强度变大极板上的电荷量变小，极板冋的电场强度变大极板上的电荷量变大，极板间的电场强度不变极板上的电荷量变小，极板间的电场强度不变［答案］D

［解析］试题分析：电容器接在恒压直流电源上，则电容器两端的电势差不变，将云母介质移出后，介电常数减小，根据电容的决定式c=-^知，介电常数减小，电容减小，由于电压不变，根据c=3可知，电荷量Q减小，由于电容器的电压不变，板间的距离d不变，根据E=£可知，极板间的电场强度不变，所以ABC错误,D正确.考点：电容器的动态分析［名师点睛］本题是电容器的动态分析问题，关键抓住不变量,当电容器与电源始终相连，则电势差不变；当电容器与电源断开，则电荷量不变.要掌握。=3、C=為'E=§三个公式.［此处有视频，请去附件查看］一只标有勺V,3矿的小灯泡，两端加上电压。;在$由。逐渐増加到1V过程中，电压。•和电流］的关系，在如图所示的四个图象中，符合实际的是＜D.］BD.］B［解析］［详解］因为灯泡灯總电阻与温度有关，温度越高其电阻越大，根据欧姆定律可知，其伏安特性曲絞应为选项B所示，其它选项图线均错误；如图所示,a、8分别表示由相同材料制成的两条长度相同、粗细均匀的电阻统的伏安特性曲线，下列判断正确的是a代表的电阻统较粗力代表的电阻税较粗a代表的电阻统较粗力代表的电阻税较粗e电阻縫的阻值小于力电阻统的阻值e电阻縫的阻值小于力电阻统的阻值图线表示电阻丝的阻值与电压成正比［答案］B［解析］［详解］ABC.根据欧姆定律：R可得：诃知伏安特性曲线的斜率是电阻的倒数，因此a代表的电阻较大M的较小；根据电阻定律：R=p—s可知d的电阻丝较细的较粗，故A错误、B正确、C错误。D.一段金属丝的电阻是由本身的因素决定的，与所加电压和所通过的电流无关，故D错误。故选B.如图所示的电路中，电源的电动势E和内电阻广恒定不变，电灯乙恰能正常发光，如果滑动变阻器的滑片向力端滑动，则< >电灯乙更亮，电流表的示数减小电灯匕更亮，电流表的示数増大电灯匕变暗，电流表的示数减小电灯L变暗，电流表的示数増大［答案］D［解析］［详解］AC.变阻器的滑片向3端滑动时，其接入电路的阻值变小，电路的总电阻变小，由闭合电路的欧姆定律/总=知电路的总电流増大，即安培表的示数増大,路的欧姆定律/总=知电路的总电流増大，即安培表的示数増大,AC错;BD.由U=E-I^r知路端电压减小，即电灯L两端的电压变小，功率变小，电灯L变暗,B错误,D正确：［点睛］本题要求学生明确动态分析的总体思路是先由局部阻值的变化得出总电阻的变化，再整体据闭合电路的欧姆定律得出电路中总电流的变化，再局部就是由串、并联电路的特点去分析.图中虚线为一组间距相等的同心圆，岡心处固定一带正电的点电荷.一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹,a、b、c三点是实线与虚线的交点.则该粒子（带负电在c点受力最大在b点的电势能大于在c点的电势能由a点到b点的动能变化大于有b点到c点的动能变化［答案］CDI解析］［详解］A.根据粒子运动轨迹可知，粒子带正电，选项A错误：根据库仑定律可知，离点电荷最近时最大，选项B错误；从3点到。点电场力做正功，动能増加，故粒子在3点电势能一定大于在c点的电势能，故C正确：同心圆间距相等，所以a点到厶点电势差大于6点到。点电势差，所以由a点到8点的动能变化大于有力点到c点的动能变化，选项D正确.下列说法中，符合物理学史实的是亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动：没有力的作用，物体就静止牛顿认为，力是物体运动状态改变的原因，而不是物体运动的原因麦克斯韦发现了电流的磁效应，即电流可以在其周围产生磁场奥斯特发现导线通电时,导线附近的小磁针发生偏转:答案］ABD［解析］试题分析：根据物理学史和常识解答，紀住著名物理学家的主要贡献即可.解：A、亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动；没有力的作用，物体静止，故A正确：B、 牛顿认为，力是物体运动状态改变的原因，而不是物体运动的原因，故B正确：C、 奥斯特发现了电流的磁效应，即电流可以在其周I甘产生磁场，故C错误：D、 奥斯特发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转，电流可以在其周围产生磁场，故D正确.故选ABD.［点评］本题考查物理学史,是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一.I此处有视频，请去附件查看］通电矩形导线框abed与无限长通电直导线MN在同一平面内，电流方向如图所示,ab边与MN平行.关于MN的磁场对线框的作用，下列叙述正确的是< >左’M线框有两条边所受的安培力方向相同线框有两条边所受的安培力大小相同絞框所受安培力的合力向左线框将绕MN转动［答案］BC［解析］I详解］A、直导线中的电流方向由M到N,根据安培定则，导线右侧区域磁感应强度方向向内，根据左手定则,ab边受向左的安培力,cd边受到向右的安培力,ad边受到向卜的安培力,be受到向上的安培力，方向全不同，故A错误；B、 离心越远的位置，磁感应强度越小，故根据安培力公式F=BLab边受到的安培力大于cd边,be边受到的安培力等于ad受到受到的安培力.故B正确；C、 ab边受向左的安培力,cd边受到向右的安培力,ad边受到向下的安培力,be受到向上的安培力,ab边受到的安培力大于cd边,ad边受到的安培力等于be受到受到的安培力，故合力向左,絞框向左平动，故C正确,D错误.［点睛］直导线中的电流方向由M到N,根据安培定则判断导线框所在处磁场方向，根据左手定则分析导线框所受的安培力情况.二、实验题〔共15分（1、3小题每空2分，共12分,2小题3分小明测定干电池的电动势和内阻，实验室有如下实验器材：干电池-节〈电动势约为1.5V>量程为3.0V的电压表Vi量程为15V的电压表V：量程为0.6A的电流表A：量程为3.0A的电流表船最大阻值为20Q的滑动变阻器房最大阻值为100。的滑动变阻器用开关一个，导线若干.根据所学的知识回答卜列问题：11为了减小实验误差，电压表应选择 电流表应选择滑动变阻器应选择—.〈填器 材对应的字母〉12将所选的实验器材在图中用笔画线代替导线连接—.13连接好电路后，通过调节滑动变阻器得到多组实验数据，将所得数据描点在坐标系中，并将这些点连起来如图所示.市图可.知该电池的电动势大小为__V,测量值比真实值—〈壊”偏大二~偏小"或”相等2内阻大小为—Q,测量值比真实值—倾”偏大二"偏小"或"相等”〉.〈结果均保留3位有效数字〉

U1V［答案］ <1>.K<2>.4 <3>.R<4>.电路连线如图:U1V<5>.150 <6>.偏小<7>.0.800 <8>.偏小[解析][详解](1EUC21[31.一节干电池电动势约为1.5V,则为了减小实验误差，电压表应选择K,电流表应选择&滑动变阻器应选择R’..12[4].电路连线如图：13[5][6][7][8L由图示电源，图象可知，图象与纵轴交点坐标值为1.50,电源电动势1.50-0.30L501.50-0.30L50Q=0.800Q相对于电源来说，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用使得电流表的测量值小于通过电源的电流，电动势和内阻的测晟值均小于真实值.三、计算题(共37分10.如图所示,把质量为0.2g的带电小球4用统线吊起，若将带电荷量为4XIO'8C的带正电小球占彝近它，当两小球在同一高度且相距3cm时，紐线与竖直方向的夹角为45°福取10m/s:,小球48均可视为点电荷,静电力常量后9X10^.m:.C：o则：11此时小球3受到的库仑力的大小为多少:〔2小球X带何种电荷：I3小球A所带的电荷量的绝对值是多少。［答案］(12X10^ 〔2负电〔35X10%［解析］I详解］(1根据题给条件，可知小球X处于平衡状态•分析小球刃受力情况如图所示：小球.4受重力應、丝线的拉力月、小球8对小球刃的库仑力戶；因三个力的合力为零，所以F-zcgtan45°=0.2X10'3X10XlN=2X10'"N(2因小球A与小球d相互吸引，小球方带正电，故小球带负电：13小球九8相互吸引，其作用力大小为r~所以叵J=5xlO“C11.如图所示，电路中电阻A=10。，电源的内电阻r=2Q.灯泡L上标有"3V0.25A”的字样,闭合开关S,灯泡正常发光.求：

(1灯泡功率:(2电源的电动势;(3电源的总功率:［答案］<1>［答案］<1>0.75W <2>6V<3>1.5W［解析］I详解］(1由题知，灯泡正常发光，则灯泡的电压为U二3V,电流为I二0.25A所以灯泡的功率为P二UI二0.75W(2由闭合电路欧姆定律得:电源的电动势E=U+I(R+r=3+0.25X(10+2=6VI3电源的总功率：P=IE=0.25X640.5W.12.如图所示,两平行金属板间距为d.电丹差为L\板间电场可视为匀强电场：金属板卜•方有一磁感应强度为8的匀强磁场，带电量为+小质量为m的粒子，由静止开始从正极板出发，