云南2021届高三毕业生复习统一检测理综物理试题

云南省2018届高三毕业生复习统一检测理综物理试题学校:姓名：班级：考号：一、单选题1.一物体做加速度为一lm/sz的直线运动，t=0时速度为一5m/s,下列说法正确的是()A.初速度为一5m/s说明物体在做减速运动B.加速度为一lm€说明物体在做减速运动C.t=ls时物体的速度为一4m/sD.初速度和加速度方向相同，物体在做加速运动.如图所示，细线一端固定，另一端栓一小球，小球处于静止状态.现用一始终与细线垂直的力尸缓慢拉着小球沿圆弧运动，直到细线水平，在小球运动的整个过程中，F和细线拉力的变化情况为：A.F先增大后减小B.F不断增大C.细线的拉力先增大后减小D.细线的拉力不断增大.如图所示，两个质量均为m的物体A、B叠放在光滑水平面上，A与B间的动摩擦因数为卜L现用水平外力F拉物体A,要将A拉离物体B,则F至少大于()C.2pmgD.3pmg4.一半径为R的圆形区域内有垂直于纸面的匀强磁场，从圆周上P点向纸面内各方向发射质量、电量、速率均相同的带电粒子，这些粒子均从四分之一圆周磁场边界PQ上射出，忽略粒子之间的相互作用.则带电粒子在磁场中运动的轨道半径为

A.-RB.巫RC.且RD.正R22245.如图所示，一理想变压器由一个原线圈和两个副线圈组成，匝数比ill：112：113=3：2：1,a、b端接正弦交流电，电路中电阻R1=R2=R3,其余电阻均不计.若R3消耗的功率为P,则Ri消耗的功率为A,9PB.25——P93

C.-P3D.A,9PB.25——P93

C.-P3D.1-P9二、多选题6.原子核的比结合能随质量数的变化图像如图所示，根据该曲线，下列判断正确的是()A,中等质量核的比结合能大，这些核较稳定B.核比;L•核更稳定C.电核裂变成两个中等质量的核时释放能量D.•核的结合能比燧U核的大7.如图所示，a、b、c、d是正方形的四个顶点，O是正方形对角线的交点.ad边和be边中点处放有等量异种点电荷+Q、Q,关于图中各点电势和电场强度的关系，下列说法正确的是()a、O、c三点的电势关系为0>0,>0a、b、c、d四个顶点处的电场强度相等C.在两点电荷连线上，O点处的电场强度最大D.a、b、c、d、。五个点中O点处的电场强度最大8.一质量为〃八电阻为R边长为L的正方形导线框静止在光滑绝缘水平桌面上，桌面上直线P。左侧有方向竖直向下的匀强磁场I,磁感应强度大小为&尸。右侧有方向竖直向上的匀强磁场1【，磁感应强度大小为28,俯视图如图所示.现使线框以垂直PQV的初速度U向磁场I【运动，当线框的三分之一进入磁场I【时，线框速度为7，在这个2过程中，下列说法正确的是（）A.线框速度为:时，线框中感应电流方向为逆时针方向2■,B.线框速度为上时，线框的加速度大小为主名工.2niRC.线框中产生的焦耳热为如炉o,D.流过导线横截面的电荷量为MlR.以下说法正确的是.A.一定质量理想气体等压膨胀过程中一定从外界吸收热量B.浸润与不浸润均是分子力作用的表现C.两个分子之间的距离越大，它们之间的分子力越小，分子势能越大D.自然界凡是符合能量守恒定律的宏观过程都能自然发生E.气体的扩散总是沿着分子热运动无序性增大的方向进行.下列说法中正确的是（）A.电磁波是横波B.机械波的频率越高，传播速度越大C.简谐横波在一个周期内传播的距离等于波长D.做简谐振动的弹簧振子，半个周期内弹簧弹力做的功一定为零E.在波的干涉现象中，相邻的两个振动最强点之间的距离等于半个波长三、实验题11.为了测量小滑块与长木板间的动摩擦因数〃，某同学从实验室找到如下器材：桌面水平的桌子、不计厚度的长木板、天平、小滑块（带遮光片）、光电门计时器、刻度尺、游标卡尺等.他将长木板的一端垫高，另一端固定在水平桌面上，并在木板上适当位置固定光电门，将物块从木板项端由静止释放.①实验中，他需要测量的物理量有A.小滑块的质量相；B.遮光片的宽度4C.木板的长度L：D.木板顶端距水平桌面的高度G；E.木板顶端到光电门的距离x；F.滑块通过光电门时遮光片的遮光时间，；G.水平桌面的高度H.②测遮光片宽度时游标卡尺的读数如图所示，d=111111.012cmIo应2。1③用①问中所选物理量表示动摩擦因数〃=..现要测定一个自感系数很大的线圈L的直流电阻，实验室提供如下表1的器材：

器材加格待测线圈L附值约为上3C,额定电流为:1A电流表Ai量程为0.6A,内阻为2c电流表.工2量程为3.山内阻约为0-C滑动变俎器父阻值为定值电阻也Ri=8Q定值电阻处R2=l60Q:电池组E电动势为八内阻很小"""1-21-T\/./A■_-0一0.1丁0.2限0.3上0.400.50060RA010.49)1.512.002.523.00(1)实验时，要求通过两个电表的电流范围尽可能大，请将图甲中的电路图补充完整(2)为了减小实验误差，电路图中的电阻R应选择定值电阻—(选填“RJ或R9');(3)选择合适的电阻后，电流表A1和A?的读数分别为人，多次测量结果记录在上表2中，在图乙中描绘出/「儿图像,利用图像可求出线圈的直流电阻/?,.=—。(计算结果保留2位有效数字)：(4)测量结束后，应先断开开关(选填"SJ或"S"四、解答题.如图所示，匝数为N、电阻为人面枳为S的圆形线圈尸放置于匀强磁场中，磁场方向与线圈平面垂直，线圈尸通过导线与阻值为/?的电阻以及两平行金属板相连，两金属板之间的距离为乩两板间有垂直纸面的恒定匀强磁场.当线圈P所在位置的磁场均匀变化时，一质量为〃?、带电荷量大小为夕的油滴在两金属板之间的竖直平面内做圆周运动.重力加速度为g,求：(1)流过电阻R的电流；(2)线圈P所在磁场磁感应强度的变化率..如图所示，长L=3m、质量M=2kg木板B静止于光滑水平面上，质量为m=lkg的物块A(可视为质点)静止于B的左端，现使A以vo=61Ws的速度开始向右运动，A运动到B右端时与固定在B右端的薄挡板发生弹性碰撞(碰撞时间极短，可忽略)，最终A在距离挡板1m处与B相对静止，取重力加速度g=10nd.求：巾—IB(1)A,B之间的动摩擦因数：(2)从A开始运动到与B相对静止经历的时间(3)从A开始运动到与B相对静止过程中A前进的距离..如图所示，一水平导热玻璃管A端封闭、B端开口，横截面积为S.静止时管内用活塞封闭了长为心的空气柱，活塞质量为m、厚度可忽略，可沿玻璃管无摩擦滑动且不漏气.现使玻璃管绕过A端的竖直轴在水平面内匀速转动,稳定后空气柱的长度变为人.己知人气压强为环境温度恒定.求：«aF=bI、玻璃管转动的角速度0；H、若整个过程中气体从外界吸收的热量为Q，求玻璃管对活塞做的功..下图中ABC表示三棱镜的横截面，入射光线P/Z从AB面射入，经界面AB折射后直接到达AC面，经界面AC折射后沿O2P2方向射出.测得NA=60°,4。/=45。,Z^0,C=45°.求:

I.该三棱镜的折射率：n.保持入射点0、不变，使入射光线po「顺时针转动，使该光线经界面ab折射后直接到达AC面，且恰好在界面AC发生全反射，求此时RO」与AB边边夹角的余弦值.参考答案D【解析】当速度与加速度方向相同时，物体做加速运动，根据速度公式丫=%+々，得p=-5—f,经过Is,速度为匕=-5m/s-lm/s=-6m/s,故ABC错误，D正确，故选D.B【解析】对小球受力分析，如图所示：由上图可知，F和T的合力与重力大小相等，方向相反，故可以将这三个力放在一个闭合的矢量三角形内进行分析，如图所示：Tmg在缓慢变化的过程，重力保持不变，F与T的方向始终垂直，且三个力始终构成一个闭合的矢量三角形，故由图可知，F的大小不断增大，拉力T的大小不断减小，故ACD错误，B正确，故选B.C【解析】拉力F作用在A上，B产生的最大加速度为册=,对A由牛顿第二定律得:F-ping=niam,解得：F=2jumg,故选C.B【解析】8.CD8.CD当轨道半径小于或等于磁场区半径时，粒子射出圆形磁场的点离入射点最远距离为轨迹直径,由几何关系得：2r=gR，解得：r=g~R,故选B.B【解析】设原线圈两端电压为Uo,则R：两端电压为线，氏两端电压为与，设Rs中的电流为/,TOC\o"1-5"\h\z33则R?中的电流为21,氏中的电流为/x4+2/x也=/亿，解得人=?/,所以R1消331132525耗的功率6=/1H=百~/一火=，故B正确.点晴：解决本题关键理解一个原线圈对应多个副线圈时，原、副线圈中的电流之比与匝数比不成反比，只能利用输入功率与输出功率相等求解电流的关系.AC【解析】由图可知，中等质量的原子核的比结合能最大，所以中等质量的原子核最稳定，故A正确.由图可知;"核离中等质量的原子核更远，故;“核比；"核更不稳定，故B错误；重核裂变成中等质量的核，有质量亏损，释放能量，故C正确：由图可知，；:Kr核的比结合能比葭U核的大，故D错误，故选AC.AD【解析】A项：根据等量的异种电荷连线中垂线即为等势线，即%=0,a点电势大于零，c点电势小于零，所以故A正确；B项：根据电场的叠加原理可知，a、b、c、d四点的场强大小相等，方向不同，故B错误；C项：由等量异种电荷电场线分布可知，在两点电荷连线上，电场强度先减小后增大，所以。点电场强度最小，故C错误：F_2kQD项：根据电场的叠加原理可知，0，其余四点的场强大小均小于Eo,故D正确.（2）点晴：解决本题关键理解等量异种电荷电场线分布和电场的叠加原理.3333【详解】a.据右手定则可知，线框速度为:时，线框右边切割产生的感应电流是顺时针，线框左边2切割产生的感应电流也是顺时针，则线框中感应电流方向为顺时针方向.故A项错误.vB.据法拉第电磁感应定律，线框速度为；时，线框中感应电动势2vv3E=BL-+2BL-=-BLv线框中感应电流E_3BLv示一2R安培力Fa=BIL+2BIL=3BIL=98LvTOC\o"1-5"\h\zA2R线框的加速度F9B2L3v

ci=—=m2mR故B项错误.C.据功能关系，线框中产生的焦耳热心=3加2228故c项正确.D.此过程中的平均感应电动势Ar平均感应电流屋△①流过导线横截面的电荷量Ta△①q=ISt=此过程中磁通量的变化量d①=2B.Le+b.Li}=BI3BL:故D项正确.故选BL:故D项正确.故选CD.【点睛】感应电量夕=/・△，=巴加=〃丝且=〃丝这个规律要能熟练推导并应用.ABE【详解】PVA.根据理想气体的状态方程——=。可知，一定质量的理想气体等压膨胀过程中气体的温T度升高，内能增大，所以一定从外界吸收热量，故A正确；B.浸润和不浸润现象均是因为分子力作用的结果，故B正确：C.分子间距离从近距离增大时，分子力先为斥力，后为引力；分子力先做正功，后做负功；故分子势能将先减小后增大；故c错误；D.根据热力学第二定律可知，一切与热现象有关的宏观过程都具有方向性，所以符合能量守恒定律的宏观过程也不一定能自然发生，故D错误.E.根据热力学第二定律：气体的扩散运动总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行，故E正确：故选ABE.ACD【详解】A.电磁波伴随的电场方向，磁场方向，传播方向三者互相垂直，因此电磁波是横波，故A正确；B.机械波的传播速度是由介质决定的，与频率无关，故B错误；C.根据；l=可知在波的传播方向上，波在一个周期内向前传播的距离等于一个波长，故C正确；D.经过半个周期，做简谐振动的弹簧振子位移与之前的位移关系是大小相等、方向相反；速度也有同样的规律，故动能不变，根据动能定理，弹力做的功为零，故D正确，E.在波的干涉现象中，相邻的两个振动最强点之间的距离等于波长的整数倍，故E错误。

故选ACDc11.BCDEF5.35故选ACDc11.BCDEF5.35h*2广gxj【详解】①[1].对小滑块受力，根据牛顿第二定律得mgsin0-cos0=ma解得ca//=tan0gcos0设木板的长度L、木板顶端距水平桌面的高度人根据几何关系得tan0=［卜Jz7一/J

cos0=^LL设遮光片的宽度小滑块通过光电门时遮光片的遮光时间3则滑块通过光电门的速度为:dv=—设木板顶端到光电门的距离x,根据速度位移公式解得1厂d1厂d1a=——=——2.v2Lx联立解得：动摩擦因数(h-(h-d，L、2Fgx,故需要测量的物理量有BCDEF②⑵.主尺上的读数为0.5411=0.5*101】11】尸5111111,游标尺上的读数为7乂0.05=0.35111111,故"=5+0.35=5.35mm.③[3].用①问中所选物理量表示动摩擦因数

H=d2L}h-2rg"12.2.5;S］H=d2L}h-2rg"12.2.5;S］；【解析】(1)测量线圈的电阻一般采用伏安法，为了防止测量自感系数很大的线圈断电产生的大自感电流烧坏电表，可与电表串联一个开关.由于待测线圈L的阻值约为2〜3C,额定电流为2A,最大电压为4〜6V,而电源电动势为9V,滑动变阻器只有9C,所以必须采用分压电路，电流表外接电路进行测量，电路如图所示(2)采用已知内阻的小量程电流表Ai替代电压表测量电压，需要串联一个电阻，使电压表的9X?量程大于等于线圈上的额定电压，所以需串联：氏=~。=6.7。的定值电阻.所以实验0.6中定值电阻应选用阻值为8Q的风；(3)由表格在图中描点，将所描的点拟合成一条直线，如图所示3.002.50I■1112.001.501.0000.100.200300.400.50060/|/A0.503.002.50I■1112.001.501.0000.100.200300.400.50060/|/A0.50由&+G=(八一人)凡得:&=(凡+Q04从L--L图象上选取一组数据，如(042.0)代入公式得：/?z=——(8+2)Q=2.5Q：2-0.4(4)实验结束时为了防止测量自感系数很大的线圈断电产生的大自感电流烧坏电表，应先断开开关S1.点晴：解决本题关键理解要求电流或电压的测量值从零或很小开始逐渐增大的实验必须采用分压电路，分压电路中滑动变阻器选择阻值较小的，对于电表的选择应遵循安全性、精确性、节能性、方便性原则综合考虑，灵活择取.mgdm^d(R+r)3⑴湎【解析】Umg=Umg=q(1)设两金属板之间的电压为U,对金属板之间的带电粒子，受力分析有:对电阻R，由欧姆定律得：U=IR△①A6（2）根据法拉第电磁感应定律得：E=N——=N——S△tArF根据闭合电路的欧姆定律得：1=1r-R+r联立解得:△B_mgd(R+r)Ar-NqRS联立解得:14.(1)〃=0.3(2)t=133s(3)x=4m【解析】（1）全过程，对AB组成的系统，由动量守恒得：相%=（M+〃?）U共由动能定理得：一〃〃吆"=+刈嗑一，w；根据题知：乂=4/〃联立解得：〃=0.3（2）设A刚要与B碰撞时A、B的速度分别为以「以I，从开始运动到A要与B碰撞前,对系统，由动量守恒得：wzv0=mvAi+Mv£?1由动能定理得:解得:%=4祖/$,%]=加/$或%=0,%]=3洲/5(舍去)在A、B碰撞过程中，由动量守恒得：mvAl+=mvA2+MvB2由能量守恒得：二团吟十=用哈==