2022-2023学年陕西省西工大附中高三下学期第六次检测物理试卷含解析

2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。两光滑圆形导轨固定在1r导体棒一端以点为圆心，以角速度O1100rad/s顺时针匀速转动，两圆形导轨所在区域存在方向竖直向下、磁感应强度大小B2T的匀强磁场，不计A．通过电阻的电流方向为由b到aB．通过电阻的电流为2ArD．当减小而其他条件不22、如图所示，A、B都是重物，A被绕过小滑轮P的细线所悬挂，B放在粗糙的水平桌面上；小滑轮P被一根斜短线系于天花板上的O点；O'是三根细线的结点，bO'水平拉着重物B，cO'沿竖直方向拉着弹簧；弹簧、细线、小滑轮的重力和细线与滑轮间的摩擦力均可忽略，整个装置处于静止状态，g=10m/s2，若悬挂小滑轮的斜线OP的张力是203N，则下列说法中正确的是（）A．弹簧的弹力为103NB．重物A的质量为2.5kg势能和机械能.其中t、h分别表示下落的别表示速度、合外力、重力时间和高度，在整个过程中，下列图象可能符合事实的是()A．B．D．C．4、带电粒子仅在电场力作用下，从电场中a点以初速度进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到b点，如图所示，实线是电场线，关于粒子，下列说法正确的是A．在a点的加速度大于在b点的加速度B．在a点的电势能小于在b点的电势能C．在a点的速度小于在B点的速度D．电场中a点的电势一定比b点的电势高5、2019年10月8日，瑞典皇家科学院在斯德哥尔摩宣布，将2019年诺贝尔物理学奖，一半授予美国普林理宇宙学的·皮布尔斯，以表彰他“关于物”，另外一半授予瑞士日内瓦大学的米歇尔·麦耶和瑞士日内瓦大学教授兼英国剑桥大学教授迪迪埃·奎洛兹，以表彰他们“发现一颗环绕类日恒星运行的系外行星”。若某一系外行星的半径为R，公转半径为r，公转周期为T，宇宙飞船在以系外行星中心为圆心，半径为的轨道上绕其做圆周运动的周期为，不考虑其他星球的影响。(己知地球的公转半R斯顿大学吉姆理论发现r1径为0，公转周期为)则有TT10rR3rB．0TT2R333A．10T2T221004r加速度为4r232C．该系外行星表面重力D．该系外行星的第一宇宙速度为1TR1T2211B．在任意相等的时间内速度的变化量相同C．可以运用“化曲为直”的方法，分解为竖直方向的匀速直线运动和水平方向的自由落体运动D．平抛运动的水平位移与竖直高度无关二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在某一峡谷的两侧存在与水平面成相同角度的山坡，某人站在左侧山坡上的P点向对面的山坡上水平抛出三个质量不等的石块，分别落在A、B、C三处，不计空气阻力，A、C两处在同一水平面上，则下列说法正确的是(D．落到处的石块在空中运动的时间最长C8、如图所示,倾角为30°的斜面体置于水平地面上。一根不可伸长的轻绳两端分别系着小球A和物块B,跨过固定于斜面体顶端的小滑轮O,A的质量为m,B的质量为4m。开始时,用手托住A,使OA段绳恰处于水平伸直状态(绳中无拉力),OB绳平行于斜面,此时B静止不动。将A由静止释放,在其下摆过程中,斜面体始终保持静止。下列判断中正确的是()A．物块B始终处于静止状态B．地面对斜面体的摩擦力方向一直向右C．物块B受到的摩擦力一直减小D．小球A、B系统的机械能不守恒9、一定质量的理想气体的状态变化图像如图所示，它由状态a经过状态b到状态c。关于这一过程的说法，正确的是10、广西壮族自治区处在北纬2054'2624'之间，某极地卫星通过广西最北端与最南端正上方所经历的时间为t，查阅到万有引力常量G及地球质量M。卫星的轨道视为圆形，忽略地球自转，卫星的运动视为匀速圆周运动，根据以D．地球的密度三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在量测干电池电动势和E内阻r的实验中，小明设计了如图甲所示的实验电路，S2为单刀双掷开关，定值S，S2接图甲中的1位置，改变滑动变阻器的阻值，记录下几组电压表示数和对应的电流表示1R0S改接图甲中的2位置，改变滑动变阻器的阻值，再记录下几组电压表示数和对应的电流表示数。在同一坐标系2乙所示，两直线与纵轴的截距分别为3.00V、2.99V，U(1)S2接1位置时，作出的U－I图线是图乙中的____________（选填“A”或“B”）线；测出的电池电动势和E内阻r存在系统误差，原因是____________。(2)由图乙可知，干电池电动势和内阻的真实值分别为E=____________，r=____________。真真(3)根据图线求出电流表内阻RA=____________。12．（12分）测量物块Q（视为质点）与平板之间动摩擦因数的实验装置如图所示。AB是四分之一的光滑的固定P垂直投影为C。重力加速度Pg称得物块HC．将物块Q从A点由静止释放，在物块Q落地处标记其落地点；D用米尺测量其圆心到C的距离。xE．将5个落地点用一个尽量小的圆围住，；在物块从B点运动到点的过程中，物块克服摩擦力做的功CQQW_______；物块Q与平板的上表面BC之间的动摩擦因数______。P四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算13．（10分）如图所示，一物体以v0＝2m/s的初速度从粗糙斜面顶端下滑到底端用时t＝1s。已知斜面长度L＝1.5m，斜面的倾角θ＝30°，重力加速度取g＝10m/s2。求：(1)物体滑到斜面底端时的速度大小；(2)物体沿斜面下滑的加速度大小和方向；14．（16分）如图所示，两相同小木块有一压缩的轻质弹簧P，弹簧两M、N不拴接，粗糙，中央O右侧光滑，小木块M、N与桌子左侧间的动摩擦因数μ=0.5，且开始时木块M、N一起以=4m/s的初速度向桌子右侧运动，M、N越过桌子中央O进入右侧光滑区后，剪断N水平抛出离开桌面，木块N运动到A点时速度方向N沿斜面AB滑下。己知斜面AB与水平方向的夹角为37，斜面长为2.0m，木块N与斜面间的动摩擦因数也是μ=0.5.木块BN到达点后通过光滑水平轨道BC到达光滑竖直圆轨道，稍稍错开）分别与两侧的直轨道相切，其中AB与BC轨道以微小接。重力加速度g取10m/s2，sin=370.6，cos37=0.8.M、N（均视为质点）的质量均为m=1kg，放在水平桌面上，木块但两木块通过长L=0.1m的细线相连接。桌子中央O左侧N离桌子中央O的距离s=1.15m。M、N间夹v0EpN恰好不离开轨道，15．（12分）一质量为m=2kg的滑块能在倾角为θ=37°的足够长的斜面上以a=2m/s2匀加速下滑。若给滑块施加一水平向右的恒力F，使之由静止开始在t=2s的时间内沿斜面运动2m。求：（1）滑块和斜面之间的动摩擦因数μ；参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】S(r2r2)t221由法拉第电磁感应定律可知，两圆环间导体棒切割磁感线产生的感应电动势EBS1B(r2r2)12(0.220.12)100V3Vtt2221通过电阻R的电流E3IA1.5AR2故B错误；C．导体棒转动时产生的感应电动势EBrvBr0r120.21000.2V4V2211故C正确；rD．当减小而其它条件不变时，两圆环间导体棒切割磁感线产生的感应电动势2(rr)EBLvB(rr)12212变大，通过电阻的电流增大，故D错误。故选C。2、C【解析】滑轮的斜线力分别为和T，则有：A．设悬挂小中的拉力与O′a绳的拉T12cos30°=T1T得：T=20N以结点O′为研究对象，受力如图根据平衡条件得，弹簧的弹力为F1=Tcos60°=10N故A错误；B．重物A的质量mT2kggA故B错误；C．绳′的拉力ObFTsin602203N103N2根据平衡条件可知，桌面对重物B的摩擦力为103N，故D．由于动滑轮两侧绳子的拉力大小相等，根据对称性可知，细线OP与竖直方向的夹角为30°．故C。C正确；D错误。故选：3、B【解析】运动员从高山悬崖上跳伞，伞打开前可看作是自由落体运动，即空气阻力忽略不计，开伞后减速下降，空气阻力大于重力，故合力向上，当阻力减小到等于重力时，合力为零，做匀速直线运动．【详解】A．运动员从高山悬崖上跳伞，伞打开前可看作是自由落体运动，开伞后减速下降，最后匀速下落；图象中加速度有突变，而速度不可能突变，故A错误；B．运动员从高山悬崖上跳伞，伞打开前可看作是自由落体运动，即空气阻力忽略不计，故只受重力；开伞后减速下降，空气阻力大于重力，故合力向上，当阻力减小到等于重力时，合力为零，做匀速直线运动；即合力先等于重力，然后突然反向变大，且逐渐减小到零，故B正确；C．重力势能逐渐减小，==（-），即重力C错误；势能与高度是线性关系，故EmgHmgHhp0D．机械能的落体运动过程机械能守恒，故D错误；变化等于除重力外其余力做的功，故自由故选B．4、C【解析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，可知E＜EB，所以a、b两点比较，粒子的加速度在Ab点时较大，故与速度方向的夹角得电场力先做负功后做正在b点的电势能，故B错误；点的电势能大于整个过程电场力做正所以无论粒子带何种电，经b点时的速度总比经a点时的速度大，故A错误；由粒子的运动的轨迹可以知道，粒子受电场力的方向应该指向轨迹的内侧，根据电场力方向功，电势能先增大后减小，整个过程电场力做正功，电势能减小，即在a功，根据动能定理得经b点时的动经a点时C正确；由于不知道粒子的电性，也不能大于的动能，能确定电场线的方向，所以无法确定a点的电势和b点的电势大小关系，故D错误；故选C．5、D【解析】r3AB．开普勒第三定律k，其中k与中心天体有关，系外行星，宇宙飞船，地球做圆周运动的中心天体均不同，T2故AB错误；C．对宇宙飞船2MmGm4rmar21T211n解得a4π2r1GM4π2r31T2T2n11故C错误；D．对系外行星的近地卫星：Mm0mR2v2G10R解得GM4r23v1RT2R11故D正确。6、B【解析】论多么长，由于存在水平方向的分速度，则速度方向不可能竖直向下，故A．当平抛运动下落时间无A错误；B．由公式△v=at=gt，可知平抛运动的C．平抛运动运用“化曲为直”的方法，物体在任意相等时间内速度的变化量相同，故B正确；分解为水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，故C错误；D．平抛运动的水平位移为2hxvtvg00知平抛运动的水平位移由初速度和拋出点的高度共同决定，故D错误。故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。试题分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度比较运动的时间，结合水平位移和时间比较初速度．知道速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍．解：A、因为速度方向与水平方向的夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，A、B两点的位移方向相同，与落在C点的位移方向不同，所以A、B两点的速度方向相同，与C点的速度方向不同，故A错误，B正确．C、落在B点的石块竖直分速度比C点竖直分速度大，但是B点的水平分速度比C点水平分速度小，根据平行四边形定则可知，两点的速度大小可能相同，故C正确．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍．小球下摆时做圆周运动，下摆的速度越来越大，所需向心力越来越大，小球达到最低点时速度最大，绳子的拉力最大；小球A下摆过程中只受重力作用，机械能守恒，设绳子的长度是L，由机械能守恒定律得：由牛顿第二定律得：，解得绳子的拉力为F=3mg，即物块B受到绳子沿斜面向上的拉力为3mg，而B的重力沿斜面向下的分力为4mgsin30°=2mg，所以，斜面对B的静摩擦力沿斜面向下为mg，而物块B在小球A还没有下摆时受到斜面的静摩擦力沿斜面向上为2mg，因此物块B始终处于静止状态，物块B受到的摩擦力先减小后增大，故C错误；对物体B和斜面体整体受力分析，由于A球向左下方拉物体B和斜面体整体，故一定受到地面对其向右的静摩擦力，故B正确；在小球下A摆过程中，只有重力做功，则小球A、物块B与地球组成的系统机械能守恒，故D错误。所以AB正确，CD错误。9、BCD【解析】PVAB．由理想气体状态方程C,由状态a经过状态b,压强不变，温度升高，体积增大。态b到状态c，温度不变，T压强减小，体积增大。所以体积一直增大。故A错误。B正确。C．一定量理想气体的内能由温度决定，状态a经过状态b到状态c，温度向增大，后不变。所以内能先增大后保持不变。故C正确。DE．状态a经过状态b到状态始增大。由热力学第一定律UWQ,内能增大且对外做功，必须吸收热量。所以c，体积一直增大，所以理想气体对外做功。又内能先增大后保持不变，总体相对于初D正确,E错误。10、AC【解析】A．广西壮族自治区处在北纬2054'2624'之间，某极地卫星通过广西最北端与最南端正上方所经历的时间为t，已知转过对应角度的时间，则可以求得运动一周的时间即卫星的周期360tTA正确；B．因为不知道该卫星的质量，根据万有引力定律MmFGr2无法求得卫星受到的向心力大小，B错误；C．据万有引力提供圆周运动向心力m4r2mM2Gr2T已知质量M和周期T及常量G可以求得卫星的轨道半径r，根据v2rT可以求得卫星的线速度大小，C正确；D．因为不知道卫星距地面的高度，故无法求得地球的半径R，所以无法得到地球的密度，D错误。故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B电流表的示数偏小3.00V1.0Ω1.0Ω【解析】(1)[1]当S2接1位置时，可把电压表、定值电个等效电源，根据闭合电路欧姆定律可知阻R与电源看做一0EU断电动势和内[2]测出的电池电动势E和内(2)[3]当S2接2位置时，可把电流表阻的测量值均小于真实值，所以作出的UI图线应是B线；压表的分流；阻R与电源看做一源，根据闭合电路欧姆定律阻r存在系统误差，原因是电EU可知电、定值电个等效电0断UI图线应是动势测量值等于真实值，A线，即有EU3.00V真A[4]由于S接1位置时，UI图线的B线对应的短路电流为2II0.6A短B所以EU5.0ΩAIR真0r真r短B解得Ωr1.0真[5]对A线，根据闭合电路欧姆定律可得对应的短路电流为ErRR0.5A0A解得电流表内阻为R1.0ΩAxmgx22Rx2s4HsmgR12、4H4H【解析】[1]从A到B，由动能定理得：mgR=EKB-0，则物块到达B时的动能：EKB=mgR，离开C后，物块做平抛运动，水平方向：=，xvtC竖直方向：H1gt2，2物块在C点的动能E1mv2，联立可得：C2KCmgx2EKC；4H[2][3]由到过程中，由动能定理得：BCW1mv21mv2，22fCBB到C过程中，克服摩擦力做的功：mgx2x2WmgsmgRfmgR4H4H可得：Rx2。s4Hs四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。23513、(1)1m/s(2)1m/s2方向沿斜面向上(3)【解析】（1）设物体滑到斜面底端时速度为v，则有：vvL＝t02代入数据解得：v＝1m/s（2）因v<v0，即物体做匀减速运动，加速度方向沿斜面向上，加速度的大小为：vva=1m/s20t（3）物体沿斜面下滑时，受力分析如图所示。由牛顿第二定律得：Ff－mgsinθ＝maFN＝mgcosθFf＝μFN联立解得：agsingcos=代入数据解得：23μ＝514、(1)4J；(2)0.45m；(3)0.66m【解析】(1)设两木块运动到O右侧时的速度大小为v，在两木块一起运动到桌子中央O右侧的过程，由动能定理知mgsm