复变函数与积分变换课堂课件第五章

第五章留数§1孤立奇点§2留数§3留数在定积分计算上的应用1第五章留数§1孤立奇点§2留数§3留数在定积分计算上§1孤立奇点1.可去奇点2.极点3.本性奇点4.函数的零点与极点的关系5.函数在无穷远点的性态2§1孤立奇点1.可去奇点2.极点3.本性奇点4.在第二章曾定义函数不解析的点为奇点。如果函数f(z)虽在z0不解析,但在z0的某个去心邻内处处解析,则z0为f(z)的孤立奇点。函数的奇点都是孤立的。例如都以z=0为孤立奇点。但不能认为的一个奇点，此外当n的绝对值逐渐增大时,可任意接近z=0。域例如函数，z=0是它也是它的奇点。3在第二章曾定义函数不解析的点为奇点。如果函数f(z)虽在换句话说,在z=0的不论怎样小的去心领域内总有f(z)的奇点存在。所以z=0不是孤立奇点。把函数f(z)在它的孤立奇点z0的去心邻域内展开成洛朗级数。根据展开式的不同情况对孤立奇点进行如果在洛朗级数中不含点z0称为f(z)的可去奇点。这时,f(z)在z0的去心邻域内的洛朗级数实际上就是一个普通的幂级数：的负幂项，则孤立奇1.可去奇点如下分类。4换句话说,在z=0的不论怎样小的去心领域内总有f(z)因此,这个幂级数的和函数F(z)是在z0解析的函数,且时,F(z)=f(z);当z=z0时,F(z0)=c0。由于当从而函数f(z)在z0就成为解析的了.由于这个原因,所以z0称为可去奇点。所以不论f(z)原来在z0是否有定义,如果令f(z0)=c0,则在圆域内就有5因此,这个幂级数的和函数F(z)是在z0解析的函数,例如，z=0是的可去奇点，因为这个函数在z=0的去心领域内的洛朗级数中不含负幂项。如果约定在z=0的值为1(即c0)，则在z=0就成为解析的了。6例如，z=0是的可去奇点，因为这个函数在z=0的去心领域2.极点其中如果在洛朗级数中只有有限多个其中关于,即则孤立奇点z0称为函数f(z)的m级极点。上式也可写成的负幂项,且的最高幂为在内是解析的函数,且。72.极点其中如果在洛朗级数中只有有限多个其中关于,即反过来,当任何一个函数f(z)能表示为(5.1.1)的形式,且g(z0)0时,则z0是f(z)的m级极点。如果z0为f(z)的极点,由(5.1.1)式,就有例如，对有理分式函数它的三级极点，是它的一级极点。或写作,z=1是8反过来,当任何一个函数f(z)能表示为(5.1.1)的3.本性奇点中含有无穷多个z的负幂项。如果在洛朗级数中含有无穷多个孤立奇点z0称为f(z)的本性奇点。的负幂项,则例如，函数以z=0为它的本性奇点。因为在级数在本性奇点的邻域内,f(z)有以下性质(证明从略):93.本性奇点中含有无穷多个z的负幂项。如果在洛朗级数中含有在本性奇点的邻域内,f(z)有以下性质(证明从略):如果z0为函数f(z)的本性奇点,则对任意给定的复数A,总可以找到一个趋向于z0的数列,当z沿这个数列趋向于z0时,f(z)的值趋向于A。。则由，可得,显然，当时，，所以，当z沿趋向于i。而趋向于零时，f(z)的值例如,给定复数A=i,可把它写成10在本性奇点的邻域内,f(z)有以下性质(证明从略):如存在且有限；如果z0为f(z)的极点，则如果z0为f(z)的本性奇点，则不存在且不为反过来结论也成立。这就是说，可以利用上述极限的；。不同情形来判别孤立奇点的类型。综上所述,如果z0为f(z)的可去奇点，则11存在且有限；如果z0为f(z)的极点，则如果z0为f4.函数的零点与极点的关系不恒等于零的解析函数f(z)如果能表示成其中f(z)的m级零点。例如当级零点,根据这个定义,可以得到以下结论：若f(z)在z0解析，则z0是f(z)的m级零点的充要在z0解析且,m为某一正整数,则z0称为时,z=0与z=1是它的一级与三条件是124.函数的零点与极点的关系不恒等于零的解析函数f(z)如事实上，如果z0是f(z)的m级零点，那么f(z)可表成如下形式：其中

,那么f(z)在z0的泰勒展开式为设在z0的泰勒展开式为13事实上，如果z0是f(z)的m级零点，那么f(z)可易证z0是f(z)的m级极点的充要条件是前m项系数从而知z=1是f(z)的一级零点。如z=1是f(z)=z3-1的零点，由于f'(1)=3z2|z=1=30,,这等价于14易证z0是f(z)的m级极点的充要条件是前m项系数从而知顺便指出，由于在z0的去心邻域内不为零，即的邻域内不为零。这是因为解析函数的零点是孤立的。，必存在，由此得时，有在z0解析且因而它在z0在z0解析,必在z0连续,所以给定，当所以不恒为零，只在z0等于零。也就是说，一个不恒为零的15顺便指出，由于在z0的去心邻域内不为零，即的邻域内不为零定理如果z0是

f(z)的m级极点，则z0就是的m级[证]如果z0是f(z)的m级极点，则有零点，反过来也成立。其中g(z)在z0解析，且m级极点，则有。所以当时，有函数h(z)也在z0解析，且。又由于16定理如果z0是f(z)的m级极点，则z0就是的m级因此只要令，则可得z0是的m级零点。反过来，如果z0是的m级零点，那么这里在z0解析，且，由此，当时，得17因此只要令，则可得z0是的m级零点。反过来，如果z0是的m而在z0解析，并且，所以z0是f(z)的m级极点。这个定理为判断函数的极点提供了一个较为简单的方法。18而在z0解析，并且，所以z0是f(z)的m级极点。这个定例1函数有些什么奇点？如果是极点，指出它的级。[解]函数1/sinz的奇点显然是使sinz=0的点。这些奇点是。因为从sinz＝0得或。显然它们是孤，从而有，所以立奇点。由于所以都是sinz的一级零点,也就是点。的一级极19例1函数有些什么奇点？如果是极点，指出它的级。[解]注意：在求函数的孤立奇点时，不能一看函数表面极点，其实是一级极点。因为其中的z=0解析，并且.类似地，z=0是的2级极点而不是3级极点。形式急于作结论。像函数，初看似乎z=0是它的2级20注意：在求函数的孤立奇点时，不能一看函数表面极点，其实是一级例

下列函数有些什么奇点？如果是极点，指出它的级。[解](1)显然是三级极点，是二级极点。所以是可去奇点。21例下列函数有些什么奇点？如果是极点，指出它的级。[解]例

下列函数有些什么奇点？如果是极点，指出它的级。[解](3)显然是函数的奇点。所以是六级极点。又22例下列函数有些什么奇点？如果是极点，指出它的级。[解]5.函数在无穷远点的性态如果函数f(z)在无穷远点z=的去心邻域R<|z|<内解析，称点为f(z)的孤立奇点。作变换规定这个变换把扩充z平面上的无穷远点扩充t平面上的点，并且映射成，则扩充z平面上每一个向无穷到现在为止，讨论函数f(z)的解析性和它的孤立奇点时，都设z为复平面内的有限远点。至于函数在无穷远点的性态，尚未提及。现在在扩充复平面上对此加以讨论。235.函数在无穷远点的性态如果函数f(z)在无穷远点z=与扩充t平面上向零收敛的序列对应。反过来也是这样。无穷远点收敛的序列相对应。反过来也是这样。同时，把扩充z平面上的去心领域映射成扩充t平面上原点的去心领域，又这样，可把在去心领域对f(z)的研究化为在内对的研究。显然在内解析，24与扩充t平面上向零收敛的序列对应。反过来也是这样。无穷远所以z=0是的孤立奇点。规定，如果t=0是本性奇点，则称点z=是f(z)的可去奇点，m级极点或本性奇点。由于f(z)在R<|z|<+内解析，所以在此圆环域内可以展开成洛朗级数,即有的可去奇点，m级极点或其中C为R<|z|<+内绕原点任何一条简单正向闭曲线。25所以z=0是的孤立奇点。规定，如果t=0是本性奇点，则如果在上面级数中因此，在圆环域内的洛朗级数可由得到上式得到为为最高幂,i)可去奇点,则t=0是iii)含有无穷多的负幂项,ii)含有有限多的负幂项,且i)不含负幂项,的ii)m级极点,iii)本性奇点。26如果在上面级数中因此，在圆环域内的洛朗级数可由得到上式得到因此，根据前面的规定，有：i)不含正幂项；ii)含有限多的正幂项,且zm为最高幂；iii)含有无穷多的正幂项；则z=是f(z)的i)可去奇点；ii)

m级极点；iii)本性奇点。如果在级数中，这样一来，对于无穷远点来说，它的特性与其洛朗级数之间的关系就跟有限远点的情形一样，不过只是把正幂项与负幂项的作用互相对调就是了。27因此，根据前面的规定，有：i)不含正幂项；ii)含有限多例

下列函数中，∞的奇点类型。[解](1)显然是二级极点，所以是二级极点。当z=∞，令，则28例下列函数中，∞的奇点类型。[解](1)显然是二例

下列函数中，∞的奇点类型。[解]

所以是本性奇点。29例下列函数中，∞的奇点类型。[解]所以是本性奇点例

下列函数中，∞的奇点类型。[解](3)所以是本性奇点。当z=∞，令，则30例下列函数中，∞的奇点类型。[解](3)所以是本性由前面分析又知道，要确定t=0是不是去奇点，极点或本性奇点，可以不必把展开成洛值)，为无穷大或即不存在又不为无穷大数就可以了。，对于无穷远点也有同样的确定方法，即z=是f(z)的可去奇点,极点或本性奇点,完全看是否存在(有限值)，为无穷大或即不存在的可朗级数来考虑，只要分别看极限是否存在(有限又不是无穷大来决定。由于极限31由前面分析又知道，要确定t=0是不是去奇点，极点或本性的，只要取当z=是f(z)的可去奇点,可以认为f(z)在是解析例如函数在圆环域内可展开成它不含正幂项,所以是f(z)的可去奇点。若取f()=1，则f(z)在解析。。32的，只要取当z=是f(z)的可去奇点,可以认为f又如函数项，所以为它的一级极点。含有无穷多的正幂项，所以是它的本性奇点。，含有正幂项，且z为最高正幂函数sinz的展开式：33又如函数项，所以为它的一级极点。含有无穷多的正幂项，所以－1是f(z)的2级极点。例2函数类型的奇点？如果是极点，指出它的级。以1与-1为一级零点，所以1与因[解]易知，函数f(z)除使分母为零的点外，在内解析。零点。所以这些点中除去1,-1,2外都是f(z)的三级极点。在扩充平面内有些什么在由于处均不为零，因的一级零点，从而是此这些点都是的三级34－1是f(z)的2级极点。例2函数类型的奇点？如果所以z=2是f(z)的可去奇点。关于，因为至于z=2，因为使分母为零，当n=1时，可知，即z=1；35所以z=2是f(z)的可去奇点。关于，因为至于z=2，因当n=2时，，即z=2。这两点上面已经讨也就是不是f(z)的孤立奇点。为论过。所以当n>2时，的极点。显见当。所以不是时，的孤立奇点，36当n=2时，，即z=2。这两点上面已经讨也就是不是f(z例

判定z=∞是下列函数的什么奇点？[解](1)所以是可去奇点。所以是本性奇点。所以是可去奇点。37例判定z=∞是下列函数的什么奇点？[解](1)所§2留数1.留数的定义及留数定理2.留数的计算规则3.在无穷远点的留数38§2留数1.留数的定义及留数定理2.留数的计算规则1.留数的定义及留数定理但是,如果z0为f(z)的一个孤立奇点,则沿在z0的某一般就不等于零。如果函数f(z)在z0的邻域内解析,那末根据柯西－古萨基本定理个去心邻域其中C为z0领域内任意一条简单闭曲线。内包含z0的任意一条正向简单闭曲线C的积分391.留数的定义及留数定理但是,如果z0为f(z)的一因此将f(z)在此邻域内展开为洛朗级数其中c-1就称为f(z)的留数,也就是上面积分两边除以后，两端沿C逐项积分,右端各项积分除留下的一项等于外,其余各项积分都等于零,所以后所得的数称为f(z)在z0的留数,记作Res[f(z),z0],即40因此将f(z)在此邻域内展开为洛朗级数其中c-1就称为f即从而有也就是说，f(z)在z0的留数就是f(z)在以z0为中心的圆环域内的洛朗级数中负幂项的系数。41即从而有也就是说，f(z)在z0的留数就是f(z)在以z定理一(留数定理)设函数f(z)在区域D内除有限个Dz1z2z3znC1C2C3CnC孤立奇点z1,z2,...,zn外处处解析。C是D内包围诸奇点的一条正向简单闭曲线,则关于留数，有下面的基本定理(k=1,2,...,n)用互不包含的正向[证]把在C内的孤立奇点zk简单闭曲线Ck围绕起来,则根据复合闭路定理有42定理一(留数定理)设函数f(z)在区域D内除有限个D即利用这个定理，求沿封闭曲线C的积分，就转化为求被积函数在C中的各孤立奇点处的留数。由此可见，留数定理的效用有赖于如何能有效地求出是f(z)以除等式两边，得43即利用这个定理，求沿封闭曲线C的积分，就转化为求被积函数在C在孤立奇点处z0处的留数。一般说来,求函数在奇点z0处的留数即求它在以z0为中心的圆环域内洛朗级数中对求留数可能更有利。如果z0是f(z)的可去奇点,则

Res[f(z),z0]=0,因为此时f(z)在z0的展开式是泰勒展开式。如果z0是本性奇点,则没有太好的办法,只好将其按洛朗级数展开。如果z0是极点,则有一些对求项的系数即可。但如果知道奇点的类型,c-1有用的规则。44在孤立奇点处z0处的留数。一般说来,求函数在奇点z0处的2.留数的计算规则规则II如果z0为f(z)的m级极点,则规则I如果z0为f(z)的一级极点,则事实上,由于以乘上式的两端，得452.留数的计算规则规则II如果z0为f(z)的m级极令两端zz0,右端的极限是(m-1)!c-1,两端除以(m-1)!就是Res[f(z),z0],因此即得规则II,当m=1时就是规则I。两边求m-1阶导数，得规则III设，P(z)及Q(z)在z0都解析，则z0为f(z)的一级极点，而如果46令两端zz0,右端的极限是(m-1)!c-1,两端除以事实上，因为及，所以为Q(z)的一级零点，从而z0为的一级极点。因此其中在z0解析，且。故z0为f(z)的一级极点。由此得其中在z0解析，47事实上，因为及，所以为Q(z)的一级零点，从而z0为的一级极例1计算积分，C为正向圆周|z|=2。[解]由于有两个一级极点而这两个极点都在圆周|z|=2内，所以由规则I,得而根据规则I，令，即得规则III。所以48例1计算积分，C为正向圆周|z|=2。[解]由于因此我们也可以用规则III来求留数:这比用规则1要简单些.49因此我们也可以用规则III来求留数:这比用规则1要简单些.4例求下各函数f(z)在有限奇点处的留数：[解](1)有两个一级极点方法一由规则I,得50例求下各函数f(z)在有限奇点处的留数：[解]例求下各函数f(z)在有限奇点处的留数：[解](1)有两个一级极点方法二由规则III,得51例求下各函数f(z)在有限奇点处的留数：[解]例求下各函数f(z)在有限奇点处的留数：[解](2)的极点为(一)为一级极点。所以52例求下各函数f(z)在有限奇点处的留数：[解]例求下各函数f(z)在有限奇点处的留数：[解](2)的极点为(二)的一级极点，是从而是的二级极点，所以53例求下各函数f(z)在有限奇点处的留数：[解]例求下各函数f(z)在有限奇点处的留数：[解](3)有一个n+1级极点方法一由规则II,得54例求下各函数f(z)在有限奇点处的留数：[解]例求下各函数f(z)在有限奇点处的留数：[解](3)方法二将函数在上展开成洛朗级数，即所以有一个n+1级极点55例求下各函数f(z)在有限奇点处的留数：[解]例求下各函数f(z)在有限奇点处的留数：[解](4)方法一将函数在上展开成洛朗级数，所以有一个4级极点56例求下各函数f(z)在有限奇点处的留数：[解]例求下各函数f(z)在有限奇点处的留数：[解](4)方法二由规则II，取m比实际级数高，即m=5，有有一个4级极点57例求下各函数f(z)在有限奇点处的留数：[解]例2计算积分，C为正向圆周|z|=2。[解]被积函数有四个一级极点都在圆周|z|=2内，所以由规则III，，故58例2计算积分，C为正向圆周|z|=2。[解]被积例3计算积分，C为正向圆周|z|=2。[解]z=0为被积函数的一级极点,z=1为二级极点,而所以59例3计算积分，C为正向圆周|z|=2。[解]z=0为被级数。由于在z=0处的留数。为了要用公式，先应定出极点z=0的以上介绍了求极点处留数的若干公式。用这些公式解题有时虽感方便，但也未必尽然。例如欲求函数因此z=0是z-sinz的三级零点，从而由f(z)的表达式知,z=0是f(z)的三级极点。应用规则II，得60级数。由于在z=0处的留数。为了要用公式，先应定出极点z=0就比较方便。因为如果利用洛朗展开式求由此可见，往下的运算既要先对一个分式函数求二阶函数，然后又要对求导结果求极限，这就十分繁杂。61就比较方便。因为如果利用洛朗展开式求由此可见，往下的运算既要所以可见解题的关键在于根据具体问题灵活选择方法，不要拘泥于套用公式。62所以可见解题的关键在于根据具体问题灵活选择方法，不要拘泥于套3.在无穷远点的留数的值与C无关,称其为f(z)在点的留数,记作积分路线的方向是负的，也就是顺时针方向。绕原点的任何一条简单闭曲线,则积分设函数f(z)在圆环域R<|z|<+内解析,C为圆环域内从第一节可知，当n=-1时，有633.在无穷远点的留数的值与C无关,称其为f(z)在点因此，由(5.2.7)可得这就是说，f(z)在点的留数等于它在点的去心领域R<|z|<+内洛朗展开式中z-1的系数变号。定理二如果函数f(z)在扩充复平面内只有有限个孤立奇点,那末f(z)在所有各奇点(包括点)的留数总和必等于零。下面的定理在计算留数时是很有用的。64因此，由(5.2.7)可得这就是说，f(z)在点的留数等[证]除点外,设f(z)的有限个奇点为zk(k=1,2,...,n)。又设C为一条绕原点的并将zk(k=1,2,...,n)包含在它内部的正向简单闭曲线,则根据留数定理与在无穷远点的留数定义,有规则IV关于在无穷远点的留数计算，有以下的规则：65[证]除点外,设f(z)的有限个奇点为zk(k=1,，那末事实上，在无穷远点的留数定义中，取正向简单闭曲线C为半径足够大的正向圆周：。令，，于是有为正向)。并设66，那末事实上，在无穷远点的留数定义中，取正向简单闭曲线C为半所以规则IV成立。由于f(z)在内解析,从而内解析，因此在外没有其他奇点。由留数定理，得定理二与规则IV为提供了计算函数沿闭曲线积分在内除的又一种方法，在很多情况下，它比利用上一段中的方法更简便。67所以规则IV成立。由于f(z)在内解析,从而内解析，因例求函数在∞点的留数。[解]由而故的项系数为68例求函数在∞点的留数。[解]由而故的项系数为68例求函数在∞点的留数。[解]而故在有限点处有一级极点：69例求函数在∞点的留数。[解]而故在有限点处有一级极点：例求函数在∞点奇点类型和留数？[解]由故z=∞是的本性奇点，70例求函数在∞点奇点类型和留数？[解]由故z=∞是的本性奇例4计算积分，C为正向圆周：|z|=2。[解]在|z|=2的外部除外无奇点，因此又根据定理二与规则IV，因此71例4计算积分，C为正向圆周：|z|=2。[解]在|z|例5计算,C为正向圆周:|z|=2。[解]被积函数除外还有奇点：－i，1与3。由定理二，有其中由于－i与1在C的内部，所以从上式、留数定理与规则IV得到72例5计算,C为正向圆周:|z|=2。[解]被积函数如果用上一段的方法，由于－i是10级极点，并且在C的内部，因而计算必然很繁琐。73如果用上一段的方法，由于－i是10级极点，并且在C的内部，因例利用留数计算积分：[解]函数在|z|=2的外部除外无奇点，因此在又内把被积函数展开成洛朗级数，有74例利用留数计算积分：[解]函数在|z|=2的外部除外例利用留数计算积分：[解]所以所以75例利用留数计算积分：[解]所以所以75例利用留数计算积分：[解]函数在|z|=2的外部除外无奇点，因此根据又定理二与规则IV，则76例利用留数计算积分：[解]函数在|z|=2的外部除外例利用留数计算积分：[解]所以所以77例利用留数计算积分：[解]所以所以77§3留数在定积分计算上的应用1.形如2.形如3.形如的积分的积分的积分78§3留数在定积分计算上的应用1.形如2.形如3.根据留数定理，用留数来计算定积分是计算定积分显得有用。即使寻常的方法可用，如果用留数，也往往首先，被积函数必须要与某个解析函数密切相关。这一的一个有效措施，特别是当被积的原函数不易求得时更感到很方便。当然这个方法的使用还受到很大的限制。点，一般讲来，关系不大，因为被积函数常常是初等函数，而初等函数是可以推广到复数域中去的。其次，定积分的积分域是区间，而用留数来计算要牵涉到把问题化为沿闭曲线的积分。这是比较困难的一点。下面来阐述怎样利用复数求某几种特殊形式的定积分的值。79根据留数定理，用留数来计算定积分是计算定积分显得有用。即使寻其中从而积分化为沿正向单位圆周的积分1.形如的积分,为与的有理函数。令

，则80其中从而积分化为沿正向单位圆周的积分1.形如其中f(z)是z的有理函数,且在单位圆周|z|=1上分母不为其中zk(k=1,2,...,n)为单位圆|z|=1内的f(z)的孤立奇点。零,

根据留数定理，得所求的积分值：81其中f(z)是z的有理函数,且在单位圆周|z|=1上分母[解]由于0<p<1,被积函数的分母在内不为零,因而积分是有意义的。由于因此的值。例1计算82[解]由于0<p<1,被积函数的分母在内不为零,因而在被积函数的三个极点z=0,p,1/p中只有前两个在圆周|z|=1内其中,z=0为二级极点,z=p为一级极点。所以在圆周|z|=1上被积函数无奇点。则83在被积函数的三个极点z=0,p,1/p中只有前因此84因此84[解]设代入得的值。例计算，将被积函数在被积区域内只有一个一级极点又所以85[解]设代入得的值。例计算，将被积函数在被积区域内只为一已约分式。当被积函数R(x)是x的有理函数,而分母的次数至少比分子的次数高二次,且R(z)在实轴上没有孤立奇点时，积分是存在的。不失一般性，设积分2.形如86为一已约分式。当被积函数R(x)是x的有理函数,而分母的取积分路线如图所示,其中CR是以原点为中心,R为半z1z2z3yCR-RROx径的在上半平面的半圆周。取R适当大,使R(z)所有的在上半平面内的极点zk都包在这积分路线内。由留数定理，得87取积分路线如图所示,其中CR是以原点为中心,R为半z1z此等式不因CR的半径R不断增大而有所改变。因为而当|z|充分大时，总可使88此等式不因CR的半径R不断增大而有所改变。因为而当|z|充分由于，故有因此，在半径R充分大的CR上，有如果R(x)为偶函数，所以89由于，故有因此，在半径R充分大的CR上，有如果R(x)为偶函的一级极点为例2计算积分的值.[解]这里，并且实轴上R(z)没有孤立奇点，因此积分是存在的。函数，其中ai与bi在上半平面内。由于90的一级极点为例2计算积分的值.[解]这里，并且实轴上R所以91所以91在上半平面有二级极点为例计算积分的值.[解]这里，并且实轴上R(z)没有孤立奇点，因此积分是存在的。函数92在上半平面有二级极点为例计算积分的值.[解]这里，并且在上半平面有二级极点为例计算积分的值.[解]这里，并且实轴上R(z)没有孤立奇点，因此积分是存在的。函数，一级极点为93在上半平面有二级极点为例计算积分的值.[解]这里，并且例计算积分的值.[解]94例计算积分的值.[解]94当R(x)是x的有理函数而分母的次数至少比分子的次数高一次,且R(z)在实数轴上没有奇点时,积分是存3.形如的积分在的象2中处理的一样,由于m-n1,故对充分大的|z|有因此,在半径R充分大的CR上,有95当R(x)是x的有理函数而分母的次数至少比分子的次数高一次,上面用到不等式于是得或yOx96上面用到不等式于是得或yOx96在上半平面内有一级极点ai,例3计算的值。[解]这里。R(z)的实轴上无孤立奇点，因而所求的积分是存在的。因此97在上半平面内有一级极点ai,例3计算的值。[解]这里。因此还可以利用复变函数计算出下列积分值:98因此还可以利用复变函数计算出下列积分值:98在上半平面内有一级极点z=-2+i，例计算的值。[解]这里。R(z)的实轴上无孤立奇点，因而所求的积分是存在的。99在上半平面内有一级极点z=-2+i，例计算的值。[解]因此例计算的值。[解]100因此例计算的值。[解]100在上半平面内有一级极点z=i,例计算的值。[解]这里。R(z)的实轴上无孤立奇点，因而所求的积分是存在的。101在上半平面内有一级极点z=i,例计算的值。[解]这里。例计算[解]因此的值。102例计算[