【解析】2023年高考物理全国乙卷真题变式·分层精准练：第7题

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2023年高考物理全国乙卷真题变式·分层精准练：第7题

一、原题

1．（2023·全国乙卷）黑箱外有编号为1、2、3、4的四个接线柱，接线柱1和2、2和3、3和4之间各接有一个电阻，在接线柱间还接有另外一个电阻R和一个直流电源。测得接线柱之间的电压U12=3.0V，U23=2.5V，U34=－1.5V。符合上述测量结果的可能接法是（）

A．电源接在1、4之间，R接在1、3之间

B．电源接在1、4之间，R接在2、4之间

C．电源接在1、3之间，R接在1、4之间

D．电源接在1、3之间，R接在2、4之间

【答案】C,D

【知识点】串联电路和并联电路的特点及应用；黑箱问题

【解析】【解答】A、根据题意画出电路图如图所示，

由已知条件得出：电压为正值，不符合题意，A错误；

B、根据题意画出电路图如图所示，

由已知条件得出：电压为正值，不符合题意，B错误；

C、根据题意画出电路图如图所示，

由已知条件得出符合题目测量结果，C正确；

D、根据题意画出电路图如图所示，

由已知条件得出符合题目测量结果，D正确；

故答案为：CD

【分析】电学黑箱题，由串并联电路的特点，根据题目选项逐一画出可能的电路图进行分析，得出结论。

二、基础

2．（2023高一下·宿迁期末）如图，电源的电动势，内阻，定值电阻，M是电动机，其线圈电阻，电动机正常工作时，理想电压表示数为6V，则（）

A．通过电源的电流为1.5AB．定值电阻R两端的电压为8V

C．电动机的输出功率为5WD．电源的效率约为93.3%

【答案】B,C,D

【知识点】欧姆定律

【解析】【解答】A、设理想电压表示数为U，电路中电流为I，由闭合电路欧姆定律得：，

可得：则通过电源和电动机的电流为1A，A不符合题意；

B、根据欧姆定律可知定值电阻R两端的电压为，B符合题意；

C、电动机消耗的电功率为：

电动机的发热功率为：

故电动机的输出功率为：，C符合题意；

D、电源的效率，D符合题意。

故答案为：BCD

【分析】利用串并联电流、电压规律求解电阻R两端的电压，对电阻R利用欧姆定律求解电路中的电流，结合选项分析求解即可。

3．（2023高二上·扬州月考）在如图所示电路中，电源电动势为12V，电源内阻为1.0Ω，电路中的电阻R0为1.5Ω，小型直流电动机M的内阻为0.5Ω，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A（内阻不计），则以下判断中正确的是（）

A．电动机的输出的功率为12WB．电动机两端的电压为7.0V

C．电动机产生的热功率4.0WD．电源输出的电功率为24W

【答案】A,B

【知识点】电功率和电功；欧姆定律

【解析】【解答】解：B、电路中电流表的示数为2.0A，所以电动机的电压为：U=E﹣U内﹣UR0=12﹣Ir﹣IR0=12﹣2×1﹣2×1.5=7V，所以B符合题意；

A、C，电动机的总功率为P总=UI=7×2=14W，电动机的发热功率为：P热=I2R=22×0.5=2W，所以电动机的输出功率为14W﹣2W=12W，所以A符合题意，C不符合题意；

D、电源的输出的功率为：P输出=EI﹣I2R=12×2﹣22×1=20W，所以D不符合题意

故答案为：AB

【分析】先以定值电阻作为研究对象求出电阻两端的电压和电动机两端的电压，再利用公式P=UI求解电功率。

4．（2023高二上·惠州期末）如图为握力器原理示意图，握力器把手上的连杆与弹簧一起上下移动，握力的大小可通过﹣定的换算关系由电流表的示数获得．当人紧握握力器时，如果握力越大，下列判断正确的有（）

A．电路中电阻越大B．电路中电阻越小

C．电路中电流越小D．电路中电流越大

【答案】B,D

【知识点】欧姆定律

【解析】【解答】解：由图看出，握力越大，变阻器接入电路的电阻越小，外电路的总电阻越小，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中电流越大．故BD正确．AC错误．

故选：BD

【分析】由图看出，握力越大，变阻器接入电路的电阻越小，外电路的总电阻越小，根据欧姆定律分析电路中电流的变化．

5．在图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r.在滑动变阻器的滑动触片P从图示位置向上滑动的过程中()

A．电路中的总电流变大B．路端电压变大

C．通过电阻R2的电流变大D．通过滑动变阻器R1的电流变小

【答案】B,C,D

【解析】【解答】滑片P上滑，R1增大，所以总电阻R总增大，由闭合电路欧姆定律得，所以总电流I总变小，由可知路端电压U增大，通过R2电流增大，由可知变小。综合分析可知BCD正确。

故选BCD

【分析】本题考查利用闭合电路欧姆定律分析动态电路，是常见题。

三、巩固

6．（2023高二上·河源期末）在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），、为定值电阻（），为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表。若将照射的光的强度减弱，则（）

A．电压表的示数变大B．小灯泡变亮

C．通过的电流变大D．电源输出功率变小

【答案】C,D

【知识点】电功率和电功；串联电路和并联电路的特点及应用

【解析】【解答】ABC．将照射的光的强度减弱，则阻值增大，根据串反并同可知，与它串联的电压表示数减小，与它并联的的电流变大，与它串联的小灯泡变暗，AB不符合题意，C符合题意；

D．因为，阻值增大，电路中总电阻增大，根据电源输出功率特点

可知，电源输出功率减小，D符合题意。

故答案为：CD。

【分析】根据电阻阻值的变化情况以及串并联电路的特点得出小灯泡亮度的变化情况，结合电源输出功率的特点得出输出功率的变化情况。

7．如图所示，甲、乙两个电表的内部电路都是由一个灵敏电流表G和一个电阻箱R组成。下列说法中正确的是（）

A．甲表是电压表，R增大时量程增大

B．甲表是电流表，R增大时量程减小

C．乙表是电压表，R增大时量程增大

D．乙表是电流表，R增大时量程减小

【答案】B,C

【知识点】表头的改装；欧姆定律的内容、表达式及简单应用

【解析】【解答】AB．电流表改装由灵敏电流计并联电阻组成，所以甲表是电流表，R增大时，甲表中变阻器分流减小，量程减小，A不符合题意，B符合题意；

CD．电压表改装由灵敏电流计串联电阻组成，所以乙表是电压表，R增大时，乙表中变阻器分压变大，量程增大，C符合题意，D不符合题意。

故答案为：BC。

【分析】根据电表的改装以及欧姆定律得出R量程的变化情况。

8．（2023高二上·青岛期末）如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，当滑动变阻器R2滑片向右滑动后，理想电流表A1、A2的示数变化量的绝对值分别为ΔI1、ΔI2，理想电压表示数变化量的绝对值为ΔU。下列说法中正确的是（）

A．电压表V的示数减小

B．电流表A2的示数变小

C．ΔU与ΔI1比值一定小于电源内阻r

D．ΔI1<ΔI2

【答案】B,C

【知识点】串联电路和并联电路的特点及应用；闭合电路的欧姆定律

【解析】【解答】B．当滑动变阻器滑片向右滑动后，滑动变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，则总电流减小，所以电流表A2的示数减小，B项正确；

A．总电流减小，路端电压增大，即电压表V的示数增大，A项错误；

D．根据并联电路的电流规律有I2＝I1＋I，A2的示数I2变小，通过定值电阻R1的电流I增大，则A1的示数I1变小，所以ΔI1一定大于ΔI2，D项错误；

C．电压表测量路端电压，根据闭合电路欧姆定律U＝E－I2r，可知＝r，而ΔI1大于ΔI2，所以<r，C项正确；

故答案为：BC。

【分析】滑动变阻器滑片向右滑动后，接入电路的电阻变大，结合闭合电路欧姆定律得出电流表2示数的变化情况，利用欧姆定律得出电压表示数的变化情况，通过闭合电路欧姆定律以及串并联电路进行分析判断。

9．（2023高二上·菏泽期末）如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，和均为定值电阻，且阻值与电源内阻相等。为滑动变阻器，当的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表、和V的示数分别为、和U，电表、和V的示数变化量绝对值为、和，将的滑动触点向b端移动的过程中，下列判断正确的是（）

A．电源的输出功率一定增加

B．电源的效率一定增加

C．变化量小于变化量

D．比值一定不变

【答案】A,C

【知识点】电功率和电功；串联电路和并联电路的特点及应用；闭合电路的欧姆定律

【解析】【解答】A．当外电路电阻等于电源内阻时，电源的输出功率最大，滑片滑动过程中外电路电阻变小，当滑动触点滑倒b端时外电路只有定值电阻，根据题意可知与电源内阻的大小相等，所以此时电源输出功率最大，在滑动过程中一直在变大，A符合题意；

B．根据串反并同，滑动触头滑动过程中，电压表的示数逐渐变小，即路端电压逐渐变小，电源的效率变小，B不符合题意；

C．根据串并联特点，可知，根据串反并同，可知电路的总电流变大，I1减小，I2增大，故变化量小于变化量，C符合题意；

D．根据闭合电路欧姆定律有，所以，D不符合题意。

故答案为：AC。

【分析】滑片滑动的过程根据闭合电路欧姆定律和电功率的表达式得出电源输出功率的变化情况，利用串并联电路的特点得出电源效率的变化情况，结合闭合电路欧姆定律进行分析判断。

10．（2022高三上·月考）在如图所示电路中，电源的电动势为E，内阻为r，是定值电阻，是滑动变阻器，闭合开关S，不同规格的灯泡和均正常发光，现将滑动变阻器的滑动片P向上移动一定的距离，理想电流表、电压表的示数均会发生一定变化，其变化量分别用和表示，则下列分析判断可能正确的是（）

A．电压表V示数变大，电流表示数变小

B．电流表示数可能变为零

C．灯泡变暗，灯泡变亮

D．电源的内阻

【答案】A,B,C

【知识点】电功率和电功；串联电路和并联电路的特点及应用；闭合电路的欧姆定律

【解析】【解答】A．当滑动变阻器的滑动片P向上移动时，电阻接入电路中的电阻变大，外电路由于局部电阻增大导致整个外电路电阻增大，电压表示数U变大，与并联部分电压增多，则其他部分电压减小，则与并联部分电压也减小，故电流表示数变小，A符合题意；

B．根据桥式电路特征，当，则电路中M、N两点间的电势差为零，电流表示数变为零，B符合题意；

C．根据当可知，灯泡的功率减小，灯泡变暗，灯泡与并联，故灯泡两端的电压和流过灯泡的电流均变大，所以灯泡变亮，C符合题意；

D．对两灯泡中间结点，有，则，而电源内阻应为（为干路电流变化量），而不一定等于干路上的电流变化，故内阻r不一定等于，D不符合题意。

故答案为：ABC。

【分析】滑动变阻器的滑片移动的过程根据电阻的变化情况和不闭合电路欧姆定律以及串并联电路的特点得出电流表示数的变化情况，结合桥式电路特征得出电流表2的示数，通过电功率的表达式和串并联电路得出灯泡2的亮度变化情况，对两灯泡中间节点根据电流关系得出电源的内阻。

四、提升

11．（2023·长沙模拟）一额定功率为9W、额定电压为9V的小灯泡L和一直流电动机并联，与定值电阻R=4Ω串联后接在电路中的AB两点间，电流表A为理想电表，电路如图所示，灯泡的电阻不变．当AB间接电压0.49V时，电动机不转、灯泡不亮，电流表示数为0.1A；当AB间接电压15V时，电动机转动起来、灯泡正常发光．则下列说法正确的是（）

A．电动机线圈电阻为1Ω

B．灯泡正常发光时电流表示数0.5A

C．灯泡正常发光时电流表示数1A

D．电动机输出的机械功率4.25W

【答案】A,D

【知识点】全电路的功和能；欧姆定律；串联电路和并联电路的特点及应用

【解析】【解答】解：A、根据P=可知灯泡电阻RL=Ω，

当AB间接电压0.49V时，电动机不转、为纯电阻电路，根据欧姆定律可知R两端电压：UR=IR=0.1×4V=0.4V，

灯泡两端电压U1=U﹣UR=0.49V﹣0.4V=0.09V，

通过灯泡的电流I1==0.01A，

通过电动机的电流：I2=0.1A﹣0.01A=0.09A，

根据并联电路特点可知电动机线圈电阻r==1Ω；A符合题意；

B、当AB间接电压15V时，灯泡正常发光，灯泡两端电压为UL=9V、

通过灯泡的电流为IL=1A，

则电动机两端电压为UM=9V，

R两端电压为UR=6V，

干路电流I=A=1.5A，

电流表示数为1.5A，

通过电动机的电流为IM=I﹣IL=0.5A，

则此时电动机输出的机械功率：P=ULIL﹣IM2r=4.25W．BC不符合题意，D符合题意．

故答案为：AD

【分析】本题主要的考察点在于电动机为非纯电阻电路，欧姆定律不适用，灯泡为纯电阻电路，适用欧姆定律，电动机不转的时候为纯电阻电路，再结合欧姆定律以及串并联关系进行求解。

12．（2023高二上·南昌期中）如图所示电路中，R2、R3为定值电阻，电源电动势为E，内阻不计，电路中的O点接地，当变阻器R1的滑动触头P由右向左移动时，电压表V1和V2的示数的变化量为△U1和△U2，则应有（）

A．|△U1|＞|△U2|B．M点电势降低

C．N点电势升高D．F点电势不变

【答案】A,B

【知识点】电势差、电势、电势能；欧姆定律；串联电路和并联电路的特点及应用

【解析】【解答】解：A、滑片向左移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中电流减因电流减小，R2与R3总电压减小，R1两端的电压增大；故R1的增大量的绝对值一定大于R2两端电压减小值的绝对值；故|△U1|＞|△U2|；A符合题意；

B、因R1两端的电压增大，即增大，降低，B符合题意；

C、因电流减小，R2两端的分压减小，=φN﹣φO减小，φO=0，则N点电势降低；C不符合题意；

D、因R2与R3总电压减小，即减小，所以F点电势降低；D不符合题意；

故答案为：AB．

【分析】不考虑电势差的正负就是电压。

13．（2023高二上·菏泽期中）一学生去实验室取定值电阻两只，R1=10Ω，R2=30Ω，电压表一个，练习使用电压表测电压．电路连接如图，电源输出电压U=12.0V不变．该生先用电压表与R1并联，电压表示数为U1，再用电压表与R2并联，电压表示数为U2，则下列说法正确的是（）

A．U2一定小于9.0vB．U1一定大于3.0V

C．U1与U2之和小于12VD．U1与U2之比一定不等于1：3

【答案】A,C

【知识点】欧姆定律；串联电路和并联电路的特点及应用；表头的改装

【解析】【解答】解：A、不接电压表时，R1、R2串联，电压之比为：==，

而U′1+U′2=12V

解得：U′1=3.0V，U′2=9.0V

当电压表并联在R1两端时，有：=，

解得：U1＜3V，

同理，当电压表并联在R2两端时，有：U2＜9V，

得：U1+U2＜12V．AC符合题意，B不符合题意；

D、设电压表内阻为RV，则电压表与R1并联时，其示数U1==；

电压表与R2并联时，其示数U2==

则可知，两电压表之比一定等于1：3．

D不符合题意．

故答案为：AC．

【分析】不接电压表时，R1、R2串联，可求电压之比及电压值，当电压表并联在R1两端时，U1＜3V，当电压表并联在R2两端时，有：U2＜9V，电压表与R1并联时，电压表与R2并联时，其示数之比可求。

14．（2022高二上·保定期中）在如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，将滑动变阻器的滑动触头P从最右端滑到最左端，两个理想电压表的示数随电路中电流变化的完整过程图线如图乙所示。则（）

A．电源内阻为

B．定值电阻R1的最大功率为1.8W

C．电源的最大输出功率为1.8W

D．滑动变阻器R2的最大功率为0.9W

【答案】B,C,D

【知识点】电功率和电功；闭合电路的欧姆定律；欧姆定律的内容、表达式及简单应用

【解析】【解答】A．将滑动变阻器的滑片P从最右端移到最左端，接入电路的电阻减小，电路中的电流增大，的电压和电源的内电压增大，则的电压减小，所以电压表的示数增大，电压表的示数减小，可知图线b反映的是电压表的示数随电流的变化，图线a反映的是电压表的示数随电流的变化，根据闭合电路欧姆定律得，电压表的示数，由图线a的斜率大小等于，由图知，图线b的斜率等于，则，，A不符合题意；

B．当滑动变阻器阻值为零时，的功率最大，此时电流，，B符合题意；

C．当内阻等于外阻时，电源的输出功率最大，故当外阻等于时，此时滑动变阻器滑到最左端，电源的输出功率最大，此时电流，故电源的最大输出功率，C符合题意；

D．由C的分析可知，的阻值为，电阻为；当等效为电源内阻，则当滑动变阻器的阻值等于时，滑动变阻器消耗的功率最大，故当滑动变阻器阻值为时，滑动变阻器消耗的功率最大，此时两端电压是两端电压的两倍，由图可得，电路中的电流，则滑动变阻器消耗的最大功率，D符合题意。

故答案为：BCD。

【分析】滑动变阻器的滑片移动的过程根据闭合电路欧姆定律和欧姆定律得出电压表示数的变化情况，结合图乙中的U-I图像得出电源的内阻和和R1的阻值，当滑动变阻器的阻值为零时利用热功率的表达式得出定值电阻R1的最大功率，当内阻等于外阻时，电源的输出功率达到最大值，结合电功率的表达式得出电源的最大输出功率和滑动变阻器消耗的最大功率。

15．（2023高二上·普宁期末）在如图所示的电路中，R1、R3、R4均为定值电阻，R2是滑动变阻器，电流表内阻不计，电压表阻值很大，闭合开关S后，当R2的滑片向右滑动时，电流表和电压表示数变化量的大小分别为△I、△U，下列结论正确的是（）

A．电流表示数变大B．电压表示数变大

C．＜rD．＞r

【答案】A,C

【知识点】欧姆定律；串联电路和并联电路的特点及应用；电源电动势及内阻；电路动态分析

【解析】【解答】解：AB、当R2的滑片向右滑动时，R2减小，外电路总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，则电压表的示数变小，通过R3的电流减小，可知通过R4的电流增大．

根据串联电路的分压规律知，R1的电压减小，R1的电流减小，则通过电流表的示数变大．故A正确，B错误．

CD、设总电流为I总，根据闭合电路欧姆定律知，U=E﹣I总r，得=r

根据I4=I1+I，I1减小，I增大，I4增大，则△I＞△I4；I总=I4+I3，I3减小，I4增大，I总增大，则△I4＞△I总，故△I＞△I总，可得＜r，故C正确，D错误．

故选：AC．

【分析】先根据变阻器电阻的变化，分析外电路总电阻的变化，再根据闭合电路欧姆定律判断电路中的总电流如何变化，由欧姆定律判断路端电压的变化，根据并联电路的变化，判断R1的电流变化，得到电流表读数的变化．根据闭合电路欧姆定律分析的变化．

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2023年高考物理全国乙卷真题变式·分层精准练：第7题

一、原题

1．（2023·全国乙卷）黑箱外有编号为1、2、3、4的四个接线柱，接线柱1和2、2和3、3和4之间各接有一个电阻，在接线柱间还接有另外一个电阻R和一个直流电源。测得接线柱之间的电压U12=3.0V，U23=2.5V，U34=－1.5V。符合上述测量结果的可能接法是（）

A．电源接在1、4之间，R接在1、3之间

B．电源接在1、4之间，R接在2、4之间

C．电源接在1、3之间，R接在1、4之间

D．电源接在1、3之间，R接在2、4之间

二、基础

2．（2023高一下·宿迁期末）如图，电源的电动势，内阻，定值电阻，M是电动机，其线圈电阻，电动机正常工作时，理想电压表示数为6V，则（）

A．通过电源的电流为1.5AB．定值电阻R两端的电压为8V

C．电动机的输出功率为5WD．电源的效率约为93.3%

3．（2023高二上·扬州月考）在如图所示电路中，电源电动势为12V，电源内阻为1.0Ω，电路中的电阻R0为1.5Ω，小型直流电动机M的内阻为0.5Ω，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A（内阻不计），则以下判断中正确的是（）

A．电动机的输出的功率为12WB．电动机两端的电压为7.0V

C．电动机产生的热功率4.0WD．电源输出的电功率为24W

4．（2023高二上·惠州期末）如图为握力器原理示意图，握力器把手上的连杆与弹簧一起上下移动，握力的大小可通过﹣定的换算关系由电流表的示数获得．当人紧握握力器时，如果握力越大，下列判断正确的有（）

A．电路中电阻越大B．电路中电阻越小

C．电路中电流越小D．电路中电流越大

5．在图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r.在滑动变阻器的滑动触片P从图示位置向上滑动的过程中()

A．电路中的总电流变大B．路端电压变大

C．通过电阻R2的电流变大D．通过滑动变阻器R1的电流变小

三、巩固

6．（2023高二上·河源期末）在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），、为定值电阻（），为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表。若将照射的光的强度减弱，则（）

A．电压表的示数变大B．小灯泡变亮

C．通过的电流变大D．电源输出功率变小

7．如图所示，甲、乙两个电表的内部电路都是由一个灵敏电流表G和一个电阻箱R组成。下列说法中正确的是（）

A．甲表是电压表，R增大时量程增大

B．甲表是电流表，R增大时量程减小

C．乙表是电压表，R增大时量程增大

D．乙表是电流表，R增大时量程减小

8．（2023高二上·青岛期末）如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，当滑动变阻器R2滑片向右滑动后，理想电流表A1、A2的示数变化量的绝对值分别为ΔI1、ΔI2，理想电压表示数变化量的绝对值为ΔU。下列说法中正确的是（）

A．电压表V的示数减小

B．电流表A2的示数变小

C．ΔU与ΔI1比值一定小于电源内阻r

D．ΔI1<ΔI2

9．（2023高二上·菏泽期末）如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，和均为定值电阻，且阻值与电源内阻相等。为滑动变阻器，当的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表、和V的示数分别为、和U，电表、和V的示数变化量绝对值为、和，将的滑动触点向b端移动的过程中，下列判断正确的是（）

A．电源的输出功率一定增加

B．电源的效率一定增加

C．变化量小于变化量

D．比值一定不变

10．（2022高三上·月考）在如图所示电路中，电源的电动势为E，内阻为r，是定值电阻，是滑动变阻器，闭合开关S，不同规格的灯泡和均正常发光，现将滑动变阻器的滑动片P向上移动一定的距离，理想电流表、电压表的示数均会发生一定变化，其变化量分别用和表示，则下列分析判断可能正确的是（）

A．电压表V示数变大，电流表示数变小

B．电流表示数可能变为零

C．灯泡变暗，灯泡变亮

D．电源的内阻

四、提升

11．（2023·长沙模拟）一额定功率为9W、额定电压为9V的小灯泡L和一直流电动机并联，与定值电阻R=4Ω串联后接在电路中的AB两点间，电流表A为理想电表，电路如图所示，灯泡的电阻不变．当AB间接电压0.49V时，电动机不转、灯泡不亮，电流表示数为0.1A；当AB间接电压15V时，电动机转动起来、灯泡正常发光．则下列说法正确的是（）

A．电动机线圈电阻为1Ω

B．灯泡正常发光时电流表示数0.5A

C．灯泡正常发光时电流表示数1A

D．电动机输出的机械功率4.25W

12．（2023高二上·南昌期中）如图所示电路中，R2、R3为定值电阻，电源电动势为E，内阻不计，电路中的O点接地，当变阻器R1的滑动触头P由右向左移动时，电压表V1和V2的示数的变化量为△U1和△U2，则应有（）

A．|△U1|＞|△U2|B．M点电势降低

C．N点电势升高D．F点电势不变

13．（2023高二上·菏泽期中）一学生去实验室取定值电阻两只，R1=10Ω，R2=30Ω，电压表一个，练习使用电压表测电压．电路连接如图，电源输出电压U=12.0V不变．该生先用电压表与R1并联，电压表示数为U1，再用电压表与R2并联，电压表示数为U2，则下列说法正确的是（）

A．U2一定小于9.0vB．U1一定大于3.0V

C．U1与U2之和小于12VD．U1与U2之比一定不等于1：3

14．（2022高二上·保定期中）在如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，将滑动变阻器的滑动触头P从最右端滑到最左端，两个理想电压表的示数随电路中电流变化的完整过程图线如图乙所示。则（）

A．电源内阻为

B．定值电阻R1的最大功率为1.8W

C．电源的最大输出功率为1.8W

D．滑动变阻器R2的最大功率为0.9W

15．（2023高二上·普宁期末）在如图所示的电路中，R1、R3、R4均为定值电阻，R2是滑动变阻器，电流表内阻不计，电压表阻值很大，闭合开关S后，当R2的滑片向右滑动时，电流表和电压表示数变化量的大小分别为△I、△U，下列结论正确的是（）

A．电流表示数变大B．电压表示数变大

C．＜rD．＞r

答案解析部分

1．【答案】C,D

【知识点】串联电路和并联电路的特点及应用；黑箱问题

【解析】【解答】A、根据题意画出电路图如图所示，

由已知条件得出：电压为正值，不符合题意，A错误；

B、根据题意画出电路图如图所示，

由已知条件得出：电压为正值，不符合题意，B错误；

C、根据题意画出电路图如图所示，

由已知条件得出符合题目测量结果，C正确；

D、根据题意画出电路图如图所示，

由已知条件得出符合题目测量结果，D正确；

故答案为：CD

【分析】电学黑箱题，由串并联电路的特点，根据题目选项逐一画出可能的电路图进行分析，得出结论。

2．【答案】B,C,D

【知识点】欧姆定律

【解析】【解答】A、设理想电压表示数为U，电路中电流为I，由闭合电路欧姆定律得：，

可得：则通过电源和电动机的电流为1A，A不符合题意；

B、根据欧姆定律可知定值电阻R两端的电压为，B符合题意；

C、电动机消耗的电功率为：

电动机的发热功率为：

故电动机的输出功率为：，C符合题意；

D、电源的效率，D符合题意。

故答案为：BCD

【分析】利用串并联电流、电压规律求解电阻R两端的电压，对电阻R利用欧姆定律求解电路中的电流，结合选项分析求解即可。

3．【答案】A,B

【知识点】电功率和电功；欧姆定律

【解析】【解答】解：B、电路中电流表的示数为2.0A，所以电动机的电压为：U=E﹣U内﹣UR0=12﹣Ir﹣IR0=12﹣2×1﹣2×1.5=7V，所以B符合题意；

A、C，电动机的总功率为P总=UI=7×2=14W，电动机的发热功率为：P热=I2R=22×0.5=2W，所以电动机的输出功率为14W﹣2W=12W，所以A符合题意，C不符合题意；

D、电源的输出的功率为：P输出=EI﹣I2R=12×2﹣22×1=20W，所以D不符合题意

故答案为：AB

【分析】先以定值电阻作为研究对象求出电阻两端的电压和电动机两端的电压，再利用公式P=UI求解电功率。

4．【答案】B,D

【知识点】欧姆定律

【解析】【解答】解：由图看出，握力越大，变阻器接入电路的电阻越小，外电路的总电阻越小，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中电流越大．故BD正确．AC错误．

故选：BD

【分析】由图看出，握力越大，变阻器接入电路的电阻越小，外电路的总电阻越小，根据欧姆定律分析电路中电流的变化．

5．【答案】B,C,D

【解析】【解答】滑片P上滑，R1增大，所以总电阻R总增大，由闭合电路欧姆定律得，所以总电流I总变小，由可知路端电压U增大，通过R2电流增大，由可知变小。综合分析可知BCD正确。

故选BCD

【分析】本题考查利用闭合电路欧姆定律分析动态电路，是常见题。

6．【答案】C,D

【知识点】电功率和电功；串联电路和并联电路的特点及应用

【解析】【解答】ABC．将照射的光的强度减弱，则阻值增大，根据串反并同可知，与它串联的电压表示数减小，与它并联的的电流变大，与它串联的小灯泡变暗，AB不符合题意，C符合题意；

D．因为，阻值增大，电路中总电阻增大，根据电源输出功率特点

可知，电源输出功率减小，D符合题意。

故答案为：CD。

【分析】根据电阻阻值的变化情况以及串并联电路的特点得出小灯泡亮度的变化情况，结合电源输出功率的特点得出输出功率的变化情况。

7．【答案】B,C

【知识点】表头的改装；欧姆定律的内容、表达式及简单应用

【解析】【解答】AB．电流表改装由灵敏电流计并联电阻组成，所以甲表是电流表，R增大时，甲表中变阻器分流减小，量程减小，A不符合题意，B符合题意；

CD．电压表改装由灵敏电流计串联电阻组成，所以乙表是电压表，R增大时，乙表中变阻器分压变大，量程增大，C符合题意，D不符合题意。

故答案为：BC。

【分析】根据电表的改装以及欧姆定律得出R量程的变化情况。

8．【答案】B,C

【知识点】串联电路和并联电路的特点及应用；闭合电路的欧姆定律

【解析】【解答】B．当滑动变阻器滑片向右滑动后，滑动变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，则总电流减小，所以电流表A2的示数减小，B项正确；

A．总电流减小，路端电压增大，即电压表V的示数增大，A项错误；

D．根据并联电路的电流规律有I2＝I1＋I，A2的示数I2变小，通过定值电阻R1的电流I增大，则A1的示数I1变小，所以ΔI1一定大于ΔI2，D项错误；

C．电压表测量路端电压，根据闭合电路欧姆定律U＝E－I2r，可知＝r，而ΔI1大于ΔI2，所以<r，C项正确；

故答案为：BC。

【分析】滑动变阻器滑片向右滑动后，接入电路的电阻变大，结合闭合电路欧姆定律得出电流表2示数的变化情况，利用欧姆定律得出电压表示数的变化情况，通过闭合电路欧姆定律以及串并联电路进行分析判断。

9．【答案】A,C

【知识点】电功率和电功；串联电路和并联电路的特点及应用；闭合电路的欧姆定律

【解析】【解答】A．当外电路电阻等于电源内阻时，电源的输出功率最大，滑片滑动过程中外电路电阻变小，当滑动触点滑倒b端时外电路只有定值电阻，根据题意可知与电源内阻的大小相等，所以此时电源输出功率最大，在滑动过程中一直在变大，A符合题意；

B．根据串反并同，滑动触头滑动过程中，电压表的示数逐渐变小，即路端电压逐渐变小，电源的效率变小，B不符合题意；

C．根据串并联特点，可知，根据串反并同，可知电路的总电流变大，I1减小，I2增大，故变化量小于变化量，C符合题意；

D．根据闭合电路欧姆定律有，所以，D不符合题意。

故答案为：AC。

【分析】滑片滑动的过程根据闭合电路欧姆定律和电功率的表达式得出电源输出功率的变化情况，利用串并联电路的特点得出电源效率的变化情况，结合闭合电路欧姆定律进行分析判断。

10．【答案】A,B,C

【知识点】电功率和电功；串联电路和并联电路的特点及应用；闭合电路的欧姆定律

【解析】【解答】A．当滑动变阻器的滑动片P向上移动时，电阻接入电路中的电阻变大，外电路由于局部电阻增大导致整个外电路电阻增大，电压表示数U变大，与并联部分电压增多，则其他部分电压减小，则与并联部分电压也减小，故电流表示数变小，A符合题意；

B．根据桥式电路特征，当，则电路中M、N两点间的电势差为零，电流表示数变为零，B符合题意；

C．根据当可知，灯泡的功率减小，灯泡变暗，灯泡与并联，故灯泡两端的电压和流过灯泡的电流均变大，所以灯泡变亮，C符合题意；

D．对两灯泡中间结点，有，则，而电源内阻应为（为干路电流变化量），而不一定等于干路上的电流变化，故内阻r不一定等于，D不符合题意。

故答案为：ABC。

【分析】滑动变阻器的滑片移动的过程根据电阻的变化情况和不闭合电路欧姆定律以及串并联电路的特点得出电流表示数的变化情况，结合桥式电路特征得出电流表2的示数，通过电功率的表达式和串并联电路得出灯泡2的亮度变化情况，对两灯泡中间节点根据电流关系得出电源的内阻。

11．【答案】A,D

【知识点】全电路的功和能；欧姆定律；串联电路和并联电路的特点及应用

【解析】【解答】解：A、根据P=可知灯泡电阻RL=Ω，

当AB间接电压0.49V时，电动机不转、为纯电阻电路，根据欧姆定律可知R两端电压：UR=IR=0.1×4V=0.4V，

灯泡两端电压U1=U﹣UR=0.49V﹣0.4V=0.09V，

通过灯泡的电流I1==0.01A，

通过电动机的电流：I2=0.1A﹣0.01A=0.09A，

根据并联电路特点可知电动机线圈电阻r==1Ω；A符合题意；

B、当AB间接电压15V时，灯泡正常发光，灯泡两端电压为UL=9V、

通过灯泡的电流为IL=1A，

则电动机两端电压为UM=9V，

R两端电压为UR=6V，

干路电流I=A=1.5A，

电流表示数为1.5A，

通过电动机的电流为IM=I﹣IL=0.5A，

则此时电动机输出的机械功率：P=ULIL﹣IM2r=4.25W．BC不符合题意，D符合题意．

故答案为：AD

【分析】本题主要的考察点在于电动机为非纯电阻电路，欧姆定律不适用，灯泡为纯电阻电路，适用欧姆定律，电动机不转的时候为纯电阻电路，再结合欧姆定律以及串并联关系进行求解。

12．【答案】A,B

【知识点】电势差、电势、电势能；欧姆定律；串联电路和并联电路的特点及应用

【解析】【解答】解：A、滑片向左移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中电流减因电流减小，R2与R3总电压减小，R1两端的电压增大；故R1的增大量的绝对值一定大于R2两端电压减小值的绝对值；故|△U1|＞|△U2|；A符合题意；

B、因R1两端的电压增大，即增大，降低，B符合题意；

C、因电流减小，R2两端的分压减小，=φN﹣φO减小，φO=0，则N点电势降低；C不符合题意；

D、因R2与R3总电压减小，即减小，所以F点电势降低；D不符合题意；

故答案