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作业(十 光滑倾斜直轨道AM、BM到M点；c球由C点自由下落到M点．则()A．aMB．bMC．cMD．bcMRcCMR＝12 2R 即 M点的竖直圆的半径，r>R)m1m2的图线中正确的是()解析：由题意可知，m1的加速度先增大后不变，m1与m2相 前

a不变，a

12m12

＝m2a2A2mμ<tanθ，则图乙中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是()a1的匀加速直线，由牛顿第二定律得mgsinθ＋μmgcosθ＝ma1，所以a1＝gsinθ＋μgcosθ.动，物体继续加速，所受滑动摩擦力变为沿传送带向上，做加速度为a2的匀加速直线mgsinθ－μmgcosθ＝ma2a2＝gsinθ－μgcosθ.根据以上分析，有a2<a1，所以，本题正确选项为D.MBF面匀速上滑，A、B之间动摩擦因数为μ，μ<tanθ，且质量均为m，则( A．A、B保持相对静止

解析：由于μ<tanθ，由受力分析可知，A沿斜面向下匀加速下滑，加速度aA＝gsinθ－将ABm(gsinθ－μgcosθ)cosθB与斜面体的正FN′＝2mgcosθ，对B受力分析，根据共点力平衡有

Da如图所示，水平传送带两边分别是与传送带等高的光滑水平地面A、B，初速度大小为v1的小物块从与传送带相接的地面A滑上传送带当绷紧的水平传送带处于静止状态时，小物块恰好可以到传送带的中点，如果传送带以恒定速率v2(v2＝2v1)运行，若从小物块滑上传送带开始计时，则小物块的v－t图象(以地面为参考系)可能是( a解析：对小物块受力分析可知，它滑上传送带后受到重力mg、支持力FN和摩擦力Ff三个力的作用，其中重力与支持力平衡，故由Ff＝μmg＝ma，可得a＝μg，当传送带向右运动时，小物块做匀到中点时到零，然后反向加速，因为v2>v1，且加速度大小Av1t1＝v1，所以选项A正确，B1当传送带向左时，小物块做匀加速直线，根据时有1

2a·2，加 到aLv2－v2＝2aL，联立解得：v＝3vt＝a

＝0.73t1错误，D

右端，BμF＝mgB上，A、B2m/s的共同速度沿水平面向右匀速，0.2s后F加倍(g＝10m/s2)(1)μ(2)若B足够长，求0.4s时A、B的速度，并在乙图中作出0.2～0.4sA、B的解析：(1)在0～0.2s内A、B做匀速直线，分析B，根据平衡条件有：F＝2μmg，又F＝mg，(2)0.2～0.4s，A状态不变(vA＝2m/s)，继续做匀速直线，B做匀加速，a＝100．4sBv＝v0＋at＝2m/s＋10×0.2m/s＝4A、Bv－t答案 (2)2 4 5θ＝30°v＝3m/s的速度匀速运行，A、B两端μ＝23g＝10m/s2，结果保留两5解析：(1)设工件在传送带上加速时的加速度为a，则a＝1.0dmin＝1dmin＝0.50dmax＝vt＝3.0a(2)t1＝v＝3.0s，因此传送带上总有三个(n1＝3)工件正在加速，故所有做加速的工件对传送带的总滑动摩擦力Ff1＝3μmgcosθa

x＝2a＝4.5 的工件数当工

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