云南省曲靖市宣威市海岱镇第二中学2022年高三化学期末试卷含解析

云南省曲靖市宣威市海岱镇第二中学2022年高三化学期末试卷含解析一、单选题（本大题共15个小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，共60分。）1.化学学习方法中的类推法是由已学知识通过迁移构建新知识的方法。下列类比正确的是（

）

A．CaCO3与稀硝酸反应生成CO2，CaSO3也能与稀硝酸反应生成SO2

B．铜在氯气中剧烈燃烧生成二价铜，铜也能在硫蒸气中剧烈燃烧生成二价铜

C．钠与乙醇反应产生氢气，钾与乙醇也能反应产生氢气

D．锌可以写溶液中的银离子发生置换反应，钠也能与溶液中的银离子发生置换反应参考答案：C略2.对于常温下pH为2的盐酸，叙述正确的是A.c（H+）=c（Cl-）+c（OH-）B.与等体积pH=12的氨水混合后所得溶液显酸性C.由H2O电离出的c（H+）=1.0×10-12mol·L-1D.与等体积0.01mol·L-1乙酸钠溶液混合后所得溶液中：c（Cl-）=c（CH3COO-）解析：参考答案：AC电荷守恒A对。B氨水过量，显碱性。D，反应后生成乙酸和氯化钠，水溶液为酸性。3.配制2L1.5mol/LNa2SO4溶液，需要固体Na2SO4A．213g

B．284g

C．400g

D．426g参考答案：D略4.元素X、Y、Z原子序数之和为36，Y、Z在同一周期，X、Z在同一主族，X原子最外层电子数是Y原子最外层电子数的3倍。下列说法正确的是()。A．同主族元素中X的气态氢化物最稳定B．Z的最高价氧化物对应的水化物化学式为H3ZO4C．X与Y可以形成共价化合物D．X与Z所形成的化合物属于酸性氧化物参考答案：AD略5.下列叙述正确的是 ①氧化铝是一种比较好的耐火材料,可用来制造耐火坩埚 ②氧化铁常用作红色油漆和涂料 ③硅酸钠是制备硅胶和木材防火剂的原料 ④以纯碱、石灰石、石英为原料可制普通玻璃 ⑤石灰石、高岭石、石英和水晶的主要成分是SiO2 A．①③④⑤

B．①②③④

C．①②④⑤

D．②③④⑤参考答案：B略6.广义的水解观认为，无论是盐的水解还是非盐的水解，其最终结果是反应中各物质和水分别解离成两部分，然后两两重新组合成新的物质。根据上述观点，下列说法不正确的是A．

CaO2的水解产物是Ca(OH)2和H2O2

B.

NaClO的水解产物之一是HClOC．PCl3的水解产物是PH3和HClO

D．Mg3N2水解生成NH3和Mg(OH)2参考答案：C7.向一定量的Mg2+、NH4+、Al3+混合溶液中加入Na2O2的量与生成沉淀和气体的量（纵坐标）的关系如图所示，则溶液中Mg2+、NH4+、Al3+三种离子的物质的量之比为（

）。A.1∶1∶2

B.2∶2∶1C.1∶2∶2

D.9∶2∶4参考答案：C8.下列比值为2∶1的是A．pH＝2与pH＝1的硝酸中c(H+)之比B．Na2CO3溶液中c(Na+)与c(CO32ˉ)之比C．0.2mol/L与0.1mol/L醋酸中c(H+)之比D．NO2溶于水时，被氧化的n(NO2)与被还原的n(NO2)之比为参考答案：D略9.将固体MnC2O4·2H2O放在坩埚里加热，固体质量随温度变化的数据如下表：温度（℃）255075100214280固体质量（g）17.917.916.014.314.37.10下列说法错误的是A．25～50℃，MnC2O4·2H2O未发生变化B．75℃时，MnC2O4·2H2O部分失去结晶水C．100℃时，坩埚内固体均为MnC2O4D．280℃时，坩埚内固体为混合物参考答案：D略10.下列与有机物结构、性质相关的叙述错误的是A.乙酸分子中含有羧基，可与NaHCO3溶液反应生成CO2B.蛋白质和油脂都属于高分子化合物，一定条件下能水解C.甲烷和氯气反应生成一氯甲烷，苯和硝酸反应生成硝基苯的反应类型相同D.苯不能使溴的四氯化碳溶液褪色，说明苯分子中没有与乙烯分子中类似的碳碳双键参考答案：B略11.把一块镁铝合金投入到1mol/L盐酸里，待合金完全溶解后，往溶液里加入1mol/LNaOH溶液，生成沉淀的物质的量随加入NaOH溶液体积变化的关系如下图A所示。下列说法中不正确的是 （

）图A

图B

图C

A．的取值范围为0≤a＜50

B．的最大值为2．5

C．若将关系图改为B图时，则的取值范围为80＜a＜90

D．若将关系图改为C图时，则的取值范围为75＜a＜90

参考答案：C略12.用惰性电极实现电解，下列说法正确的是A.电解氢氧化钠稀溶液，溶液浓度增大pH变小B.电解氯化钠溶液，溶液浓度减小pH不变C.电解硝酸银溶液，要消耗OH-溶液pH变小D.电解稀硫酸，实质是电解水，溶液pH不变参考答案：C略13.下列说法正确的是A.化学键既存在于分子中相邻原子间，也存在相邻分子的原子间B.放热反应在任何条件都能自发进行C.金属的化学腐蚀和电化学腐蚀的本质相同，但电化学腐蚀伴有电流产生D.电解质溶液导电是化学变化，但不一定发生氧化还原反应参考答案：C略14.用NA表示阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是A．14g分子通式为CnH2n的链烃中含有的C＝C的数目为NA/nB．标准状况下，NO和O2各11.2L混合，所得混合气体的分子总数为0.75NAC．25℃时，pH＝7的NH4Cl和NH3?H2O混合溶液中，OH－离子数为10－7NAD．两份2.7g铝分别与100mL浓度为2mol·L―1的盐酸和氢氧化钠溶液充分反应，转移的电子数均为0.3NA参考答案：A略15.下列反应的离子方程式表示正确的是()A．向Fe(NO3)3溶液中加入过量的HI溶液：2NO3?+8H++6I?===3I2+2NO↑+4H2OB．硫酸溶液中加入足量氢氧化钡溶液：Ba2＋＋OH－＋H＋＋SO42－===BaSO4↓＋H2OC．FeCl3溶液中通入过量的H2S气体：2Fe3++H2S=S↓+2Fe2++2H+D．NaHCO3溶液与过量Ba(OH)2溶液反应：Ba2+＋2OH－＋2HCO3－＝BaCO3↓＋CO32—＋2H2O参考答案：CA、向Fe（NO3）3溶液中加入过量的HI溶液，硝酸先氧化碘离子，硝酸反应完后，三价铁离子再氧化碘离子为单质碘，由于是过量的HI，所以Fe3+和NO3-均被还原，化学反应为Fe（NO3）3+12HI═FeI2+5I2↓+3NO↑+6H2O，离子反应方程式为Fe3++3NO3-+12H++10I-═Fe2++5I2↓+3NO↑+6H2O，故A错误；B、稀硫酸与氢氧化钡溶液反应生成硫酸钡沉淀和水，该离子反应为2H++SO42-+Ba2++2OH-=BaSO4↓+2H2O，故B错误；C、氯化铁具有氧化性氧化硫化氢为硫单质，反应的离子方程式为：2Fe3++H2S═2Fe2++2H++S↓故C正确；D、氢氧化钡过量，离子方程式按照碳酸氢钠组成书写，反应的离子方程式为：HCO3-+Ba2++OH-=BaCO3↓+2H2O，故D错误。故答案选C二、实验题（本题包括1个小题，共10分）16.三乙酸甘油酯是一种优良的溶剂、定香剂和增塑剂．实验室制备三乙酸甘油酯的反应原理、实验装置及相关数据如下：物质相对分子质量密度/g·cm－3沸点/℃水中溶解性甘油921.2636290（分解）溶乙酸601.0492118溶三乙酸甘油酯2181.1596258不溶实验步骤：步骤1．在500mL反应器中加入200g冰醋酸，92g甘油和100mL苯，开动搅拌器，慢慢从插温度计口加入3mL浓硫酸后，缓缓加热并回流1h，停止加热．步骤2．用5%碳酸钠溶液洗涤，再用水洗涤，最后加入无水氯化钙．步骤3．先进行常压蒸馏收集75～85℃馏分．步骤4．将常压馏分再进行减压蒸馏，收集128～131℃/933Pa馏分，最终得产品176g．（1）步骤1先开搅拌器后加浓硫酸的目的是

；冰醋酸过量的目的是

（2）用5%碳酸钠溶液洗涤的主要目的是

；加无水氯化钙的目的是

（3）最后用减压蒸馏而不用常压蒸馏其原因是

（4）本次实验产率为

．

参考答案：（1）防止局部浓硫酸浓度过大，造成有机物脱水炭化；有利于向酯化方向移动，提高甘油的转化率；（2）除去产品的硫酸、乙酸；除去有机物中的水份；（3）防止常压蒸馏温度过高导致产品分解；（4）80.7%．

【考点】制备实验方案的设计；有机物的合成．

【专题】实验分析题；实验评价题．【分析】本题以酯化反应的原理为载体，利用乙酸和甘油酯化得到三乙酸甘油酯的实验流程，主要考查的是结合浓硫酸的性质配制反应混合液，根据平衡理论通过增加冰醋酸的量提高甘油的利用率，反应后的混合物用饱和碳酸钠溶液洗涤除去催化作用的硫酸溶液和过量醋酸溶液，有氯化钙吸水干燥粗产品，最后采用减压蒸馏的方法得到产品，利用原子守恒可计算产率，据此解答；（1）因浓硫酸有脱水性，搅拌可稀释均匀，避免产生炭化现象，利用平衡的理论，增大一种反应物的量可提高另一种反应物的转化率；（2）反应后的混合液中存在催化作用的硫酸和过量的醋酸，可以用饱和碳酸钠溶液中和，氯化钙有吸水性，加入可除去混有的水；（3）三乙酸甘油酯在高温下可能会分解，因此蒸馏时不能常压高温蒸馏；（4）92g甘油的物质的量为=1mol，理论制得的三乙酸甘油酯也是1mol，可结合其质量计算产率．【解答】解：（1）浓硫酸有强氧化性，先开搅拌器后加浓硫酸可防止局部浓硫酸浓度过大，造成有机物脱水炭化；酯化反应可逆反应，增大乙酸的量，有利于向酯化方向移动，提高甘油的转化率，故答案为：防止局部浓硫酸浓度过大，造成有机物脱水炭化；有利于向酯化方向移动，提高甘油的转化率；（2）用5%碳酸钠溶液洗涤催化作用的硫酸和过量的乙酸，利用氯化钙的吸水性除去有机物中的水份，故答案为：除去产品的硫酸、乙酸；除去有机物中的水份；（3）为避免三乙酸甘油酯在高温下的分解，采用减压蒸馏，故答案为：防止常压蒸馏温度过高导致产品分解；（4）1mol的甘油理论制得1mol的三乙酸甘油酯，质量为1mol×218g/mol=218g，产率为=80.7%，故答案为：80.7%．【点评】本题参照教材酯化反应的原理合成三乙酸甘油酯并涉及混合物的分离提纯，基础考查，难度不大，建议学生重视双基复习．三、综合题（本题包括3个小题，共30分）17.[化学-物质结构与性质]表是前20号元素中的部分元素的一些数据：

ABCDEFGHIJ原子半径（10﹣10m）1.022.270.741.430.771.100.991.860.751.17最高价态+6+1﹣+3+4+5+7+1+5+4最低价态﹣2﹣﹣2﹣﹣4﹣3﹣1﹣﹣3﹣4试回答下列问题：（1）以上10种元素电负性最大的是（填元素符号）．比元素B原子序数大7的元素在元素周期表中的位置：第周期，第

族，其基态原子的核外电子排布式是

．（2）H、I、J三种元素对应单质的熔点依次升高的顺序是（用单质的具体化学式排序）

．（3）元素E与C及氢元素可形成一种相对分子质量为60的一元羧酸分子．其分子中共形成个σ键，个π键．（4）I与氢元素形成的10电子分子X的空间构型为

；将X溶于水后的溶液滴入到CuSO4溶液中至过量，得到的络离子的化学式为

，其中X与Cu2+之间以键结合．（5）如图1是I元素形成的含氧酸的结构，请简要说明该物质易溶于水的原因：a．

b．

（6）如图2是J和E组成的晶体结构，则每个与J周围最近J原子数目为，若晶胞边长为acm，则晶体的密度为（用含a、NA的代数式表示）

（g/mL）

图1

图2参考答案：（1）O；4；VIII；1s22s22p63s23p63d64s2（或[Ar]3d64s2）；（2）N2＜Na＜Si；（3）7；1；（4）三角锥形；[Cu（NH3）4]2+；配位；（5）HNO3是极性分子，易溶于极性的水中；HNO3分子中的﹣OH易与水分子之间形成氢键；（6）12；或或

【考点】位置结构性质的相互关系应用．【分析】前20号元素中，AC都有最低价﹣2，处于VIA族，A有+6价，C只有﹣2价，则A为S、C为O元素；E、J都有+4、﹣4价，处于IVA族，E的原子半径较小，则E是C元素、J是Si；F、I都有+5、﹣3价，处于VA族，F的原子半径大于I，则F是P元素、I是N元素；G有+7、﹣1价，为ⅦA族元素，G是Cl元素；D只有+3价，为ⅢA族元素，原子半径大于Si原子半径，所以D是Al元素；B、H最高正价为+1，没有负价，处于IA族，B的原子半径比Al原子半径大很多，不能处于同周期，则B为K，B、H原子半径相差不是太大，应相邻，则H为Na，（1）同周期自左而右电负性呈增大趋势，同主族自上而下电负性减小；比元素B原子序数大7的元素为Fe，处于第四周期VIII族，结合能量最低原理书写核外电子排布式；（2）H为Na，I是N，J是Si，其单质的熔点依次升高的为N2＜Na＜Si；（3）碳元素、氧元素及氢元素可形成一种相对分子质量为60的一元羧酸分子，该羧酸为CH3COOH；（4）I与氢元素形成的10电子分子X为NH3，氨气的空间构型为三角锥形，将NH3溶于水后的溶液滴入到CuSO4溶液中至过量，得到络离子的化学式为[Cu（NH3）4]2+，其中NH3与Cu2+之间以配位键结合；（5）图1是I元素形成的含氧酸的结构，则该酸为HNO3，根据相似形溶原理和氢键分析；（6）J是Si，E是C，以晶胞顶点上的Si为例，与之距离最近的Si为12，晶胞内Si原子数目为8×+6×=4，晶胞内C原子数目为4，晶胞边长为acm，则晶胞的体积为a3，据此计算铜原子半径．【解答】解：（1）同周期自左而右电负性呈增大趋势，同主族自上而下电负性减小，故上述元素中电负性最大的元素是氧元素；比元素B原子序数大7的元素为Fe，处于第四周期VIII族；基态原子核外电子排布为：1s22s22p63s23p63d64s2（或[Ar]3d64s2）；故答案我为：O；4；VIII；1s22s22p63s23p63d64s2（或[Ar]3d64s2）；（2）H为Na，I是N，J是Si，其单质的熔点依次升高的为N2＜Na＜Si；故答案为：N2＜Na＜Si；（3）碳元素、氧元素及氢元素可形成一种相对分子质量为60的一元羧酸分子，该羧酸为CH3COOH，其分子中共形成7个σ键，1个π键；故答案为：7；1；（4）X为NH3，NH3中氮原子的价层电子对数为=4，有一对孤电子对，所以NH3空间构型为三角锥形，将NH3溶于水后的溶液滴入到CuSO4溶液中至过量，得到络离子的化学式为[Cu（NH3）4]2+，其中NH3与Cu2+之间以配位键结合；故答案为：三角锥形；[Cu（NH3）4]2+；配位；（5）图1中的含氧酸为HNO3，HNO3易溶于水的原因a．HNO3是极性分子，易溶于极性的水中；b．HNO3分子中的﹣OH易与水分子之间形成氢键；故答案为：HNO3是极性分子，易溶于极性的水中；HNO3分子中的﹣OH易与水分子之间形成氢键；（6）J是Si，E是C，以晶胞顶点上的Si为例，与之距离最近的Si为12，晶胞内Si原子数目为8×+6×=4，晶胞内C原子数目为4，晶胞边长为acm，则晶胞的体积为a3，晶体的密度为g/mL=g/mL=g/mL；故答案为：12；或或．18.（14分）喹硫平可用于精神疾病的治疗，其结构为：()2·，它的合成路线如下：已知：（Ⅰ）反应①为取代反应；（Ⅱ）A的系统命名为1,4－二溴―2―丁烯。请回答下列问题：⑴写出分子式为C13H9NO4S的物质的结构简式

▲

。⑵物质中除硫醚键（－S－）外，还含有的官能团名称为

▲

。⑶反应③的类型是

▲

反应，反应⑤的目的是

▲

。⑷写出反应④的化学方程式

▲

。⑸物质B的同分异构体有多种，其中既含有羟基，又含有醛基的同分异构体有

▲

种。⑹已知：－SH的性质与－OH相似。物质一定条件下形成聚合物的结构简式为

▲

。参考答案：⑴⑵氨基、羧基⑶加成

保护碳碳双键，防止被酸性KMnO4氧化⑷BrCH2CH＝CHCH2Br＋2NaOHHOCH2CH＝CHCH2OH＋2NaBr⑸5⑹（每空2分，共10分）略19.（2009·重庆卷）星形聚合物SPLA可经下列反应路线得到（部分反应条件未注明）。已知：SPLA的结构为，其中R为（1）淀粉是______________糖（填“单”或“多”）；A的名称是______________。（2）乙醛由不饱和烃制备的方法之一是______________（用化学方程式表示，可多步）。（3）D→E的化学反应类型属于___________反应；D结构中有3个相同的基团，且1molD能与2molAg（NH3）2OH反应，则D的结构简式是______________；D与银氨溶液反应的化学方程式为____________________________。（4）B的直链同分异构体G的分子中不含甲基，G既不