大学物理第06章 恒定磁场习题解答

第6章恒定磁场习题解答—>.空间某点的磁感应强度B的方向，一般可以用下列几种办法来判断，其中哪个是错误的?(C)(A)小磁针北(N)极在该点的指向；(B)运动正电荷在该点所受最大的力与其速度的矢积的方向；(C)电流元在该点不受力的方向；(D)载流线圈稳定平衡时，磁矩在该点的指向。.下列关于磁感应线的描述，哪个是正确的? (D)(A)条形磁铁的磁感应线是从N极到S极的；(B)条形磁铁的磁感应线是从S极到N极的；(C)磁感应线是从N极出发终止于S极的曲线；(D)磁感应线是无头无尾的闭合曲线。.磁场的高斯定理JJB・dS=0说明了下面的哪些叙述是正确的？ (A)a穿入闭合曲面的磁感应线条数必然等于穿出的磁感应线条数；b穿入闭合曲面的磁感应线条数不等于穿出的磁感应线条数；c一根磁感应线可以终止在闭合曲面内；d一根磁感应线可以完全处于闭合曲面内。(A)ad； (B)ac； (C)cd； (D)ab。4.如图所示，在无限长载流直导线附近作一球形闭合曲面4.如图所示，在无限长载流直导线附近作一球形闭合曲面S,当曲面S向长直导线靠近时，穿过曲面S的磁通量①和面上各点的磁感应强度B将如何变化?(A)①增大，B也增大；(B)①不变，B也不变；(C)①增大，B不变；(D)①不变，B增大。(A)0；(C)工加I/2R；05(A)0；(C)工加I/2R；0(B)从I/2R；0(D)从I/R。06、有一无限长直流导线在空间产生磁场，在此磁场中作一个以截流导线为轴线的同轴的圆柱形闭合高斯面，则通过此闭合面的磁感应通量(A)A、等于零 B、不一定等于零 C、为口I D、为qtq0 £i=ii0、7、一带电粒子垂直射入磁场B后，作周期为T的匀速率圆周运动，若要使运动周期变为T/2,磁感应强度应变为(B)A、B/2 B、2B C、B D、-B8竖直向下的匀强磁场中，用细线悬挂一条水平导线。若匀强磁场磁感应强度大小为5,导线质量为根,导线在磁场中的长度为L,导线在磁场中的长度为L,当水平导线内通有电流I时，细线的张力大小为(A(A) ；BIL)2+(mg)2；\：(0.1BIL”+(mg)2；9洛仑兹力可以(A)改变带电粒子的速率；(C)对带电粒子作功；(B)(BBIL)2-(mg)2；(BIL)2+(mg)2。(B)改变带电粒子的动量;(D)增加带电粒子的动能。如图所示，两种形状的载流线圈中的电流强度相同，则A)(如图所示，两种形状的载流线圈中的电流强度相同，则A)(A)B<B；(B)B>B；O1 O2 O1 O2(C)B=B；(D)无法判断。O1 O2q、o2处的磁感应强度大小关系是一根很长的电缆线由两个同轴的圆柱面导体组成，若这两个圆柱面的半径分别为R1和R2(R1<R2),通有等值反向电流，那么下列哪幅图正确反映了电流产生的磁感应强度随径向距离的变化关系？6.在同一平面上依次有a、b6.在同一平面上依次有a、b、c三根等距离平行放置的长直导线，TOC\o"1-5"\h\z. ।r—i AR1(D)R通有同方向的电流依次为1A、2A、3A，它们所受力的大小依次为Fa、Fb、Fc，则Fb/Fc为 (B)(A)4/9； (B)8/15； "(C)8/9； (D))。7..在无限长载流直导线AB的一侧，放着一可以自由运动的矩形载流导线框，电流方向如图，则导线框B动(C)导线框B动(C)导线框(A)导线框向AB靠近，同时转动(B)导线框仅向AB平离开AB,同时转动(D)导线框仅平动离开AB答：B9.在均匀磁场中，放置一个正方形的载流线圈使其每边受到的磁力的大小都相同的方法有( )(A)无论怎么放都可以；(B)使线圈的法线与磁场平行；(C)使线圈的法线与磁场垂直；(D)(B)和(C)两种方法都可以答：B15.一平面载流线圈置于均匀磁场中，下列说法正确的是( )(A)只有正方形的平面载流线圈，外磁场的合力才为零。(B)只有圆形的平面载流线圈，外磁场的合力才为零。(C)任意形状的平面载流线圈，外磁场的合力和力矩一定为零(D)任意形状的平面载流线圈，外磁场的合力一定为零，但力矩不一定为零。答：D.如图所示，均匀磁场的磁感应强度为5=0.27,方向沿％轴正方向，则通过面的磁通量为0.024W，通过双/b面的磁通量为0，通过q9面的磁通量为—0.024W—。.真空中一载有电流/的长直螺线管，单位长度的线圈匝数为％管内中段部分的磁感应强度为T〜一，、，，-，1，m ，端点部分的磁感应强度为 -\inl 。o 2o如图所示，两根无限长载流直导线隼互平行，通过的电流分别为4和小则•力=如图所示，两根无限长载流直导线隼互平行，通过的电流分别为4和小则•力=NII—I),B-dl=N(I+1)0 2 1115.15.如图所示，ABCD是无限长导线，通以电流I,BC段被弯成半径为R的半圆环，CD段垂直于半圆环所在的平面，AB的沿长线通过圆心O和C点。则圆NI1心O处的磁感应强度大小为 F11+（—）2 ，方向4R\ 兀2.一段导线先弯成图（。）所示形状，然后将同样长的导线再弯成图（b）所示形状。在导线通以电流I后，求两个图形中P点的磁感应强度之比。(a)I处于同一直线的两段电流对(a)I处于同一直线的两段电流对P点的磁感应强度为零，其他三段在P点的磁感应强度方向相同。长为/的两段在P点的磁感应强度为长为2l的一段在长为/的两段在P点的磁感应强度为长为2l的一段在P点的磁感应强度为B2- Q—4兀/v2RI（2分）（2分）所以（2分）图（b）中可分解为3段电流。161处于同一直线的两段电流对P点的磁感应强度为零，半圆弧在P161甲I甲I——0—161（2分）两个图形中P点的磁感应强度之比（2分）中部一段弯成圆弧形，半径为a，求圆心处的磁感强度。解：载流导线BCD段在O点产生的磁感强度O方向垂直纸面向里。（3分）O方向垂直纸面向里。（3分）方向垂直纸面向里。（2分）TOC\o"1-5"\h\z八 日 Idl 目出Iad0 目IB--0-J =02 =—0—1 4兀 r2 4兀 0a2 6aAB段在0点产生的磁感强度B2-皆GmP2-sinPi）\o"CurrentDocument"兀 兀 a式中P--—,P=--,d=acos60o-代入得2 3 1 2 2RI,TOC\o"1-5"\h\z\o"CurrentDocument"DE段在O点产生的磁感强度B---0—(sinP'-sinP')3 4兀d 2 1兀 兀式中p'——，p'——，代入得3 2 2I 43方方向也是方向-垂 方向也是方向垂直纸面向里。 （2分）32na 2整个载流导线在O点产生的磁感强度_\o"CurrentDocument"uI」I-33、 UIB=B+B+B=，+2三j（1—=）=0.21J方向垂直纸面向里（3分）1 2 3 6a 2兀a 2 a5.一正方形载流线图，边长为a，通以电流I。试求在正方形线圈上距中心为了的任一点的磁感强度。y解：导线AB在P点处产生的磁感强度UI解：导线AB在P点处产生的磁感强度UI―0—4兀rbinP-sin(-0)]UI.=―0—sin2兀r（2分）0由图可知r0sinP=了2+(r0sinP=了2+(a)22a2所以UI

0

I

a2

2兀]12+一

\ 4（2分）■ a2X2+——: 2=Bsin=Bsin0=1UI 01a22兀「X2+一V4方向如图所示。正方形四条边在P点处产生的磁感强度大小相等，但方向不同。由于四条边对于X轴是对称的，所以磁感强度在垂直于X轴的分矢量各自相消，只有在X方向上相互加强。于是，AB段在P点处产生的磁感强度的X分量UIa2 0 a2、： a28兀(X2+——)..X2+4\ 2

整个正方形线圈在P点处的磁感强度B=4B1x方向沿了轴正向。4NIa2 0——a2、：,a28K(x2+——),X2+整个正方形线圈在P点处的磁感强度B=4B1x方向沿了轴正向。4NIa2 0——a2、：,a28K(x2+——),X2+——4t2(3分)21.A和B为两个正交放置的圆形线圈，其圆心相重合。A线圈半径R=0.2m,N=10匝，通有电流I=10A；B线圈半径R=0.1m,N=20匝，通有电流I=5A。求两线圈公共中心处的磁感应强度。解：两线圈在各自圆心处的磁感应强度分别为NNI一一=3.14义10-4T2RANNI一i=6.28义10-4T2RB（3分）（3分）两线圈在各自圆心处的磁感应强度相互垂直，所以在公共中心处的磁感应强度大小为B=：B2+B2=7.02x10-4TAAB（3分）B与B的夹角为BBa=arctan=26.56BB（1分）解：建立如图所示的坐标系，在导体上取宽度为dy窄条作为电流元，其电流为dIdyb（1）电流元在M点的磁感强度大小为dB二 N0dINI—Q—2K(1.5b-y) 2dB二 N0dINI—Q—方向如图所示M点的磁感强度大小为B=JdB=J: N0I dyb2K(1.5b-y)b-2NI0ln22NI0ln2磁感强度方向沿了轴负方向。（2）电流元在N点的磁感强度大小为nI—0—2兀yx2+y2 2兀b«x2+yB=JdB=J,%一B=JdB=J,%一dB=J2bJ-―-2xx2+y22Kbx：x2+y2dy=NIb—0—arctg——Kb 2x磁感强度方向沿y轴正方向。23.两根长直导线沿半径方向引到铁环上的A、B两点，的磁感应强度。并与很远的电源相连，如图所示，求环中心23.两根长直导线沿半径方向引到铁环上的A、B两点，的磁感应强度。并与很远的电源相连，如图所示，求环中心0解：设两段铁环的电阻分别为R1和R2,则通过这两段铁环的电流分别为R RI-I 2——,I-I 1——R+R2R+R

12 12两段铁环的电流在0点处激发的磁感强度大小分别为„ 从I 6 从IR 6B――0-U——U――0 2 U2R 2兀 2R R+R 2兀12^I6 从IR 6B――0-^ 2-——0 1 22R2兀 2RR+R2兀12l r6 R 6根据电阻定律R=P=P可知寸-1所以S S R6220点处的磁感强度大小为B-B-B-012B-B12一个塑料圆盘，半径为R,电荷q均匀分布于表面，圆盘绕通过圆心垂直盘面的轴转动，角速度为3。求圆盘中心处的磁感应强度。解：在圆盘上取半径为八宽度为dr的同心圆环，其带电量为qdq2兀rdr兀R2圆环上的电流为q—2兀rdr—q—2兀rdrdI-㈣-返 -吗―-"rdrdZ T 之 兀R23dI在圆心处激发的磁感强度大小为日dI日q3A日q3.dB=-0-=0 rdr--0dr2r 2r兀R2 2兀R2圆盘中心处的磁感强度大小B-JdB-JRWdr-W02兀R2 2兀R方向垂直于纸面。1过的电流为/O试求这螺线管中心01过的电流为/O试求这螺线管中心0点的磁感强度。&召'医®区区®喉®<5直底的封比m宣®®®®® 矽gg)®®<g)®一多层密绕螺线管，内半径为尺，外半径为长为尺，长为［，如图所示。设总匝数为N,导线中通则有dB=drcos0则有dB=drcos0解在螺线管中取一原为小的密绕导线薄层，由螺线管磁场计算公式，得该薄层在其中心0点的磁感强度其中n为单位长度的匝数，.r2+(-)2代入得NIdrNIdrlr2+202(R2一RNIdrNIdrlr2+202(R2一Ri)l2r2+（3分）整个螺线管在O点产生的磁感强度B=JdB=JB=JdB=JR2Ridr2(R2一Ri'"2+l-)2日NI

0

2(R-R)2 1lR+,R2+(-)22 2 2ln -1lRi+\R；+(2)2（3分）一均匀带电长直圆柱体，电荷体密度为P，半径为R,绕其轴线匀速转动，角速度为攻试求:（1）圆柱体内距轴线r处的磁感强度（2）两端面中心处的磁感强度解（1）体内均匀带电的长直圆柱体以角速度攻旋转时，等效为一个多层的同轴密绕螺线管。在管外，r>R处，B=0。在管内距轴线厂处，作如图所示的积分回路，由安培环路定理得B•dl=旦AI在管外，r>R处，B=0。在管内距轴线厂处，作如图所示的积分回路，由安培环路定理得B•dl=旦AI0（2分）--，一、,，w而AI=pK（R2-r2）Al而，代入得B=1日wp（R2-r2）20将「0代入，得中心轴线的磁感强度B=1目wpR220（2分）（3分）（2）端面中心处的磁感强度为中心轴线处的一半，即B=1日wpR240（3分）27一长直圆柱状导体，半径为R，其中通有电流I，并且在其横截面上电流密度均匀分布。求导体内、外磁感应强度的分布。解：圆柱体轴对称，以轴上一点为圆心取垂直轴的平面内半径为JB•dI=2nrB=旦ZI 3分nUI 八：.B=--0— 3分2nrIVrIr2当r<RZI=—R2二,7Ir2:.B-dl=U—r 0R2UIrB=-^0—2nR2.一无限大均匀载流平面置于外磁场中，左侧的磁感强度为右侧的磁感强度为B=3B,方向1 2 1如图12-19所示。试求：（1）载流平面上的面电流密度；（2）外磁场的磁感强度6- 0解（1）作闭合回路abcda,由安培环路定理得ZJB•dl=BAl-BAl=(3B—B)JB•dl=BAl-BAl=(3B—B)Al=RjAl22B所以j= 1从0（2分）方向垂直纸面向外。（2分）（2）面电流产生的磁场，在右边磁感强度的方向沿z轴正向左边沿z轴负向，量值是B=2'j。(1分)设外磁场为B=Bi+Bj+Bk，0 0x0y 0z由场强叠加原理：B23Bk=Bi+Bj+Bk+—^jk^2。（2分）所以B0x二0即B=2B0 1方向沿Z轴正向。（3分）—根很长的同轴电缆，由一导体圆柱和一同轴的圆筒组成，设圆柱的半径为尺，圆筒的内外半径为尺1 2和Ao在这两个导体中，有大小相等而方向相反的电流/流过，如图。试求电缆产生的磁场磁感强度的3分布,并用图形表示。分布,并用图形表示。解：在电缆的横截面内，以圆柱的轴为圆心，作不同半径的圆为环路。利用安培环路定理，可求得不同场点的磁感强度。（1）当厂<尺时，有1二，r 解：在电缆的横截面内，以圆柱的轴为圆心，作不同半径的圆为环路。利用安培环路定理，可求得不同场点的磁感强度。（1）当厂<尺时，有1二，r 兀厂2•B•dl=B22w=|H ,,B=0兀尺21（2）当R<r<R时，有1 2JB•dl=B•2兀r=旦I,B=^o^~0 2eIr从-02兀R2i（3）当R<r<R时\o"CurrentDocument"2 3JB•dl=B•2nr=目I一兀『r-R22）0兀R2一R2L 3 2uIR2一r2B=—0 3 2兀rR2一R2\o"CurrentDocument"3 2（4）当r>R3时JB•dl=B•2Rr=u（I—I）=0,B=00B-r的关系如图所示。（2分）（2分）（2分）（2分）（2分）（2分）.如图所示，两无限长平行放置的柱形导体通过等值，反向的电流/,电流在两个阴影所示的横截面内均匀分布。设两个导体横截面的面知皆为S,两圆柱轴线间距为d。试求两导体中部分交叠部分的磁感强度。解：初看起来，导体中的电流不具有柱对称性。但是若将两载流导体视为电流密度卷的圆柱体，由于其）电流方向相反，则重叠部分的磁感强度可视为两个长直截流的完整圆柱体在场点的磁感强度的叠加。每个长直圆柱电流B的磁场则分别具有对称性，并可用安培环路定理求得，因此B2B2NI

NI

二—o—r（2分） 兀r2NI

=—Q— 兀r2NI

=—Q—r（2分）取垂直纸面向外的单位矢量为k、d沿OO指向OrI—0—(一k)xr2（2分）NINI—0--（2分）上式说明重叠部分空间的磁感强度与场点无关即均匀分布的其方向垂直OO上式说明重叠部分空间的磁感强度与场点无关即均匀分布的其方向垂直OO向上，数值为NId~t~s,o（2分）31—橡皮传输带以速度v匀速运动，如图所示。橡皮带上均匀带有电荷，电荷面密度为。，试求橡皮带中部上方靠近表面一点处的磁感应强度。解由于所述场点位于传输带中部极靠近带平面，因此，相对于该场点，带有电荷的传输带可以视为无限大电流平板，电流线密度（3分）取如图所示的回路abed,由安培环路定理dB•dl=Bl+Bl=取如图所示的回路abed,由安培环路定理dB•dl=Bl+Bl=旦I=RIj0 0（3分）所以B=—^^V2o、设带电荷平面法线方向的单位矢量为6，则B可表示为na1 aB=—UGvXe20n（2分）（2分）32.在半径为a的金属长圆柱体内挖去一半径为b的圆柱体，两柱体的轴线平行，相距为d,如图所示。今有电流I沿轴线方向流动，且均匀分布在柱体的截面上。试求空心部分中的磁感强度。部分后使电流的分布失去对称性。因此采用“补偿法”。将挖去部分认为同时存在电、流密度为j和-j的电流，这样，空心部分任一点的磁场B可以看成由半径为〃，电流密度j的长圆柱体产生的磁场Bi和半径为b、电流密度为-j的长圆柱体产生的磁场气的矢量和，即（2分）B =B +B（2分）B =B +B1 2由安培环路定理可求得（3分）式中r和r1分别为由两圆柱体轴线到空心部分任一点P的径矢。注意到B与r垂直，B与r垂直，可2 2八八(Nrj)2B=B2+B2—2BBcos6= o^—1 2 12 4+(四orr⑦2一2NJr’」24 4r2+r12-d2 (Ndj)22rr 4（2分）由于圆柱体剩余部分中的电流密度j=—而，代入得NId（2分）B二一（2分）2兀(a2一b2)、由几何关系可以得到，B的方向与两轴线的连线相垂直，故此空心部分内为均匀磁场。（1分）33.如图所示的长空心柱形导体半径分别为R和R,导体内载有电流I,设电流均匀分布在导体的横截1 2面上。求（1）导体内部各点的磁感应强度。（2）导体内壁和外壁上各点的磁感应强度。解：导体横截面的电流密度为解：导体横截面的电流密度为（（2分）（2分）（2分）（2分）（2分）8二-——兀(R2一R2)2 1在P点作半径为+的圆周，作为安培环路。由J：B•dl=N*10NI(r2—R2)得B2兀r=N8兀(r2—R2)=0 0 1 R2—R2TOC\o"1-5"\h\z2 1N-(r2—R2)即 B=―o 1—2w(R2—R2)

2 1对于导体内壁，r=R，所以B=0c N1对于导体外壁，r=R，所以B=02兀R

34.厚度为2d的无限大导体平板，体电流密度j沿z方向，均匀流过导体，求导体内外的磁感应强度。（10分）解：厚为2d的无限大导体平板其磁场的对称性特点与无限大平面相似，建坐标系OXYZ,O在板的中部,以OQ,为对称轴取回路ABCD如图所示。AB=CD=hq）_当09>力时，不得的是板外的磁场分布哼况"环路定理JB.di=Nj2dh（2分）2Bh=pij2dh,B=pijd（2分）。b为常数，_与距板的远近无关，左右两边分别为匀强磁场，在y>0的空间，B的方向指向X轴负方向，在y<0的空、间，B的方向指向X轴正方向（2）_当O1A<d时，求得的是板内的场强分布情况JB-dl=目j2yh,y<d,2Bh=目j2yh（2分）B=目jy（2分）。方的方向：y>0，TOC\o"1-5"\h\zU 0 _0 0B与X轴正方向相反，y<0，B与X轴正方向相同（2分）.如图所示，载流直导线ab段长L，流有电流I，a点与长直导线相距为d，长直导线中流有电流I，2 1则段受到的磁力日11dd+L答.0121n 2兀 d—d—m 12题号：31135009分值：3分.一半径为4.0cm的圆环放在磁场中，磁场的方向对环而 言是对称发在圆环任取一散的，如图所示.圆环所在处的磁感强度的大小为0.10T,磁场的方向与环面法向成60°角.求当圆环中通有电流I=15.8A时，圆环所受磁力的大小和方向.在圆环任取一解：设X轴水平向右，Y轴竖直向上，原点在圆环的圆心处。元段Idl，其受力TOC\o"1-5"\h\zdF=IdlxB=IdlB （2分）方向和Y轴成30。，偏向Y轴。由对称性分析F=0 （2分）X2利\o"CurrentDocument"F=F=JIBdlcos300=2兀RIBcos300=0.34N （4分）Y0方向垂直环面向上。（2分）

.截面积为S、密度为P的铜导线被弯成正方形的三边，可以绕水平轴OO'转动，如图所示。导线放在方向竖直向上的匀强磁场中，当导线中的电流为i时，导线离开原来的竖直位置偏转一个角度°而平衡。求磁感应强度。若S=2mm2,P=8.9g/cm3,°=15°,I=10A,磁感应强度大小为多少？解：磁场力的力矩为M=Flcos°=BIllcos°=BIl2cos°（3分）TOC\o"1-5"\h\zF2 12重力的力矩为1M=pgSl-lsin°+2pgSl-lsm°mg12 222 （3分）=2pgSl2sin°由平衡条件M=M,得F mgBIl2cos°=2pgSl2sin° （2分）n2pgS八2X8.9X103X9.8x2x10-6 …B= tg°= xtg15oI 10=9.35X10-3（T）解：（1）由线圈磁矩公式、 、、M=pXBmM解：（1）由线圈磁矩公式、 、、M=pXBmM=pBsin°m=IX-兀R2XB

2（2分）=10X1X兀X0.12X0.52=0.0785（N•m）方向沿直径向上。（4分）.如图，一平面线圈由半径为0.2m的1/4圆弧和相互垂直的二直线组成，通以电流2A,把它放在磁TOC\o"1-5"\h\z感强度为0.5T的均匀磁场中，求： c⑴线圈平面与磁场垂直时（如图），圆弧AC段所受的磁力. I 口/（2）线圈平面与磁场成60°角时，线圈所受的磁力矩. I 领解：（1）圆弧AC段所受的磁力和直线AC的相等，所以F=AC-I•B=2RRIB=0.283N（4分） AO O方向与AC直线垂直 （1分）兀R2（2）M=PBsina=I——Bsin300=1.57x10-2N•m （4分）m4磁力矩M将驱使线圈法线转向与B平行（1分）

40.在同一平面内有一长直导线和一矩形单匝线圈，线圈的长边与长直导线平行，如图所示。若直导线中的电流为/=20A,矩形线圈中的电流为/=1OA,求矩形线圈所受的磁场力。1 2解：根据题意，矩形线圈的短边be和da所受磁场力的大小相等、方向相反，互相抵消。所以矩形线圈所受磁场力就是其长边ab受磁场力就是其长边ab和cd所受磁场力的合力。（2分）11Lab边所受磁场力的大小为歹=/LB=11Lab边所受磁场力的大小为歹=/LB="2方向向左（3分）

1 2 12nr111Lcd边所受磁场力的大小为方:…方向向右。（3分）

22nr2矩形线圈所受磁场力的合力的大小为NIIL1 1、cCSF=F—F=9012（———）=3.3义10-4N1 2 2兀 rr1 2方向沿水平向左。（2分）难度系数等级：541.一半径为R的薄圆盘，放在磁感强度为B的均匀磁场中，B的方向与盘面平行，如图所示.圆盘表面的电荷面密度为门，若圆盘以角速度⑦绕其轴线转动，试求作用在圆盘上的磁力矩.分析带电圆盘绕轴转动形成圆电流，又置于磁场中必受磁力矩作用.圆盘上电荷均匀分布，面密度为5,但圆盘绕轴转动时，沿径向电流分布不均匀.解在半径为r解在半径为r处取宽为dr的细圆环，所带的电荷量为（1分）当圆盘以角速度国转动时，细圆环上电荷运动形成圆电流，其电流强度为电二巴却=Mbdr2k （2分）2r因此细圆环的磁矩方向沿轴线向上，大小为*m亚="的心（2分）细圆环的圆电流在外磁场中所受的磁力矩为=也制=也制-Bsin900=nmu犷*（2分）方向垂直纸面向里.圆盘所受磁力矩为MM=J1W=汽白jmS产上&=(2分)（1（1分）42螺绕环中心周长/=10cm,环上均匀密绕线圈N=200匝，线圈中通有电流I=100mA。（1）求管内的磁感应强度B0和磁场强度H0；（2）若管内充满相对磁导率从=4200的磁性物质，则管内的B和H是多少？r（3）磁性物质内由导线中电流产生的B和由磁化电流产生的B'各是多少？0解：（1）N200H=nI=I=x0.1=200(A/m)0l0.1B=从H=4兀x10-7x200=2.5x10-4(T)0 0 0H=H=200(A/m)0B=从从H=从B=4200x2.5x10-4=1.05(T)r0 0r0B=2.5x10-4(T)0B'=B—B氏1.05(T)043.在螺绕环上密绕线圈共400匝，环的平均周长是40cm,当导线内通有电流20A时，利用冲击电流计测得环内磁感应强度是1.0T。试计算：（1）磁场强度；（2）磁化强度；（3）磁化率；（4）磁化面电流和相对磁导率。N 400……八…H=nI=I=x20=2x104(A/m)l 0.4M=B—H=—10——2x104=