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文档简介
河北省邢台市内邱县第二中学高三数学理摸底试卷含解析一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1.已知集合,,则(
)A.[3,10) B.(4,7) C.[7,10) D.[3,4]参考答案:C【分析】进行补集、交集的运算即可.【详解】,或;.故选:C.2.已知,则使得恒成立的x的取值范围是
A.
B.
C.
D.参考答案:C,所以要使不等式恒成立,则有恒成立,即,所以,因为,所以,即,所以使不等式恒成立的的取值范围是,选C.3.在中,若,则的形状为
(
)A.等腰三角形
B.直角三角形
C.等腰直角三角形
D.等腰或直角三角形参考答案:D4.定义在R上的可导函数,已知的图象如图所示,则的增区间是(
)A.
B.
C.
D.参考答案:B5.已知函数,则下列结论正确的是(
)A.是偶函数,递增区间是
B.是偶函数,递减区间是C.是奇函数,递减区间是
D.是奇函数,递增区间是参考答案:C6.已知集合,,则=(
)A. B.C.(0,3) D.(1,3)参考答案:D考点:集合的运算试题解析:所以故答案为:D7.函数是偶函数,是奇函数,则
(
)A.1
B.
C.
D.参考答案:D略8.给出下列不等式:①a2+1≥2a;②≥2;③x2+≥1.其中正确的个数是()A.0
B.1
C.2
D.3参考答案:C略9.已知,命题,则(
)A.是假命题;
B.是假命题;C.是真命题;D.是真命题;
参考答案:D10.某圆柱被一平面所截得到的几何体如图(1)所示,若该几何体的正视图是等腰直角三角形,俯视图是圆(如右图),则它的侧视图是()参考答案:A略二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11.是知是定义域在实数集R上的偶函数,,若,则,如果,那么x的取值范围为__________.参考答案:12.已知A(1,0),P,Q是单位圆上的两动点且满足,则+的最大值为.参考答案:【考点】平面向量数量积的运算.【专题】平面向量及应用.【分析】设=,则=,的方向任意.可得+==1××,即可得出.【解答】解:设=,则==,的方向任意.∴+==1××≤,因此最大值为.故答案为:.【点评】本题考查了数量积运算性质,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.13.设函数f(x)=的最大值为M,最小值为m,则M+m=_____.参考答案:4略14.设满足约束条件则的最大值为
.参考答案:【解析】本小题主要考查线性规划问题。作图(略)易知可行域为一个四角形,其四个顶点分别为验证知在点时取得最大值11.答案:1115.已知函数对于任意实数x都有,且当时,,若实数a满足,则a的取值范围是________.参考答案:【分析】先证明函数在[0,+∞上单调递增,在上单调递减,再利用函数的图像和性质解不等式||<1得解.【详解】由题得,当x≥0时,,因为x≥0,所以,所以函数在[0,+∞上单调递增,因为,所以函数是偶函数,所以函数在上单调递减,因为,所以||<1,所以-1<<1,所以.故答案为:【点睛】本题主要考查利用导数研究函数的单调性,考查函数的奇偶性和单调性的应用,考查对数不等式的解法,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平和分析推理能力.16.已知定义域为R的奇函数满足,且当时,,若函数,有5个不同的零点,则实数t的取值范围是
.参考答案:因为且是奇函数,所以,所以,所以是周期为的周期函数,令,,则,由,得,,当时,在,上单调递增,在上单调递减,作出函数,的大致图象如图所示,因为有个不同的零点,所以,解得;②当时,,显然满足题意;当时,在,上单调递减,在上单调递增,作出函数,的大致图象如图所示,因为有个不同的零点,所以,解得,综上,的取值范围是.17.等比数列{an}的前n项和为Sn,已知S1,2S2,3S3成等差数列,则{an}的公比为
.参考答案:【考点】等比数列的性质.【分析】先根据等差中项可知4S2=S1+3S3,利用等比数列的求和公式用a1和q分别表示出S1,S2和S3,代入即可求得q.【解答】解:∵等比数列{an}的前n项和为Sn,已知S1,2S2,3S3成等差数列,∴an=a1qn﹣1,又4S2=S1+3S3,即4(a1+a1q)=a1+3(a1+a1q+a1q2),解.故答案为三、解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤18.(本题满分18分)本题共有3个小题,第(1)小题满分5分,第(2)小题满分13分,第①问5分,第②问8分.设是数列的前项和,对任意都有成立,(其中、、是常数).(1)当,,时,求;(2)当,,时,①若,,求数列的通项公式;②设数列中任意(不同)两项之和仍是该数列中的一项,则称该数列是“数列”.如果,试问:是否存在数列为“数列”,使得对任意,都有,且.若存在,求数列的首项的所有取值构成的集合;若不存在,说明理由.参考答案:(1)当,,时,由得
①用去代得,,②②—①得,,,
……2分在①中令得,,则0,∴,∴数列是以首项为1,公比为3的等比数列,∴=
…….5分(2)当,,时,,
③用去代得,,
④
④—③得,
,
⑤
…….7分用去代得,,
⑥⑥—⑤得,,即,
…….8分
∴数列是等差数列.∵,,∴公差,∴
……10分易知数列是等差数列,∵,∴.又是“数列”,得:对任意,必存在使,得,故是偶数,
…….12分又由已知,,故
一方面,当时,,对任意,都有
.…….13分
另一方面,当时,,,则,取,则,不合题意.
…….14分当时,,,则,
…….15分当时,,,,
…….16分又,∴或或或 …….17分所以,首项的所有取值构成的集合为
……18分19.(本小题满分12分)已知的最小正周期为.(1)求的值;(2)在中,角所对应的边分别为,若有,则求角的大小以及的取值范围.参考答案:(1)
……1分
……2分
……3分的最小正周期为
,即:
……4分
……5分
……6分(2)∴由正弦定理可得:
……7分
……8分
……9分
……10分
……11分
……12分20.在中,角所对的边分别为,,且.求:(1)求角的值;(2)求的取值范围.参考答案:解(1)由得:,由正弦定理得又,从而得.(2)由(1)知:.又,略21.如图,在四棱锥P-ABCD中,PB⊥底面ABCD,底面ABCD为梯形,,,且,.(1)求二面角的大小;(2)在线段PD上是否存在一点M,使得?若存在,求出PM的长;若不存在,说明理由.参考答案:(1)因为梯形中,,,所以.因为平面,所以,.如图,以为原点,,,所在直线为,,轴建立空间直角坐标系,所以,,,,设平面的一个法向量为,平面的一个法向量为,因为,,所以即取,得到,同理可得,所以,因为二面角为锐角,所以二面角为.(2)假设存在点,设,所以,所以,解得,所以存在点,且.22.
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