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文档简介

海南省临高县新盈中学2024年高一物理第二学期期末教学质量检测模拟试题注意事项1.考生要认真填写考场号和座位序号。2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上,在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答;第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3.考试结束后,考生须将试卷和答题卡放在桌面上,待监考员收回。一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,有的只有一项符合题目要求,有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。1、(本题9分)如图所示,质量相同的甲、乙两个小物块,甲从竖直固定的14光滑圆弧轨道顶端由静止滑下,轨道半径为R,圆弧底端切线水平,乙从高为RA.两物块到达底端时动能相同B.两物块到达底端时速度相同C.乙物块运动到底端的过程中重力做功的瞬时功率在增大D.两物块到达底端时,甲物块重力做功的瞬时功率小于乙物块重力做功的瞬时功率2、(本题9分)如图所示,一物体在与水平方向成夹角为的恒力F的作用下,沿直线运动了一段距离x.在这过程中恒力F对物体做的功为()A. B. C. D.3、(本题9分)物理量“力”的单位是N,用国际单位制中基本单位可表示为A.kgm/s B.kgm/s2 C.kgm/s3 D.kgm2s4、(本题9分)在下列实例中,不计空气阻力,机械能不守恒的是()A.做斜抛运动的手榴弹B.起重机将重物匀速吊起C.沿竖直方向自由下落的物体D.沿光滑竖直圆轨道运动的小球5、(本题9分)两个相互垂直的分运动,一个是匀速直线运动,另一个是匀变速直线运动,则其合运动A.可能是直线也可能是曲线运动 B.是匀速圆周运动C.一定是直线运动 D.一定是曲线运动6、(本题9分)关于惯性有下列说法,其中正确的是()A.物体抵抗运动状态变化的性质是惯性B.没有力的作用,物体只能处于静止状态C.行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性D.运动物体如果没有受到力的作用,将继续以同一速度沿同一直线运动7、如图所示,固定坡道倾角为θ,顶端距光滑水平面的高度为h,一可视为质点的小物块质量为m,从坡道顶端由静止滑下,经过底端O点进入水平面时无机械能损失,为使小物块制动,将轻弹簧的一端固定在水平面左侧M处的竖直墙上,弹簧自由伸长时右侧一端恰好位于O点。已知小物块与坡道间的动摩擦因数为μ,重力加速度为g,则下列说法正确的是()A.弹贽弹性势能的最大值为mghB.小物块在倾斜轨道上运动时,下滑的加速度比上滑的加速度小C.小物块在坡道上往返运动的总路程为D.小物块返回倾斜轨道时所能达到的最大高度为8、(本题9分)如图所示,用输出电压为1.4V、输电电流为100mA的充电器对内阻为2Ω的镍氢电池充电.下列说法正确的是()A.电能转化为化学能的功率为0.12WB.充电器输出的电功率为0.14WC.充电时,电池消耗的热功率为0.12WD.充电器把0.14W的功率储存在电池内9、如图为某运动员低空跳伞表演,假设质量为m的运动员在下落高度h的一段过程中受恒定阻力作用,匀加速下落的加速度为g(g为重力加速度)。在该运动过程中,下列说法正确的是()A.运动员的重力势能减少了mghB.运动员的动能增加了mghC.运动员克服阻力所做的功为mghD.运动员的机械能减少了mgh10、(本题9分)如图所示,实线表示电场线,虚线表示带电粒子在电场中运动的轨迹.若带电粒子仅受电场力作用,运动方向由M到N,以下说法正确的是A.粒子带负电B.粒子带正电C.粒子的电势能增加D.粒子的电势能减少二、实验题11、(4分)(本题9分)如图所示实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素,其中电容器左侧极板和静电计外壳接地,电容器右侧极板与静电计金属球相连.(1)用摩擦过的玻璃棒或橡胶棒接触______侧极板(选填左或右)使电容器带电.①将极板间距离减小时,可观察到静电计指针偏转角______(选填变大,变小或不变);②两板间插入电介质时,可观察到静电计指针偏转角______(选填变大,变小或不变).(2)下列关于实验中使用静电计的说法中不正确的有______________A.使用静电计的目的是观察电容器电压的变化情况B.使用静电计的目的是测量电容器电量的变化情况C.静电计可以用电压表替代D.静电计可以用电流表替代12、(10分)(本题9分)某实验小组的同学做“用单摆测定重力加速度”的实验。(1)实验时除用到秒表、刻度尺外,还应该用到下列器材中的_________选填选项前的字母)A.长约1m的细线B.长约1m的橡皮绳C.直径约1cm的均匀铁球D.直径约10cm的均匀木球(2)选择好器材,将符合实验要求的单摆悬挂在铁架台上,应采用图中________所示的固定方式(选填“甲”或“乙”)。(3)将单摆正确悬挂后进行如下操作,其中正确的时____________(选填选项前的字母)。A.测出摆线长作为单摆的摆长B.把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度由静止释放,使之做简谐运动C.在摆球经过平衡位置时开始计时D.用秒表测量单摆完成1次全振动所用时间并作为单摆的周期(4)用l表示单摆的摆长,用T表示单摆的周期,则计算重力加速度的表达式为g=____________.(5)乙同学测得的重力加速度数值大于当地的重力加速度的实际值,造成这一情况的原因可能是________(选填选向前的字母)。A.开始摆动时振幅较小B.开始计时时,过早按下秒表C.测量周期时,误将摆球(n-1)次全振动的时间记为n次全振动的时间D.实验中,由于操作不当,使摆球做圆锥摆运动三、计算题:解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位13、(9分)(本题9分)质量为M=1kg的小平板车静止在光滑的水平面上,车的一端静止着质量为m=1kg的物体A(可视为质点),如图一颗质量为的子弹以v0=600m/s的水平速度射穿物体A后速度变为v1=100m/s(穿过时间极短).最后A未离开平板车.物体A与平板车之间的动摩擦因数为μ=0.5,求:(1)物体A对子弹的冲量大小;(2)物体A在平板车上运动的时间;(3)平板车的最小长度.14、(14分)(本题9分)如图所示,两个小球A和B质量分别是mA=2.0kg,mB=1.6kg,球A静止在光滑水平面上的M点,球B在水平面上从远处沿两球的中心连线向着球A运动,假设两球相距L≤18m时存在着恒定的斥力F,L>18m时无相互作用力.当两球相距最近时,它们间的距离为d=2m,此时球B的速度是4m/s.求:(1)球B的初速度大小;(2)两球之间的斥力大小;(3)两球从开始相互作用到相距最近时所经历的时间.15、(13分)(本题9分)如图所示,半径的飞轮绕中心轴转动,轴与飞轮平面垂直.现在飞轮的边缘打进-一个质量的螺丝钉(视为质点),让飞轮以的转速做匀速圆周运动.(取)(1)求螺丝钉所需的向心力大小;(2)若不转动飞轮,至少要用的力才能把螺丝钉拔出,求为使螺丝钉不被甩出,飞轮转动时的最大角速度.

参考答案一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,有的只有一项符合题目要求,有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。1、B【解析】

AB.根据动能定理得,mgR=12mv2C.乙做匀加速直线运动,速度逐渐增大,重力的瞬时功率P=mgvsinθ,则重力的瞬时功率增大,故C正确;D.两物块到达底端的速度大小相等,甲重力与速度方向垂直,瞬时功率为零,则乙重力做功的瞬时功率大于甲重力做功的瞬时功率。故D正确。2、B【解析】力做的功等于力与在力方向上的位移的乘积,所以,B正确.3、B【解析】

根据物理公式可推导出对应的单位,但要注意所表示的单位是不是基本单位,从而得出正确答案。【详解】根据得加速度的单位是m/s2,根据牛顿第二定律F=ma知,1N=kg•m/s2,故B正确,ACD错误。【点睛】本题关键要掌握国际单位制中的七个基本单位有哪些,同时注意各物理公式的掌握,知道物理公式同样对应着单位的换算关系。4、B【解析】

A、不计空气阻力,做斜抛运动的手榴弹只受重力,机械能守恒,故选项A不符合题意;

B、起重机将重物体匀速吊起,拉力对重物做正功,机械能增大,故机械能不守恒,故选项B符合题意;

C、自由下落的物体只受重力,机械能守恒,故选项C不符合题意;

D、沿光滑竖直圆轨道运动的小球,轨道的支持力不做功,只有重力对小球做功,其机械能守恒,故选项D不符合题意.【点睛】本题是对机械能守恒条件的直接考查,关键掌握机械能守恒的条件,知道各种运动的特点即可解决.5、D【解析】两个分运动一个是匀速直线运动,另一个是匀变速直线运动,只有一个方向上有加速度,则合加速度的方向就在该方向上,所以合速度的方向与合加速度的方向不在同一条直线上,其合运动为曲线运动.故D正确,ABC错误.故选D.点睛:解决本题的关键知道速度的方向和加速度的方向在同一条直线上,做直线运动,不在同一条直线上,做曲线运动.6、AD【解析】

惯性定律的内容是:一切物体都有保持原来运动状态的性质,即任何物体在任何情况下都有惯性;根据惯性定律的内容进行分析.【详解】物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质称为惯性,所以物体抵抗运动状态变化的性质是惯性,A正确;没有力的作用,物体可能做匀速直线运动,B错误;一切物体都有保持原来运动状态的性质,说明速度不变,不是指速率不变,C错误;运动物体如果没有受到力的作用,物体将保持原来的运动状态,即匀速直线运动,D正确.7、BC【解析】

A.根据能量的转化与守恒,当小物块压缩弹簧到最短时,物块的重力势能一部分转化为弹簧的弹性势能,一部分转化为内能,所以弹簧弹性势能的最大值小于mgh,故A错误;B.根据牛顿第二定律,小物块下滑时小物块上滑时可见故B正确;C.物块m最终停止在O点,对于运动的全过程,由动能定理得解得在斜面上运动的总路程故C正确;D.设物体能够上升得最大高度h1,物体被弹回过程中由动能定理得:解得故D错误。故选BC。8、AB【解析】试题分析:交流电的电能一部分转化为化学能,一部分转化为内能,故,即充电器把0.12的功率储存在电池内,A正确D错误;充电器输出的电功率为,B错误;充电时,电池消耗的热功率为,C正确;考点:考查了电功率的计算【名师点睛】做本题的关键是知道交流电的电能一部分转化为化学能,一部分转化为内能,另外需要明确求解各个电功率的公式9、BD【解析】

A、运动员在下落高度h的一段过程中,重力做功mgh,运动员的重力势能减少了mgh,故A错误。B、运动员在下落高度h的一段过程中,合外力的功W合=mah=mgh,根据动能定理W合=Ek,运动员的动能增加了mgh,故B正确。CD、根据牛顿第二定律mg-Ff=ma,运动员受到的阻力Ff=mg,在下落高度h的过程中,运动员克服阻力所做的功Wf=mgh,根据能量守恒,运动员的机械能减少了mgh,故C错误,D正确。10、BD【解析】

由粒子的运动轨迹可知,粒子所受的电场力方向大致向上,可知粒子带正电,选项A错误,B正确;粒子从M运动到N点,电场力做正功,电势能减小,选项D正确,C错误;故选BD.二、实验题11、(1)右,①变小,②变小,(2)BCD【解析】

(1)用摩擦过的玻璃棒或橡胶棒接触右侧极板,可使电容器带电,因为若与左侧极板接触,由于左侧极板接地而使电荷被“中和”,从而不能使电容器带电.①根据电容的决定式C知,将极板间距离减小时,电容增大,根据U知,电荷量不变,则电势差减小,指针偏角变小.②根据电容的决定式C知,两板间插入电介质时,电容增大,根据U知,电荷量不变,则电势差减小,指针偏角变小.(2)A、B、静电计可测量电势差,根据指针张角的大小,观察电容器电压的变化情况,无法判断电量的变化情况.故A正确,B错误.C、D、静电计与电压表、电流表的原理不同,不能替代.电流表、电压表线圈中必须有电流通过时,指针才偏转.故CD错误.故选BCD.12、AC乙BCCD【解析】

(1)[1]AB.实验过程单摆摆长应保持不变,应选择长约1m的细线作为摆线,摆线不能选择有弹性的橡皮绳,故A正确,B错误;CD.为减小实验误差,应选择密度大而体积小的球作为摆球,应选择直径约1cm的均匀铁球作为摆球,不要选用直径约10cm的均匀木球,故C正确,D错误;故选:AC;(2)[2]在该实验的过程中,悬点要固定,应采用图乙中所示的固定方式。(3)[3]A.摆线长度与摆球半径之和是单摆的摆长,故A错误;B.单摆在小角度下的运动为简谐运动,把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度释放,使之做简谐运动,故B正确;C.为减小测量误差,在摆球经过平衡位置时开始计时,故C正确;D.为减小测量误差,应测出n个周期的总时间t,然后求出周期:,用单摆完成1次全振动所用时间并作为单摆的周期实验误差较大,故D错误;故选:BC;(4)[4]由单摆周期公式:,可知:T与成正比,T−图象是正比例函数图象,T−图象的斜率:,则重力加速度:;(5)[5]由单摆周期公式:得:;A.单摆在小角度下的摆到为简谐振动,开始摆动时振幅较小,单摆的振幅对重力加速度的测量没有影响,故A错误;B.开始计时时,过早按下秒表,所测周期T偏大,所测重力加速度偏小,故B错误;C.测量周期时,误将摆球(n−1)次全振动的时间记为n次全振动的时间,所测周期T偏小,所测重力加速度g偏大,故C正确;D.实验中,由于操作不当,使摆球做圆锥摆运动,测得的周期T偏小,所测重力加速度偏大;故选:CD;故答案为:(1)AC;(2)乙(3)BC;(4)(5)CD。【点睛】单摆测定重力加速度的原理:单摆的周期公式,还要知道:摆角很小的情况下单摆的振动才是简谐运动;摆长等于摆线的长度加上摆球的半径,为减小误差应保证摆线的长短不变;单摆在摆动的过程中,摆长不能发生变化.在最低点,速度最快,开始计时误差较小。三、计算题:解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位13、(1)10kg.m/s方向向左;(2)1s;(3)5m【解析】

(1)子弹射穿A的过程,对子弹,由动量定理得:,负号表示方向

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