浙江省衢州市滨江高级中学高二物理下学期期末试卷含解析

浙江省衢州市滨江高级中学高二物理下学期期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.对于电场中A、B两点，下列说法正确的是

（

）A．电势差的定义式，说明两点间的电势差UAB与电场力做功WAB成正比，与移动电荷的电量q成反比B．A、B两点间的电势差等于将正电荷从A点移到B点电场力所做的功C．将1C电荷从A点移到B点，电场力做1J的功，这两点间的电势差为1VD．电荷由A点移到B点的过程中，除受电场力外，还受其它力的作用，电荷电势能的变化就不再等于电场力所做的功参考答案：2.一个二氧化碳分子的质量约为A．7×10－26kg

B．7×10－23kg

C．7×1023kg

D．7×1026kg参考答案：A3.（多选题）如图所示，闭合电键S，电压表的示数为U，电流表的示数为I，现向左调节滑动变阻器R的触头P，下列说法正确的是A．I变大B．U变大C．电阻R1的功率变大D．电源的总功率变大参考答案：BC4.BC一弹簧振子在光滑的水平面上做简谐运动，它的周期是2.4s，当振子从平衡位置向右运动并开始计时，则下列说法正确的是

(

)A．经过1．6s，振子正向右运动，速度将不断变小B．经过1．6s，振子正向左运动，速度将不断变小C．经过1．9s，振子正向右运动，速度将不断变大D．经过1．9s，振子正向左运动，速度将不断变大参考答案：5.一个电流表的满偏电流Ig＝1mA，内阻Rg＝500Ω.要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上()A.串联一个10kΩ的电阻B.并联一个10kΩ的电阻C.串联一个9.5kΩ的电阻D.并联一个9.5kΩ的电阻参考答案：C把电流表改装成一个量程为10V的电压表，应串联电阻为；由上式知应串联9.5KΩ的电阻．故选C.二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.如图所示，电流表的示数为0．1A，电压表的示数为60V．

（1）待测电阻的测量值是____。（2）如果电压表的内阻RV=3KΩ，则待测电阻的真实值是

________。参考答案：7.在一段通电金属导体内，5s钟有5C个电子通过某一横截面，则通过这段金属导体的电流强度大小为

A。在某一电解溶液内，5s钟有5C的正负离子分别到达阴极、阳极，则通过这一电解溶液的电流强度大小为

A。参考答案：8.为了测定光在透明的有机玻璃中的传播速度，一同学采用先测了其折射率再计算光速的方法。他先用插针法完成光路图后，却发现没有量角器，他用了如下图所示的方法，以P1、P2直线与有机玻璃砖的交点O为圆心，以10.0cm为半径作圆，分别交P1、P2连线于A点，交OO′连线的延长线于B点，并分别过A、B两点向界面的法线NN′作垂线。用直尺量得的数据如图所示（单位：mm），则此有机玻璃砖的折射率为

，光在该有机玻璃中的速度为

。（已知光在真空中的速度为3.0×108m/s）参考答案：1.5

2.0×108m/s

23.我国照明用的正弦交变电流的电压是220V。它的最大值为

V。我国交流电的周期为

s，频率为

Hz。参考答案：10.电子射线管放在两个磁极之间，电子束的偏转方向如上图中虚线所示。蹄形磁铁的A端是

极。参考答案：___N____11.如图所示，放在桌面上的闭合铁心左右两边都绕上线圈，每个线圈两端均与水平导轨相连（导轨电阻不计）。导轨上分别放置光滑金属棒a和b，形成两个闭合回路。竖直向下的匀强磁场垂直穿过两个回路。当金属棒a沿导轨匀速向左运动时，金属棒b的运动情况是

；当金属棒a沿导轨向左匀加速前进时，金属棒b的运动情况是

。参考答案：12.已知R1=1Ω，R2=2Ω,R3=3Ω,连接成如图所示电路，则通过电阻R1和R2、R3的电流之比为I1：I2=

；I1：I3=

。电阻R1、R2、R3两端电压关系是U1：U2=

；U1：U3= 。电阻R1和R2消耗电功率之比为P1：P2=

。参考答案：5：3

5：2

5：6

5：6

25：1813.如图所示,在匀强电场中有a、b、c三点,a、b相距4cm,b、c相距10cm.将一个带电荷量为2×10-8C的电荷从b点移到c点时电场力做功为5×10-6J,则b、c间电势差为________V，匀强电场的电场强度为___________v/m.。参考答案：

(1).250；

(2).5000；从b点移到c点时电场力做功求解b、c间的电势差；根据求解电场强度E。电荷从b点移到c点，根据，解得：，则电场强度为。【点睛】本题考查求解电场力做功的基本能力．对于电势差公式应用时，往往各个量均代入符号，而公式中的d为沿电场线方向的距离．三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.（6分）图所示是电场中某区域的电场线分布图，P、Q是电场中的两点。（1）请比较P、Q两点中电场强度的强弱并说明理由。（2）把电荷量为=3.0×C的正点电荷放在电场中的P点，正电荷受到的电场力大小为F=6.0N；如果把移去，把电荷量为=6.0×10C的负点电荷放在P点，求负荷电荷受到的电场力F的大小方向。参考答案：(1)Q点电场强度较强(1分)。因为Q点处电场线分布较P点密(1分)。(2)P点电场强度E=F/q=6/(3×10)×10（N/C）（2分）方向向左(或与电场强度方向相反)

(1分)15.(10分)“玻意耳定律”告诉我们：一定质量的气体．如果保持温度不变，体积减小，压强增大；“查理定律”指出：一定质量的气体，如果保持体积不变，温度升高．压强增大；请你用分子运动论的观点分别解释上述两种现象，并说明两种增大压强的方式有何不同。参考答案：一定质量的气体．如果温度保持不变，分子平均动能不变，每次分子与容器碰撞时平均作用力不变，而体积减小，单位体积内分子数增大，相同时间内撞击到容器壁的分子数增加，因此压强增大，（4分）一定质量的气体，若体积保持不变，单位体积内分子数不变，温度升高，分子热运动加剧，对容器壁碰撞更频繁，每次碰撞平均作用力也增大，所以压强增大。（4分）第一次只改变了单位时间内单位面积器壁上碰撞的分子数；而第二种情况下改变了影响压强的两个因素：单位时间内单位面积上碰撞的次数和每次碰撞的平均作用力。（2分）四、计算题：本题共3小题，共计47分16.氢原子的能级示意图如图所示，现有每个电子的动能都为＝12.89eV的电子束与处在基态的氢原子束射入同一区域，使电子与氢原子发生迎头正碰。已知碰撞前一个电子与一个氢原子的总动量为零。碰撞后，氢原子受激发而跃迁到n＝4的能级。求碰撞后1个电子与1个受激氢原子的总动能。（已知电子的质量me与氢原子的质量mH之比为1：1840）参考答案：解：（1）对ab杆：当0时，得所以ab杆由静止开始以的加速度沿导轨匀加速运动根据牛顿第二定律有联立以上各式，解得代入数据，解得B＝0.5T（2）当cd杆下落过程达到最大速度时，cd杆平衡联立以上两式并代入数据，解得＝0.8m/s17.如图所示，AB是一段位于竖直平面内的光滑轨道，高度为h=5m，末端B处的切线方向水平．一小物体P从轨道顶端A处由静止释放，滑到B端后飞出，落到地面上的C点，轨迹如图中虚线BC所示．已知它落地为C点，相对于B点的水平位移l＝10m．现在轨道下方紧贴B点安装一水平传送带，传送带的右端与B的距离为l／2．当传送带静止时，让P再次从A点由静止释放，它离开轨道并在传送带上滑行后从右端水平飞出，仍然落在地面的C点．当驱动轮转动从而带动传送带以速度V匀速向右运动时（其他条件不变），P的落地点为D．（g取10m/s2，不计空气阻力）（1）求P滑至B点时的速度大小；（2）求P与传送带之间的动摩擦因数；（3）求出O、D间的距离s随传送带速度v的变化关系式．参考答案：（1）根据机械能守恒定律

，得

（1分）（2）当没有传送带时，物体离开B点后作平抛运动，运动时间为t，当B点下方的传送带静止时，物体从传送带右端水平抛出，在空中运动的时间也为t，水平位移为，因此物体从传送带右端抛出的速度根据动能定理，物体在传送带上滑动时，有

（3）a.若传送带的速度，物体在传送带上一直做匀减速运动，离开传送带的速度仍为5m/s，落地的水平位移为5m，即b.若传送带的速度时，物体在传送带上先匀减速再匀速，以速度v离开传送带。c.若传送带的速度v=10m/s时，物体在传送带上一直匀速，也以速度v离开传送带。d.若物体在传送带上一直匀加速而达到速度，即解得。当时，物体在传送带上先匀加速再匀速，以速度v离开传送带。综合b,c,d这三种情况，O、D间的距离e.若传送带的速度时，物体在传送带上一直匀加速，离开传送带的速度

综合上述所有情况，得

（5分）

18.如图所示，一根长L=1.5m的光滑绝缘细直杆MN，竖直固定在场强为E=1.0×105N/C、与水平方向成θ=30°角的倾斜向上的匀强电场中．杆的下端M固定一个带电小球A，电荷量Q=+4.5×10﹣6C；另一带电小球B穿在杆上可自由滑动，电荷量q=+1.0×10﹣6C，质量m=1.0×10﹣2kg．现将小球B从杆的上端N静止释放，小球B开始运动．（静电力常量k=9.0×109N?m2/C2，取g=l0m/s2）（1）小球B开始运动时的加速度为多大？（2）小球B的速度最大时，距M端的高度h1为多大？（3）小球B从N端运动到距M端的高度h2=0.61m时，速度为v=1.0m/s，求此过程中小球B的电势能改变了多少？参考答案：考点：动能定理的应用；共点力平衡的条件及其应用；牛顿第二定律；库仑定律；电势能．版权所有专题：计算题；压轴题．分析：对小球B进行受力分析，运用牛顿第二定律求出开始运动时的加速度大小．根据受力情况分析小球B的运动情况，找出小球B速度最大时的位置特点．由于A对B的库仑力做功是变力功，所以运用动能定理求解电场力做功．解答：解：（1）开始运动时小球B受重力、库仑力、杆的弹力和电场力，沿杆方向运动，将电场力沿杆的方向和垂直杆的方向分解，由牛顿第二定律得：mg﹣﹣qEsinθ=ma解得：a=g﹣代入数据解得：a=3.2m/s2．（2）小球B向下运动，受A的斥力增大，加速度减小，速度增大，当小球B速度最大时合力减为零，即+qEsinθ=mg解得：h1=代入数据解得：h1=0.9m．（3）小球B从开始运动到速度为v的过程中，设重力做功为W1，电场力做功为W2，库仑力做功为W3，根据动能定理有：W1+W2+W3=mv2W1=mg（L﹣h2）W2=﹣qE（L﹣h2）sinθ解得：W3=mv2﹣mg（L﹣h2）+qE（L﹣h2）sinθ从功能角度