陕西省西北工业大咸阳启迪中学2023-2024学年中考猜题物理试卷含解析

陕西省西北工业大咸阳启迪中学2023-2024学年中考猜题物理试卷考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．如图所示的四幅实验装置图中，对电磁起重机的发明有直接影响的是A． B．C． D．2．如图所示，瓶内有一些水，用带孔的橡皮塞把瓶口塞住，向瓶内打气一会儿后，瓶塞跳起，在瓶塞跳起的过程中，下列关于瓶内气体说法正确的是A．气体对瓶塞做功，气体的内能减少B．瓶塞对气体做功，气体的内能减少C．气体对瓶塞做功，气体的内能增加D．瓶塞对气体做功，气体的内能增加3．如图所示，浸在水中的A物体的质量为3kg，B物体的质量为2kg，且整体处于静止状态，弹簧测力计自身重力不计，g=10N/kg，滑轮摩擦不计，下列说法正确的是①弹簧测力计的示数为20N②物体A受到的浮力为10N③物体A浸在水中的体积为500cm3④物体A处于平衡状态A．只有正确 B．只有正确C．只有正确 D．只有正确4．重庆小面是发源于重庆的一款特色面食，重庆小面的特点是麻辣当先，面条劲道，汤鲜而厚味。不论身世高低贵贱，都会被重庆小面的魅力所征服。其中包括的物理知识正确的是A．煮小面时冒出的腾腾热气是升华现象B．煮小面是通过做功的方式增加了小面的内能C．透出的小面香气是因为分子间有力的作用D．煮面时汤水沸腾，继续加热，温度不变5．“赏中华诗词、寻文化基因、品生活之美”的《中国诗词大会》，深受观众的青睐．下列对古诗文中涉及的热现象解释正确的是（）A．“雾凇沆砀，天与云与山与水，上下一白．”雾凇的形成是升华现象B．“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠．”霜的形成是汽化现象C．“青青园中葵，朝露待日晞．”露的形成是汽化现象D．“螣蛇乘雾，终为土灰．”雾的形成是液化现象6．如图所示，大烧杯中放入足量的水，小烧杯漂浮在水面上，让小烧杯倾斜进水后沉入水底，关于这一情景，下列分析正确的是A．小烧杯能沉入水底是因为它的重力变大了B．小烧杯漂浮时受到的浮力大于它的重力C．小烧杯浸没时受到的浮力大于漂浮时所受的浮力D．小烧杯浸没后大烧杯底部受到水的压强变小了7．电梯匀速上升过程中，电梯的A．动能保持不变 B．机械能保持不变C．重力势能保持不变 D．动能转化为重力势能二、填空题（本大题7小题，共21分）8．小明和小岗握住两根较光滑的木棍，小娟将绳子的一端系在其中一根木棍上，然后如图所示依次将绳子绕过两根木棍，小明和小岗相距一定的距离握紧木棍站稳后，小娟在图A处拉绳子的另一端，用很小的力便能拉动他们．（1）两根木棍和绳子组成的机械相当于_____．（2）若小娟所用的拉力为70N，则小明和小岗受到的拉力分别为_____N、_____N（摩擦忽略不计）．9．如图所示，是我市矗立在山顶的风力发电机，风力发电机靠叶片在风力的推动下转动，带动发电机发电．其中风能属于_____能源（选填“可再生”或“不可再生”），发电机发出的电能属于_____能源（选填“一次”或“二次”）．10．下图是被水环绕的国家大剧院的照片．从远处观看，大剧院和水中的倒影形成了一个完整的“鸭蛋”，这是光的___________现象（选填“反射”或“折射”），所成的像是一个_________像（选填“虚”或“实”）．11．重为0.6N的鸡蛋先后放入甲、乙两液体中，如图所示，鸡蛋在甲中悬浮，在乙中漂浮，则鸡蛋在甲中受到的浮力为_____N，甲的密度____乙的密度（选填“＞”、“＜”或“=”）．12．如图是某同学在探究甲、乙两种物质质量和体积关系时得到的图象。若用这两种物质分别做成A、B两个质量相等的实心正方体，把它们平放在水平地面上，则两物体对水平地面的压强之比pA：pB为______，若用这两种物质分别做成A、B两个体积相等的实心正方体。把它们平放在水平地面上，则两物体对水平地面的压强之比pA：pB为______。13．某电热杯中有甲、乙两根电热丝，只将甲电热丝接到电源上时，烧开一杯水需要的时间为t1；只将乙电热丝接到电源上时，烧开同样的一杯水需要的时间为t1．若R甲＞R乙，则t1_____t1则（填“＞”、“＜”或“＝”）．证明若将甲、乙并联起来接到电源上时，烧开同样的一杯水需要的时间为（设电源电压不变，不计热量损失）________．14．4月23日水兵节当天下水，中国第一艘国产航母001a型马上要下水了!如图所示是航母舰载机起飞训练的情境，则下列说法正确的是（_____）A．飞机停在航母甲板上，航母对飞机的支持力和飞机对航母的压力是一对平衡力B．飞机飞行时能获得向上的压强差，是因为机翼上方空气流速小于机翼下方空气流速C．飞机飞离航母后，航母所受浮力变小D．飞机在起飞过程中，惯性将消失理由：_______________________________三、作图题（共7分）15．如图所示，是一种温度自动报警器原理示意图，当环境温度低于设定的警戒温度时，灯亮电铃不响．当环境温度达到警戒温度值时，衔铁被吸合，灯不亮电铃响，发出报警信号．①在虚线框内填入相应的电路元件符号；②标出通电螺线管的N极．（_________）16．如图所示，S为平面镜MN前的一个点光源，P为镜前的一点，试画出从S点发出经平面镜反射后经过P点的光线的光路图．17．标出图中通电螺线管以及小磁针（静止时）的南北极（用“S”和“N”表示）．（_____）四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．小明同学利用A、B两物体、砝码、泡沫等器材探究“压力的作用效果与什么因素有关”的实验．如图所示．实验中小明是通过观察_____来比较压力作用效果的，这种科学探究方法是_____法．比较甲、乙两图所示实验，能够得到的结论是_____．若要探究“压力的作用效果与受力面积大小的关系”，应通过比较图_____和_____所示实验．小明同学实验时将物体B沿竖直方向切成大小不同的两块，如图所示．他发现它们对泡沫的压力作用效果相同，由此他得出的结论是：压力作用效果与受力面积无关．你认为他在探究过程中存在的问题是_____．19．小明用图1所示的电路来测量小灯泡的电功率（部分实验器材的规格已标明）。（1）请用笔画线代替导线将图1中滑动变阻器连入电路，使之接入电路的阻值最大；（_______）（2）实验中，小明发现无论怎样调节滑动变阻器，两电表指针始终处于图2所示位置，则接线柱_____间（填接线柱的数字编号）出现了_____（选填“短路”或“断路”）；（3）故障排除后，小明从滑动变阻器接入电路阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡U﹣I图象如图3所示，则小灯泡的额定功率是_____W，所用滑动变阻器的规格是下列四个选项中的_____（选填选项前字母）；A．“5Ω，2A”B．“15Ω，2A”C．“25Ω，2A”D．“30Ω，2A”（4）在每次调节中，滑动变阻器接入电路的阻值减小了ΔR1，小灯泡的阻值变化了ΔR2，则ΔR1_____ΔR2，（选填“＞”、“＜”或“＝”），你的理由是：_____。20．小华同学做了下列两个探究实验：（实验一）在“探究光的反射规律”实验中（1）如图甲所示为实验装置图。让一束光线EO贴着纸板射到平面镜上，在纸板上会看到反射光线OF．将纸板向后折，此时在纸板上看不到反射光线，如图乙所示，此现象说明：_____。（2）在图甲中，如果让光线逆着OF的方向射到平面镜上，会看到反射光线沿着OE方向射出，此现象说明：_____。（实验二）“探究凸透镜成像规律”的实验时，所使用的凸透镜焦距是15cm。（3）如图乙所示，当把凸透镜固定在50cm刻度线位置，蜡烛固定在15cm刻度线位置时，光屏应在_____（选填“A”、“B”或“C”）区域内左右移动，才能在光屏上得到清晰的像，_____是根据这一原理制成的。（选填“照相机”、“显微镜”或“投影仪”）21．在探究热现象的实验中，小明将质量相等的冰和石蜡分别装在两个相同的试管中，并放在一个装有水的大烧杯中进行加热，如图甲所示，根据实验数据绘制的温度随时间变化的图象，如图乙所示，请回答下列问题：将两试管放在同一个装有水的大烧杯中进行加热，目的是_____．由图乙可知，_____（选填“A”或“B”）是冰，该物质在第4分钟时的状态为_____，冰在熔化过程中_____增大（选填“分子动能”成“分子势能”），当冰全部熔化后，继续加热使烧杯中的水沸腾并持续一段时间，发现试管中的水始终不会沸腾，其原因可能是_____．加热1分钟，冰、石蜡均为固态，由图乙可知，此时_____（选填“冰”或“石蜡”）的比热容较大．22．小明想知道酱油的密度，于是他和小华用天平和量筒做了如下实验：将天平放在水平台上，把游码放在______处，发现指针指在分度盘的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向__________（选填“右”或“左”）调．在烧杯中倒入适量的酱油，用天平测出烧杯和酱油的总质量为106g；再将烧杯中的一部分酱油倒入量筒中，测出烧杯和剩余酱油的总质量如图甲所示，为________g，量筒中酱油的体积如图乙所示，为______mL，计算可得酱油的密度为_______．小华不小心将量筒打碎了，老师说只用天平也能测量出酱油的密度．于是小华添加两个完全相同的烧杯和足量的水，设计了如下实验步骤，请你补充完整．①调好天平，用天平测出空烧杯的质量为；②先将一个烧杯________，用天平测出烧杯和水的总质量为；③再用另一个烧杯装满酱油，用天平测出烧杯和酱油的总质量为：④则酱油的密度表达式_________（已知水的密度为，用已知量和测量量表示）．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．2016年CYCC中国房车锦标赛分站赛于7月5日至7月7日在江苏盐城国际赛车场举行。某一型号的房车在一段平直公路上匀速行驶了56km，用时半小时，车的总质量为3×103kg，受到的阻力为车重的0.1倍（g=10N/kg）求：该房车的行驶速度；该房车牵引力所做的功：已知这一过程消耗燃油1.5×10-2m3，则热机的效率为多少?（假设燃油完全燃烧，燃油密度ρ=0.8×103kg/m3，燃油热值q为4.5×107J/kg）。24．质量为0.2千克的热水，自然冷却后温度降低了50℃。求：水放出的热量Q放。[c水=4.2×l03焦/（千克·℃）]六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25．如图甲所示为常见家用电吹风，它的简化电路如图乙所示．问：（1）当将图乙的选择开关拨到触点A、B时，电吹风可实现的功能是什么？（2）已知电热丝正常工作时的电阻为55Ω，当电吹风吹热风时，通过电热丝的电流是多少？电热丝的电功率是多少？（3）测得单独使用电吹风吹冷风时，家里电能表（标有3000r/kW·h）的表盘转动30圈用时5min，则吹冷风5min消耗的电能是多少？电吹风吹冷风时的功率是多少？26．如图甲所示为一款多功能烘干机，该机有干衣、烘物、取暖等功能，图乙为主机内部简化电路图，R1、R2为电热丝，R1<R2，其主要参数如表丙所示，求：烘干机能迅速除去潮气，提高水分的温度及加快空气流速从而加快水的_______（填写一种物态变化名称），当S2拨至______时（选填“1、2”或“2、3”或“3、4”），该烘干机处于高热挡。烘干机处于高热挡时，求通过R1的电流____和电阻R2的阻值。_______（结果保留一位小数）某次家中只有该烘干机单独工作时，10min内电能表（图丁）的转盘正好转过600圈，则它使用的是那个挡位______？该烘干机工作的这10min内，电热丝产生的热量是多少？_______27．阅读下面文字，并按要求填空锂（Li）电池锂是一种化学特性非常活泼的金属元素，伟大的发明家爱迪生首先将锂元素用于电池之中，随着二十世纪末微电子技术的发展，小型化的设备日益增多，对电源提出了很高的要求．充电锂电池随之进入了大规模的实用阶段．锂电池目前大致可分为两类：a.锂金属电池不可充电，是由锂金属或锂合金为负极材料、用非水电解质溶液的电池．b.锂离子电池不含有金属态的锂，以锂的多元复合氧化物作为正极材料，并且是可以充电的．不同的正极材料，产生的电池参数是不同的，如下表：名称输出电压容量比质量LiCoO2①3.7V140mAh/gLi2Mn2O4②4.0V100mAh/gLiFePO4③3.3V100mAh/gLi2FePO4F④3.6V115mAh/g电池名称锂充电电池输入电压/V5输出电压/V3.7电池容量/mAh3500电池尺寸/mm100×60×5（1）手表使用一次性纽扣锂电池，这种电池是________（填写“锂金属”或“锂离子”）电池，电流从锂________（流入、流出）．有一种手机电池参数如表，锂元素在这种电池中作为_______极，选择的材料是_______（选填标号），密度大约是______kg/m3.（保留两位有效数字）由于技术限制锂电池无法做的过大，大型用电设备就需要用多个电池组装，比如电动汽车的动力来源于电动机，电动机的原理________．某纯电动轿车的电动机输入电压为330V，需要用100个电池_______联．如果电动机的功率为66kW，每个电池质量为2kg，则充满电后，电动车以此功率最多可行驶1h，说明此种连接方式_______不能、可以）增加电动汽车的续航时间．生活中有很多时候需要用多个电池组合，一般会将电池装入电池盒再连入电路，下图中与电动汽车电池连接方式不同的电池盒是图______．

参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、D【解析】

电磁起重机的原理是电流产生磁场；A．装置中没有电源，所以当转动线圈时，电路中就会产生电流，是电磁感应现象，故A不符合题意；B．闭合开关前，导体中无电流通过，导体在磁场中静止不动；开关闭合后，当导体中有电流通过时，在磁场中静止的导体运动起来，说明通电导体在磁场中受到力的作用，故B不符合题意；C．导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针发生偏转，说明电路中产生了电流，这种现象叫电磁感应，故C不符合题意；D．装置是奥斯特实验，说明了通电周围有磁场，因此对电磁起重机的发明有直接影响，故D符合题意．2、A【解析】

向瓶内打气一会儿后，瓶塞跳起，在瓶塞跳起的过程中，气体对瓶塞做功，内能转化为瓶塞的机械能，气体内能减小，温度降低，瓶内的水蒸气液化形成小液滴，所以在瓶口会出现水雾。3、C【解析】

A物体的重力为GA=mAg=3kg×10N/kg=30N；B物体的重力为GB=mBg=2kg×10N/kg=20N；①滑轮摩擦不计，由于整体处于静止状态、定滑轮不省力，弹簧测力计的示数等于物体B的重力，大小为20N，故①正确；②由图可知，物体A受到20N的向上的拉力、受到30N的重力，所受浮力为：F浮=G-F拉=30N-20N=10N，故②正确；③由公式F浮=ρ水gV排可知，物体A浸在水中的体积为：V浸=V排===1×10-3m3=1dm3=1000cm3，故③错误；④由题意可知，物体A整体处于静止，处于平衡状态，故④正确．4、D【解析】

A、煮小面时冒出的腾腾热气是小水珠，由水蒸气遇冷液化形成的，故A错误；B、煮小面时，面条从热水吸热，是通过热传递的方式使小面的内能增加，故B错误；C、小面透出香气是扩散现象，是分子在做无规则运动形成的，故C错误；D、沸腾时吸热温度不变，故汤水沸腾，继续加热，汤的温度不再升高，D正确。5、D【解析】

A．“雾凇”是空气中的水蒸气遇冷直接变为固态，属于凝华现象，故A错误．B．霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，是凝华现象，故B错误．C．“露”是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，是液化现象，故C错误．D．雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故D正确为答案．6、D【解析】

A.因为小烧杯的质量不变，所以小烧杯受到的重力不变，故A选项错误；B.小烧杯漂浮时受到的浮力等于它的重力，故B选项错误；C.因为小烧杯浸没时受到的浮力小于重力，而小烧杯漂浮时受到的浮力等于重力，所以小烧杯浸没时受到的浮力小于漂浮时所受到的浮力，故C选项错误；D.因为小烧杯浸没后小烧杯受到的浮力变小，所以小烧杯排开水的体积变小，所以小烧杯浸没后，水面下降，所以根据液体压强公式可知，小烧杯浸没后大烧杯底部受到水的压强变小了，故D选项正确。7、A【解析】

（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大；（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大【详解】动能与质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量厚度越大，重力势能越大．因为电梯匀速，因此动能不变；又因为上升，所以重力势能增大，机械能是重力势能和动能之和．因此机械能增大．故选A．二、填空题（本大题7小题，共21分）8、滑轮组420490【解析】

（1）从使用的情况来看，两根木棍和绳子组成的机械相当于滑轮组；

（2）小娟在A处所用的拉力为70N，由图可知小明那端木棍与6段绳子相连，摩擦忽略不计，因此小明受到的拉力：F1=70N×6=420N；小岗那端木棍与7段绳子相连，因此小岗受到的拉力：F2=70N×7=490N。9、可再生二次【解析】

风能可以从自然界源源不断获得，故风能是可再生能源；电能一般都是通过火力发电或水力发电等方式转化过来的，属于二次能源．10、反射虚【解析】

大剧院和水中的倒影，是由于平静的水面相当于平面镜，大剧院的水中发生的光的反射形成的虚像，和水上部分看上去就像一个完整的“鸭蛋”．11、0.6＜【解析】

根据浮沉条件，悬浮时，浮力等于重力，所以鸡蛋在甲中受到的浮力为：；根据浮沉条件知，悬浮时，鸡蛋的密度等于甲液体的密度；漂浮时，鸡蛋的密度小于乙液体的密度；故甲的密度小于乙的密度．12、4：18：1【解析】

由图可知，当m甲=8g时V甲=1cm3，当m乙=2g时V乙=2cm3，则甲乙两种物质的密度分别为：ρ甲==8g/cm3，ρ乙==1g/cm3，；质量相等的A、B两个实心正方体的体积之比：，由V=L3可得，两正方体的边长之比：，A、B两正方体的底面积之比：，因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，两物体对水平地面的压强之比：；体积相等的A、B两个实心正方体的质量之比：，因体积相等的两个实心正方体的底面积相等，所以，两物体对水平地面的压强之比：。13、＞见解析【解析】

烧开同样的一杯水消耗的电能相等，R甲＞R乙，电源电压相等，由W＝可知，t1＞t1；由W＝可得，甲、乙两根电热丝的电阻分别为：R甲＝，R乙＝，将甲、乙并联起来接到电源上时，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，电路中的总电阻：R＝，则需要的加热时间：t＝．14、C因为航母漂浮的海面上，F浮=G物，又因为飞机飞离航母，所以G物变小，所以F浮也变小；故选C．【解析】平衡力的条件是大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上．飞机停在航母甲板上，航母对飞机的支持力和飞机对航母的压力是作用在两个物体上的两个力，故不是一对平衡力，故A错误；因为流体流速越快的位置压强越小，所以，当飞机飞行时能获得向上的压强差时，是因为上方压强小于下方压强，即机翼上方空气流速大于机翼下方空气流速造成，故B错误；因为漂浮物体的浮和始终等于自身重力．当航载飞机飞离航母后，航母的总重力减小，航母依然漂浮，故浮力仍等于重力，所以浮力会减小，故C正确；惯性是一切物体所具有的一种特性，在任何时候物体都有惯性，飞机在起飞过程中，惯性不可能消失，故D错误，故选C．三、作图题（共7分）15、【解析】

温度自动报警器的工作原理：当温度升高时，玻璃泡中的液体物质膨胀，液柱上升，当升高到警戒温度即金属丝下端对应的温度时，控制电路接通，电磁铁有磁性，吸引衔铁，从而使动触点与下面的静触点接通过，与上面的静触点分离，此时电铃响，发出报警信号，而灯不亮，故下面应为电铃，上面为灯．当环境温度低于设定的警戒温度时，控制电路断开，电磁铁没有磁性，衔铁在弹簧拉力的作用下与上面的静触点接触，与下面的静触点分离，故灯亮，电铃不响，如下图所示；从图可知，电流是从螺旋管的下端流入，上端流出，根据安培定则可知，用右手握螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的上端就是螺线管的N极，如下图所示：16、【解析】

根据平面镜成像特点，作出点光源S在平面镜中的像“S’”，连接S’P与平面镜交于O2，O2即为入射点，连接SO2、O2P则为从S点发出经平面镜反射后经过P点的光线的光路图．17、【解析】

电源的右端是正极，左端是负极，所以电流从螺线管的右端进入，从左端流出；根据安培定则知，螺线管的右端的N极，左端是S极；根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的右端是S极，左端是N极．如图所示：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、泡沫的凹陷程度转换法在受力面积相同时，压力越大，压力的作用效果越明显甲丙没有控制压力大小相同【解析】(1)实验中小明是通过观察泡沫的凹陷程度来比较压力作用效果的,这种科学探究方法是转换法;

(2)甲乙两图中,受力面积相同,乙图中压力更大,故得出的结论是:在受力面积相同时,压力越大,压力的作用效果越明显;

(3)若要探究“压力的作用效果与受力面积大小的关系”,应控制压力大小相同,只改变受力面积大小,故应比较图甲丙两实验;

(4)研究压力作用效果与受力面积的关系,应控制压力大小相同,将物体B沿竖直方向切成大小不同的两块

时,受力面积不同的同时,压力大小也改变了,即没有控制压力大小相同,得出结论是错误的.

因此，本题正确答案是:(1)泡沫的凹陷程度;转换法;

(2)在受力面积相同时,压力越大,压力的作用效果越明显;

(3)甲;丙

(4)没有控制压力大小相同.19、③⑦断路0.75C＞详见解析【解析】

（1）由图1可知，变阻器滑片在最右端，要使其阻值最大，下面应接左边的接线柱，如图所示：（2）由图2可知，电流表的示数为零，电压表的示数约等于电源电压，说明与电压表并联的灯泡发生了断路现象，即③⑦之间发生了断路；（3）由图1知，灯泡的额定电压为2.5V，由图3可知，当U＝2.5V时，I＝0.3A，则灯泡的实际功率P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；由图象可知，当灯泡两端电压最小时，变阻器的阻值最大，可知此时灯泡的最小电压是0.5V，变阻器两端的电压U滑＝3V-0.5V＝2.5V；此时电路中的电流为0.1A，则滑动变阻器的阻值R滑＝＝25Ω，所以滑动变阻器的规格是“25Ω，2A”，故C正确；（4）滑动变阻器接入电路的阻值减小，此时灯泡的阻值变大，但电路中的电流变大，可知电路中的总电阻变小，所以变阻器减小的阻值大于灯泡增大的阻值，ΔR1＞ΔR2。20、反射光线、入射光线、法线在同一平面内光反射时，光路可逆B照相机【解析】

（1）由于反射光线、入射光线和法线都在同一平面内，当纸板F转过一定的角度后，两块纸板不在同一平面上，所以在纸板F上就无法呈现出反射光线了，因此这个现象说明了：反射光线、入射光线和法线都在同一平面内。（2）如果让光线沿着FO的方向射向镜面，这时的入射角为原来的反射角，根据光的反射定律，反射角等于入射角，这时的反射角为原来的入射角，所以会发现光线原路返回，也就是说，在反射现象中，光路是可逆的；（3）凸透镜焦距是15cm，当把凸透镜固定在50cm刻度线位置，蜡烛固定在15cm刻度线位置时，物距为50cm﹣15cm＝35cm，大于2倍焦距，所以此时成倒立缩小的实像，像在1倍和2倍焦距之间，即在B区，照相机是根据这个原理制成的；21、使A、B受热均匀或AB吸热相同A固液共存态分子势能无法从烧杯的水中继续吸热石蜡【解析】（1）将两试管放在同一个装有水的大烧杯中进行加热，目的有二，一是受热均匀，二是可以保证两种物质吸收的热量相等；(2)由如图乙可知，A物质在0℃时，吸热温度不再升高，全部熔化为液体后，温度再升高，所以A为晶体，即A是冰；该物质在第4分钟时，处在熔化过程中，有冰也有水，所以状态为固液共存的状态；冰在熔化过程中，吸热温度不变，所以分子动能是不变的，但分子势能会增大；当冰全部熔化后，继续加热使烧杯中的水沸腾并持续一段时间，发现试管中的水始终不会沸腾，是因为试管内外都为水，当外面的水沸腾时，温度不再升高，试管中的水温也能达到沸点，但到沸点后不能继续吸收热量，所以不会沸腾，即原因是：达到沸点，不能持续吸热；（3）由图乙知，加热1分钟时，冰的温度升高得高，且两种物质的质量相等，即吸收相同的热量时，冰的温度变化大，由可知，冰的比热容较小，石蜡的比热容较大．点睛：注意理解，当试管的内外都为水时，试管中的水是不会沸腾的，因为温度虽然能达到沸点，但到了沸点后，内外的温度相同，不能继续吸热，所以不会沸腾．22、零刻度左6240装满水【解析】

（1）天平使用前要先放，把天平放在水平台上，游码归零，然后调平，调平时指针偏右需要把橫梁两端的平衡螺母向左调节，直至指针指在分度盘的中央；（2）如图所示杯和剩余酱油的总质量为50g+10g+2g=62g，量筒中酱油的体积如图乙所示，为40cm3，计算可得酱油的密度为；（3）调好天平，用天平测出空烧杯的质量为，先将一个烧杯装满水，用天平测出烧杯和水的总质量为，即m1=m水+m0，即m水=m1-m0，则①再用另一个烧杯装满酱油，用天平测出烧杯和酱油的总质量为，即m2=m酱油+m0，即m酱油=m2-m0，则②将①②两式联立得．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、（1）112km/h；（2）1.68×108J；（3）31%【解析】

（1）该房车的行驶速度：v===112km/h；（2）车重G=mg=3×103kg×10N/kg=3×104N，车受到的阻力：f=0.1G=0.1×3×104N=3×103N，由于车匀速行驶，则牵引力F=f=3×103N，牵引力做功：W有用=Fs=3×103N×56000m=1.68×108J；（3）由ρ=得，消耗燃油的质量：m=ρV=0.8×103kg/m3×1.5×10-2m3=12kg，燃油完全燃烧放出的热量（消耗的总能量）：W总=Q放=mq=12kg×4.5×107J/kg=5.4×108J，热机的效率：η=×100%=×100%=31%。24、4.2×104J【解析】

Q放=cm△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.2kg×50℃=4.2×104J。六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25、（