2023-2024学年贵州黔西南州望谟三中学中考二模物理试题含解析

2023-2024学年贵州黔西南州望谟三中学中考二模物理试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单选题（本大题共10小题，共30分）1．北方的冬天，可以看到户外的人不断呼出“白气”，形成“白气”的过程属于A．液化 B．汽化 C．升华 D．熔化2．如图所示是力学的四个实验情景，下列关于每个实验的结果预测正确的是A．甲图中：木块与小车一起向右匀速运动，小车受阻力停止时，木块一定停止B．乙图中：杠杆不能在水平位置保持平衡，杠杆的左端上升，杠杆的右端下降C．丙图中：当向玻璃管中吹风时，U形管A管中的水面上升，B管中水面下降D．丁图中：将容器侧壁的塞子同时拔出，水从a孔喷射最远，从c孔喷射最近3．下列现象，不可能发生的是（）A．水的沸点低于或者高于100℃B．﹣10℃的冰块放在0℃的水中，冰块会熔化C．在敞开的锅中烧水，使水沸腾，再用猛火继续加热，则水的温度也不会升高D．寒冷的冬天，冰冻的衣服会变干4．关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（）A．物体的内能增大，一定是吸收了热量 B．物体吸收热量，温度就一定升高C．物体的温度升高，内能就会增大 D．物体的内能增大，温度就会升高5．如图所示，电源两端的电压不变，闭合开关S1，再闭合开关S2（各元件均完好）。则闭合开关S2前后，下列描述正确的是（）A．灯L1实际电功率变小B．灯L2实际电功率变大C．电压表和电流表示数之比不变D．电路总功率变大6．质量相等、初温相同的水和酒精，分别用两个相同的加热器加热，不计热量损失．加热过程中，温度随时间变化的图像如图所示．关于a、b两种液体的鉴别结论正确的是A．a的比热大，是水 B．a的比热大，是酒精C．b的比热大，是水 D．b的比热大，是酒精7．如图所示，a点到b点是小球被抛出后在空中的运动轨迹，小球在b点的速度为v．如果小球在b点突然受到的所有力都消失了，则小球将沿以下哪条轨迹运动A．1 B．2 C．3 D．48．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑片P向右移动时（）A．电压表的示数不变，总功率变小B．电流表的示数变大，总功率变大C．电压表的示数变大，灯的亮度变暗D．电流表的示数变小，灯的亮度变暗9．体操运动员单脚站立在平衡木上，处于静止状态．下列四个图中，能正确表示运动员所受重力的示意图是A． B．C． D．10．如图所示的电路中，电源电压不变，只闭合开关S1时，电压表V1与V2的示数之比为3：2，只闭合开关S2时，电压表V1与V2的示数之比为5：3，则R1与R2的电阻之比为（）A．4：3 B．2：3 C．3：5 D．5：3二、多选题（本大题共3小题，共12分）11．关于电与磁的说法正确的是（）A．电磁波不能在其真空中传播B．奥斯特实验说明电流周围存在磁场C．地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近D．发电机是利用电磁感应现象制成的，工作时将机械能转化为电能12．如图所示，电源电压不变，闭合开关，当滑动变阻器滑片向左移动时，下列判断错误的是：A．电压表示数与电流表A1示数的乘积变大B．电压表示数与电流表A2示数的乘积变大C．电压表示数与电流表A1示数的比值不变，电流表A2示数变大D．电压表示数与电流表A1示数的比值变大，电流表A2示数变大13．小明同学在“探究凸透镜成像规律”的实验中，记录并绘制了物体到凸透镜的距离u跟像到凸透镜的距离v之间关系的图像，如图所示，下列判断正确的是A．该凸透镜的焦距是20cmB．当u=15cm时，在光屏上能得到一个放大的像C．当u=25cm时，在光屏上能得到一个缩小的像D．把物体从距凸透镜12cm处移动到30cm处的过程中，像逐渐变小三、填空题（本大题共5小题，共10分）14．如图所示，若O点为滑轮的支点，其中支点位置正确的是______（选填“A”或“B”）；若物体所受重力均为20牛，不计滑轮重力及摩擦，当用力F2匀速提升物体时，力F2为________牛；若F2使物体匀速上升2米，则物体的重力势能________（选填“增大”、“减小”或“不变”）。15．小英家6月底电能表的示数如图甲所示，7月底表盘示数如图乙所示，由图可知她家7月份用电器消耗的电能为_____kW•h；电子式单相电能表她家现在已经接人用电器的总功率为3600W，则最多还可以连接_____W的用电器同时工作。将铭牌已模糊的饮水机单独接在该电能表上正常工作3min，电能表指示灯闪烁了160次，则饮水机的额定功率是_____W。16．小刚早上8：00出门查看了他家的电能表示数如图甲所示，然后关闭家中其它用电器，只让电冰箱工作．下午18：00回家后再次查看电能表，显示的数字如图乙所示．则小刚家的电冰箱的实际电功率为_____W．17．流星是指运行在星际空间的流星体进入地球大气层，并与大气摩擦燃烧所产生的光迹，流星体与大气层剧烈摩擦，其表面温度可达8000℃以上，这个过程中流星内能增加是通过__（选填“做功”或“热传递”）实现的，这一过程中的能量转化与汽油机的__冲程的能量转化相同．18．在家庭电路中，电热水器正常工作的电压为_____V，它与家中的空调是_____连接的，下图是家庭中测量每月的耗电量的仪表，图中读数为_____。四、计算题（本大题共3小题，共29分）19．图甲是一则公益广告，浓浓的孝心渗透着社会主义核心价值观．小红给爷爷网购了一台电热足浴器，其铭牌的部分参数如图乙所示．足浴器某次正常工作时控制面板显示如图丙所示（指示灯亮表示正常工作）．求：此时足浴器的工作电流多大？（计算结果保留一位小数）若足浴器装入最大容量、初温为22℃的水，则当水温达到控制面板上显示的温度时，水所吸收的热量为多少？[已知水的比热容C水=4.2×103J/(kg•℃)]若上述加热过程耗时15min，则该足浴器的热效率多大？20．喜羊羊发现后方100m处的灰太郎正以15m/s的速度向自己猛追过来，此时喜羊羊与前方的羊村相距200m．问：喜羊羊至少要用多大的速度才能安全跑进羊村？21．如图所示，是“彩虹”牌某款电热毯的简易电路图。电源电压保持不变，是电热毯加热的电热丝，是定值电阻，该电热毯的额定电压为。当开关闭合时，电热毯处于高温加热状态，其额定加热功率为；当开关断开时，电热毯处于低温加热状态。求：（1）该电热毯的电热丝的阻值大小；（2）该电热毯处于正常工作的高温加热状态时，消耗的电能大小；（3）若的阻值为，则当该电热毯处于低温加热状态与高温加热状态时，其中的电热丝所消耗的电功率大小之比。五、作图题（本大题共2小题，共4分）22．如图所示，轻质杠杆OA可绕O点转动，请在图中画出杠杆OA的动力臂L1和其受到的阻力F223．如图所示，A、B两物体以相同的速度向右做匀速直线运动（A、B相对静止）．请画出A的受力示意图．（_____）六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）24．小明探究“阻力对物体运动的影响”的实验装置和过程如图所示。（1）实验中应使用______（选填“相同”或“不相同”）的斜面，并且使小车每次在斜面上释放的高度相同，这样做的目的是控制小车到达水平面时速度相同。（2）小明收集了如下表所示的实验数据，分析可知阻力对物体运动的影响是：_________。小明进一步推理：若小车受到的阻力为零，小车将________________________。接触面毛巾棉布木板阻力大小大较大小小车移动的距离11.2cm23.7cm33.6cm（3）如图所示为某些高速公路上为失控车辆所设置的紧急避险车道，通过上面的探究学习我们知道，避险车道铺上砂石是为了____________，从而减小车速，而且紧急避险车道一般为斜面，从能量转化的角度来看是因为：_________________________。（拓展）分析实验数据可知，小车在毛巾和木板上受到的阻力之比为________。25．在湛江港码头，小华看到工人利用斜面把货物推到车上，联想到上物理课时老师讲过的知识，小华想探究斜面的机械效率可能与哪些因素有关？小华提出了以下的猜想：A．斜面的机械效率可能与物体的重力有关．B．斜面的机械效率可能与斜面的倾斜程度有关．小华同学为了证实自己的猜想是否正确，于是他用同一块木板组成如图所示的装置进行了实验探究，记录的实验数据如下表：实验次数斜面倾角θ物块重量G/N斜面高度h/m沿斜面拉力F/N斜面长S/m有用功W有/J总功W总/J斜面的机械效率130°5.00.64.21.23.05.0230°3.00.62.51.21.860%345°3.00.82.81.22.43.471%在实验操作过程中，应沿斜面向上_____拉动木块；实验时要使木板的倾斜角变大，应该把木板下面的木块向_____移动（填“左”或“右”）．根据表格中数据，第①次实验斜面的机械效率为_____%，第②次实验中总功为_____J．通过对比实验①、②数据，可验证小华的猜想_____（填写字母）；通过对比实验②、③数据，可以得出的探究结论是：_____．此实验主要用到的研究方法是_____．除了小华的猜想以外，请你猜想斜面的机械效率还可能与_____（写出一个）有关．26．小明利用如图所示的装置做“探究凸透镜成像规律”的实验，所用凸透镜焦距为10cm．（1）若将蜡烛从图示位置移到20cm刻度处，为了在光屏上得到清晰的像，他应将光屏从图示位置_____（选填“靠近”或“远离”）凸透镜．当光屏上获得清晰的像时，保持凸透镜的位置不变，将蜡烛与光屏的位置互换，光屏_____（选填“能”或“不能”）得到清晰的像．（2）他将装置恢复到图示位置，再将光屏向右移动一段距离，发现光屏上原本清晰的像变模糊了，要使像再次变得清晰，他应在蜡烛和透镜之间加一块_____（选填“凸”或“凹”）透镜．（3）实验中，蜡烛逐渐变短，要使蜡烛的像回到光屏中央，可将凸透镜适当向_____（选填“上”或“下”）移动．

参考答案一、单选题（本大题共10小题，共30分）1、A【解析】

北方的冬天，可以看到户外的人不断呼出“白气”，“白气”是人呼出的水蒸气遇冷凝结而成的小水滴，属于液化现象．故A正确，BCD错误．2、C【解析】

A．木块与小车一起向右匀速运动，小车受阻力停止时，木块由于惯性继续向前运动一段距离，故A错误；B．杠杆不能在水平位置保持平衡，左端力和力臂的乘积大于右端力和力臂的乘积，杠杆的左端下降，杠杆的右端上升，故B错误；C．当向玻璃管中吹风时，A管上方空气流速大于B管上方空气流速，A管上方压强小于B管上方压强，因此U形管A管中的水面上升，B管中水面下降，故C正确；D．a处深度最小，液体压强最小，c处深度最大，液体压强最大，将容器侧壁的塞子同时拔出，水从a孔喷射最近，从c孔喷射最远，故D错误。故选C。3、B【解析】

A．沸点与气压有关，气压减小或升高时，水的沸点也会低于或者高于100℃，故A正确；B．-10℃的冰块放在0℃的水中，冰块吸热，温度最高可以升高到0℃，但不能再继续吸热，所以冰块不会熔化，故B错误；C．沸腾最明显的特点是：温度达到沸点，继续吸热，温度不会再升高，故C正确；D．寒冷的冬天，冰能够升华直接变为水蒸气，所以冰冻的衣服会变干，故D正确。故选B。4、C【解析】

认识温度、内能和热量，根据以下规律分析：（1）做功和热传递都可以改变物体的内能，这两种方式在改变物体内能上是等效的；（2）晶体熔化过程中，吸热但温度不变；（3）内能的大小与物体的质量、温度有关；（4）晶体熔化过程中，虽然内能增大，但温度不升高。【详解】A．物体的内能增大，可能是吸收了热量，也可能是外界物体对它做了功，故A错误；B．晶体熔化过程中，吸热但温度不变，故B错误；C．同一物体质量不变，其温度升高，故其内能一定增大，故C正确；D．晶体熔化过程中，吸热其内能增大，但温度不变，故D错误；故选C。5、D【解析】

BCD、由图知，先闭合开关S1，两盏灯串联，电流表测量电路中的电流，电压表测电源电压；再闭合开关S2，此时灯泡L2被短路，则L2不发光，L2的电功率变为0，即L2的实际电功率变小；此时电压表仍然测电源电压，由于电源电压不变，所以电压表示数不变；此时电路为灯泡L1的简单电路，则电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，所以电压表和电流表示数之比变小；电源电压不变，电路中的电流变大，由P＝UI可知，电路总功率变大，故BC错误，D正确；A、由于灯L1两端的电压变大，电流变大，根据P＝UI可知，L1的实际功率变大，故A错误。6、C【解析】如图所示，在某一定时间时，a的温度的变化量比b的温度变化量大；利用热量的计算公式Q="cm△t"分析，a的比热容小，是酒精；b的比热容大，是水．故选C．思路分析：如图所示，可以采用控制变量法分析，具体做法在时间一定时，比较温度的变化量；然后再利用热量的计算公式分析即可．试题点评：本题采用了控制变量法，这是一种常用的一种分析问题和探究物理问题的方法．学生要熟知其道理．7、B【解析】

根据牛顿第一定律可知，正在运动的物体，所受的外力如果同时消失，物体将保持外力消失瞬间的速度和方向永远运动下去；当小球被抛出后运动到最高点b时，小球在水平方向上有一定的速度v，所以，若小球在b点受到的所有力都消失时，由牛顿第一定律可知，小球将会沿水平方向（即轨迹2）做匀速直线运动．8、B【解析】

（1）灯与变阻器串联，电压表测电源电压，确定电压表示数变化；电流表测电路中的电流，当滑片P向右移动，分析变阻器接入电路中的电阻变化，根据串联电阻的规律确定总电阻变化，由欧姆定律判断电路电流变化；（2）根据，分析灯的功率变化确定灯的亮度变化；根据确定总功率变化．【详解】（1）灯与变阻器串联，电压表测电源电压，故示数不变，C错误；电流表测电路中的电流，当滑片P向右移动，变阻器接入电路中的电阻变小，根据串联电阻的规律，总电阻变小，由欧姆定律，电路的电流变大，即电流表示数变大；（2）根据，灯的功率变大，灯变亮，D错误；根据，总功率变大，A错误，B正确．故选B．【点睛】本题考查串联电路规律及欧姆定律和电功率公式的运用．9、A【解析】

运动员在平衡木上静止，受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，且两个力是一对平衡力，作用点都画在运动员的重心上；先确定运动员的重心，因为是单腿站立，运动员身体前倾，后腿在后，所以该运动员的重心大概在腰部附近，为了达到平衡，重心一定在支点的正上方，A、B、C中的A选项更符合实际情况，D选项中重力方向不是竖直向下；10、A【解析】

只闭合开关S1时，等效电路如图a所示；只闭合开关S2时，等效电路如图b所示.观察图a可知R1与R0串联，V1测串联电路总电压（即电源电压），V2测R1两端电压，串联电路中电压与电阻成正比，所以结合题意得①，观察图b同理可得②解①②两式得R1∶R2=4∶3，对照各选项，C正确，选填C．二、多选题（本大题共3小题，共12分）11、BCD【解析】试题分析：电磁波能够在真空中传播，所以现代通信主要靠电磁小波来传传递信息，故A错误；奥斯特发现通电导线周围的小磁针会发生偏转，说明电流周围存在磁场，故B正确；地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，所以小磁针的南极指向地理的南极，小磁针的北极指向地理的北极，故C正确；闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这叫电磁感应，发电机就是利用这一原理制成的，在这一过程中消耗机械能，得到了电能，所以是机械能转化为电能，故D正确；应选BCD．【考点定位】电与磁12、AD【解析】

A、由图可知，电阻R1和滑动变阻器R2并联，电流表A2测干路中的电流，电流表A1测量通过R1的电流，电压表测电源电压，因并联电路各支路互不影响，所以，滑片移动时，通过定值电阻R1的电流不变，即电流表A1示数不变，则电压表示数与电流表A1示数的乘积不变，故A错误，符合题意；B、当滑动变阻器滑片向左移动时，变阻器连入电路的电阻变小，由欧姆定律I=可知，通过变阻器的电流变大；根据并联电路电流的规律可知，总电流变大，即电流表A2示数变大，则电压表示数与电流表A2示数的乘积变大，故B正确，不符合题意；CD、由前面解答可知，电流表A2示数变大，电压表示数、电流表A1示数均不变，所以，电压表示数与电流表A1示数的比值不变，故C正确，不符合题意；D错误，符合题意。13、BCD【解析】

A、由u-v图像可知，u＝v＝20cm=2f，此时凸透镜成倒立、等大的实像，故f＝10cm，A错误，不符合题意．B、当u＝15cm时，2f＞u＞f，成倒立、放大的实像．故B正确，符合题意．C、当u＝25cm时，u＞2f，在光屏上成倒立、缩小的实像，故C正确，符合题意．D、物体从距凸透镜12cm处移动到30cm处的过程中，凸透镜的物距大于焦距，成实像，根据凸透镜成实像时“物远像近像变小”，物距增大，像距减小，像变小．故D正确，符合题意．三、填空题（本大题共5小题，共10分）14、A10增大【解析】

由图可知，A图为定滑轮，支点在滑轮的中心；B图为动滑轮，支点在滑轮的左侧边缘上，故支点正确的是A；不计滑轮重力及摩擦，使用动滑轮可以省一半的力，F2=G=×20N=10N；物体匀速上升2m，质量不变，高度增加，重力势能变大。15解析】（1）由图知，小英家7月份用电器消耗的电能为：W＝6768.2kW•h﹣6628.2kW•h＝140kW•h；（2）由电能表的参数可知，工作电压为U＝220V，允许工作的最大电流为I＝30A，电能表允许用电器工作的最大总功率：P大＝UI＝220V×30A＝6600W，已知她家现在已经接入用电器的总功率为3600W，则最多还可以同时连接用电器的功率为6600W﹣3600W＝3000W；（3）3200imp/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，则电能表指示灯闪烁160次时，饮水机消耗的电能：W＝1603200kW•h＝0.05kW•h，饮水机的实际功率：P＝Wt＝0.05kW•点睛：（1）电能表显示的数字中最后一位是小数，单位为kW•h，两次示数只差即为本月用的电。（2）由电能表的参数可知工作电压和允许工作的最大电流，根据P＝UI求出电能表允许用电器工作的最大总功率；（3）3200imp/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，据此可求出当电能表指示灯闪烁160次消耗的电能，又知道工作时间，根据公式P＝Wt16、50【解析】

由图知，小刚家的电冰箱在这段时间内消耗的电能：W=10124.1kWh-10123.6kWh=0.5kWh；（2）t=18:00-8:00=10h，电冰箱的实际电功率：P===0.05kW=50W．17、做功压缩【解析】流星体进入地球大气层，并与大气摩擦做功，机械能转化为内能，流星的内能增大，温度升高，因此该过程是通过做功的方式改变物体内能的，与汽油机的压缩冲程的能量转化相同．

故答案为做功；压缩．18、220并联30.0kW•h【解析】

家庭电路的电压是220V，电热水器正常工作的电压为220V；电热水器和空调工作时互不影响，所以它们是并联连接的；电能表表盘上最后一位是小数，单位是kW•h，由图知，电能表的读数为30.0kW•h；四、计算题（本大题共3小题，共29分）19、(1)2.3A；(2)3.78×105J；(3)84%．【解析】

(1)由图丙可知，此时足浴器的电功率P=500W，由P=UI可得，此时足浴器的工作电流：；(2)足浴器装入最大容量时水的体积：V=5L=5×10−3m3，水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×5×10−3m3=5kg，则水温达到控制面板上显示的温度时水所吸收的热量：Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×5kg×(40℃−22℃)=3.78×105J，(3)加热时间t=15min=900s，电热足浴器消耗的电能：W=Pt=500W×900s=4.5×105J，则该足浴器的热效率：．答：(1)此时足浴器的工作电流为2.3A；(2)当水温达到控制面板上显示的温度时水所吸收的热量为3.78×105J；(3)上述加热过程耗时

15min，该足浴器的热效率为84%．20、10m/s.【解析】

∵，∴灰太狼到达羊村的时间：，喜羊羊至少要用的速度是21、（1）440Ω（2）1.98×105J（3）4:25【解析】

（1）当开关S闭合时，只有R1的简单电路，R1的阻值R1===440Ω；（2）电热毯处于高温加热状态时，30min消耗的电能W=P额t=110W×30×60

s=1.98×105J；（3）当开关S断开时，电热毯处于低温加热状态，R1、R2串联，，低温状态下电路中的R1的功率P低温=I2R1=（0.2A）2×440Ω=17.6W，两种状态下电阻R1的电功率之比：17.6W:110W=4:25。答：（1）R1的阻值为440Ω；（2）该电热毯处于高温加热状态时，10min消耗的电能为1.98×105J；（3）当该电热毯处于低温加热状态与高温加热状态时，其中的电热丝所消耗的电功率大小之比为4:25。五、作图题（本大题共2小题，共4分）22、【解析】

图F为动力，过支点O做动力F的垂线段，即为动力臂L1．重物对杠杆的竖直向下的拉力为阻力，作用点在杠杆上，方向竖直向下．如图所示：23、【解析】

物体A、B以相同的速度向右做匀速直线运动，物体A在水平方向上不受力；物体A受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F支的作用，这两个力是一对平衡力，大小相等、方向相反，作用在同一直线上，如下图所示：六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）24、相同阻力越小，速度减小的越慢做匀速直线运动增大摩擦力动能转化为重力势能，动能减小，速度减小，车容易停下来3:1【解析】

（1）实验中应使用相同的斜面，并且使小车每次在斜面上释放的高度相同，这样做的目的是控制小车到达水平面时速度相同；（2）毛巾、棉布、木板粗糙程度变小，阻力变小，根据实验现象，可以得出结论，水平面越光滑，小车受到的