河南省高中生物必修二第一章遗传因子的发现考点精题训练

单选题1、我国著名遗传学家谈家桢早年研究异色瓢虫斑纹遗传特征时发现了“镶嵌显性”这一遗传现象，即双亲的性状在F1同一个体的不同部位表现出来，形成镶嵌图式。下图是异色瓢虫两种纯合子杂交实验的结果，有关叙述错误的是（

）A．瓢虫鞘翅斑纹的遗传遵循基因分离规律B．F2中的黑缘型与亲本中的黑缘型基因型不相同C．新类型个体中，SA在鞘翅前缘为显性，SE在鞘翅后缘为显性D．F2中除去黑缘型的其他个体间随机交尾，F3中均色型占4/9答案：B分析：据图可知，SA和SE为一对等位基因，控制鞘翅前缘和后缘的黑色斑。A、瓢虫鞘翅斑纹由一对等位基因控制，遵循基因的分离规律，A正确；B、F1个体间自由交配，F2中应出现三种基因型，SASA：SASE：SESE＝1：2：1，根据图中信息可知黑缘型（SASA）为纯合子，与对应亲本黑缘型基因型相同，B错误；C、F1表现为鞘翅的前缘和后缘均有黑色斑，说明SA在鞘翅前缘为显性，SE在鞘翅后缘为显性，C正确；D、除去F2中的黑缘型，新类型和均色型个体比例为SASE：SESE＝2：1，个体间随机交尾，产生配子种类及比例为SA：SE＝1：2，F3中均色型占2/3

×2/3

＝4/9

，D正确。故选B。2、下列关于紫花豌豆与白花豌豆杂交实验的叙述，正确的是(

)A．豌豆花瓣开放时需对母本去雄以防自花授粉B．完成人工授粉后仍需套上纸袋以防自花授粉C．F1自交，其F2中出现白花的原因是性状分离D．F1全部为紫花是由于紫花基因对白花基因为显性答案：D分析：1

.豌豆是一种严格的自花授粉植物，而且是闭花授粉，授粉时无外来花粉的干扰，便于形成纯种。2

.杂交实验的过程：去雄→套袋→授粉→套袋豌豆花瓣开放时，豌豆已经完成授粉，所以应在花粉尚未成熟时对母本去雄以防自花授粉，A错误；完成人工授粉后仍需套上纸袋以防异花授粉，B错误；F1自交，其F2中同时出现白花和紫花，这种现象是性状分离。出现性状分离的原因是等位基因随同源染色体的分开而分离，C错误；紫花和白花杂交，F1全部为紫花，说明紫花为显性性状，白花为隐性性状，则紫花基因对白花基因为显性，D正确。故选D。3、关于孟德尔的豌豆遗传学实验，下列说法错误的是A．选择豌豆是因为自然条件下豌豆是纯合子，且具有易于区分的相对性状B．杂交实验时，对母本的操作程序为去雄→套袋→人工授粉→套袋C．孟德尔首先提出假说，并据此开展豌豆杂交实验并设计测交进行演绎D．在对实验结果进行分析时，孟德尔用了数学统计学的方法答案：C分析：1

.豌豆作为遗传学实验材料容易取得成功的原因是：（1）豌豆是严格的自花、闭花授粉植物，在自然状态下一般为纯种；（2）豌豆具有多对易于区分的相对性状，易于观察；（3）豌豆的花大，易于操作；（4）豌豆生长期短，易于栽培。2

.孟德尔获得成功的原因：（1）选材：豌豆，豌豆是严格的自花传粉且闭花受粉的植物，自然状态下为纯种，品系丰富，具多个可区分的性状，且杂交后代可育，易追踪后代的分离情况，总结遗传规律；（2）由单因子到多因子的科学思路（即先研究1对相对性状，再研究多对相对性状）；（3）利用统计学方法；（4）科学的实验程序和方法。3

.人工异花授粉过程为：去雄（在花蕾期去掉雄蕊）→套上纸袋→人工异花授粉（待花成熟时，采集另一株植株的花粉涂在去雄花的柱头上）→套上纸袋。A、选择豌豆是因为自然条件下豌豆是纯合体，且有易于区分的相对性状，A正确；B、杂交实验时，对母本的操作程序为去雄-套袋-人工授粉-套袋，B正确；C、孟德尔首先进行豌豆杂交实验，并在此基础上提出假说，设计测交实验进行演绎推理和验证，C错误；D、在对实验结果进行分析时，孟德尔用了数学统计学的方法，D正确。故选C。小提示：本题考查孟德尔遗传实验，要求考生识记孟德尔遗传实验采用的方法、豌豆作为遗传学实验材料的优点、实验获得成功的原因等，能结合所学的知识判断各选项。4、报春花的花色白色(只含白色素)和黄色(含黄色锦葵色素)由两对等位基因(A

和

a，B

和

b)共同控制，两对等位基因独立遗传(如图所示)。现选择

AABB

和

aabb

两个品种进行杂交，得到

F1，F1自交得

F2。下列说法正确的是()A．F1

的表现型是黄色B．F2

中黄色∶白色的比例是

9∶7C．F2

的白色个体中纯合子占

3/16D．F2

中黄色个体自交有

2/3

会出现性状分离答案：D分析：根据图示信息，显性基因A控制以白色素为前体物合成黄色锦葵色素的代谢过程。B存在时可抑制其表达，所以其基因型和性状的关系是：A-B-、aaB-、aabb表现为白色，A-bb表现为黄色。F1

的基因型为AaBb，表现型为白色，A错误；F2

中黄色∶白色的比例是3:13，B错误；F2

的白色个体应为A-B-（9）、aaB-（3）、aabb（1），其中纯合子有AABB（1）、aaBB（1）、aabb（1），所以F2

的白色个体中纯合子占3/13，C错误；F2

中黄色个体的基因型为1/3AAbb,2/3Aabb,

所以黄色个体自交有

2/3

会出现性状分离，D正确。小提示：正确分析题图信息，明确每种基因型的表现型是解答本题的关键，另外还需熟练掌握两对相对性状的杂交实验中F2的基因型及比例。5、将具有一对相对性状的杂合子（Aa）分别进行自交和自由交配，F2中纯合子所占比例高的交配方式和两者比例的差值分别是（

）A．自交、1/4B．自由交配、1/4C．自交、3/8D．自由交配、3/8答案：A分析：1

.杂合体（Aa）自交后代会发生性状分离，杂合子越来越少，纯合子越来越多。2

.杂合体（Aa）植株中，A的基因频率为50%，a的基因频率为50%，自由交配后基因频率不变。（1）杂合体（Aa）连续自交两代，后代中杂合子所占比例是（1/2）2=1/4，纯合子的比例=1-1/4=3/4；（2）杂合体（Aa）自由交配两代后，基因频率不变，因此后代中杂合子所占比例是50%×50%×2=50%，纯合子的比例为50%。故F2中纯合子所占比例高的交配方式是自交，两者比例的差值是3/4-1/2=1/4，A正确。故选A。6、用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交，F1全部表现为红花。若F1自交，到的F2植株中，红花为272株，白花为212株；若用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为101株，白花为302株。根据上述结果推断，下列正确的是（

）A．F2中白花植株都是纯合子B．F2中红花植株的基因型有2种C．控制红花与白花的基因在一对同源染色体上D．F2中白花植株的基因型种类比红花植株的多答案：D分析：分析题意：F1自交，得到的F2植株中，红花为272株，白花为212株，即红花：白花比例接近9：7；又由于“用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉”，该杂交相当于测交，得到的子代植株中，红花为101株，白花为302株，由此可以确定该对表现型由两对基因共同控制，并且A_B_表现为红花，其余全部表现为白花。A、由分析可知，白花的基因型可以表示为A_bb、aaB_、aabb，即F2中白花植株基因型有5种，有纯合体，也有杂合体，A错误；B、亲本基因型为AABB×aabb，得到的F1（AaBb）自交，F2中红花植株的基因型有AABB、AABb、AaBB、AaBb共4种，B错误；C、由于两对基因遵循基因的自由组合定律，因此两对基因位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律，C错误；D、F2中白花植株的基因型种类有5种，而红花植株的基因型只有4种，D正确。故选D。7、下列关于孟德尔遗传规律的得出过程，说法错误的是（

）A．豌豆自花传粉的特点是孟德尔杂交实验获得成功的原因之一B．统计学方法的使用有助于孟德尔总结数据规律C．进行测交实验是为了对提出的假说进行验证D．假说中具有不同基因型的配子之间随机结合，体现了自由组合定律的实质答案：D分析：1

.孟德尔遗传规律包括分离定律和自由组合定律，这两大定律的得出过程中都采用了假说-演绎法。2

.孟德尔获得成功的原因：(1)选用豌豆做实验材料：①豌豆是严格的自花传粉且闭花受粉的植物，所以自然状态下的豌豆都为纯种；②具有多个易于区分的相对性状；③花大，易于进行人工异花传粉操作。(2)由单因子到多因子研究的科学思路，即先研究1对相对性状，再研究多对相对性状。(3)利用统计学方法对数据进行分析。(4)运用科学的实验程序和方法。3

.测交是孟德尔验证自己对性状分离和自由组合现象的解释是否正确时所用的一种杂交方法。为了确定子一代是杂合子还是纯合子，让子一代与隐性纯合子杂交，这就叫测交。在实践中测交往往用来鉴定某一显性个体的基因型和它形成的配子类型及其比例。A、孟德尔杂交实验中选用豌豆做实验是成功的基础，豌豆是一种自花传粉、闭花授粉的植物，A正确；B、运用了数学统计的方法进行分析和推理，也是孟德尔杂交实验获得成功的原因之一，统计学方法的使用有助于孟德尔总结数据规律，B正确；C、测交是与隐性的个体进行杂交，进行测交实验是为了对提出的假说进行验证，C正确；D、假说中具有不同基因型的配子之间随机结合，是指受精过程，不能体现自由组合定律的实质，因为自由组合定律的实质是非同源染色体上的非等位基因自由组合，是发生在减数分裂形成配子的过程中，D错误。故选D。8、在孟德尔的豌豆杂交实验中，涉及到了自交和测交。下列相关叙述中正确的是（

）A．自交可以用来判断某一显性个体的基因型，测交不能B．测交可以用来判断一对相对性状的显隐性，自交不能C．纯合子自交的后代不会发生性状分离，测交后代会D．自交和测交都能用来检验显性个体是纯合子还是杂合子答案：D分析：自交是指植物中自花受粉和同株异花受粉，可以是纯合子（显性纯合子或隐性纯合子）自交、杂合子自交。杂交是基因型不同的生物个体之间相互交配的方式，可以是同种生物个体杂交，也可以是不同种生物个体杂交。测交是指杂种子一代个体与隐性类型之间的交配，主要用于测定F1

的基因型，也可以用来判断另一个个体是杂合子还是纯合子。鉴定生物是否是纯种，对于植物来说可以用测交、自交的方法，其中测交是最简单的方法；对于动物来讲则只能用测交的方法。采用自交法，若后代出现性状分离，则此个体为杂合子；若后代中没有性状分离，则此个体为纯合子。采用测交法，若后代中只有显性性状，则被鉴定的个体为纯合子；若后代中既有显性性状又有隐性性状出现，则被鉴定的个体为杂合子。A、自交可以用来判断某一显性个体的基因型，测交也能，A错误；B、测交不可以用来判断一对相对性状的显隐性，但自交能，B错误；C、若待测的个体是隐性纯合子，则测交后代也不会发生性状分离，C错误；D、根据自交和测交结果均可判断某显性个体是否为纯合子，D正确。故选D。9、某种小鼠的毛色受AY（黄色）、A（鼠色）、a（黑色）3个基因控制，三者互为等位基因，AY对A、a为完全显性，A对a为完全显性，并且基因型AYAY胚胎致死（不计入个体数）。下列叙述错误的是（

）A．若AYa个体与AYA个体杂交，则F1有3种基因型B．若AYa个体与Aa个体杂交，则F1有3种表现型C．若1只黄色雄鼠与若干只黑色雌鼠杂交，则F1可同时出现鼠色个体与黑色个体D．若1只黄色雄鼠与若干只纯合鼠色雌鼠杂交，则F1可同时出现黄色个体与鼠色个体答案：C分析：由题干信息可知，AY对A、a为完全显性，A对a为完全显性，AYAY胚胎致死，因此小鼠的基因型及对应毛色表型有AYA（黄色）、AYa（黄色）、AA（鼠色）、Aa（鼠色）、aa（黑色），据此分析。A、若AYa个体与AYA个体杂交，由于基因型AYAY胚胎致死，则F1有AYA、AYa、Aa共3种基因型，A正确；B、若AYa个体与Aa个体杂交，产生的F1的基因型及表现型有AYA（黄色）、AYa（黄色）、Aa（鼠色）、aa（黑色），即有3种表现型，B正确；C、若1只黄色雄鼠（AYA或AYa）与若干只黑色雌鼠（aa）杂交，产生的F1的基因型为AYa（黄色）、Aa（鼠色），或AYa（黄色）、aa（黑色），不会同时出现鼠色个体与黑色个体，C错误；D、若1只黄色雄鼠（AYA或AYa）与若干只纯合鼠色雌鼠（AA）杂交，产生的F1的基因型为AYA（黄色）、AA（鼠色），或AYA（黄色）、Aa（鼠色），则F1可同时出现黄色个体与鼠色个体，D正确。故选C。10、人类的ABO血型是由常染色体上的基因IA、IB和i三者之间互为等位基因决定的。IA基因产物使得红细胞表面带有A抗原，IB基因产物使得红细胞表面带有B抗原。IAIB基因型个体红细胞表面有A抗原和B抗原，ii基型个体红细胞表面无A抗原和B抗原。现有一个家系的系谱图（如图），对家系中各成员的血型进行检测，结果如表，其中“+”表示阳性反应，“-”表示阴性反应。个体1234567A抗原抗体++-++--B抗原抗体+-++-+-下列叙述正确的是（

）A．个体5基因型为IAi，个体6基因型为IBiB．个体1基因型为IAIB，个体2基因型为IAIA或IAiC．个体3基因型为IBIB或IBi，个体4基因型为IAIBD．若个体5与个体6生第二个孩子，该孩子的基因型一定是ii答案：A分析：由题表可知，呈阳性反应的个体红细胞表面有相应抗原，如个体1的A抗原抗体呈阳性，B抗原抗体也呈阳性，说明其红细胞表面既有A抗原，又有B抗原，则个体1的基因型为IAIB。A、个体5只含A抗原，个体6只含B抗原，而个体7既不含A抗原也不含B抗原，故个体5的基因型只能是IAi，个体6的基因型只能是IBi，A正确；B、个体1既含A抗原又含B抗原，说明其基因型为IAIB。个体2只含A抗原，但个体5的基因型为IAi，所以个体2的基因型只能是IAi，B错误；C、由表格分析可知，个体3只含B抗原，个体4既含A抗原又含B抗原，个体6的基因型只能是IBi，故个体3的基因型只能是IBi，个体4的基因型是IAIB，C错误；D、个体5的基因型为IAi，个体6的基因型为IBi，故二者生的孩子基因型可能是IAi、IBi、IAIB、ii，D错误。故选A。11、豌豆种子的黄色（Y）对绿色（y）为显性，圆粒（R）对皱粒（r）为显性。一株黄色圆粒豌豆与一株黄色皱粒豌豆杂交，其子代黄色圆粒占3/8，黄色皱粒占3/8，绿色圆粒占1/8，绿色皱粒占1/8，则其亲本最可能的基因型是（

）A．YyRr×YyrrB．YyRr×YYrrC．YYRr×yyRrD．yyRr×Yyrr答案：A分析：根据题干信息分析，让绿色圆粒豌豆与黄色皱粒豌豆杂交，则亲本可能的基因型为yyR_、Y_rr，再根据后代的表现型分析亲本的基因型，据此答题。据题意可知：豌豆种子的黄色（Y）对绿色（y）为显性，圆粒（R）对皱粒（r）为显性。让黄色圆粒豌豆与黄色皱粒豌豆杂交，后代中黄色和绿色两种豌豆的数量比为（3/8+3/8）:(1/8+1/8)=3:1，则亲本中黄色的基因型都为Yy；后代中圆粒和皱粒两种豌豆的数量比为（3/8+1/8）:(3/8+1/8)=1:1，则亲本中圆粒和皱粒的基因型为Rr×rr；综合来看亲本基因型为YyRr×Yyrr，A正确。故选D。12、两对相对性状的杂交实验中，

F1只有一种表现型，

F1自交，如果F2的表现型及比例分别为9:7

.9:6:1

.15:1和9:3:4，那么F1与隐性个体测交，与此对应的性状分离比分别是（

）A．1:2:1

.4:1

.3:1和1:2:1B．3:1

.4:1

.1:3和1:3:1C．1:3

.1:2:1

.3:1和1:1:2D．3:1

.3:1

.1:4和1:1:1答案：C解析：1

.自由组合定律特殊分离比的解题技巧：（1）看F2的表现型比例，若表现型比例之和是16，不管以什么样的比例呈现，都符合基因的自由组合定律。（2）将异常分离比与正常分离比9∶3∶3∶1进行对比，根据题意将具有相同表现型的个体进行“合并同类项”，如比值为9∶3∶4，则为9∶3∶(3＋1)，即4为后两种性状的合并结果。再如12∶3∶1即(9＋3)∶3∶1，12出现的原因是前两种性状表现一致的结果。2

.根据题意，F1为双杂合子AaBb，F1与隐性个体测交，后代的基因型比例为AaBb：Aabb：aaBb：aabb=1：1：1：1。

F1（AaBb）自交，F2的分离比为9：7时，说明当双显性基因同时出现时为一种表现型，其余的基因型为另一种表现型，即9(A_B_)∶7(3A_bb＋3aaB_＋1aabb)，则F1与隐性个体测交，得到的性状分离比是AaBb：（Aabb+aaBb+aabb）=1：3；F2的分离比为9：6：1时，说明生物的基因型为9A_B_：（3A_bb+3aaB_）：1aabb，则F1与隐性个体测交，得到的表现型分离比是AaBb：（Aabb+aaBb）：aabb=1：2：1；F2的分离比为15：1时，说明生物的基因型为（9A_B_+3A_bb+3aaB_）：1aabb，则F1与隐性个体测交，得到的表现型分离比是（AaBb+Aabb+aaBb）：aabb=3：1；F2的分离比为9：3：4时，说明生物的基因型为9A_B_：3A_bb：（3aaB_+1aabb）或9A_B_：3aaB_：（3A_bb+1aabb），则F1与隐性个体测交，后代的分离比为1AaBb：1Aabb：（1aaBb+1aabb）=1：1：2或1AaBb：1aaBb：（1Aabb+1aabb）=1：1：2。故选C。13、在模拟孟德尔杂交实验时，有学生取两个信封，装入信封的圆纸片上有的写上“A”，有的写上“a”（如图）。下列叙述错误的是（

）A．两个信封分别代表了父本和母本B．分别从两个信封内随机取出1张圆纸片组合在一起，记录组合结果后，要将其放回原信封内C．将分别从两个信封内随机取出的2张圆纸片组合在一起的过程模拟了雌雄配子的随机结合D．若要模拟自由组合定律，则须在两信封中各加入适量且等量的标有“B”和“b”的圆纸片答案：D分析：由图可知，两只信封内均装入两种纸片即A和a，每只信封相当于不同的亲本。A、两个信封分别代表了父本和母本，里面的圆纸片模拟雌雄配子，A正确；B、分别从两个信封内随机取出1张圆纸片组合在一起，记录组合结果后，要将其放回原信封内，要保证每次拿出任何一张圆片的概率相同，B正确；C、分别从两个信封内随机取出的2张圆纸片分别相当于雌雄配子，二者的组合模拟的是雌雄配子的随机结合，C正确；D、若要模拟自由组合定律，可以将其中一个信封中的圆纸片改为“B”和“b”即可，D错误。故选D。14、某研究所将拟南芥的三个抗盐基因SOSI、SOS2

.SOS3导入玉米，筛选出成功整合的耐盐植株（三个基因都表达才表现为高耐盐性状）。如图表示三个基因随机整合的情况，让三株转基因植株自交，后代高耐盐性状的个体比例最小的是A．甲B．乙C．丙D．三者相同答案：C分析：题图分析：甲细胞中三个抗盐基因SOSI、SOS2

.SOS3都在一条染色体上，乙细胞中三个抗盐基因SOSI、SOS2位于一条染色体上，而SOS3位于非同源染色体上，丙细胞中三个抗盐基因SOSI和SOS2位于同源染色体的不同位置上，而SOS3位于非同源染色体上，且三个基因都表达才表现为高耐盐性状。据此分析对各选项进行判断。设三个抗盐基因SOSI、SOS2

.SOS3分别用A、B、D来表示，植株甲可产生两种类型的配子，ABD和abd，比例为1：1，让甲自交，后代高耐盐性状的个体比例是3/4，植株乙可产生ABD、AbD、aBd、abd这四种类型的配子，比例为1：1：1：1，让乙自交，后代高耐盐性状的个体比例是9/16，植株丙可产生AbD、Abd、aBD、aBd这四种类型的配子，比例为1：1：1：1，让丙自交，后代高耐盐性状的个体比例是6/16，因此应选C。小提示：本题综合考查了基因的分离定律和自由组合定律的相关知识，意在考查考生运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论的能力。15、某种自花传粉植物的等位基因A/a和B/b位于非同源染色体上。A/a控制花粉育性，含A的花粉可育；含a的花粉50%可育、50%不育。B/b控制花色，红花对白花为显性。若基因型为AaBb的亲本进行自交，则下列叙述错误的是（

）A．子一代中红花植株数是白花植株数的3倍B．子一代中基因型为aabb的个体所占比例是1/12C．亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子数的3倍D．亲本产生的含B的可育雄配子数与含b的可育雄配子数相等答案：B分析：分析题意可知：A、a和B、b基因位于非同源染色体上，独立遗传，遵循自由组合定律。A、分析题意可知，两对等位基因独立遗传，故含a的花粉育性不影响B和b基因的遗传，所以Bb自交，子一代中红花植株B_：白花植株bb=3：1，A正确；B、基因型为AaBb的亲本产生的雌配子种类和比例为AB:Ab:aB:ab=1:1:1:1，由于含a的花粉50%可育，故雄配子种类及比例为AB:Ab:aB:ab=2:2:1:1，所以子一代中基因型为aabb的个体所占比例为1/4×1/6=1/24，B错误；C、由于含a的花粉50%可育，50%不可育，故亲本产生的可育雄配子是A+1/2a，不育雄配子为1/2a，由于Aa个体产生的A：a=1:1，故亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子的三倍，C正确；D、两对等位基因独立遗传，所以Bb自交，亲本产生的含B的雄配子数和含b的雄配子数相等，D正确。故选B。多选题16、如图所示，表示纯合子的基因组成是（

）A．B．C．D．答案：BC分析：纯合子是指由相同基因型的配子结合成的合子发育成的个体为纯合子，纯合子能稳定遗传。根据概念可知，B项是由基因型相同的配子Ab结合形成的，B正确；C项是由基因型相同的配子ab结合形成的

，即

C正确。故选BC。17、一豌豆杂合子（Aa）植株自然状态下生长，下列叙述正确的是（

）A．若自交后代AA∶Aa∶aa=2∶3∶1，可能是含有隐性遗传因子的花粉50%死亡造成的B．若自交后代Aa∶Aa∶aa=2∶2∶1，可能是隐性个体50%死亡造成的C．若自交后代AA∶Aa∶aa=4∶4∶1，可能是含有隐性遗传因子的配子50%死亡造成的D．若自交后代AA∶Aa∶aa=1∶2∶1，可能是花粉50%死亡造成的答案：ACD分析：基因分离定律：在生物体细胞中，控制同一性状的遗传因子成对存在，不相融合；在形成配子时，成对的遗传因子发生分离，分离后的遗传因子分别进入不同的配子中。A、Aa植株中雌配子有1/2A、1/2a，雄配子a有50%的致死，说明雄配子是1/2A+1/2×1/2a，也就是雄配子中有2/3A、1/3a。所以后代各种基因型的频率：（1/2×2/3）AA∶（1/2×2/3+1/2×1/3）Aa∶（1/2×1/3）aa=2∶3∶1，A正确；B、一豌豆杂合子（Aa）植株自交时，后代各种基因型所占的比例为AA∶Aa∶aa=1∶2∶1，若隐性个体50%死亡，则自交后代的基因型比例是AA∶Aa∶aa=1∶2∶1×1/2=2∶4∶1，才可能是隐性个体有50%的死亡造成，B错误；C、若含有隐性基因的配子有50%的死亡，则配子中A的频率为2/3，a的频率为1/3，自交后代的基因型比例是（2/3×2/3）AA∶（2/3×1/3×2）Aa∶（1/3×1/3）aa=4∶4∶1，C正确；D、若花粉有50%的死亡，雄配子中A与a的比例不变，所以自交后代的基因型比例仍是1∶2∶1，D正确。18、豌豆作为遗传学研究的常用实验材料的主要优点：豌豆是严格的闭花受粉，自花传粉植物。将杂合子的豌豆（Mm）自交，自交得到的子一代出现了不同的基因型及比例，下列有关叙述正确的是（

）A．若两种花粉各有1/3死亡，则子一代的基因型比例是1：2：1B．若隐性个体有1/3死亡，则子一代的基因型比例是3：6：1C．若含有隐性基因的花粉有1/3死亡，则子一代的基因型比例是3：5：2D．若含有隐性基因的配子有1/3死亡，则子一代的基因型比例是9：12：4答案：ACD分析：基因分离定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子的过程中，位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代，按照分离定律，基因型为Mm的个体产生的配子的类型及比例是M：m=1：1，如果产生的配子都可育、且受精卵发育成个体的机会均等，自交后代的基因型及比例是MM：Mm：mm=1：2：1。A、若两种花粉各有1/3死亡，雌配子为1/2M、1/2m，花粉为1/3M、1/3m，子一代的基因型及比例为1/6MM：（1/6Mm+1/6Mm

）：1/6mm=1:2:1，A正确；B、若隐性个体有1/3死亡，自交后代的基因型及比例是1MM：2Mm：2/3mm=3：6：2，B错误；C、若含有隐性基因的花粉有1/3死亡，雌配子为1/2M、1/2m，花粉为1/2M、1/3m，子一代的基因型为1/4MM：（1/6Mm+1/4Mm

）：1/6mm=3：5：2，C正确；D、若含有隐性基因的配子有1/3死亡，雌配子为1/2M、1/3m，花粉为1/2M、1/3m，子一代的基因型为1/4MM：（1/6Mm+1/6Mm

）：1/9mm=9：12：4，D正确。故选ACD。19、下列有关孟德尔的豌豆两对相对性状的杂交实验的叙述，正确的是（）A．F1自交后，F2出现绿圆和黄皱两种新性状组合B．对F2每一对性状进行分析，比例都接近3∶1C．F2的性状表现有4种，比例接近9∶3∶3∶1D．F2中雌雄配子组合方式有4种答案：ABC分析：两对相对性状的杂交实验中，纯合的黄色圆粒豌豆YYRR与纯合的绿色皱粒豌豆yyrr杂交，子一代全是黄色圆粒YyRr，其产生配子的种类及比例为YR：Yr：yR：yr=1：1：1：1，子二代中黄色圆粒（Y_R_）：黄色皱粒（Y_rr）：绿色圆粒（yyR_）：绿色皱粒（yyrr）=9：3：3：1。A、F1自交后，F2出现绿圆和黄皱两种新性状组合，与亲本的黄色圆粒和绿色皱粒不同，A正确；B、F2中，黄色：绿色=3：1，圆粒：皱粒=3：1，B正确；C、F2黄色圆粒：黄色皱粒：绿色圆粒：绿色皱粒=9：3：3：1，C正确；D、F2中雌雄配子组合方式有16种，D错误。故选ABC。20、某植物红花和白花这对相对性状同时受多对等位基因控制（如A

、a

；B

、b；C、c

……），当个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时（即

A_B_C_……）才开红花，否则开白花。现有甲、乙、丙、丁4个纯合白花品系，相互之间进行杂交，杂交组合、后代表型及其比例如下。下列分析正确的是（

）A．植物的花色至少由三对等位基因控制B．由实验结果可知，一个性状可受多对等位基因控制C．基因是通过控制蛋白质的结构直接控制植物的花色D．甲的基因型可能为AAbbccDD答案：BD分析：根据题意"当个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时(即A_B_）才开红花，否则开白花"，若子代红花占3/4，说明F1含一对等位基因，其它各对基因为显性纯合，若子代红花占3/4×3/4=9/16，说明F1含两对等位基因，其它各对基因为显性纯合，以此类推，根据乙×丙和甲×丁两个杂交组合中，F2代中红色个体占全部个体的比例为81/(81+175)

=

(3/4)4，可推知F1至少含有4对等位基因。A、由题意可知，植物的花色由多对等位基因控制。由乙、丙杂交的F2红：白=81：175，红色比例约为（3/4）4，因此该植物的花色至少由4对等位基因控制，A错误；B、由实验结果可知，一个性状可受多对等位基因控制，B正确；C、基因是通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制植物的花色，C错误；D、甲、乙、丙、丁的基因型分别为AAbbccDD、AABBccDD、aabbCCdd、aaBBCCdd，D正确。故选BD。21、洋葱鳞茎有红色、黄色和白色三种，研究人员用红色鳞茎洋葱与白色鳞茎洋葱杂交，F1全为红色鳞茎洋葱，F1自交，F2中红色、黄色和白色鳞茎洋葱分别有119株、32株和10株。相关叙述正确的是（

）A．洋葱鳞茎不同颜色是由液泡中不同色素引起的B．F2的红色鳞茎洋葱中与F1基因型相同的个体大约占4/9C．F2中出现了亲本没有的表现型，比例是3/16D．F2中的黄色鳞茎洋葱进行测交，得到白色洋葱的概率为1/3答案：ACD分析：根据题干信息分析，F2中红色、黄色和白色分别有119株、32株和10株，即F2的性状分离比接近于12:3:1，是9:3:3:1的变形，说明洋葱鳞茎颜色是由两对等位基因控制的，且遵循基因的自由组合定律，设这两对基因用A、a和B、b表示，则题中亲本的基因型为AABB（红色）和aabb（白色），F1的基因型为AaBb（红色），F2中红色个体的基因型为1AABB、2AaBB、2AABb、4AaBb、2Aabb（或2aaBb）、1AAbb（或1aaBB），黄色个体的基因型为2aaBb（或2Aabb）、1aaBB（或1AAbb），白色个体的基因型为aabb。A、洋葱鳞茎不同颜色是由液泡中不同的色素引起的，A正确；B、根据以上分析已知，子一代的基因型为AaBb，子二代的红色鳞茎洋葱中（9A_B_、3aaB_）与子一代基因型相同的个体大约占4/12＝1/3，B错误；C、子二代中出现的黄色是亲本没有的表现型，占3/16，C正确；D、根据以上分析可知，子二代黄色鳞茎洋葱的基因型为A_bb或aaB_，让其与aabb测交，后代白色洋葱aabb的概率为1/2×2/3=1/3，D正确。故选ACD。22、实验者利用基因工程技术将某抗旱植株的高抗旱基因R成功转入到一抗旱能力弱的植株品种的染色体上，并得到如图所示的三种类型。下列说法中正确的是（

）A．若自交产生的后代中高抗旱性植株所占比例为75%，则目的基因的整合位点属于图中类型Ⅱ和ⅢB．Ⅰ和Ⅱ杂交产生的后代中高抗旱性植株所占比例为100%C．Ⅱ和Ⅲ杂交产生的后代中高抗旱性植株所占比例为7/8D．三种转基因植株都需要逐代自交以获得能稳定遗传的抗旱植株答案：BC分析：根据图解可知：Ⅰ图个体减数分裂产生的配子全含有R基因，该个体自交，后代中全部是高抗旱性植株；Ⅱ图个体减数分裂产生的配子有一半含R基因，该个体自交，后代中抗旱能力弱植株占的比例是1/2×1/2=1/4，高抗旱性植株所占比例为1-1/4=3/4；Ⅲ图个体减数分裂产生的配子有3/4含R基因，该个体自交，后代中抗旱能力弱植株占1/4×1/4=1/16，高抗旱性植株所占的比例为1-1/16=15/16。A、由以上分析可知：Ⅲ的两个R基因分别位于两条非同源染色体上，该个体减数分裂产生的配子有3/4含R基因，该个体自交，后代中抗旱能力弱植株占1/4×1/4=1/16，高抗旱性植株所占的比例为1-1/16=15/16，A错误；B、Ⅰ产生的配子中都有R基因，因此，它与Ⅱ杂交产生的后代中高抗旱性植株所占比例为100%，B正确；C、Ⅲ个体可以产生四种配子，与Ⅱ杂交，后代中高抗旱性植株所占比例为7/8，C正确；D、I类型类似于纯合子，其获得稳定遗传（纯合子）的抗旱植株不需要逐代自交，D错误。故选BC。23、将八氢番茄红素合成酶基因（PSY）和胡萝卜脱氢酶基因（ZDS）导入水稻细胞，培育而成的转基因植株“黄金水稻”具有类胡萝卜素超合成能力，其合成途径如下图所示。已知目的基因能一次或多次插入并整合到水稻细胞染色体上（不考虑其他变异），下列叙述错误的是（

）A．若某一转基因植株自交后代中橙色大米：亮红色大米：白色大米的比例为3：12：1时，则不可能有PSY、ZDS插在同一条染色体上B．若有一个PSY和一个ZDS分别插入到2条非同源染色体上，则此转基因植株自交后代中白色大米：橙色大米：亮红色大米的比例为4：3：9C．若某一转基因植株自交后代中出现白色大米：亮红色大米的比例为1：15，则一定有PSY，ZDS插在同一条染色体上D．若只有一个PSY和一个ZDS插入到同一条染色体上，无其他位置插入这两种基因，则此转基因植株自交后代中亮红色大米：白色大米的比例为3：1答案：AC分析：假设八氢番茄红素合成酶基因（PSY）用A/a表示，胡萝卜脱氢酶基因（ZDS）用B/b表示。A_B_表现为亮红色，A_bb表现为橙色，aa_

_表现为白色。A、若某一转基因植株自交后代中橙色大米∶亮红色大米∶白色大米的比例为3∶12∶1时，属于9∶3∶3∶1的变式，有一个PSY和一个ZDS分别插入到2条非同源染色体上，且PSY基因多次插入，则可能有PSY、ZDS插在同一条染色体上，A

错误；B、一个PSY和一个ZDS分别插入到2条非同源染色体上，假定转入PSY基因的用A表示，没有转入PSY基因的用a表示，转入ZDS基因的用B表示，没有转入ZDS基因的用b表示，转基因水稻的基因型是AaBb，由于遵循遵循自由组合定律，自交后代的基因型及比例是A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb=9∶3∶3∶1，A_B_含有两种转基因，表现为亮红色，A_bb只含有PSY基因，表现为橙色，aaB_、aabb为白色，自交后代中白色大米∶橙色大米∶亮红色大米的比例为4∶3∶9，B正确；C、若某一转基因植株自交后代中出现白色大米：亮红色大米的比例为1∶15，不一定有PSY、ZDS插在同一条染色体上，如

，C错误；D、若有一个PSY和一个ZDS插入到同一条染色体上，则此转基因植株基因型可视为AB/ab，自交后代中亮红色大米∶白色大米的比例为3∶1，D正确。故选AC。小提示：24、等位基因Bb、B+位于常染色体上，分别决定山羊有胡子和无胡子，但是在雄性中Bb为显性基因，在雌性中B+为显性基因。有胡子雌山羊与无胡子雄山羊杂交产生F1，F1雌雄个体交配产生F2，下列判断正确的是（

）A．F1个体中50%表现为有胡子B．F2个体中50%表现为无胡子C．F2有胡子雄山羊中纯合子占1/4D．F2纯合子中有胡子雌山羊占1/4答案：ABD分析：本题是从性遗传实例，课本上没有专门的知识，所以要求学生能根据题干信息，“Bb、B+位于常染色体上，分别决定山羊有胡子和无胡子”、“在雄性中Bb为显性基因，在雌性中B+为显性基因”，首先写出各基因型对应的表现型，然后再结合题意对相关问题进行分析解决：BbBbBbB+B+B+雌性有胡子无胡子无胡子雄性有胡子有胡子无胡子A、本题是从性遗传实例，Bb在雄性中为显性，在雌性中为隐性，则亲代中有胡子雌性与无胡子雄性的基因型分别是♀BbBb，♂B+B+，其杂交产生的F1为

B+Bb，F1中雄性表现为有胡子，雌性表现为无胡子，雌雄各占一半，因此F1个体中50%表现为有胡子，A正确；B、F2中BbBb∶BbB+∶B+

B+=1∶2∶1，B+B+占1/4表现为无胡子，B+Bb占1/2，其中1/2表现为无胡子，则无胡子占1/4+1/2×1/2=1/2，B正确；C、F2有胡子雄山羊的基因型比例为BbBb∶BbB+=1∶2，纯合子占1/3，C错误；D、F2纯合子（BbBb、B+B+）中有胡子雌山羊、有胡子雄山羊、无胡子雌山羊、无胡子雄山羊各占1/4，D正确。故选ABD。25、已知鼠的灰色与白色是一对相对性状，由一对遗传因子控制。如图为鼠的毛色的遗传图解，则下列判断正确的是（

）A．1

.2号的遗传因子组成相同，3

.6号的遗传因子组成相同B．7号与4号的遗传因子组成相同的概率为1/2C．4号一定是杂合子，3号一定是纯合子D．F1的结果表明发生了性状分离答案：ACD分析：分析题图：鼠的黑色与白色受一对等位基因（相关基因用A、a表示）控制，遵循基因的分离定律．一对黑色鼠（1和2

.4和5）生了一只黑色和一只白色共两只鼠，说明出现了性状分离，黑色对白色为显性。A、1

.2号的基因型均为Aa，3

.6的基因型均为aa，A正确；B、4号的基因型为Aa，7号的基因型及概率为1/3AA或2/3Aa，因此两者基因型相同的概率为2/3，B错误；C、由于6号为白色，基因型为aa，故4号的基因型只能是杂合子Aa，3号为白色，基因型为aa，一定是纯合子，C正确；D、由分析可知，F1和F2的结果均表明发生了性状分离，D正确。故选ACD。填空题26、孟德尔两对相对性状的杂交实验中，F1(YyRr)在产生配子时，每对遗传因子彼此_____，不同对的遗传因子可以_____。F1产生的雌配子和雄配子各有4种：_____，数量比例是：______。受精时，雌雄配子的结合是_____的，雌、雄配子结合的方式有_____种，遗传因子的结合形式有_____种，性状表现有____种：____，它们之间的数量比是___。答案：

分离

自由组合

YR、Yr、yR、yr

1：1：1：

随机

16

9

4

黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒、绿色皱粒

9：3：3：1解析：略27、判断一对相对性状的显隐性方法是_____；不断提高纯合度的方法是_____；判断纯合子和杂合子方法是_____（植物常用）、_____（动物常用）。答案：

杂交

连续自交

自交

测交解析：略28、在杂交育种中，人们有目的地将具有_____的两个亲本杂交，使两个亲本的_____组合在一起，再筛选出所需要的优良品种。在医学实践中，人们可以依据_____，对某些遗传病在后代中的_____作出科学的推断，从而为_____提供理论依据。答案：

不同优良性状

优良性状

分离定律和自由组合定律

患病概率

遗传咨询解析：略29、基因的自由组合定律的实质是：在减数分裂分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，_____自由组合。答案：非同源染色体上的非等位基因基因的自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或